2020版高考数学一轮复习第8章平面解析几何第3节圆的方程教学案含解析.docx

第三节圆的方程考纲传真1.掌握确定圆的几何要素，掌握圆的标准方程与一般方程.2.初步了解用代数方法处理几何问题的思想1圆的定义及方程定义平面内与定点的距离等于定长的点的集合(轨迹)标准方程(xa)2(yb)2r2(r0)圆心(a，b)，半径r一般方程x2y2DxEyF0，(D2E24F0)圆心，半径2.点与圆的位置关系点M(x0，y0)与圆(xa)2(yb)2r2的位置关系：(1)若M(x0，y0)在圆外，则(x0a)2(y0b)2r2.(2)若M(x0，y0)在圆上，则(x0a)2(y0b)2r2.(3)若M(x0，y0)在圆内，则(x0a)2(y0b)2r2.1圆的三个性质(1)圆心在过切点且垂直于切线的直线上；(2)圆心在任一弦的中垂线上；(3)两圆相切时，切点与两圆心三点共线2两个圆系方程具有某些共同性质的圆的集合称为圆系，它们的方程叫圆系方程(1)同心圆系方程：(xa)2(yb)2r2(r0)，其中a，b为定值，r是参数；(2)半径相等的圆系方程：(xa)2(yb)2r2(r0)，其中r为定值，a，b是参数基础自测1(思考辨析)判断下列结论的正误(正确的打“”，错误的打“”)(1)确定圆的几何要素是圆心与半径( )(2)方程(xa)2(yb)2t2(tR)表示圆心为(a，b)，半径为t的一个圆( )(3)方程Ax2BxyCy2DxEyF0表示圆的充要条件是AC0，B0，D2E24AF0.( )(4)若点M(x0，y0)在圆x2y2DxEyF0外，则xyDx0Ey0F0.( )答案(1)(2)(3)(4)2(教材改编)已知点A(1，1)，B(1,1)，则以线段AB为直径的圆的方程是( )Ax2y22 Bx2y2Cx2y21 Dx2y24AAB的中点坐标为(0,0)，|AB|2，所以圆的方程为x2y22.3点(m2,5)与圆x2y224的位置关系是( )A点在圆外 B点在圆内C点在圆上 D不能确定A将点(m2,5)代入圆方程，得m42524.故点在圆外，故选A.4若x2y24x2y5k0表示圆，则实数k的取值范围是( )AR B(，1)C(，1 D1，)B由方程x2y24x2y5k0可得(x2)2(y1)255k，此方程表示圆，则55k0，解得k0)，又圆与直线4x3y0相切，1，解得a2或a(舍去)圆的标准方程为(x2)2(y1)21.故选A.求圆的方程1. 过点A(1，1)，B(1,1)，且圆心在xy20上的圆的方程是( )A(x3)2(y1)24 B(x3)2(y1)24C(x1)2(y1)24 D(x1)2(y1)24CAB的中垂线方程为yx，所以由yx，xy20的交点得圆心(1,1)，半径为2，因此圆的方程是(x1)2(y1)24，故选C.2已知圆心在直线y4x上，且圆与直线l：xy10相切于点P(3，2)，则该圆的方程是_(x1)2(y4)28过切点且与xy10垂直的直线为y2x3，与y4x联立可求得圆心为(1，4)所以半径r2，故所求圆的方程为(x1)2(y4)28.3(2018天津高考)在平面直角坐标系中，经过三点(0,0)，(1,1)，(2,0)的圆的方程为_x2y22x0法一：设圆的方程为x2y2DxEyF0.圆经过点(0,0)，(1,1)，(2,0)， 解得 圆的方程为x2y22x0.法二：画出示意图如图所示，则OAB为等腰直角三角形，故所求圆的圆心为(1,0)，半径为1，所以所求圆的方程为(x1)2y21，即x2y22x0.规律方法求圆的方程的方法(1)直接法：直接求出圆心坐标和半径，写出方程.(2)待定系数法若已知条件与圆心(a，b)和半径r有关，则设圆的标准方程，求出a，b，r的值；选择圆的一般方程，依据已知条件列出关于D，E，F的方程组，进而求出D，E，F的值.与圆有关的最值问题考法1斜率型最值问题【例1】已知实数x，y满足方程x2y24x10，则的最大值为_，最小值为_原方程可化为(x2)2y23，表示以(2,0)为圆心，为半径的圆.的几何意义是圆上一点与原点连线的斜率，所以设k，即ykx.当直线ykx与圆相切时，斜率k取最大值或最小值，此时，解得k.(如图所示)所以的最大值为，最小值为.考法2截距型最值问题【例2】已知点(x，y)在圆(x2)2(y3)21上，求xy的最大值和最小值解设txy，则yxt，t可视为直线yxt在y轴上的截距，xy的最大值和最小值就是直线与圆有公共点时直线纵截距的最大值和最小值，即直线与圆相切时在y轴上的截距由直线与圆相切得圆心到直线的距离等于半径，即1，解得t1或t1.xy的最大值为1，最小值为1.考法3距离型最值问题【例3】已知M(x，y)为圆C：x2y24x14y450上任意一点，且点Q(2,3)求|MQ|的最大值和最小值；解(1)由圆C：x2y24x14y450，可得(x2)2(y7)28，圆心C的坐标为(2,7)，半径r2.又|QC|4，|MQ|max426，|MQ|min422.规律方法与圆有关的最值问题的三种几何转化法(1)形如形式的最值问题可转化为动直线斜率的最值问题.(2)形如taxby形式的最值问题可转化为动直线截距的最值问题.(3)形如m(xa)2(yb)2形式的最值问题可转化为动点到定点的距离的平方的最值问题. (1)如果实数x，y满足圆(x2)2y21，那么的取值范围是_(2)由直线yx1上的一点向圆x26xy280引切线，则切线长的最小值为_(1)(2)(1)(x，y)在圆上，表示的是圆上的点(x，y)与点(1，3)连线的斜率，结合图象(图略)，求出过点(1，3)与圆相切的一条切线的斜率不存在，另一条切线斜率设为k，切线方程为kxy3k0，圆心到直线的距离等于半径，即1，k，故取值范围是.(2)切线长的最小值在直线yx1上的点与圆心距离最小时取得，圆心(3,0)到直线的距离为d2，圆的半径为1，故切线长的最小值为.与圆有关的轨迹问题【例4】已知圆x2y24上一定点A(2,0)，B(1,1)为圆内一点，P，Q为圆上的动点(1)求线段AP中点的轨迹方程；(2)若PBQ90，求线段PQ中点的轨迹方程解(1)设AP的中点为M(x，y)，由中点坐标公式可知，P点坐标为(2x2,2y)因为P点在圆x2y24上，所以(2x2)2(2y)24，故线段AP中点的轨迹方程为(x1)2y21.(2)设PQ的中点为N(x，y)，在RtPBQ中，|PN|BN|.设O为坐标原点，连接ON(图略)，则ONPQ，所以|OP|2|ON|2|PN|2|ON|2|BN|2，所以x2y2(x1)2(y1)24.故线段PQ中点的轨迹方程为x2y2xy10.规律方法求与圆有关的轨迹问题的四种方法(1)直接法：直接根据题设给定的条件列出方程求解.(2)定义法：根据圆的定义列方程求解.(3)几何法：利用圆的几何性质得出方程求解.(4)代入法(相关点法)：找出要求的点与已知点的关系，代入已知点满足的关系式求解. 已知点A(1,0)，点B(2,0)，动点C满足|AC|AB|，求点C与点P(1,4)所连线段的中点M的轨迹方程解由题意可知：动点C的轨迹是以(1,0)为圆心，3为半径长的圆，方程为(x1)2y29.设M(x0，y0)，则由中点坐标公式可求得C(2x01,2y04)，代入点C的轨迹方程得4x4(y02)29，化简得x(y02)2，故点M的轨迹方程为x2(y2)2.1(2015全国卷)过三点A(1,3)，B(4,2)，C(1，7)的圆交y轴于M，N两点，则|MN|( )A2 B8 C4 D10C设圆的方程为x2y2DxEyF0，则解得圆的方程为x2y22x4y200.令x0，得y22或y22，M(0，22)，N(0，22)或M(0，22)，N(0，22)，|MN|4，故选C.2(2015全国卷)一个圆经过椭圆1的三个顶点，且圆心在x轴的正半轴上，则该圆的标准方程为_2y2由题意知a4，b2，上、下顶点的坐标分别为(0,2)，(0，2)，右顶点的坐标为(4,0)由圆心在x轴的正半轴上知圆过点(0,2)，(0，2)，(4,0)三点设圆的标准方程为(xm)2y2r2(0m0)，则解得所以圆的标准方程为2y2.3(2017全国卷)已知抛物线C：y22x，过点(2,0)的直线l交C于A，B两点，圆M是以线段AB为直径的圆(1)证明：坐标原点O在圆M上；(2)设圆M过点P(4，2)，求直线l与圆M的方程解(1)证明：设A(x1，y1)，B(x2，y2)，l：xmy2，由可得y22my40，则y1y24.又x1，x2，故x1x24.因此OA的斜率与OB的斜率之积为1，所以OAOB，故坐标原点O在圆M上(2)由(1)可得y1y22m，x1x2m(y1y2)42m24，故圆心M的坐标为(m22，m)，圆M的半径r.由于圆M过点P(4，