山东省临沂市2019届高三物理下学期2月教学质量检测试卷（含解析）.docx

山东省临沂市2019届高三物理下学期2月教学质量检测试卷（含解析）本试题分第I卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分。第I卷14页，第卷58页，共8页，满分100分，考试时间100分钟：注意事项：1答第I卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、座号用签字笔写在答题卡上。2答第I卷时，每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。3第卷所有题目答案，考生须用黑色签字笔答在答题卡规定位置，在试题卷上答题无效。第I卷(选择题 共48分)一、选择题(本大题共12小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，第17题只有一项符合题目要求，第812题有多项符合题目要求)1.2018年3月14日，著名物理学家斯蒂芬威廉霍金逝世，引发全球各界悼念在物理学发展的历程中，许多物理学家的科学研究为物理学的建立作出了巨大的贡献关于下列几位物理学家所做科学贡献的叙述中，正确的是A. 卡文迪许将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物体，得出万有引力定律B. 法拉第通过长时间的实验研究发现了通电导线周围存在磁场C. 查德威克用粒子轰击Be原子核发现了中子D. 爱因斯坦的光子说认为，只要光照时间足够长，所有电子最终都能跃出金属表面成为光电子【答案】C【解析】【详解】牛顿将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物体，得出万有引力定律，选项A错误；奥斯特通过长时间的实验研究发现了通电导线周围存在磁场，选项B错误；查德威克用粒子轰击Be原子核发现了中子，选项C正确；爱因斯坦的光子说认为，能否发生光电效应与入射光的频率有关，与光照时间无关，选项D错误；故选C.2.质量为m=2kg的物体(可视为质点)静止在光滑水平面上的直角坐标系的原点O处，先用沿x轴正方向的力F1=8N作用2s，然后撤去F1；再用沿y轴正方向的力F2=10N作用2s则物体在这4s内的轨迹为A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】物体在F1作用下在x轴方向做匀加速直线运动，撤去F1，施加F2，由于合力与速度方向垂直，做曲线运动，将曲线运动分解为x轴方向和y轴方向研究，在x轴方向做匀速直线运动，在y轴方向做匀加速直线运动【详解】质点在F1的作用由静止开始从坐标系的原点O沿+x轴方向做匀加速运动，加速度a1= =4m/s2，速度为v1=at1=8m/s，对应位移x1=a1t12=8m，到2s末撤去F1再受到沿+y方向的力F2的作用，物体在+x轴方向匀速运动，x2=v1t2=16m，在+y方向加速运动，+y方向的加速度a2=5m/s2，方向向上，对应的位移y=a2t22=10m，物体做曲线运动。再根据曲线运动的加速度方向大致指向轨迹凹的一向，知D正确，ABC错误。故选D。【点睛】解决本题的关键掌握处理曲线运动的方法，将曲线运动分解为x轴方向和y轴方向，分析出两方向分运动的情况3.如图所示，甲、乙两物块质量相同，静止放在水平地面上甲乙之间、乙与地面间的动摩擦因数均相同，现对甲施加一水平向右的由零开始不断增大的水平拉力F(物体间最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，则经过一段时间后A. 甲相对于乙会发生相对滑动B. 乙相对于地面会发生相对滑动C. 甲相对乙不会发生相对滑动D. 甲相对于乙，乙相对于地面均不会发生相对滑动【答案】A【解析】【分析】根据动摩擦因数分别求出甲乙之间和乙与地面之间的最大静摩擦力，结合拉力的大小分析甲与乙、乙与地面是否发生相对运动。【详解】设甲乙的质量均为m，甲乙之间以及乙和地面之间的动摩擦因数为，则甲乙之间的最大静摩擦力为：fmax=mg，乙与地面间的最大静摩擦力为：fmax=2mg，因fmax fmax=mg时，甲乙之间会发生相对滑动，故选项A正确，BCD错误；故选A.4.2019年春节期间，中国科幻电影里程碑的作品流浪地球热播影片中为了让地球逃离太阳系，人们在地球上建造特大功率发动机，使地球完成一系列变轨操作，其逃离过程如图所示，地球在椭圆轨道I上运行到远日点B变轨，进入圆形轨道在圆形轨道上运行到B点时再次加速变轨，从而最终摆脱太阳束缚对于该过程，下列说法正确的是A. 沿轨道I运动至B点时，需向前喷气减速才能进入轨道B. 沿轨道I运行的周期小于沿轨道运行的周期C. 沿轨道I运行时，在A点的加速度小于在B点的加速度D. 在轨道I上由A点运行到B点的过程，速度逐渐增大【答案】B【解析】【分析】卫星进入高轨道要点火加速；根据开普勒第三定律判断沿轨道I运行的周期与沿轨道运行的周期关系；根据判断加速度关系；根据开普勒第二定律判断在轨道I上由A点运行到B点的过程中的速度变化。【详解】沿轨道I运动至B点时，需向后喷气加速才能进入轨道，选项A错误；因在轨道的半长轴小于轨道的运动半径，根据开普勒第三定律可知，沿轨道I运行的周期小于沿轨道运行的周期，选项B正确；根据可知，沿轨道I运行时，在A点的加速度大于在B点的加速度，选项C错误；根据开普勒第二定律可知，在轨道I上由A点运行到B点的过程，速度逐渐减小，选项D错误；故选B.【点睛】此题关键是知道卫星变轨的方法，由高轨道进入低轨道要制动减速，由低轨道进入高轨道要点火加速；能用开普勒行星运动定律来解释有关的问题.5.用图示的电路可以测量电阻的阻值，图中Rx是待测电阻，R0是定值电阻，阻值是100，是灵敏度很高的电流表，MN是一段长20cm的均匀电阻丝闭合开关，改变滑动头P的位置，当通过电流表的电流为零时，测得MP=8cm，则Rx的阻值为A. 80 B. 100C. 150 D. 180【答案】C【解析】【分析】闭合开关，改变滑动头P的位置，当通过电流表G的电流为零时，说明通过电阻丝两侧的电流是相等的，而总电流一定，故通过R0和Rx的电流也相等；并联电路电压相等，故电阻丝MP段与PN段电压之比等于R0和Rx的电压比；再结合欧姆定律列式求解即可。【详解】电阻丝MP段与PN段电压之比等于R0和Rx的电压比，即为：；通过电流表的电流为零，说明通过电阻丝两侧的电流是相等的，故有：；根据电阻定律公式有：有：，解得：，故选C.【点睛】本题是电桥问题，考查串并联电路中电流、电压关系和电阻定律、欧姆定律的综合运用问题，设计思路巧妙，考查了分析问题和解决问题的能力。6.氢原子的能级图如图所示，不同色光的光子能量如下表所示一群处于某激发态的氢原子，发射的光的谱线在可见光范围内只有1条，其颜色为A. 红色B. 黄色C. 绿色D. 蓝靛【答案】A【解析】【分析】当原子从高能级向低能级跃迁时，发射的光子数目为：，同时计算出各种光子能量然后和表格中数据进行对比，便可解决本题【详解】如果激发态的氢原子处于第二能级，能够发出10.2 eV的光子，不属于可见光；如果激发态的氢原子处于第三能级，能够发出12.09 eV、10.2 eV、1.89 eV的三种光子，只有1.89 eV属于红色可见光；如果激发态的氢原子处于第四能级，能够发出12.75 eV、12.09 eV、10.2 eV、2.55 eV、1.89 eV、0.66 eV的六种光子，1.89 eV和2.55 eV属于可见光，1.89 eV的光子为红光，2.55 eV的光子为蓝-靛。则由题意，由于一群处于某激发态的氢原子，发射的光的谱线在可见光范围内只有1条，则一定对应着从第三能级到低能级的跃迁，其可见光的颜色为红光，故选A。7.如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在x轴上距离为L的两点，其中Q1带正电位于原点O，a、b是它们连线延长线上的两点，其中b点与O点相距3L现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动(粒子只受电场力作用)，设粒子经过a、b两点时的速度分别为va、vb，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是A. Q2带负电且电荷量大于Q1B. b点的场强不为零C. a点的电势比b点的电势高D. 该粒子在a点的电势能比在b点的电势能小【答案】D【解析】【分析】由图象分析可知：正带电粒子在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b点正电粒子受到两点电荷的电场力平衡，从而可得出Q2的电性；通过正带电粒子的动能先减小再增大，判断电场力做功和电势能的变化【详解】由图象分析可知：在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，可知b点的合场强为零，Q2带负电，且有 所以，Q1Q2，故AB错误。该电荷从a点到b点，做减速运动，且该电荷为正电荷，电场力做负功，所以电势能增大，再据Ep=q知，电势升高，所以b点电势较高，故C错误，D正确。故选D。【点睛】解决本题的关键是据图象分析，明确b点的合场强为零为突破口，根据库仑定律得到Q1和Q2的电量关系；用活电场力做功和电势能的关系8.如图所示，半径为R的光滑圆弧AO对接半径为2R的光滑圆弧OB于O点可视为质点的物体从上面圆弧的某点C由静止下滑(C点未标出)，物体恰能从O点平抛出去则A. CO1O=60B. CO1O=90C. 落地点距O2的距离为D. 落地点距O2的距离为2R【答案】BC【解析】【分析】小球从O点离开做平抛运动，知小球对O点的压力为零，根据牛顿第二定律求出在O点的最小速度，从而根据机械能守恒定律求出C点的位置；根据平抛运动的规律求解落地点距O2的距离【详解】要使物体从O点平抛出去，在O点有mg=m，解得物体从O点平抛出去的最小速度。设CO1O=，由机械能守恒定律，mgR（1-cos）=mv2，解得=CO1O=90，选项A错误、B正确；由平抛运动规律，x=vt，2R=gt2，解得落地点距O2为2R，选项C正确，D错误。故选BC。【点睛】解决本题的关键知道小球过O点做平抛运动的临界条件，结合机械能守恒定律和平抛运动的知识进行求解9.如图所示，一理想变压器的原线圈A、B两端接入电压为的交变电流原线圈匝数n=1100匝，副线圈匝数n1=60匝，副线圈匝数n2=550匝，C、D之间接一电容器，E、F之间接一灯泡，都能正常工作则A. 该交流电的频率为50HzB. 副线圈中磁通量变化率的最大值为C. 该电容器的耐压值为12VD. 该灯泡的额定电压为110V【答案】ABD【解析】【分析】根据求解交流电的频率；根据法拉第电磁感应定律求解原副线圈的磁通量的最大值；根据变压器原副线圈的电压比等于匝数比求解次级电压；注意电容器的耐压值等于最大值，灯泡的额定电压等于有效值.【详解】该交流电的频率为，选项A正确；根据，则，原副线圈磁通量的变化率相同，可知副线圈中磁通量变化率的最大值为0.2V，选项B正确；，则该电容器的耐压值为12V，选项C错误；，即该灯泡的额定电压为110V，选项D正确；故选ABD.【点睛】此题关键搞清几个概念：原副线圈的磁通量的变化率相同，都等于单匝线圈的电压；电容器的耐压值等于交流电的最大值，灯泡的额定电压等于交流电的有效值.10.如图所示，E为电源，R为电阻，D为理想二极管，薄金属片P和Q构成一理想电容器，Q固定不动，P可以左右移动则A. P向右运动，电容器的电容会增大B. P向左运动，电容器的电压会减小C. P向左运动，两板间电场强度保持不变D. P向右运动，两板间电场强度增大【答案】ACD【解析】【分析】根据判断电容的变化；根据判断场强的变化；P向左运动，根据d的变化知道C的变化，根据二极管的单向导电性判断电容器电量的变化，根据Q=CU判断两板电压的变化。【详解】根据电容的决定式，当P向右运动，极板间距d减小时，则电容C增大，根据可知，两板间电场强度增大，故AD正确；P向左运动时，导致极板间距增大，则电容C减小，因二极管的影响，电容器不能放电，即电量Q不变，根据公式U=Q/C，得电压U增大，故B错误；根据，以及可知，则当P向左运动，因Q不变，则两板间电场强度保持不变，选项C正确；故选ACD.11.如图所示，一质量为M、两侧有挡板的盒子静止在光滑水平面上，两挡板之间的距离为L质量为m的物块(视为质点)放在盒内正中间，与盒子之间的动摩擦因数为从某一时刻起，给物块一个水平向右的初速度v，物块在与盒子前后壁多次完全弹性碰撞后又停在盒子正中间，并与盒子保持相对静止.则A. 盒子的最终速度为，方向向右B. 该过程产生的热能为C. 碰撞次数为D. 碰撞次数为【答案】AC【解析】【分析】根据动量守恒求得系统最终速度，再根据能量守恒求得产生的热能；根据滑块与盒子的相对位移求解碰撞次数【详解】根据动量守恒条件可知，小物块与箱子组成的系统水平方向动量守恒，可知，令共同速度为v，则有：mv=（M+m）v，可得系统共同速度为：vv，方向向右，选项A正确；根据能量守恒定律有：mv2(M+m)v2+Q,解得该过程产生的热能为，选项B错误；小物块与箱子发生N次碰撞恰好又回到箱子正中间，由此可知，小物块相对于箱子滑动的距离x=NL小物块受到摩擦力为：f=mg，则由Q=mgx解得，选项C正确，D错误；故选AC.【点睛】解决本题的关键是能抓住系统动量守恒和能量守恒列式求解最终的速度和产生的热量，知道系统损失的机械能等于物块所受摩擦力与相对距离的乘积12.如图甲所示，间距为L的光滑导轨水平放置在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为B，轨道左侧连接一定值电阻R垂直导轨的导体棒ab在水平外力F作用下沿导轨运动，F随t变化的规律如乙图所示在0t0时间内，棒从静止开始做匀加速直线运动乙图中t0、F1、F2为已知，棒和轨道的电阻不计A. 在0t0时间内，导体棒的加速度大小为B. 在0t0时间内，通过导体棒横截面的电量为C. 在t0以后，导体棒一直做匀加速直线运动D. 在t0以后，导体棒先继续加速，最后做匀速直线运动【答案】BD【解析】【分析】（1）在0-t0时间内导体棒做匀加速直线运动，可知在t0时刻导体棒所受的外力F2与此时导体棒所受的安培力的关系，从而可判断t0后导体棒所做的运动；（2）在在0-t0时间内导体棒做匀加速直线运动，故在t=0时刻与t=t0时刻导体棒的加速度相等，结合导体棒的受力情况根据牛顿第二定律可得F1=ma，F2ma根据加速度a的定义、通过导体棒横截面电量q的计算公式可求出a和q【详解】因在0-t0时间内棒做匀加速直线运动，故在t0时刻F2大于棒所受的所受的安培力，在t0以后，外力保持F2不变，安培力逐渐变大，导体棒做加速度越来越小的加速，当加速度a=0，即导体棒所受安培力与外力F2相等后，导体棒做匀速直线运动，故C错误，D正确；设在0-t0时间内导体棒的加速度为a，导体棒的质量为m，t0时刻导体棒的速度为v，通过导体棒横截面的电量为q，则有：F2maF1=maq=BS=BLt0由解得：，故A错误；由解得：，故B正确；故选BD。【点睛】本题以图象的方式考查了牛顿第二定律、法拉第电磁感应定律及通过导体棒横截面电量的计算方法；以0-t0时间内导体棒做匀加速直线运动为突破口，结合t=0、t=t0两时刻的受力情况，根据牛顿第二定律、安培力的计算公式、加速度的定义式和通过导体棒横截面电量q的计算公式即可计算.第卷(实验题和计算题,共52分)注意事项：1第卷共6小题，其中1314题为实验题，1518题为计算题。2第II卷所有题目的答案考生须用黑色签字笔答在答题卡规定位置上，在试题卷上答题无效。二、实验题(本题共2小题，共14分。)13.为了测量物块和轨道之间的动摩擦因数，某同学设计了如图所示的实验装置，在轨道上固定两个光电门，将轨道放在水平桌面上后一端垫高让滑块由静止释放，通过计数器依次读取遮光板通过光电门甲、光电门乙、光电门之间所用的时间分嗣为t1、t2、t，滑块上遮光板宽度d用游标卡尺测得如图所示(1)遮光板宽度d=_cm(2)滑块的加速度表达式为：_(用题中所给符号表示)(3)为了测量物块和轨道之间的动摩擦因数，还需要测量哪些物理量（ ）A滑块和遮光板的总质量B轨道与水平桌面的夹角C滑块沿轨道下滑的位移【答案】 (1). 0.53 (2). (3). B【解析】【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；（2）根据滑块通过两个光电门时的瞬时速度等于平均速度求解滑块通过光电门的速度，根据v2-v1=at求解加速度；（3）根据牛顿第二定律列式可看出要测量动摩擦因数需要测量的物理量.【详解】（1）遮光板宽度d=0.5cm+0.1mm3=0.53cm；（2）滑块通过两个光电门时的速度分别为：和，根据v2=v1+at解得 ；（3）根据牛顿第二定律：，即，则为了测量物块和轨道之间的动摩擦因数，还需要测量轨道与水平桌面的夹角，故选B.14.如图所示，P是一根表面均匀地镀有薄层的电阻膜的pvc管，其电阻Rx约15。长度L约50cm，直径D约10cm镀膜材料的电阻率已知，管的两端有导电金属圈MN某同学根据提供的实验器材，设计了一个测定膜层厚度d的实验方案实验器材如下：电流表A1；量程3.0A，内阻约为0.1；电流表A2；量程0.6A，内阻约为0.2；电压表V；量程3.0V，内阻RV=3.0k；定值电阻R0；阻值3.0；定值电阻R1；阻值1.0k；定值电阻R2；阻值3.0k；滑动变阻器R：阻值范围010；电源E：电动势6.0V，内阻不计；毫米刻度尺、开关S及导线若干(1)为了测定膜层厚度d，该同学先测量出电阻膜的电阻，电流表应选择_(填“A1”或“A2”)(2)设计实验电路时要求在测量电阻时通过电阻的电流从零开始，请在右边方框中画出测量电路图并在图中标明选用器材的符号_(3)计算膜层厚度d=_(用L、D、R等符号表示)【答案】 (1). A2 (2). 电路图见解析； (3). 【解析】【分析】（1）估计电路中的最大电流，从而选择电流表；（2）根据所给的器材，选择合适的电压表；根据电压表内阻与待测电阻的关系选择测量电路，从而画出电路图；（3）根据求解电阻膜的厚度.【详解】（1）电路可能出现的最大电流为，则电流表选择A2；（2） 由于电压表的量程为3V，偏小，则可用与其内阻相同的定值电阻R2串联分压；因串联后的电压表的内阻远大于待测电阻，可用电流表外接电路；滑动变阻器用分压电路；电路如图；（3）根据其中的，解得.三、计算题(本题共2小题，第15题10分，第16题16分，共26分)中学联盟试题组提供15.2019年1月3日10时26分中国嫦娥四号探测器成功着陆在月球背面南极艾特肯盆地内的冯卡门撞击坑内。实现了人类探测器在月球背面首次软着陆，世界震惊，国人振奋嫦娥四号进入近月点15km的椭圆轨道后，启动反推发动机，速度逐渐减小，距月面2.4km时成像仪启动，扫描着陆区地形地貌并寻找着陆点距月面100米左右，水平移动选定着陆点，缓慢降落，离地面3m时关闭发动机，探测器做自由落体运动着陆，太阳翼再次打开，探测器开始工作探测器质量为1.0103kg月球表面重力加速度g月=1.6m/s2求：(1)探测器着陆前瞬间的动能(2)若探测器从距月面100m高度处开始先做自由落体运动，然后开启反推发动机做减速运动，降落至月球表面时速度恰好为零已知反推发动机使探测器获得的反推力大小为8000N求探测器从距月球表面100m处开始做自由落体运动时间【答案】（1）；（2）【解析】【分析】（1）根据能量守恒关系求解探测器着陆前瞬间的动能（2）探测器先做自由落体运动，后做匀减速运动；根据牛顿第二定律求解做减速运动的加速度，结合运动公式求解做自由落体运动时间【详解】（1）探测器着陆前瞬间的动能：（2）减速过程：F-mg月=ma解得a=6.4m/s2设探测器在自由落体阶段和减速阶段的位移分别为x1、x2，根据运动学公式：2g月x1=2ax2且x1+x2=100, 联立解得探测器自由落体运动的时间t1=10s16.如图所示，真空中有一个半径r=0.5m的圆柱形匀强磁场区域，磁场的磁感应强度大小B=210-3T，方向垂直于纸面向外，x轴与圆形磁场相切于坐标系原点O，在x=0.5m和x=1.5m之间的区域内有一个方向沿y轴正方向的匀强电场区域，电场强E=1.5103N/C，在x=1.5m处竖有一个与x轴垂直的足够长的荧光屏，一粒子源在O点沿纸平面向各个方向发射速率相同、比荷C/kg的带正电的粒子，若沿y轴正方向射入磁场的粒子恰能从磁场最右侧的A点沿x轴正方向垂直进入电场，不计粒子的重力及粒子间的相互作用和其他阻力求：(1)粒子源发射的粒子进入磁场时的速度大小；(2)沿y轴正方向射入磁场的粒子从射出到打到荧光屏上的时间(计算结果保留两位有效数字)；(3)从O点处射出的粒子打在荧光屏上的纵坐标区域范围【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【分析】（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，由几何关系确定半径，根据求解速度；（2）粒子在磁场中运动T/4，根据周期求解在磁场中的运动时间；在电场中做类平抛运动，根据平抛运动的规律求解在电场值的时间；（3）根据牛顿第二定律结合运动公式求解在电场中的侧移量，从而求解从O点处射出的粒子打在荧光屏上的纵坐标区域范围【详解】（1）由题意可知，粒子在磁场中的轨道半径为R=r=0.5m，由 进入电场时 带入数据解得v=1.0106m/s（2）粒子在磁场中运动的时间 粒子从A点进入电场做类平抛运动，水平方向的速度为v，所以在电场中运动的时间 总时间 （3）沿x轴正方向射入电场的粒子，在电场中的加速度大小 在电场中侧移： 打在屏上的纵坐标为0.75；经磁场偏转后从坐标为（0,1）的点平行于x轴方向射入电场的粒子打在屏上的纵坐标为1.75；其他粒子也是沿x轴正方向平行的方向进入电场，进入电场后的轨迹都平行，故带电粒子打在荧光屏上 的纵坐标区域为0.75y1.75.四、选做题(本部分共包括17、18两题，每题12分，请考生从给出的2道题中任选一题作答，并将所选题号填涂在答题卡上相应位置。如果多做，则按所做的第一题计分。)17.下列说法正确的A. 气体分子的速率分布规律遵从统计规律，在一定温度下，某种气体的分子速率分布是确定的B. 随着科技的发展，绝对零度是可能达到的C. 不论温度多高，速率很大和很小的分子总是少数D. 气体分子的运动速率可由牛顿运动定律求得E. 相对湿度是100，表明在当时的温度下，空气中水蒸气已达到饱和状态【答案】ACE【解析】【详解】气体分子的速率分布规律遵从统计规律，在一定温度下，某种气体的分子速率分布呈现“两头小，中间大”的规律，并且是确定的，不论温度多高，速率很大和很小的分子总是少数，选项AC正确；根据热力学第二定律可知，绝对零度是低温的极限，即使随着科技的发展，绝对零度永远是不可能达到的，选项B错误；牛顿第二定律只适应宏观低速物体，对微观高速粒子不适用，选项D错误；相对湿度是指水蒸汽的实际压强与该温度下水的饱和汽压之比，相对湿度是100%，表明在当时温度下，空气中水汽已达饱和状态，故E正确；故选ACE.18.一根足够长的两端开口的玻璃管竖直插入水银槽中并固定(插入水银槽中的部分足够深)，管中有一个质量不计的光滑活塞，活塞横截面积S=2cm2，活塞下封闭着长L=21cm的气柱，气体的温度t1=7，外界大气压取P0=1.0105Pa(相当于75cm汞柱高的压强)对封闭气体加热，使其温度升高到t2=47，此时气柱为多长?在活塞上施加一个竖直向上的拉力F=4N保持气体的温度t2不变，平衡后管内外水银面的高度差为多少?【答案】（1）；（2）【解析】【分析】（1）根据盖吕萨克定律可求解温度升高后气柱的长度；（2）对活塞受力分析可求解加拉