山东省枣庄市市中区九年级物理上学期期末试卷（含解析）.docx

山东省枣庄市市中区九年级物理上学期期末试卷一、单选题（每小题2分，共30分）1水煎包是一种特色名吃，其特色在于兼得水煮油煎之妙，色泽金黄，一面焦脆，三面嫩软，皮薄馅大，香而不腻。在水煎包的制作过程中，以下说法正确的是（）水煎包“香气四溢”，说明分子在不停地做无规则运动水煎包能被煎成金黄色，是因为油的沸点比水的沸点低木柴燃烧时将化学能转化为内能往热锅内倒入水会产生大量的“白气”，“白气”是水汽化形成的ABCD2下列有关热和能的说法中，正确的是（）A发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体B一块0的冰熔化成0的水后，温度不变，内能变大C内燃机的压缩冲程，主要通过热传递增加了汽缸内物质的内能D夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质3如图所示是内燃机工作循环中的一个冲程，它是（）A压缩冲程，将化学能转化成内能B压缩冲程，将机械能转化成内能C做功冲程，将内能转化成机械能D做功冲程，将机械能转化成内能4小李家使用的燃气热水器，将30kg的水从20加热到45，消耗了0.15m3的天然气。已知水的比热容为4.2103J/（kg），天然气的热值为4107J/m3，则下列与该过程有关的计算结果和分析正确的是（）A水吸收的热量与水的末温成正比B水吸收的热量是3.15105JC热水器的能量转化效率是52.5%D热水器的能量转化效率与环境温度无关5与头发摩擦过的塑料尺能“吸”起纸屑。下列现象中”吸”的物理原理与其相同的是（）A挤压后的塑料吸盘“吸”在瓷砖上B削平的铅柱挤压后会“吸”在一起C干手搓开的新塑料袋“吸”在手上D行驶的汽车的窗帘被“吸”出窗外6酸甜多汁的水果不仅可以为我们的身体提供能量，还可以发电呢!如图所示，几只水果提供的电力足以点亮一排发光二极管!水果在这里扮演了“电源”的角色，关于这个电路说法错误的是（）A水果的作用是给电路提供电压B此时电路中有电荷在发生定向移动C水果中储存的是电能D把水果串联起来可以提高电压7如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，两灯都能正常工作，灯L1，L2的电阻之比为R1：R21：2，此时甲、乙两电表的示数之比为（）A2：1B1：2C3：2D2：38某同学设计的煤气检测电路如图所示，电源电压不变，R为定值电阻，Q为气敏元件，其阻值随煤气浓度的升高而增大，闭合开关S，当煤气浓度升高时，下列判断正确的是（）A电流表示数变小，输出信号电压Uab变大B电流表示数变大，输出信号电压Uab变大C电流表示数变小，输出信号电压Uab不变D电流表示数变大，输出信号电压Uab减小9如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中保持不变的是（）A用电器消耗的总功率B电压表V的示数与电流表A的示数的比值C电流表A的示数与电流表A1的示数的差值D电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积10如图是电阻甲和乙的UI图象，由图象可知下列判断正确的是（）A甲乙都是定值电阻B当乙两端电压为1V，其电阻值为10C将甲和乙串联，若甲的电流为0.4A时，电路的总功率为1.2WD将甲和乙并联，若甲两端电压为1V时，干路上的电流为0.4A11根据额定电压为2.5V小灯泡的IU图象（如图所示）分析，下列结论正确的是（）A当小灯泡的电压为0V时，其电阻为0B当小灯泡的电流为0.1A时，其实际功率为0.1WC通过小灯泡的电流与其两端的电压成正比D小灯泡的额定功率为0.625W12如图甲所示，闭合开关后，在滑片P由b端向a端移动的过程中，电压表示数U随滑动变阻器的电阻R2变化的关系图象如下图乙所示，下列说法错误的是（）A电源电压是6VBR2的最大阻值是20CR1的电阻是10D当滑片P移到中点时，10s内电流通过R1产生的热量是18J13一种试电笔的构造如图所示，下列关于它的作用和使用描述正确的是（）A试电笔可用来测试物体是带正电还是带负电B试电笔通常也用来检查电气设备的外壳是否带电C使用时手指不能碰到金属笔卡D使用时人不会触电是因为试电笔氖管中的氖气不会导电14新的国家标准对延长线插座配用电缆的导线橫截面积要求进行了修改，额定电流16A的延长线插座，导线最小标称横截面积由1mm2提升到1.5mm2增大导线横截面积的目的是（）A增大导线的电阻B减小通过导线的电流C增大导线的电压D减小导线发热的功率15如图是常用的带有多插孔的插排。小明家插排的指示灯已经损坏，但闭合开关后插孔上连接的用电器仍可以正常工作。某一天小明家装修时将切割机插入插排，切割机工作时，家中的空气开关出现了“跳闸”现象。则下列说法中正确的是（）A插排上的插孔与指示灯是串联关系B“跳闸”的原因一定是电路发生了断路C“跳闸”的原因一定是电路发生了短路D“跳闸”的原因可能是电路总功率过大二、填空题（每空1分，共26分）16常见的物质由分子组成，分子由组成；夏日荷花盛开飘来阵阵花香，这是现象；清晨荷叶上的两颗露珠接触后成为了更大的一颗水珠，表明分子之间存在力。17将盛有凉牛奶的瓶子放在热水中（如图所示），通过方式改变牛奶的内能，图中乙是250g牛奶与热水的温度随时间变化的图象，则牛奶在加热过程中吸收的热量为Jc牛奶4.2103J/（kg）18一单缸四冲程汽油机，飞轮转速为3000r/min，则1s对外做功次，若其效率为30%，消耗100g汽油可对外做功J（汽油的热值为q4.6107J/kg）19如图，在探究串联电路的电压关系实验时，小明先用电压表测量了电阻R1两端的电压为1V，然后保持电压表接A点不动，将接B点的那一段导线改接到电路中的C点，电压表示数为3V已知R15，则电阻R2两端的电压为V，通过R2的电流为A如果他保持电压表接B点不动，将电压表接A点的那一段导线改接到电路中的C点，这种接法是（选填“正确”或“错误”）的。20电阻R1与R2的IU图象如图所示。当R2上的电压为1.5V时，R2的阻值是；若将它们并联连接到电压为2.5V的电源上，则干路的电流是A。21某电吹风工作6min，能使如图的电能表的转盘转过120转，则该电吹风消耗的电能为kWh，电功率为W，这些电能可供一只“220V10W”的LED灯正常工作h。22由于导体存在电阻，电流通过导线时会因电流的效应而造成大量的能量损耗，1911年荷兰科学家发现某些导体在极低温度下会突然消失，这种现象称为超导现象，近年来我国在超导领域取得了举世瞩目的成就，用超导电缆输电，可大大降低能量损耗，有一段输电线路，输电电流为200A，输电线路的电阻为0.5，若以超导电缆替代该线路输电1h，可节约电能kWh。23有一台电动机，额定电压3V，额定电流1A，电动机线圈电阻0.5这台电动机正常工作1min，消耗的电能为J产生的热量为J，输出的机械能为J。24在家庭用电的调查研究综合实践活动中，小明研究发现空调功率远大于冰箱，所以空调插头线比冰箱插头线（粗/细），小明关掉空调后，冰箱仍在工作，这说明空调与冰箱是联的，他观察到空调上“能效比”EER的值为3.4，经查阅资料，能效比是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率之比，空调制冷时消耗的电功率为1000W，则空调制冷量为W。25如图所示，某手机移动电源（俗称充电宝）有两个输出端，通过电源线可以单独或同时为手机充电，这两个输出端的连接方式是联；用移动电源为手机充电时，手机相当于电路中的。三、实验与探究（第1小题4分，第2小题5分，第3小题8分，第4小题7分，共21分）26（4分）将图中的三孔插座（带保险盒）正确的接入电路。27（5分）把两种不同材料的导线（如铁线和铜线）组成如图所示的闭合回路，当AB两端存在温度差时，回路中就会有电流通过，这就是塞贝克效应，这种电路叫热电偶。实验表明：热电偶电路中电流的大小跟相互连接的两种金属丝的材料有关；跟接点A和B间的温度差的大小有关，温度差越大，回路电流越大。请回答下列问题：（1）如图所示，其它条件不变，只将A处杯中的冰水混合物换为沸水，电路电流。其它条件不变，移去酒精灯，将B放入另一杯冰水混合物中，稳定后，电路电流（各空格均选填“变大”、“变小、”、“不变”、“变为零”）（2）这样的热电偶实际上是一个电源，它的电能是由能转化而来。（3）热电偶电路可以把温度信号换成信号，利用这种性质可以把热电偶做成（写出一种应用）。28（8分）小明用两节干电池测小灯泡的功率，电路如图甲所示，小灯泡额定电压为2.5V，滑动变阻器规格为“202A”。（1）在图甲中，用笔画线代替导线将电路连接完整。（2）连接电路时，开关必须，滑动变阻器的滑片应移到最（左/右）端。（3）当电压表的示数达到2V时，电流表的示数如图乙所示，其读数为A，此时，灯泡的功率为W，为使灯泡正常发光，应将滑片向（左/右）移动。（4）当电压表示数达到2.5V时，无论怎么调节变阻器滑片都无法使电压表示数变大。为了用该灯泡继续完成实验，你的做法是。（5）解决了（4）中问题后，测出电压略大于2.5V时的灯泡功率。为比较灯泡在不同电压下的功率关系，（需要/不需要）重新测量前两次实验数据。29（4分）探究“电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验。如图甲和乙所示，两个透明容器中密闭着等质量的空气，两容器中的电阻丝串联起来，连接到电源两端，通电一定时间后，比较两个U形管中液面高度差的变化。（1）在图甲中，通过两电热丝的电流；是探究电流通过导体产生的热量与导体的关系。（2）在图乙中，是探究电流通过导体产生的热量与通过导体的关系。（3）实验中，我们是通过观察U形管中液面的来比较各容器中电热丝产生热量的多少的。四、计算题：本题包括2个小题，第1小题12分，第2小题11分，共23分解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分30（12分）在如图的电路中，已知电源为电压可调的直流学生电源，灯泡L2的额定电压为8V，灯泡L1标有“6V0.75A”字样，忽略温度对灯丝的影响。（1）当开关S接a时，电压表的示数为1.8V，电流表的示数为0.3A，求定值电阻R0的阻值。（2）当开关S接a时，调节电源电压，使电流表的示数为0.5A时，灯泡L2正常发光，求灯泡L2的额定功率。（3）当开关S接b时，为使电路安全，最大电源电压为多少。31（11分）小华家距离变压器4km，在变压器与小华家之间的两条输电线，每条输电线每千米的电阻为0.25，即0.25/km，变压器加在输电线两端的电压是220V在某一时间段，整个线路只有小华家一台额定电压220V、额定功率2420W的电热水器工作。不考虑温度变化对电热水器电阻的影响。求：（1）输电线中电流的大小。（2）这两条输电线消耗的电功率。2018-2019学年山东省枣庄市市中区九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（每小题2分，共30分）1水煎包是一种特色名吃，其特色在于兼得水煮油煎之妙，色泽金黄，一面焦脆，三面嫩软，皮薄馅大，香而不腻。在水煎包的制作过程中，以下说法正确的是（）水煎包“香气四溢”，说明分子在不停地做无规则运动水煎包能被煎成金黄色，是因为油的沸点比水的沸点低木柴燃烧时将化学能转化为内能往热锅内倒入水会产生大量的“白气”，“白气”是水汽化形成的ABCD【分析】（1）扩散现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动；（2）油的沸点通常高于水的沸点，所以可达到更高的温度；（3）燃料燃烧是能量的转化过程，实质是燃料的化学能转化为内能的过程；（4）生活中看到的大量的“白气”，这是由于水蒸气液化形成的。【解答】解：水煎包“香气四溢”，香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故正确；水煎包能被煎成金黄色，是因为油的沸点比水的沸点高，而不是低，故错误；木柴燃烧时将化学能转化为内能，故正确；往热锅内倒入水会产生大量的“白气”，这是由于水蒸气液化形成的，故错误；以上说法正确的是，故A符合题意。故选：A。【点评】本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。2下列有关热和能的说法中，正确的是（）A发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体B一块0的冰熔化成0的水后，温度不变，内能变大C内燃机的压缩冲程，主要通过热传递增加了汽缸内物质的内能D夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质【分析】（1）热传递的条件是两个物体之间存在温度差，热量从高温物体传给低温物体。（2）内能的大小跟质量、温度、状态有关；晶体熔化过程吸收热量，温度不变；（3）改变物体内能的方式有做功和热传递，做功属于能量的转化，热传递属于能量的转移；（4）物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸收热量。【解答】解：A、发生热传递时，传递的是热量而不是温度；故A错误；B、一块0的冰熔化成0的水后，吸收热量，温度不变，内能增加；故B正确；C、内燃机的压缩冲程，活塞压缩气缸内物质，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能；故C错误；D、夏天在室内洒水，水汽化吸收热量，起到降温的作用，不是利用了水的比热容较大的性质；故D错误。故选：B。【点评】本题综合考查了热传递的条件、熔化吸热、物体内能的改变方式、汽化吸热等知识、内燃机的工作原理等知识，综合性较强，易出错。3如图所示是内燃机工作循环中的一个冲程，它是（）A压缩冲程，将化学能转化成内能B压缩冲程，将机械能转化成内能C做功冲程，将内能转化成机械能D做功冲程，将机械能转化成内能【分析】解决此题要结合内燃机的做功冲程特点和原理进行分析解答，知道做功冲程中的能量转化。【解答】解：图中的气门关闭，活塞下行，并且电火花打火，这是做功冲程的特点；在做功冲程中，能量转化关系是气体的内能转化为机械能；故选：C。【点评】此题是结合内燃机的冲程图分析内燃机冲程的特点，要会根据电火花是否打火判断是不是做功冲程。4小李家使用的燃气热水器，将30kg的水从20加热到45，消耗了0.15m3的天然气。已知水的比热容为4.2103J/（kg），天然气的热值为4107J/m3，则下列与该过程有关的计算结果和分析正确的是（）A水吸收的热量与水的末温成正比B水吸收的热量是3.15105JC热水器的能量转化效率是52.5%D热水器的能量转化效率与环境温度无关【分析】（1）根据Q吸cm（tt0）分析水吸收的热量是否与水的末温成正比；（2）根据Q吸cm（tt0）可求得水吸收的热量；（3）根据Q放Vq可求得天然气燃烧放出热量，由100%可求得能量转化效率；（4）环境温度越低，加热时间越长，其散失的热量越多，据此分析。【解答】解：A、由Q吸cm（tt0）可知，水吸收的热量与水的质量和升高的温度成正比，故A错误；B、将30kg的水从20加热到45，水吸收的热量：Q吸cm（tt0）4.2103J/（kg）30kg（4520）3.15106J，故B错误；C、天然气完全燃烧放出热量：Q放V天然气q0.15m34107J/m36106J，热水器的能量转化效率：100%100%52.5%，故C正确；D、热水器的能量转化效率与环境温度有关，因为环境温度越低，加热的时间越长，其散失的热量越多，则热水器的能量转化效率越低，故D错误。故选：C。【点评】本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放Vq、Q吸cmtcm（tt0）和效率公式的掌握和运用，属于中档题。5与头发摩擦过的塑料尺能“吸”起纸屑。下列现象中”吸”的物理原理与其相同的是（）A挤压后的塑料吸盘“吸”在瓷砖上B削平的铅柱挤压后会“吸”在一起C干手搓开的新塑料袋“吸”在手上D行驶的汽车的窗帘被“吸”出窗外【分析】（1）由于大气有重力且具有流动性，故大气会对地球表面的物体产生压强；大气压在生活中有很广泛的应用，如：吸饮料、钢笔吸墨水、吸盘式挂钩等等；（2）分子之间存在着引力和斥力；（3）根据摩擦起电现象和带电物体的性质分析；（4）流体流速越快的地方其压强就越小。【解答】解：用丝绸摩擦过的玻璃棒能够吸引碎纸屑，这是因为带电的玻璃棒可以吸引轻小物体；A、光滑瓷砖上的吸盘式挂钩，挂衣钩里面的空气被挤出，在外界大气压的作用下，将挂钩压在瓷砖上，故A错误；B、削平的铅柱压紧后能“吸”在一起，因为分子间有引力，故B错误；C、干手搓开的新塑料袋“吸”在手上，因为摩擦起电后带静电，会吸引轻小物体，故C正确；D、行驶的汽车，车外的空气流速快，压强小，车内的空气流速小、压强大，压强差就把窗帘压向窗外，故D错误。故选：C。【点评】本题利用了摩擦起电、流体压强、分子间的作用力和大气压的存在来解释一些现象。一个“吸”字，包含不同的物理规律，要注意区分。6酸甜多汁的水果不仅可以为我们的身体提供能量，还可以发电呢!如图所示，几只水果提供的电力足以点亮一排发光二极管!水果在这里扮演了“电源”的角色，关于这个电路说法错误的是（）A水果的作用是给电路提供电压B此时电路中有电荷在发生定向移动C水果中储存的是电能D把水果串联起来可以提高电压【分析】（1）电源是为电路提供电压的装置；（2）电荷的定向移动形成电流。（3）水果电池对外供电的过程中，将化学能转化为电能；（4）电池串联时，得到的电压是每个电池的电压之和。【解答】解：A、电源是为电路提供电压的装置；水果是电源，为用电器即发光二极管提供了电压；故A正确；B、闭合的电路中有电流，则电路中有电荷发生定向移动；故B正确；C、水果电池储存的是化学能，对外供电的过程中，将化学能转化为电能；故C错误；D、将多个水果电池串联起来，得到的电压是每个电池的电压之和，可以提高电压；故D正确；故选：C。【点评】本题借助水果电池考查电源及能量的转化和串并联电路的特点，知识点较多，属于中等题。7如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，两灯都能正常工作，灯L1，L2的电阻之比为R1：R21：2，此时甲、乙两电表的示数之比为（）A2：1B1：2C3：2D2：3【分析】根据电路的连接，乙表与电源连接，故为电压表，甲表不能是电流表，故两表都为电压表，甲表测L2的电压，乙表测电源电压，两灯串联，根据分压原理和串联电路电压的规律得出答案。【解答】解：乙表与电源连接，故为电压表，甲表不能是电流表，否则S闭合时，将灯短路，不发光，故两表都为电压表，甲表测L2的电压，乙表测电源电压，两灯串联，灯L1、L2的电阻之比为R1：R21：2，根据分压原理，L2的电压为灯L1的2倍，即2UL1，根据串联电路电压的规律，总电压为：UUL1+2UL13UL1，甲、乙两电表的示数之比为2UL1：3UL12：3只有D正确。故选：D。【点评】本题考查串联电路的规律和欧姆定律，关键是电表类型的判断。8某同学设计的煤气检测电路如图所示，电源电压不变，R为定值电阻，Q为气敏元件，其阻值随煤气浓度的升高而增大，闭合开关S，当煤气浓度升高时，下列判断正确的是（）A电流表示数变小，输出信号电压Uab变大B电流表示数变大，输出信号电压Uab变大C电流表示数变小，输出信号电压Uab不变D电流表示数变大，输出信号电压Uab减小【分析】定值电阻与气敏元件串联，电流表测电路中的电流，输出信号电压Uab即气敏元件的电压：（1）当煤气浓度升高时，根据已知条件分析气敏元件电阻变化，根据电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律确定电路中的电流变化；（2）根据欧姆定律的变形公式：UIR，分析R的电压变化，根据串联电路电压的规律确定输出信号电压Uab变化。【解答】解：（1）定值电阻与气敏元件串联，电流表测电路中的电流，输出信号电压Uab即气敏元件的电压：当煤气浓度升高时，气敏元件电阻增大，根据电阻的串联，总电阻变大，由欧姆定律，电路中的电流变小，电流表示数变小，BD错误；（2）因电流表示数变小，根据欧姆定律的变形公式：UIR，R的电压变小，根据串联电路电压的规律，输出信号电压Uab变大，故A正确，C错误。故选：A。【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，难度中等。9如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中保持不变的是（）A用电器消耗的总功率B电压表V的示数与电流表A的示数的比值C电流表A的示数与电流表A1的示数的差值D电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积【分析】AB、两电阻并联，电流表A1测R1的电流，电流表A测并联的总电流，电压表测电源电压：分析当滑动变阻器的滑片P向右移动时变阻器连入电路中的电阻变化，根据并联电阻的规律判断总电阻变化，由P分析用电器消耗的总功率变化；由欧姆定律分析总电阻变化；CD、根据并联电路各支路互不影响，通过R1的电流不变：滑片P向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由欧姆定律可知，通过变阻器的电流变小；根据并联电路电流的规律，电流表A的示数与电流表A1的示数的差值等于通过变阻器的电流，从而确定电流表A的示数与电流表A1的示数的差值变化；因电压表示数不变，分析电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变化。【解答】解：AB、由图知，R1与R2并联，电流表A1测R1的电流，电流表A测并联的总电流，电压表测电源电压，则滑片移动时电压表的示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，根据并联电阻的规律，总电阻变大，由P可知，用电器消耗的总功率变小，故A不符合题意；由欧姆定律可知，电压表V的示数与电流表A的示数的比值等于电路的总电阻，总电阻变大，则该比值变大，故B不符合题意；CD、因并联电路中各支路互不影响，所以通过R1的电流不变，即电流表A1示数不变，滑片P向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由欧姆定律可知，通过变阻器的电流变小；根据并联电路电流的规律，电流表A的示数与电流表A1的示数的差值等于通过变阻器的电流，所以该差值变小，故C不符合题意；因电压表示数不变、电流表A1示数不变，所以电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积不变，故D符合题意；故选：D。【点评】本题考查欧姆定律、并联电路的规律、电功率公式的运用，关键是电路的识别。10如图是电阻甲和乙的UI图象，由图象可知下列判断正确的是（）A甲乙都是定值电阻B当乙两端电压为1V，其电阻值为10C将甲和乙串联，若甲的电流为0.4A时，电路的总功率为1.2WD将甲和乙并联，若甲两端电压为1V时，干路上的电流为0.4A【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图象甲和乙电阻的变化；（2）据此分析图象得出当U乙1V时对应的电流，根据欧姆定律即可求出电阻；（3）根据串联电路的电流特点，读出图象中对应的电压，根据PUI求出总功率；（4）根据并联电路的电压特点，结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点，得出干路电流。【解答】解：A、由图象可知，乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知，乙电阻的阻值是变化的，故A错误；B、由图象可知，当U乙1V时，I乙0.4A，由I可得此时乙的阻值：R乙2.5，故B错误；C、将甲和乙串联，若甲的电流为0.4A时，根据串联电路的电流特点可知甲乙的电流均为0.4A，由图象可知，此时U甲2V，U乙1V，则总功率为PP甲+P乙U甲I+U乙I2V0.4A+1V0.4A1.2W，故C正确；D、将甲和乙并联，若甲两端电压为1V时，根据并联电路的电压特点可知甲乙两端的电压均为1V，由图象可知，此时I甲0.2A，I乙0.4A，则干路电流II甲+I乙0.2A+0.4A0.6A，故D错误；故选：C。【点评】本题考查串联电路的电流特点与并联电路的电压特点，掌握欧姆定律、电功率公式的运用，关键是根据图象得出相关信息。11根据额定电压为2.5V小灯泡的IU图象（如图所示）分析，下列结论正确的是（）A当小灯泡的电压为0V时，其电阻为0B当小灯泡的电流为0.1A时，其实际功率为0.1WC通过小灯泡的电流与其两端的电压成正比D小灯泡的额定功率为0.625W【分析】（1）电阻是导体的属性，跟电压无关；（2）由图分析，PUI可得实际功率；（3）分析图象可得灯泡的电流与其两端的电压的关系；（4）根据PUI可求。【解答】解：A、电阻是导体本身的一种属性，跟导体的材料、长度、横截面积有关，跟导体两端的电压通过的电流无关，故A错误；B、由图可知，小灯泡的电流为0.1A时，其实际电压小于1V，根据PUI可知，实际功率小于0.1W，故B错误；C、由图可知，灯泡的电流与其两端的电压图象，不是正比例函数，故不成正比，故C错误；D、由图可知，小灯泡在额定电压为2.5V时，电流为0.25A，额定功率，PUI2.5V0.25A0.625W，故D正确。故选：D。【点评】本题主要考查灯泡的IU图象，要求熟练掌握。12如图甲所示，闭合开关后，在滑片P由b端向a端移动的过程中，电压表示数U随滑动变阻器的电阻R2变化的关系图象如下图乙所示，下列说法错误的是（）A电源电压是6VBR2的最大阻值是20CR1的电阻是10D当滑片P移到中点时，10s内电流通过R1产生的热量是18J【分析】由图甲所示电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测定值电阻R1两端电压。（1）由图甲所示电路可知，滑片在b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源两端电压，由图乙所示图象读出电源的电压，由欧姆定律可计算R1的阻值；（2）当滑片位于a端时，R1与R2的最大阻值串联，电压表的示数最小，根据图乙读出滑动变阻器的最大阻值和电压表的最小示数，利用串联电路的电压特点求出R2两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出R1的阻值；（3）根据图乙读出滑动变阻器的滑片在中点时电压表示数，即R1两端电压，由Qt计算10s内电流通过R1产生的热量。【解答】解：由图甲所示电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测定值电阻R1两端电压。（1）由图甲所示电路可知，当滑片在b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源两端电压，由图乙所示图象可知，电源电压U6V，故A正确；（2）当滑片位于a端时，R1与R2的最大阻值串联，此时电压表的示数最小，由图乙所示图象可知，变阻器的最大阻值R220，电压表的最小示数U1最小2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以此时滑动变阻器两端的电压：U2UU1最小6V2V4V，串联电路中各处的电流相等，即：I1I2，由欧姆定律可知，即：，解得：R110，故BC正确；（3）根据图乙可知，滑动变阻器的滑片在中点时电压表示数为3V，即R1两端电压：U13V，由Qt可得，10s内电流通过R1产生的热量：Q1t10s9J，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律和焦耳定律公式的灵活应用，关键是由图象获取有用信息。13一种试电笔的构造如图所示，下列关于它的作用和使用描述正确的是（）A试电笔可用来测试物体是带正电还是带负电B试电笔通常也用来检查电气设备的外壳是否带电C使用时手指不能碰到金属笔卡D使用时人不会触电是因为试电笔氖管中的氖气不会导电【分析】（1）试电笔的作用是区分家庭电路中的火线和零线；（2）试电笔用来检查电气设备的外壳是否带电；（3）用试电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体；（4）用测电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体试电笔的内部有一个阻值很大的电阻，当人接触试电笔的笔尾金属体，人和测电笔是串联在电路中，如果两者串联在零线和大地之间，加在两者之间的电压是0V，氖管不发光；如果两者串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是220V，此时试电笔的阻值很大分担的电压很大，人体分担的电压很小，不会超过人体的安全电压，氖管发光，但是不会对人造成伤害。【解答】解：A、试验电笔的作用是检验家庭电路中的火线和零线，不是测试物体带正电或负电，故A错误；B、试电笔通常也用来检查电气设备的外壳是否带电，故B正确。C、用试电笔时，必须用手接触到笔尾的金属卡，故C错误D、在试电笔的构造中，有一个1M以上的高值电阻（比人体的电阻几千欧大得多），在使用试电笔测火线时，试电笔的高值电阻和人串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是220V，此时试电笔的高值电阻分担的电压很大，人体分担的电压很小，通过人体的电流很小，氖管发光，人不会发生触电事故，不是因为试电笔氖管中的氖气不会导电，故D错误。故选：B。【点评】本题考查试电笔的使用，记住使用方法，是一道基础题。14新的国家标准对延长线插座配用电缆的导线橫截面积要求进行了修改，额定电流16A的延长线插座，导线最小标称横截面积由1mm2提升到1.5mm2增大导线横截面积的目的是（）A增大导线的电阻B减小通过导线的电流C增大导线的电压D减小导线发热的功率【分析】根据影响电阻大小的因素分析导线的横截面积变大时其电阻的变化，电流一定时，根据欧姆定律分析导线两端的电压变化，根据PI2R分析导线的发热功率变化，要注意通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关。【解答】解：A延长线的材料和长度相同时，增大导线横截面积可以减小导线的电阻，故A错误；B通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关，无法判断通过导线电流的变化，故B错误；C在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由UIR可知，可以减小导线两端的电压，故C错误；D在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由PI2R可知，可以减小导线发热的功率，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了影响导体电阻大小因素和欧姆定律、电热公式的应用等，是一道较为简单的应用题。15如图是常用的带有多插孔的插排。小明家插排的指示灯已经损坏，但闭合开关后插孔上连接的用电器仍可以正常工作。某一天小明家装修时将切割机插入插排，切割机工作时，家中的空气开关出现了“跳闸”现象。则下列说法中正确的是（）A插排上的插孔与指示灯是串联关系B“跳闸”的原因一定是电路发生了断路C“跳闸”的原因一定是电路发生了短路D“跳闸”的原因可能是电路总功率过大【分析】插座中接入的所有用电器是并联的，开关处于干路上；电流过大的原因是短路或总功率过大。【解答】解：A、插排上的插孔与指示灯是并联的，故A错误；BCD、小明家将切割机插入插排，切割机工作时，家中的空气开关出现了“跳闸”现象，这说明切割机的功率过大，造成干路中电流过大，故D正确，BC错误。故选：D。【点评】本题通过插座，考查了电路的连接方式、电流过大的原因等知识，属于基础题目。二、填空题（每空1分，共26分）16常见的物质由分子组成，分子由原子组成；夏日荷花盛开飘来阵阵花香，这是扩散现象；清晨荷叶上的两颗露珠接触后成为了更大的一颗水珠，表明分子之间存在引力。【分析】（1）物质由分子组成，分子由原子组成，原子由电子，和原子核组成；（2）不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散。扩散现象说明了：一切物质的分子都在不停地做无规则运动；分子之间有间隙；（3）分子热运动理论的内容有三条：一是一切物质是由分组组成的；二是组成物质的分子都在永不停息的做无规则运动；三是分子之间存在相互作用的引力和斥力。【解答】解：（1）物质由分子组成，分子由原子组成；（2）荷花盛开飘来阵阵花香，是花香分子发生的扩散现象，说明分子在不停息的做无规则运动；（3）清晨荷叶上的两颗露珠接触后成为了更大的一颗水珠，表明分子之间存在引力。故答案为：原子；扩散；引。【点评】此题考查的知识点分子的组成，扩散现象，以及分子运动理论的内容。解题的关键是对扩散定义和分子动理论理论内容的准确把握。17将盛有凉牛奶的瓶子放在热水中（如图所示），通过热传递方式改变牛奶的内能，图中乙是250g牛奶与热水的温度随时间变化的图象，则牛奶在加热过程中吸收的热量为2.1104Jc牛奶4.2103J/（kg）【分析】（1）改变内能的方法：一是做功，二是热传递，物体放出热量、内能减少、温度降低；（2）知道牛奶的质量、比热容，求出温度升高值，利用吸热公式Q吸cmt求牛奶吸收的热量。【解答】解：给牛奶加热的过程中，牛奶吸收热量、内能增加，是通过热传递方式改变了牛奶的内能；由图乙可知，牛奶升高的温度：t402020，则牛奶吸收的热量：Q吸cmt4.2103J/（kg）0.25kg202.1104J。故答案为：热传递；2.1104。【点评】本题考查了热量的计算、内能的改变方法，计算时注意温度升高了（t）与升高到（末温）的区别。18一单缸四冲程汽油机，飞轮转速为3000r/min，则1s对外做功25次，若其效率为30%，消耗100g汽油可对外做功1.38106J（汽油的热值为q4.6107J/kg）【分析】（1）内燃机的工作原理：一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，做功1次；（2）利用Qmq计算燃料燃烧放出的热量，在根据题意求出对外做的功。【解答】解：（1）已知飞轮转速为3000r/min50r/s，一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，对外做功1次，故该汽油机1s内对外做功25次；（2）汽油燃烧放出的热量：Qmq0.1kg4.6107J/kg4.6106J，汽油机对外做的功为：W4.6106J30%1.38106J。故答案为：25；1.38106。【点评】此题主要考查了内燃机的四冲程中做功次数与飞轮转数之间的关系。关键要搞清一个工作循环包括四个冲程，飞轮转两周，对外做功一次。19如图，在探究串联电路的电压关系实验时，小明先用电压表测量了电阻R1两端的电压为1V，然后保持电压表接A点不动，将接B点的那一段导线改接到电路中的C点，电压表示数为3V已知R15，则电阻R2两端的电压为2V，通过R2的电流为0.2A如果他保持电压表接B点不动，将电压表接A点的那一段导线改接到电路中的C点，这种接法是错误（选填“正确”或“错误”）的。【分析】（1）根据串联电路电压的规律求出电阻R2两端的电压为：3V1V2V，由欧姆定律求通过R1的电流，根据串联电路电流的规律求通过通过R2的电流；（2）电压表测电压时，电流要从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则电压表指针反向偏转。【解答】解：（1）用电压表测量了电阻R1两端的电压为1V，然后保持电压表接A点不动，将接B点的那一段导线改接到电路中的C点，此时电压表测电源电压，电压表示数为3V，即电源电压为3V；根据串联电路电压的规律，则电阻R2两端的电压为：U2UU13V1V2V，由欧姆定律可得，通过R1的电流为：I10.2A；因串联电路各处的电流相等，则通过通过R2的电流也为0.2A；（2）如果他保持电压表接B点不动，将电压表接A点的那一段导线改接到电路中的C点，则会造成电流从电压表负接线柱流入（即电压表的正负接线柱接反），这种接法是错误的。故答案为：2；0.2；错误。【点评】本题考查串联电路的规律和欧姆定律的运用及电压表使用，掌握电压表的使用是解题的关键。20电阻R1与R2的IU图象如图所示。当R2上的电压为1.5V时，R2的阻值是10；若将它们并联连接到电压为2.5V的电源上，则干路的电流是0.7A。【分析】（1）由图象可知，R2阻值是变化的，则通过它的电流与它两端所加电压就不成正比。由欧姆定律计算R2的电阻值；（2）并联电路各支路两端的电压相等，通过干路的电流可通过图象直接读出各自的电流，然后求和。【解答】解：电阻R2的函数图象是一条过原点的曲线，所以通过的电流跟它两端所加电压不成正比。当U21.5V时，通过它的电流I20.15A，由欧姆定律可得：R210；电阻R1的函数图象是一条过原点的直线，所以通过的电流跟它两端所加电压成正比。当U11V时，通过它的电流I10.2A，由欧姆定律可得：R15；将它们并联连接到两端电压为2.5V的电路中时，由图象中可知：R2电流为0.2A，通过R1的电流：I10.5A，则通过干路的电流大约是0.2A+0.5A0.7A。故答案为：10；0.7。【点评】本题考查图象的分析能力，注意掌握图象中的曲线表示的特点，并会从中读取数据。21某电吹风工作6min，能使如图的电能表的转盘转过120转，则该电吹风消耗的电能为0.1kWh，电功率为1000W，这些电能可供一只“220V10W”的LED灯正常工作10h。【分析】（1）“1200r/kWh”表示电路中每消耗1kWh的电能，电能表转盘转过1200r；据此求电能表转盘转120r消耗的电能，再利用P求出电吹风的功率；（2）求出了电吹风消耗的电能，再利用P求可供“220V10W”的节能灯正常工作的时间。【解答】解：（1）因为“1200r/kWh”表示电路中每消耗1kWh的电能，电能表转盘转过1200r，所以电能表转盘转120r，电吹风消耗的电能：WkWh0.1kWh，电吹风的功率：P1kW1000W；（2）由P可得，这些电能可供“220V10W”的节能灯正常工作的时间：t10h。故答案为：0.1；1000；10。【点评】本题考查电功、电功率的计算，关键是电能表相关参数的理解以及电功率公式的应用。22由于导体存在电阻，电流通过导线时会因电流的热效应而造成大量的能量损耗，1911年荷兰科学家发现某些导体在极低温度下电阻会突然消失，这种现象称为超导现象，近年来我国在超导领域取得了举世瞩目的成就，用超导电缆输电，可大大降低能量损耗，有一段输电线路，输电电流为200A，输电线路的电阻为0.5，若以超导电缆替代该线路输电1h，可节约电能20kWh。【分析】（1）电流通过导体是会放出热量，所以导线上损失的电能转化为内能；（2）当温度降低到足够低时，有些材料的电阻变为零，这即为超导现象；（3）根据公式WI2Rt求出节约的电能。【解答】解：（1）由焦耳定律可知，电流通过导体是会放出热量；（2）当温度降低到足够低时，有些导体材料的电阻变为零；（3）可节约电能：WI2Rt（200A）20.51h20000Wh20kWh。故答案为：热；电阻；20。【点评】本题考查电流的热效应，以及超导现象，是一道基础题。23有一台电动机，额定电压3V，额定电流1A，电动机线圈电阻0.5这台电动机正常工作1min，消耗的电能为180J产生的热量为30J，输出的机械能为150J。【分析】已知电动机的额定电压、额定电流、通电时间，根据WUIt求出消耗的电能；已知线圈的电阻和通过的电流以及通电时间，根据QI2Rt求出在1min内电流产生的热量；消耗的电能减去产生的热量即为电动机获得的机械能。【解答】解：这台电动机正常工作1min60s，电动机消耗的电能：WUIt3V1A60s180J，产生的电热：QI2Rt（1A）20.560s30J，输出的机械能：W机械WQ180J30J150J。故答案为：180；30；150。【点评】本题考查了电动机产生热量、电功、输出机械能的计算，关键是知道只有在纯电阻电路中电能才完全转化成内能。24在家庭用电的调查研究综合实践活动中，小明研究发现空调功率远大于冰箱，所以空调插头线比冰箱插头线粗（粗/细），小明关掉空调后，冰箱仍在工作，这说明空调与冰箱是并联的，他观察到空调上“能效比”EER的值为3.4，经查阅资料，能效比是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率之比，空调制冷时消耗的电功率为1000W，则空调制冷量为3400W。【分析】（1）根据串联电路特点及焦耳定律分析导线电阻大小；导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，在材料与长度一定的情况下，导线越粗，电阻越小。（2）串联电路中，电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；并联电路中，电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。（3）根据能效比的含义求出制冷时消耗的电功率为1000W的制冷量。【解答】解：（1）空调功率远大于冰箱，其流过插头线的电流远大于冰箱的，由QI2Rt可知，在I与t一定的情况下，为使与空调串联的导线减少发热，应选用电阻较小的导线；在导线材料与长度一定时，导线越粗，电阻越小，因此应选用直径较粗的导线。（2）掉空调后，冰箱仍在工作，说明空调与冰箱工作时互不影响，则它们是并联的。（3）因为能效比是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率比，所以制冷时消耗的电功率为1000W的空调制冷量：P制冷3.4P3.41000W3400W；故答案为：粗；并；3400。【点评】本题考查了浴霸使用时的能量转化以及电能、电费的计算，重点是电能的计算，关键是要理解电能表参数的物理意义。25如图所示，某手机移动电源（俗称充电宝）有两个输出端，通过电源线可以单独或同时为手机充电，这两个输