20182019学年江苏省连云港市灌南县华侨双语学校高二（上）第一次月考物理试卷（文科）（解析版）

2019-2019学年江苏省连云港市灌南县华侨双语学校高二（上）第一次月考物理试卷（文科）一、单选题（本大题共20小题，共60.0分）1.在光滑绝缘的水平面上，带负电的小球甲固定不动，带异种电荷的小球乙以一定初速度沿光滑绝缘的水平面向甲运动，则小球乙()A. 加速度变小，速度变小B. 加速度变大，速度变小C. 加速度变大，速度变大D. 加速度变小，速度变大【答案】C【解析】解：由于异种电荷间存在相互作用的吸引力，两球将相互靠近，距离减小，根据库仑定律得知，相互作用力增大。由牛顿第二定律得知它们的加速度变大，由电场力做正功，导致动能增大，所以速度变大，故C正确，ABD错误；故选：C。根据库仑定律分析电荷间作用力的变化.根据牛顿第二定律分析加速度之比的变化考查电荷间的相互作用力，注意电荷的电性，并掌握牛顿第二定律的应用，理解速度与加速度的方向，是决定速度增加还是减小的因素2.带电粒子以一定的初速度射入某匀强电场中，若不计重力，则带电粒子()A. 一定作匀变速运动B. 速度大小可能不变C. 速度方向一定不变D. 速度一定增大【答案】A【解析】解：A、由于带电粒子在匀强电场中受到的电场力恒定不变，加速度不变，所以一定做匀变速运动，故A正确。B、电场力一定做功，根据动能定理得知，其动能一定变化，则速度大小一定变化，故B错误。C、若粒子射入电场时的速度与电场不在同一条直线上，粒子所受的电场力与速度不在同一条直线上，粒子将在电场力作用做曲线运动，速度方向会发生变化。故C错误。D、若电场力与速度的夹角大于90，电场力对粒子做负功，粒子的速度将减小，故D错误。故选：A。带电粒子在匀强电场中受到的电场力恒定不变，加速度不变，即可判断其运动性质；本题关键要知道匀强电场中粒子所受的电场力是不变的，运用动力学方法进行分析其运动情况，根据动能定理分析速度大小的变化3.关于静电场场强的概念，下列说法正确的是()A. 由E=Fq可知，某电场的场强E与q成反比，与F成正比B. 正、负检验电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强方向与放入检验电荷的正负有关C. 电场中某一点的场强与放入该点的检验电荷正负无关D. 电场中某点不放检验电荷时，该点场强等于零【答案】C【解析】解：A、电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即E=Fq，与放入电场中的电荷无关，q变大，F变大，比值不变。故A错误。 B、电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反。电场中某点的场强方向与放入电场中电荷无关。故B错误。C、电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即E=Fq，与放入电场中的电荷无关。故C正确。 D、电场强度与放入电场中的电荷无关，由电场本身性质决定。故D错误。故选：C。电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即E=Fq，与放入电场中的电荷无关，由电场本身性质决定.电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反解决本题的关键掌握电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即E=Fq，与放入电场中的电荷无关，由电场本身性质决定4.两个大小相同、带等量异种电荷的导体小球A和B，彼此间的引力为F.另一个不带电的与A、B大小相同的导体小球C，先与A接触，再与B接触，然后移开，这时A和B之间的作用力为F，则F与F之比为()A. 8：3B. 8：1C. 1：8D. 4：1【答案】B【解析】解：假设A带电量为Q，B带电量为-Q，两球之间的相互吸引力的大小是F=kQ2r2 第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为Q2，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为-Q4，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F=kQ2Q4r2=18F 即F与F之比为8：1；故选：B。理解库仑定律的内容知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题5.如图两个等量异种点电荷电场，AB为中垂线，且AO=BO，则()A. A、B两点场强相等B. 正电荷从A运动到B，动能增加C. 负电荷从A运动到B，动能增加D. 电荷在AB线上从A运动到B，电场力一定做功【答案】A【解析】解：A、一对等量异号电荷的电场强度关于两者的连线对称，故A、B两点的电场强度相同，故A正确，B、一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，正电荷从等势面上的A点移动到另一点B，电场力做的功一定为零，故电势能不变，故B错误；C、一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，负电荷从等势面上的A点移动到另一点B，电场力做的功一定为零，故电势能不变，故C错误；D、一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，故A、B两点的电势相等，电势差为零，故D错误；故选：A。一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，电荷从等势面上的一点移动到另一点，电场力做功为零，结合电势差的定义和电场力做功与电势能变化的关系进行分析即可。本题关键是明确一对等量异号电荷的电场线分布图和等势面分布图，要做到胸中有图；同时要特别注意两个电荷的连线和中垂线上的电场情况。6.两个半径为r的金属小球带同种电荷，带电量分别为q1和q2，当两球心相距为3r时，相互作用的库仑力大小为()A. F=kq1q29r2B. Fkq1q29r2C. Fkq1q29r2D. 无法确定【答案】C【解析】解：当两球心相距为3R时，两球不能看成点电荷，因带同种电荷，导致电量间距大于3R，根据库仑定律F=kq1q2r2，可知，它们相互作用的库仑力大小Fkq1q29r2，故C正确，ABD错误。故选：C。本题题中由于带电球的大小与它们之间的距离相比，不能忽略，因此不能看作点电荷，不能直接利用库仑定律计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性的比较库仑力的大小本题应明确当两球心相距为3R时，两球不能看成点电荷，不能直接运用库仑定律解答，注意库仑定律的成立条件，理解点电荷的含义7.如图所示某电场的电场线，A、B、C三点的电场强度E大小关系是()A. EAEBEBECC. EAEBECD. EBECEBEC.故ABD错误，C正确。故选：C。根据电场线的疏密反映电场强度的相对大小，电场线越密，场强越大本题关键抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线的切线方向表示电场强度的方向8.关于电场线，下列说法中正确的是()A. 电场线可以相交B. 电场线是真实存在的C. 电场线没有方向D. 电场线的疏密表示电场的强弱【答案】D【解析】解：A、电场线的切线方向就是电场的方向，如果两条电场线在同一点相交，则有两个切线方向，而事实上电场中的每一点只有一个方向，故任意两条电场线都不会相交。故A错误。B、电场线是人们为了形象地描述电场而引入的，它不是真实存在的，故B错误，C、电场线的方向是正电荷所受电场力的方向，与负电荷所受电场力的方向相反。故C错误D、电场线的疏密表示电场的强弱，故D正确故选：D。电场线是人们为了形象地描述电场而引入的线；电场线的方向是正电荷所受电场力的方向，而正负电荷所受的电场力的方向相反；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念9.在如图各电场中，A、B两点电场强度相同的是()A. B. C. D. 【答案】C【解析】解：A，A、B两者点处于同一圆周上，根据公式E=kQr2，电场强度大小，但方向不同。故A错误；B，由图，AB两点的电场强度方向，根据公式E=kQr2可知，电场大小不同，故B错误； C、在匀强电场中，各处的电场强度处处相同。故C正确；D、由图A、B两点电场强度不同，大小也不同，EAEB.故D错误。故选：C。电场强度是矢量，不仅有大小，而且有方向，只有当电场强度大小和方向都相同时，电场强度才相同本题考查对于矢量的理解能力.矢量既有大小，又有方向，只有当矢量的大小和方向都相同时，矢量才相同10.如图所示，带电粒子进入磁场中，图中的磁场方向B、速度v方向、洛仑兹力f方向标示正确的是()A. B. C. D. 【答案】C【解析】解：A、带负电的粒子向右运动，掌心向外，四指所指的方向向左，大拇指所指的方向是向下，选项A错误。B、带负电粒子的运动方向与磁感应线平行，此时不受洛伦兹力的作用。选项B错误。C、带正电的粒子向右运动掌心向外，四指所指的方向向右，大拇指所指的方向是向上，选项C正确。D、带负电的粒子向上运动，掌心向里，四指应向上，大拇指的方向向左，选项D错误。故选：C。因带电粒子是带负电的，所以应用左手定则时，四指所指的方向与运动方向相反.应用左手定则可判断个选项的正误在应用左手定则时，首先要判断运动的带电粒子所带的电性，若是正电，四指的方向与粒子运动方向一致，若是负电，四指所指的方向与粒子的运动方向相反.此处是非常容易出错的11.在如图所示磁场中，ab是一段通电导体，ab中的电流方向为ab，则ab受到的安培力的方向为()A. 向上B. 向里C. 向下D. 向外【答案】B【解析】解：根据左手定则：伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向下穿过手心，则手心朝上。四指指向电流方向，则指向右，拇指指向里，故导线受到的安培力向里；故选：B。判断通电直导线在磁场中受到的安培力方向时，利用左手定则进行判断.让磁感线穿过左手手心，四指指向电流方向，拇指指向即为安培力方向题比较简单，考查了左手定则的直接应用，注意该定则的应用条件，平时多加练习，达到熟练使用的程度12.如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将作()A. 自由落体运动B. 曲线运动C. 沿着悬线的延长线作匀加速运动D. 变加速直线运动【答案】C【解析】解：悬线烧断前，小球受重力、拉力、电场力平衡，重力和电场力的合力与拉力等值反向。烧断细线，物体受重力、电场力，两个力合力恒定，沿细线方向，合力方向与速度方向在同一条直线上，所以物体沿着悬线的延长线做匀加速直线运动。故C正确。A、B、D错误。故选：C。当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动。解决本题的关键是要掌握物体做直线运动还是曲线运动的条件，当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动。13.如图所示，正电荷q在电场力作用下由P向Q做加速运动，而且加速度越来越大，那么可以断定，它所在电场是图中哪一个？()A. B. C. D. 【答案】C【解析】解：A、电荷在匀强电场中做匀加速直线运动，不符合题意。故A错误。 B、P到Q，电场线越来越疏，电场强度越来越小，电荷做加速度减小的加速运动。不符合题意。故B错误。 C、P到Q，电场线越来越密，电场强度越来越大，电荷做加速度增大的加速运动。符合题意。故C正确。D、P到Q，电场线越来越疏，电场强度越来越小，电荷做加速度减小的加速运动。不符合题意。故D错误。故选：C。电荷在电场只受电场力，根据牛顿第二定律可知，电场力越大，加速度越大.正电荷的电场力与电场强度成正比，电场线的疏密表示电场强度的大小.根据上述知识分析本题考查对电场线的理解能力.电场线可以形象直观表示电场，电场线的疏密表示电场的强弱，切线方向表示电场强度的方向14.如图所示的稳恒电路中，R1=2，R2=4，R3=11那么通过电阻R1、R2、R3的电流强度之比I1：I2：I3为()A. 1：2：3B. 3：2：1C. 2：1：3D. 3：1：2【答案】C【解析】解：图中R1与R2并联，则有I1：I2=R2：R1=4：2=2：1 I3=I1+I2=2I2+I2=3I2，即有I2：I3=1：3 故I1：I2：I3=2：1：3 故选：C。并联电路电压相等，电流与电阻成反比，由此求得I1：I2.再根据并联电路总电流等于各个支路电流之和，求I2：I3，即可求解I1：I2：I3解决本题的关键要掌握并联电路的特点，知道并联电路电压相等，电流与电阻成反比，并能灵活运用15.真空中有两个点电荷，它们间的静电力为F，如保持它们间的距离不变，将每个的电量都增大为原来的2倍，则它们间的作用力大小变为()A. F4B. F2C. 2FD. 4F【答案】D【解析】解：由题意F=Kq1q2r2，如保持它们间的距离不变，将每个的电量都增大为原来的2倍，则它们间的作用力大小变为：F=4Kq1q2r2=4F故选：D。根据库仑定律的公式F=Kq1q2r2求解静电力的大小题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了16.通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为I2，则在时间t内产生的热量为()A. 4QB. 2QC. Q2D. Q4【答案】C【解析】解：根据Q=I2Rt得，电阻变为原来的2倍，电流强度变为原来的12，时间不变，则热量变为原来的12.故C正确，A、B、D错误。故选：C。根据Q=I2Rt去求电阻变为2R，电流强度变为I2，在时间t内产生的热量解决本题的关键掌握焦耳定律热量的公式Q=I2Rt17.关于通电直导线周围磁场的磁感线分布，下列示意图中正确的是()A. B. C. D. 【答案】A【解析】解：A、伸开右手，大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为逆时针。故A正确；B、伸开右手，大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为逆时针。而图为顺时针，故B错误；C、直导线周围的磁感线应该是一系列的同心圆，故C错误；D、直导线周围的磁感线应该是一系列的同心圆，故D错误；故选：A。通电导线周围的磁场方向，由右手螺旋定则来确定。右手螺旋定则也叫安培定则，当直导线时，右手大拇指方向为电流的方向，四指环绕方向为磁场方向；当环形导线时，四指环绕方向为电流方向，右手大拇指方向为环内的磁场方向。18.有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部，当小磁针静止时，小磁针指向如图所示，其中是正确的小磁针是()A. aB. bC. cD. d【答案】D【解析】解：根据安培定则可知通电螺线管N极在左端，因此沿轴向磁场方向水平向左，小磁针N极的指向与磁场同向，故ac指向不对d正确；上方磁场方向水平向右，所以小磁针b指向错误；故选：D。利用安培定则判断出通电螺线管周围磁场方向，注意螺线管内部和外部磁场方向不同，然后根据小磁针静止时N极所指的方向和磁感线的方向一致，从而判断出小磁针静止时方向。本题比较简单，考查了通电螺线管周围磁场方向，注意磁感线是闭合曲线，外部从N极到S极，内部从S极到N极。19.关于电容器的电容C，下列说法正确的是()A. 电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量B. 电容器两极板间的电压越高，电容就越大C. 电容器所带电荷增加一倍，电容就增加一倍D. 电容器所带的电荷越多，电容就越大【答案】A【解析】解：A、电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，故A正确；B、电容器的电容与极板间的电压无关，故B错误；C、电容器的电容与带电荷量无关，故CD错误；故选：A。电容表征电容器容纳电荷的本领大小，由电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所带的电荷量无关本题应明确电容C=QU，采用的是比值定义法，有比值定义法共性，C与U、Q无关，由电容器本身决定20.一根长为0.1m、通有电流1A的导线，垂直放在磁感应强度为2T的匀强磁场中，受到的安培力大小为()A. 0B. 0.2NC. 0.4ND. 0.5N【答案】B【解析】解：由题意的：F=BIL 代入数据F=210.1N=0.2N 故选：B。根据题意，结合安培力的公式F=BIL，求出安培力的大小；解决本题的关键掌握安培力的公式F=BIL，应用公式时注意公式适用条件：通电导线与磁场垂直，和公式中各个物理量的含义二、填空题（本大题共3小题，共18.0分）21.某电容器上标有“220V300F”，300F=_F=_pF【答案】310-4 3108【解析】解：根据1F=106F=1012pF，知300F=310-4F=3108pF故本题答案为：310-4，31081F=106F=1012pF，即F、F、pF进制为106解决本题的关键知道F、F、pF进制为106，即1F=106F=1012pF22.一段导体两端电压是4V，在2min内通过导体某一横截面积的电量是15C，那么通过这段导体的电流是_A，这段导体的电阻应是_.【答案】0.125 32【解析】解：由公式I=qt得，导体中的电流为I=15120A=18A=0.125A根据欧姆定律I=UR得导体的电阻为R=UI=418=32故答案为：0.125；32根据在2min内通过导体某一横截面积的电量是15C，由公式I=qt求出电流.已知导体两端的电压是4V，再欧姆定律求解导体的电阻电阻的计算与测量，通常采用的方法是伏安法，即由导体两端的电压与电流之比求解电阻23.匀强磁场中有一段长为0.2m的直导线，它与磁场方向垂直，当通过3A的电流时，受到6.010-2N的磁场力，则磁场的磁感强度是_特；当通入的电流加倍时，磁场的磁感强度是_特.【答案】0.1 0.1【解析】解：由题，通电导线与磁场垂直，则磁场的磁感强