2019年整理江苏省淮安市中考物理试卷两份附答案及试题解析（word版）

2019年整理江苏省淮安市中考物理试卷两份附答案及试题解析中考物理试卷一一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）1下列能源的大量使用，会造成空气污染加剧的是（）A天然气B地热能C太阳能D风能【答案】A【解析】地热能、太阳能、风能属于可再生能源，都是未来的理想能源，安全清洁，不会严重影响环境；而天然气是化石能源，属于不可再生能源，会给空气造成很大的污染；故选：A。【点评】本题主要考查了哪些能源的利用会对环境造成危害，属于基础知识的考查。2如图所示，改变试管中的水量，用同样大小的力吹气时会发出不同的声音。这“不同的声音”主要是指声音的（）A振幅B音色C响度D音调【答案】D【解析】用嘴贴着试管口吹气，振动发声的是由于试管口内空气柱的振动发出的，当水量增加时，空气柱长度越短，音调越高，因此这“不同的声音”主要是指声音的音调。故选：D。【点评】解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分声音的三个特征，并且要知道影响三个特征的因素有哪些，在此题中把握：物体的质量越大、体积越大越难振动，相应的频率越低，音调越低。3下列现象中，不能说明分子在做永不停息的无规则运动的是（）【答案】C【解析】A、红墨水在水中散开，是分子运动结果。故A不符合题意；B、美味佳肴香气扑鼻，芳香油分子不停地做无规则运动，扩散到空气中，故B不符合题意；C、扫地时尘土飞扬，是固体小颗粒的运动，不是分子的运动。故C符合题意；D、用鼻子嗅气味可以鉴别物质，是因为物质分子不停地做无规则运动，打开时可以嗅到气味，故D不符合题意。故选：C。【点评】无论是液体还是固体，它们的分子在永不停息的做无规则运动，分子运动是肉眼看不见的，要把它与物质运动区别开来。解答本题我们一定要区分开分子的运动和固体小颗粒的运动。4下列现象中，由凝华形成的是（）A初春，冰雪消融汇成溪流B盛夏，烈日炎炎土地干涸C深秋，清晨草地出现白霜D严冬，寒风凛冽湖水结冰【答案】C【解析】凝华指的是物体由气体直接变为固体的过程。A、冰雪消融，是冰雪由固态变成液态，是熔化现象；故A不符合题意；B、土地干涸是液态水变为气态水蒸气的结果，属于汽化现象；故B不符合题意；C、“霜”是固体，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华；故C符合题意；D、湖水结冰，是液态水变为固态冰的凝固形成的，故D不符合题意。故选：C。【点评】将日常生活中发生的各种物态变化与理论联系起来是解决此题的关键。5关于力和运动的关系，下列说法正确的是（）A抛出去的篮球在上升过程中不受重力作用B在平直轨道上匀速行驶的列车受平衡力的作用C汽车刹车时人会向前“冲”是因为惯性突然消失D运动员在圆形跑道上做快慢不变的运动，运动状态不改变【答案】B【解析】A、地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用，所以抛出去的篮球在上升过程中也受重力作用，故A错误。B、在平直轨道上匀速行驶的列车，速度的大小和方向都不变，处于平衡状态，受平衡力的作用，故B正确；C、汽车刹车时人会向前“冲”，是因为人具有惯性仍保持原来速度继续向前运动；惯性是物体本身的一种性质，任何情况下物体都有惯性，故C错误；D、运动员在圆形跑道上做快慢不变的运动，速度大小不变，方向不断变化，运动状态发生改变，故D错误。故选：B。【点评】此题是一道力学的综合题，考查了惯性现象、运动和力的关系、平衡力的判断及重力的存在。正确、全面理解基本规律，是解答的基础。6下列事例中，通过做功来改变物体内能的是（）【答案】D【解析】A、金属汤勺放在热汤中，温度升高，属于热传递改变物体的内能，故A错误；B、食品放入电冰箱，温度降低，属于热传递改变物体的内能，故B错误；C、在取暖器旁的物体，温度升高，属于热传递改变物体的内能，故C错误；D、反复弯折铁丝，弯折处发烫，属于做功改变物体的内能，故D正确。故选：D。【点评】此题考查的是对于改变物体内能两种方式的掌握情况，需要注意的是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移，两者有着本质的区别。7如图所示，蜡烛在光屏上成清晰的像，凸透镜焦距为18cm。下列说法正确的是（）A所成的像是虚像B所成的像是倒立、放大的C蜡烛向左移动所成的像变大D照相机是利用这一成像原理制成的【答案】B【解析】ABD、由图可知，物距u=50cm20cm=30cm，物距fu2f，成倒立放大的实像，其应用是投影仪，故AD错误、B正确；C、蜡烛向左移动，物距变大，像距变小，所成的像变小，故C错误。故选：B。【点评】根据物距和焦距，像距和焦距能判断凸透镜成像情况：u2f，成倒立、缩小的实像，2fvf2fuf，成倒立、放大的实像，v2f。uf，成正立、放大的虚像。8如图所示，电源电压恒定，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。S闭合，滑动变阻器滑片P由a向b滑动，下列说法正确的是（）A电压表V1示数与电压表V2示数之和变大B电压表V1示数与电流表A示数的乘积变大C电压表V1示数与电流表A示数的比值变大D电压表V2示数与电流表A示数的比值变大【答案】D【解析】等效电路图如下，R1与R2串联，V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压。A、开关S闭合，当滑片P由a向b滑动时，由串联电路的电压特点可知，电压表V1示数与电压表V2示数之和等于电源电压，则两个电压表示数之和不变，故A错误；BCD、滑片P由a向b滑动，变阻器R2接入电路的阻值变大，总电阻变大，由I=知电路中电流变小，电流表A的示数变小；由U=IR可知，定值电阻Rl两端电压变小，即V1的示数变小，则V2示数就会变大；所以，电压表V1示数与电流表A示数的乘积变小，故B错误；电压表V2示数与电流表A示数的比值变大，故D正确；由欧姆定律可知，电压表V1与A的示数之比等于定值电阻R1的阻值，所以该比值不变，故C错误。故选：D。【点评】此题是有关电路的动态分析，考查了串联电路的电流、电压规律及对欧姆定律的应用，本题画出等效电路图，确认电路的连接方式是关键。二、填空题（本題共10小题，每空1分，共24分）9极限跳伞是一项惊险体育运动。如图所示，跳伞员从高空匀速下落过程中重力势能减小，机械能减小，跳伞员看到地面“迎面扑来”，则他是以自己为参照物。【解析】跳伞员在匀速下落过程中，其质量不变，高度减小，所以其重力势能减小；速度不变，动能不变；机械能等于动能与势能的总和，故机械能减小；若跳伞员看到地面“迎面扑来”，则他是以自己为参照物的；故答案为：减小；减小；自己。【点评】该题考查了重力势能大小的影响因素、参照物的判断和，是一道综合题。10如图所示，“天宫二号”中的航天员是通过电磁波接收地面指挥中心发出的各项指令，“天宫二号”上的太阳能电池板是将太阳能转化为电能的装置。【解析】（1）真空不能传声，因此太空不可以用声波传递信息，故“天宫二号”中的航天员是通过电磁波接收地面指挥中心发出的各项指令；（2）太阳能电池板能将太阳能转化为电能。故答案为：电磁波；电能。【点评】本题是一道综合题，综合考查了学生对电磁波的传播和太阳能电池板的了解和掌握。11随着人们生活水平的提高，扫地机器人逐步进入普通家庭。如图所示为某款扫地机器人，其工作时是通过电机转动使内部气流速度大，压强小，使杂物进入吸尘器达到清扫的目的。【解析】高速旋转的叶轮把空气排出风机，机器人内部的空气流速大，压强小，而外部的空气流速小，压强大，所以在外界大气压的作用下，外部空气和灰尘不断地压入进风机，扫地机器人就能“扫尘”了，使杂物进入吸尘器达到清扫的目的。故答案为：大；小。【点评】此题以扫地机器人为载体，考查流体压强与流速的关系，考查学生应用物理知识解决实际问题的能力。12质量为50kg的水温度从20升高到50吸收的热量是6.3106J，这些热量如果完全由煤气燃烧来提供，至少需0.15kg的煤气。（水的比热容为4.2103J/（kg），煤气的热值4.2107J/kg）。【解析】（1）水吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）50kg（5020）=6.3106J；（2）由题意可知，煤气完全燃烧放出的热量：Q放=Q吸=6.3106J，由Q放=mq可得完全燃烧煤气的质量：m=0.15kg。故答案为：6.3106；0.15。【点评】本题考查了吸热公式Q吸=cmt和Q放=mq的应用，注意利用好条件：煤气完全燃烧放出的热量Q放=Q吸。13【解析】如图所示为我国某新型战略核潜艇。它在水面航行时排水量为9000t，受到的浮力为9107N它在水下下潜过程中，受到的浮力增大（选填“增大”、“减小”或“不变”），受到水的压强增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（g取10N/kg）【解析】（1）核潜艇在水面航行时受到的浮力：F浮=G排=m排g=9106kg10N/kg=9107N；（2）随着海水深度的增加，单位体积海水的质量变大，即海水的密度增大，根据F浮=G排=液gV排可知，潜水器受到的浮力增大；（3）根据p=gh可知，在核潜艇下潜过程中，所处深度h增大、海水的密度不变，所以海水对它的压强增大。故答案为：9107；增大；增大。【点评】本题考查了物体所受浮力和压强的计算，F浮=水gV排和p=水gh这两个公式一直是学生容易混淆，易错的知识，所以要注意理解和掌握。14【解析】如图所示，工人用250N的拉力将重为400N的装修材料匀速提升6m，所用时间为lmin，则工人做的有用功是2400J，工人做功的功率是50W，动滑轮的机械效率是80%。【解析】（1）有用功：W有用=Gh=400N6m=2400J；（2）由图知n=2，则拉力端移动距离：s=2h=26m=12m，拉力做的总功：W总=Fs=250N12m=3000J，工人做功的功率：P=50W；（3）动滑轮的机械效率：=100%=100%=80%。故答案为：2400；50；80%。【点评】此题主要考查的是学生对有用功、总功、功率、机械效率计算公式的理解和掌握，弄清楚s和h之间的关系是解决此题的关键。15如图甲所示是电阻R和灯泡L的IU图象。由图可知，电阻R的阻值是10将电阻R和灯泡L接在图乙电路中，S闭合，电流表示数为0.3A，则电源电压为4V。【解析】（1）根据图象，由I=可得，电阻R的阻值：R=10；（2）由电路图可知，电阻R和灯泡L串联，电流表测电路中的电流，串联电路中各处的电流相等，由图象可知，电流I=0.3A时，UL=1V，UR=3V，则电源电压：U=UL+UR=1V+3V=4V；故答案为：10；4。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律公式的应用，关键是能从图象中得出正确的信息。16【解析】如图甲所示，探究冰的熔化特点，将装有碎冰的试管直接放置在空气中，不用酒精灯加热，这样做不但使试管均匀受热，而且冰的温度升高较慢（选填“快”或“慢”），便于记录各个时刻的温度。图乙是根据实验数据绘制的冰熔化时温度随时间变化的图象。由图象可知，在第8分钟末，试管里的冰处于固液共存态（选填“固态”、“液态”或“固液共存态”），冰在熔化过程中温度不变。【解析】（1）冰的熔点为0，所以装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度。（2）由图象可知，冰从4min开始熔化，到10min熔化完成，在第8分钟末，试管里的冰处于熔化过程，处于固液共存状态；（3）冰吸收热量温度升高，达到熔点，在熔化过程中，继续吸收热量，温度保持不变。故答案为：慢；固液共存态；不变。【点评】本题是探究“冰熔化过程的规律”的实验，考查了加热的方法、晶体熔化过程的特点及对熔化图象的分析。学生分析物质熔化的图象，是本实验中应该掌握的基本技能之一，从图象中获取有效的信息，也是物理实验中经常运用的。17如图所示是木块在水平面上运动时每隔相等时间曝光一次所得到的照片，曝光时间间隔为0.02s，木块从1位置到3位置运动的距离是3.60cm，木块从1位置到4位置运动的速度为0.9m/s。【解析】（1）由图知，刻度尺分度值为1mm，则木块从1位置运动到3位置时距离为：6.20cm2.60cm=3.60cm；（3）由图知，木块从1位置运动到4位置时，频闪3次，所用时间为t=0.02s3=0.06s，木块运动的距离：s=8.00cm2.60cm=5.40cm=0.054m，则木块从1位置到4位置运动的平均速度：v=0.9m/s。故答案为：3.60；0.9。【点评】本题考查平均速度公式的应用，难度不大，关键是能从图中读出频闪的次数和通过的距离。18如图所示为小王同学设计的遮光感应烟雾探测器部分工作原理图。在一个外部光线无法进入的烟室中，装有一个激光发生器及带有一光敏电阻R0（光照越强，R0阻值越小，反之则越大）的电路，R为定值电阻，电源电压恒定。烟雾进入烟室后，激光被烟雾遮挡而使光敏电阻的阻值发生变化，烟雾越来越浓时，电路中电流表示数逐渐减小，当电压表示数达到某一固定值时，探测器便会发出警报。如果要使烟雾浓度较小时探测器就能发出警报，你认为对电路中的R应如何调整？答：R应调小一点【解析】（1）由图可知R与R0串联，电压表测量光敏电阻两端的电压，电流表测量电路中的电流；由感光电阻的性质知：当烟雾进入烟室并越来越浓时，使光照变弱，感光电阻阻值增大，则电路中的总电阻增大，电源电压不变，由I=可知：电路中电流减小，即电流表示数减小；由U=IR可知，定值电阻R两端的电压会减小，则根据串联电路的电压特点知，感光电阻R0两端的电压增大，即电压表的示数会变大。（2）如果要使烟雾浓度较小时探测器就能发出警报，即电压表示数在R0阻值较小时就达到某一固定值，根据串联电路的分压特点可知：应减小R的电阻值，所以，电路中的R应调小一点。故答案为：减小；R应调小一点。【点评】本题是一道动态分析题，要能正确分析电路结构，熟练应用串联电路特点及欧姆定律公式。从题中得出感光电阻的阻值与光照的变化关系是本题的突破口。三、解答题（本题共10小题，共40分，解答第22题时，应写出解题过程）19（1分）按照题目要求作图：画出图中入射光线的折射光线。【解析】先过入射点作水面的垂线，即法线，当光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，由此在法线右侧的水中画出折射光线。如图所示：【点评】此题考查了折射光路的画法，关键是记熟光的折射定律，明确折射角与入射角的关系。20（1分）画出图中静止在水平桌面上的茶杯对桌面压力的示意图。【解析】画水杯对桌面的压力，受力物体是桌面，所以作用点在桌面上，从力的作用点起，沿力的方向画一条带箭头的线段。如图：【点评】本题主要考查了学生对力的示意图的理解和掌握。是一道基础题。21（1分）画出图中动力F1的力臂L1。【解析】已知支点为O，过点O作力F1作用线的垂线段，即为F1的力臂L1，如图所示：【点评】力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。22（1分）根据图中小磁针的指向标出电源的“+”、“”极。【解析】小磁针静止时S极靠近螺线管，则说明螺线管右侧为N极，则用右手握住螺线管，大拇指向右，则电流由左侧流入，即电源的左侧为正极；故答案如图所示：【点评】因我们常用小磁针来指示磁感线的方向，故本题也可由小磁针N极的指向来判断螺线管磁感线的方向，则根据磁感线的特点可判出磁极，再由右手螺旋定则判出电源的正负极。23（5分）在“探究平面镜成像特点”的实验中。（1）实验时应选较薄（选填“厚”或“薄”）的玻璃板垂直放置在水平桌面上。（2）将棋子A放在玻璃板的前面，应在玻璃板前面（选填“前面”或“后面”）观察A经玻璃板所成的像。（3）当棋子A远离玻璃板时，像的大小不变。（4）将光屏放到像的位置，无法直接在光屏上观察到像，说明所成的像是虚像（5）用木板紧贴在玻璃板背面，挡住玻璃板后面的光，人眼在玻璃板前能（选填“能”或“不能”）看见棋子A的像。【解析】（1）玻璃板越薄，两个反射面所在的像距离越近，这样可以使确定的像的位置更加准确，厚玻璃板会形成两个像，会影响对实验结果的判断；（2）由于平面镜成的是虚像，故在玻璃板前放一支点燃的蜡烛A，眼睛应该在镜前才能观察到蜡烛A经玻璃板反射所成的像；（3）平面镜成的像与物大小相同，和物到镜的距离无关，人们感觉到的近大远小是一种视觉效果，不影响真实的大小。所以将蜡烛A逐渐远离玻璃板，它的像不变。（4）因为虚像不能在光屏上承接，所以将光屏放到像的位置，无法直接在光屏上观察到像，说明所成的像是虚像。（5）平面镜成的像是光的反射形成的，蜡烛发出的光线经玻璃板反射，被人眼接收，才能看到像，所以用木板紧贴玻璃板背面，挡住玻璃板后的光，人眼在玻璃板前能看见棋子A的像。故答案为：（1）薄；（2）前面；（3）不变；（4）虚；（5）能。【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。动手操作实验时，要善于通过实验现象得出正确结论。24（4分）在探究“产生感应电流的条件”实验中。（1）实验中，观察电流表的指针是否偏转判断电路中是否有感应电流。（2）闭合开关，若导体AB不动，左右移动磁体，电路中有（选填“有”或“无”）感应电流。（3）该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。（4）如果将小量程电流表换成电源，可以探究磁场对通电导体的作用。【解析】（1）实验时，通过观察电流表的指针是否偏转，来确定电路中是否产生感应电流；（2）闭合开关，若导体AB不动，左右移动磁体，导体做切割磁感线运动，电路中有感应电流；（3）该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；（4）如果将小量程电流表换成电源，闭合开关后电流流过导体棒，导体棒受安培力作用，可以观察磁场对通电导体的作用。故答案为：（1）电流表的指针是否偏转；（2）有；（3）切割磁感线；（4）电源。【点评】此题是探究电磁感应现象的实验，考查了学生对产生感应电流条件的掌握及影响感应电流大小和电流方向的因素。25（8分）电动汽车因其节能、环保而受到人们的青睐。某品牌电动汽车，驾驶员与车的总质量为1.6t，车静止时轮胎与地面接触的总面积为0.08m2汽车在平直公路上以10m/s的速度匀速行驶20min，此时驱动电机的输入电压为300V，电流为60A，汽车所受阻力为驾驶员与车总重力的0.1倍，g取10N/kg。求电动汽车：（1）静止在水平地面上对地面的压强。（2）匀速行驶过程中驱动电机消耗的电能。（3）匀速行驶过程中牵引力的大小。（4）匀速行驶过程中牵引力所做的功。【解析】（1）驾驶员与车的总质量为1.6t，对地面的压力等于重力：F=G=mg=1.6103kg10N/kg=1.6104N，车静止时轮胎与地面接触的总面积为0.08m2，静止在水平地面上对地面的压强：p=2105Pa；（2）匀速行驶过程中驱动电机消耗的电能：W=UIt=300V60A2060s=2.16107 J；（3）汽车所受阻力为驾驶员与车总重力的0.1倍，f=0.1G=0.11.6104N=1.6103N，因做匀速直线运动，行驶过程中牵引力的大小等于阻力，故F=f=1.6103N；（4）匀速行驶过程中牵引力所做的功：W=Fs=Fvt=1.6103N10m/s2060s=1.92107J。答：（1）静止在水平地面上对地面的压强为2105Pa；（2）匀速行驶过程中驱动电机消耗的电能2.16107 J；（3）匀速行驶过程中牵引力的大小为1.6103N；（4）匀速行驶过程中牵引力所做的功为1.92107J。【点评】本题考查压强、电能、速度、电功公式的运用和二力平衡的运用，综合性强，难度不大。26（6分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，利用长木板、毛巾、木块、砝码及弹簧测力计进行实验。（1）实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，应使其做匀速直线运动。图甲中木块与木板表面间滑动摩擦力大小为3.6N。（2）比较甲、乙两图中弹簧测力计示数，结论是滑动摩擦力大小与压力大小有关；比较甲丙两图中弹簧测力计示数，结论是滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关。（3）实验现象说明，如果要取得拔河比赛的胜利，组队时应选体重大（选填“大”或“小”）的。同学参加比赛，同时在比赛中选用图丁中（a）（选填“（a）”、“（b）”或“（c）”）类型的鞋。【解析】（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小。故实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，应使其做匀速直线运动。图甲中测力计分度值为0.2N，木块与木板表面间滑动摩擦力大小为3.6N。（2）比较甲、乙两图，接触面粗糙程度相同，压力越大，测力示数越大，滑动摩擦力越大，结论是滑动摩擦力大小与压力大小有关；研究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系要控制压力大小相同，故比较甲丙两图中弹簧测力计示数，结论是滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关。（3）根据影响滑动摩擦力大小的因素，压力越大，接触面越粗糙滑动摩擦力越大，故要取得拔河比赛的胜利，组队时应选体重大的。同学参加比赛，同时在比赛中选用图丁中类型的鞋。故答案为：（1）匀速直线；3.6；（2）压力大小；甲丙；（3）大；（a）。【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。27（6分）在“测量小灯泡的功率”实验中，小灯泡标有“2.5V”字样。（1）图甲中有一处导线连接错误无法正常完成实验，错误的导线是（选填“”或“”）。（2）正确连接电路并检查无误后，闭合开关，发现灯泡不亮，两电表均无示数。为了检查故障，小华将电压表拆下，在开关闭合状态下，分别将电压表接在电源、滑动变阻器及开关两端，结果只有接在滑动变阻器两端时，电压表无示数，则肯定出现故障的元件是B。A电源 B开关 C灯泡 D滑动变阻器（3）排除故障后，使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，电流为0.26A，小灯泡的额定功率为0.65W（4）你认为利用本实验电路能探究电流与电压的关系吗？答：不能，理由是灯的电阻随温度的变化而变化。【解析】（1）原电路中，将变阻下面两个接线柱连入了电路中是错误的，应一上一下接入电路中，错误的导线是。（2）闭合开关，发现灯泡不亮，两电表均无示数，则此电路可能有断路；在开关闭合状态下，将电压表接在电源两端时，电压表有示数，说明电源、电压表是完好的；电压表接在滑动变阻器两端时，电压表无示数，说明滑动变阻器以外的电路断路；电压表接在开关两端时有示数，说明开关以外的电路是通路，所以故障是开关断路，可能是开关接线处或开关的刀柄处接触不良造成的；选B；（3）排除故障后，使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.26A，小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V0.26A=0.65W；（4）探究电流与电压的关系时，要控制电阻大小不变，因灯的电阻随温度的变化而变化，故不能。故答案为：（1）；（2）B；（3）0.26；0.65；（3）不能；灯的电阻随温度的变化而变化。【点评】本题测灯的功率，考查电路连接、故障分析、电流表读数、控制变量法、影响电阻大小因素。28（7分）测量小石块的密度。（1）将天平放在水平台面上，游码移到零刻度线处，发现指针位置如图甲所示，为使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母向左（选填“左”或“右”）调节。（2）用调节好的天平测量小石块的质量，右盘所加砝码和游码位置如图乙所示，天平平衡，则小石块的质量m1为32g。（3）没有量筒，用下列两种方案测量小石块的体积。方案一：如图丙所示，将烧杯放在水平台面上，用细线系住小石块轻轻放入烧杯中，加入适量的水，使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置。将小石块从水中取出后，用天平测出烧杯和水的总质量m2为152.4g。向烧杯内缓缓加水至标记处，再用天平测出烧杯和水的总质量m3为165.2g。方案二：向烧杯中加入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量m4。如图丙所示，将烧杯放在水平台面上，用细线系住小石块轻轻放入烧杯中，使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置。将小石块从水中取出后，向烧杯中缓慢加水至标记处，再用天平测出烧杯和水的总质量m5。（4）根据方案一测量结果计算出小石块密度=2.5103kg/m3，测出的小石块密度与真实值相比偏小（选填“偏大”或“偏小”）。（5）你认为根据哪一种方案测量结果计算出的小石块密度更精确？答：方案二，理由是由于先测量了烧杯和水的总质量m4然后使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置，所以向烧杯中缓慢加水至标记处，不至于加水过多。【解析】（1）根据图甲所示，指针偏向右端，为使横梁在水平位置平衡，应将横梁右端的平衡螺母向左端移动；（2）小石块的质量m1=30g+2g=32g；（4）由步骤可知，倒入水的质量为：m水=165.2g152.4g=12.8g，此时水的体积V水=12.8cm3，小石块的体积等于倒入水的体积，则V=V水=12.8cm3，小石块密度=2.5g/cm3=2.5103kg/m3。由于石块从水中拿出时，上面沾有水，所以倒入水的质量偏大，求得水的体积偏大，即小石块的体积偏大，根据密度公式=知，所测密度会偏小。（5）方案二测量结果计算出的小石块密度更精确，因为由于先测量了烧杯和水的总质量m4然后使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置，所以向烧杯中缓慢加水至标记处，不至于加水过多。故答案为：（1）左；（2）32；（4）2.5103；偏小；（5）由于先测量了烧杯和水的总质量m4然后使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置，所以向烧杯中缓慢加水至标记处，不至于加水过多。【点评】天平的调节、使用、读数，量筒的读数，利用密度公式进行计算，这都是我们在测量密度的实验中必须掌握的。通过此题我们还应该学会一种利用等效替代来间接求物体体积的方法，并能够根据要求选择出最佳方案。中考物理试卷二附答案解析一、选择题1. 鲁迅的社戏中有这样的描写：“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了”其中“山向船尾跑去了”所选的参照物是（ ）A. 山 B. 船 C. 流水 D. 河岸【答案】B【解析】根据运动和静止的相对性，以及参照物的知识解答。“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了”说明山相对于船发生了位置的变化，是运动的，船为参照物。故选B。点睛：重点是参照物和运动与静止的概念，在研究机械运动时，人们事先选定的、假设不动的，作为基准的物体叫做参照物。2. 下列说法中，正确的是（ ）A. 声音在真空中传播速度最快B. 汽车安装的倒车雷达是利用电磁波工作的C. 超声波清洗眼镜，是利用了声波传递能量的性质D. 声源的振幅越大，音调越高【答案】C【解析】A. 声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播，故A错误；B. 汽车安装的倒车雷达是利用超声波工作的，故B错误；C. 声波能够传递信息和能量，超声波清洗眼镜，是利用了声波传递能量的性质，故C正确；D. 声源的振幅越大，响度越大，而音调由频率决定，故D错误；故选C。3. 在我国西部建有不同类型的发电站，下列发电站在发电过程中，利用不可再生能源发电的是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】A、燃气发电站利用天然气进行发电，天然气属于化石类能源，是不可再生能源，所以燃气发电站是利用不可再生能源发电的，故A符合题意；BCD、太阳能、风能、水能够源源不断地从自然界获得，能够循环利用，是可再生能源，故BCD不符合题意。故选A。4. 下列说法中，正确的是（ ）A. 汽油机在做功冲程中是将机械能转换成内能B. 物体的温度降低时内能减少，所以0冰块的水分子不做热运动C. 沿海地区昼夜温差较小，主要原因是水的比热容较大D. 温度从热量高的物体传递给热量低的物体【答案】C【解析】A、做功冲程是燃料释放的内能推动活塞向下运动而转化为机械能，故A错误；B、一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动，所以0冰块的水分子仍然在做热运动，故B错误；C、沿海地区水多，内陆地区水少、沙石多，白天，吸收相同的热量时，由于水比热容大，所以温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，由于水比热容大，所以水的温度降低的少，造成沿海地区昼夜温差较小，故C正确；D、热传递的条件是有温度差，即热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，而热量是个过程量，不能说热量高或者低，故D错误。故选C。点睛：要注意总结水的比热容较大的应用实例，如作为热机的冷却物质，作为北方冬季的取暖物质，本题中解释沿海地区昼夜温差较小等。5. 如图所示的四种现象中，属于光的折射现象的是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】A、手影，是影子现象，由于光在同一均匀介质中沿直线传播而形成。故A不符合题意；B、水面上“折断”的筷子，是由于光从水中斜射入空气中时，光发生折射而形成的，故B符合题意；C、汽车后视镜，利用凸面镜能使光线发散的特点扩大视野，本质是光的反射形成的现象，故C不符合题意。D、倒影，即平面镜成像，由于光的反射而形成，故D不符合题意。故选B。点睛：重点是光的直线传播、反射、折射所形成的现象，身边有很多例子，是比较容易区分的，注意理论联系实际，多总结。6. 如图所示的热现象中，通过液化形成的是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】A、蜡烛“流泪”，是由固态变为液态的过程，即熔化，故A错误；B、“霜”是由空气中的水蒸气凝华而成的，故B正确；C、冬天河水结“冰”，是水放热凝固成冰，是凝固现象，故C错误；D、白气是水蒸气遇冷液化变成的小水珠，故D正确。故选D。点睛：需要注意的是，我们看到的“白气”其实是小水珠，而不是水蒸气，水蒸气是看不到的，所以“白气”是由水蒸气液化而形成的。7. 下列家用电器中，利用电流热效应工作的是（ ）A. 电风扇 B. 洗衣机 C. 电热水壶 D. 电视机【答案】C【解析】利用电流热效应工作的用电器，电能主要转化为内能。A、电风扇工作部分是要是电动机，工时作将电能转化为机械能，利用了磁场对电流的作用力工作，故A不符合题意；B、洗衣机工作部分是要是电动机，工作时将电能转化为机械能，利用了磁场对电流的作用力工作，故B不符合题意；C、电热水壶工作时将电能转化为内能，再用来加热水，利用了电流的热效应工作，故C符合题意；D、电视机工作时主要将电能转化为光能和声能，不是利用电流热效应工作的，故D不符合题故选C。点睛：根据能的转化情况很容易判断是否利用电流的热效应工作，但要注意超导材料不能用于电热类用电器，因为电流的热效应，必须有电阻时才可以发热。8. 如图所示的实例中，属于增大压强的是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】A、在铁轨下面铺枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积的方法来减小压强的，故A不符合题意；B、破窗锤做成锥状，是在压力一定时，通过减小受力面积的方法来增大压强的；故B符合题意；C、书包背带做得较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积的方法来减小压强的，故C不符合题意；D、大型载重车装有很多车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积的方法来减小压强的，故D不符合题意。故选B。点睛：重点是增大和减小压强的方法，牢记影响压强大小的两个因素，可以通过增大压力或减小受力面积的方法来增大压强，反之减小压强。9. 下列现象中，属于减小摩擦的是（ ）A. 向机器的滚动轴承内加润滑油B. 在浴室的地面铺上防滑垫C. 体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉D. 在皮带传动中中，要张紧皮带【答案】A【解析】A、向机器的滚动轴承内加润滑油，用油膜代替了机件间的直接摩擦，即相当于减小了接触面的粗糙程度，减小摩擦力。故A符合题意；B、在浴室的地面铺上防滑垫，在压力一定时，是通过增大接触面的粗糙程度的方法来增大摩擦力的。故B不符合题意；C、体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，在压力一定时，是通过增大接触面的粗糙程度的方法来增大摩擦力。故C不符合题意；D、在皮带传动中中，要张紧皮带，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力的方法来增大摩擦力的，故D不符合题意。故选：A。点睛：重点是增大和减小摩擦力的方法，牢记影响滑动摩擦力的两个因素，即压力和接触面的粗糙程度，可以通过增大压力或增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，反之减小摩擦力，另外用滚动代替滑动可以大大减小摩擦力。10. 关于家庭用电及安全常识。下列说法正确的是（ ）A. 低于220V的电压对人体是安全的B. 家庭电路中，各用电器都是串联在电路中的C. 控制用电器的开关应该接在该用电器和零线之间D. 外壳为金属的用电器，用三线插头是防止漏电而采取的安全措施【答案】D【解析】A、不高于36V的电压为安全电压，低于220V的电压远远超出了安全电压的范围，故A错误；B、家庭电路中各用电器要能互不影响，独立工作，所以都是并联的，故B错误；C、开关应接在用电器和火线之间，这样在断开开关时，用电器与火线断开，更安全，故C错误；D、外壳为金属的用电器使用三线插头是为了防止漏电而采取的安全措施，即用电器漏电时，电流通过地线导入大地，保证使用人员的安全，故D正确。故选D。点睛：注意理解三脚插头和三孔插座的作用，其中第三个脚或孔分别连接用电器的外壳和大地，当用电器漏电时，电流能通过地线导入大地，从而保证人员的安全。11. 如图所示，小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上，她受到的力有（ ）A. 重力和支持力B. 重力、支持力和水平向右的摩擦力C. 重力、支持力和水平向左的摩擦力D. 重力、支持力和斜向上的摩擦力【答案】A【解析】小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上，要知道此时处于平衡状态；即在竖直方向上她受重力和支持力的作用，为一对平衡力；由于人与自动扶梯间没有发生相对运动的趋势，所以人是不受摩擦力的。故A正确，BCD错误。点睛：是一个很容易选错的题，关键是理解摩擦力产生的条件和平衡状态的判断，只有当物体相对运动或有相对运动的趋势时，物体间才会产生摩擦力，本题中人与扶梯间一起匀速运动，人与扶梯间没有相对运动的趋势，所以人与扶梯间没有摩擦力。12. 在图中的a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分。它在磁场中按箭头方向运动时，能够产生感应电流的是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】判断能否产生感应电流，关键是看导体是否做“切割”磁感线运动。A、C 导体向上或向下运动时，与磁感线平行，不切割磁感线，不产生感应电流，故AC错误；B、导体静止，没有做切割磁感线运动，不产生电流，故B错误；D、导体向左运动时，切割磁感线运动，能产生电流，故D正确；故选D。点睛：重点是产生感应电流产生的条件，牢记产生感应电流应具备三个条件，一、闭合回路，即必须是通路，二、一部分导体，三、切割磁感线运动。其中第三条是判断的重点。13. 人造地球卫星在大气层外环绕地球运行（不受空气阻力），当它从远地点向近地点运动时（ ）A. 动能减小，势能增大，机械能不变B. 动能减小，势能减小，机械能减小C. 动能增大，势能减小，机械能不变D. 动能增大，势能减小，机械能减小【答案】C【解析】人造地球卫星在大气层外环绕地球运行（不受空气阻力），当它从远地点向近地点运动时，只有重力势能和动能的转化，机械能是守恒的。远地点时高度最高重力势能最大，当它从远地点向近地点运动时，高度降低，速度增大，所以重力势能转化为动能，即重力势能减小、动能增大，而机械能总量不变。故选C。点睛：除了牢记影响动能和重力势能大小的因素及其转化规律，还要理解卫星的远地点时离地球最远，所以高度最大，而近地点离地球最近，即高度最低，且要理解在只受重力作用时，机械能守恒。14. 如图所示，将一个瓶子，装入适量带色的水，再取一根两端开口的细玻璃管，使玻璃管穿过橡皮寒插入水中。从管子上端吹入少量气体，使瓶内气体压强大于大气压，水沿玻璃管上升到瓶口以上。当拿着它从山下的报国寺到金顶山上，玻璃管内水柱高度将（ ）A. 升高 B. 不变 C. 降低 D. 无法判断【答案】A【解析】根据题意，从管子上端吹入少量气体，所以瓶内气体压强大于大气压；由于内部气压大，所以水柱会上升一定的高度；当拿着它从山下的报国寺到金顶山上时，由于大气压随着海拔高度的增加而减小，即外界大气压变小，瓶内外气压差增大，所以玻璃管中水柱的高度会上升。故选A。点睛：理解此装置液面升降的原理，即内外气压差变化时，液柱会上升或降低，另外牢记大气压随海拔的升高而降低的规律。15. 一根粗细均匀的金属导线其电阻值为R，将其剪成相等的两段后，再进行并联，则并联后的电阻值为（ ）A. 2R B. R C. D. 【答案】D【解析】根据影响电阻大小的因素分析解答，即导体材料一定时，电阻与长度成正比，与横截面积成反比。一根粗细均匀的电阻值为R电阻丝，截成长度相等的两段后，则每段电阻变为原来的一半，即；再将两段并联起来使用，横截面积变为原来的2倍，阻值变为原来单个电阻的一半。故D正确。点睛：电阻并联时，相当于加大了导体的横截面积，所以电阻是减小的，如图n个电阻为R的电阻并联，则等效电阻为：；而电阻串联时，相当于增加了导体的长度，电阻是增大的。16. 图甲中用力F1水平拉着重为G的物体在水平路面上匀速移动s的距离。图乙中用动滑轮拉着它也在同一路面上匀速移动s的距离，水平拉力为F2使用动滑轮的过程中（ ）A. 总功为W总=F2s B. 有用功为W有=GsC. 机械效率为= D. 额外功为W额=2F2sF1S【答案】D【解析】A、如图使用动滑轮时，拉力端移动距离是物体移动距离的2倍，即，拉力做的总功为：，故A错误；B、由于两图中物体和接触面都相同，所以使用动滑轮做的有用功，等于甲图中直接拉物体做的功，即，故B错误；C、机械效率为： ，故C错误；D、有用功与额外的和为总功，所以额外功为：，故D正确。故选D。点睛：涉及机械效率的问题时，关键是要清楚总功、有用功、额外功都在哪，本题中两图的状况相同，所以甲图做的功等于乙图中F2做的有用功，另外注意图中没有将物体升高，所以有用功千万不要表示成：。二、填空题17. 一辆轿车以72km/h的速度在水平路面上沿直线匀速行驶10分钟，轿车的质量为1500kg，行驶时所受阻力为车重的0.2倍（g取10N/kg），则牵引力为_N此时汽车的功率为_kW。【答案】 (1). 3103 (2). 60【解析】（1）汽车做匀速直线运动，处于平衡状态，所以牵引力与阻力相等，则牵引力为：；（2）汽车的速度：，根据计算汽车的功率为：。点睛：一是要理解匀速直线运动时，为平衡状态，牵引力与阻力平衡；二是注意公式的应用，代入公式时单位要统一。18. 成绵乐高铁开通以来，极大地促进了沿线经济发展，为保障列车安全运行，列车上安装有烟雾报警装置。如图所示是列车上烟雾报警的简化原理图。电源电压保持不变，R0为定值电阻，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大，当电路中的电流减小至某一数值时报警器开始报警。当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时，电流表示数_，电压表示数_。（选填“增大”、“减小”或“不变”）【答案】 (1). 减小 (2). 增大【解析】如图，定值电阻R0与光敏电阻R串联，电压表与电阻R并联，测光敏电阻R的电压，电流表测电路中的电流。根据题意，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大，当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时，光照强度减弱，所以光敏电阻R的阻值增大，则电路总电阻变大，根据可知，电流变小，即电流表示数减小；由于定值电阻R0的阻值不变，电流减小时，根据可知，定值电阻R0的电压变小，根据串联电路电压的规律，即总电压等于各部分电压之和，可得光敏电阻R的电压增大，即电压表示数增大。点睛：重点是欧姆定律的应用和电路的动态分析，要利用好串联电路的电压和电流特点，判断电压表示数的变化昌