安徽省黄山市普通高中2019届高三物理上学期11月八校联考试题（含解析）.doc

黄山市普通高中2019届高三“八校联考”物理试题一、选择题1.下列说法正确的是A. 一个质点所受合外力恒为F，那么该质点一定做匀变速直线运动B. 一个质点所受合外力恒为F，那么该质点的动能一定增加C. 一个质点做直线运动，每通过相同的位移x，速度的增加量v也相同，则A0且恒定，那么该质点的加速度a一定在增大D. 一个1 kg的质点，在恒定合外力F的作用下，产生的加速度为1 m/s2，那么F不一定等于1 N【答案】C【解析】【详解】一个质点所受合外力恒为F，则加速度恒定，那么该质点一定做匀变速运动，不一定是匀变速直线运动，选项A错误；一个质点所受合外力恒为F，但是合外力不一定做正功，那么该质点的动能不一定增加，选项B错误；根据，可得 ，当每通过相同的位移x，速度的增加量v也相同，则A0且恒定，那么该质点的加速度a一定在增大，选项C正确；根据F=ma可知，一个1 kg的质点，在恒定合外力F的作用下，产生的加速度为1 m/s2，那么F一定等于1 N，选项D错误；故选C.2.在竖直墙壁间有半圆球A和圆球B，其中圆球B的表面光滑，半圆球A与左侧墙壁之间的动摩擦因数为0.8两球心之间连线与水平方向成37的夹角，两球恰好不下滑，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则半球圆A和圆球B的质量之比为（ ）A. 1/6 B. 1/9 C. 1/12 D. 1/15【答案】D【解析】【详解】设A的质量为m，B的质量为M，隔离光滑均匀圆球B，对B受力分析如图所示，可得：FN=Fcos；Mg-Fsin=0；解得：，对两球组成的整体有：（m+M）g-FN=0代入数据，联立解得：；故选D。【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，掌握整体法和隔离法的运用3.利用如图甲所示的斜面测量物体下滑的加速度。在斜面上取O、A、B三点，让一物体从O点由静止开始下滑，先后经过A、B两点，测出A、B之间的距离x和物体经过A、B两点的时间t。保持O、B两点的位置不变，改变A点在斜面上的位置，仍让该物体从O点由静止开始下滑，多次试验后得出图像如图乙所示，则物体沿斜面下滑的加速度大小为A. 2m/s2 B. 4m/s2 C. 6m/s2 D. 8m/s2【答案】B【解析】根据x=v0t+at2可得，由图像可知，则a=4m/s2，故选B.4.2017年11月6日报道，中国的首批隐形战斗机现已在一线部队全面投入使用，演习时，在某一高度匀速飞行的战机在离目标水平距离s时投弹，可以准确命中目标，现战机飞行高度减半，速度大小减为原来的，要仍能命中目标，则战机投弹时离目标的水平距离应为（不考虑空气阻力）A. B. C. D. 【答案】C【解析】设原来的速度大小为v，高度为h，根据平抛运动的规律可知在竖直方向有：，解得：，在水平方向：，现战斗机高度减半，速度大小减为原来的，要仍能命中目标，则有，联立以上解得：，故C正确，ABD错误。5.已知月球半径为R，飞船在距月球表面高度为R的圆轨道上飞行，周期为T，万有引力常量为G，下列说法正确的是 ( )A. 月球质量为B. 月球表面重力加速度为C. 月球密度为D. 月球第一宇宙速度为【答案】A【解析】【分析】飞船在距月球表面高度为R的圆轨道上飞行，做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列式；在月球表面，重力等于万有引力，根据万有引力定律列式；月球的第一宇宙速度等于月球表面的瞬时速度【详解】飞船在距月球表面高度为R的圆轨道上做匀速圆周运动，故；在月球表面，重力等于万有引力，故，联立解得，月球的密度，A正确BC错误；月球第一宇宙速度为，D错误【点睛】本题是卫星类型的问题，常常建立这样的模型：环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动，由中心天体的万有引力提供向心力重力加速度g是联系星球表面宏观物体运动和天体运动的桥梁6.如图所示，理想变压器原线圈接有交流电源，保持输入电压不变，开始时单刀双掷开关K接bS断开时，小灯泡A发光较暗，要使小灯泡A亮度增加，下列操作可行的是（）A. 把滑动变阻器R的滑片向右移动 B. 闭合开关SC. 把滑动变阻器R的滑片向左移动 D. 开关K接a【答案】A【解析】【详解】把滑动变阻器滑片向右移动，副线圈回路总电阻变小，总电流变大，灯泡A两端的电压变大，灯泡A变亮，故A正确；闭合开关S，副线圈回路电阻变小，电流变大，滑动变阻器上的分压增大，并联部分的电压变小，灯泡A变暗，故B错误；把滑动变阻器滑片向左移动，副线圈回路总电阻变大，总电流变小，灯泡A两端的电压变小，灯泡A变暗，故C错误；开关k接a，根据，副线圈两端的电压减小，灯泡A中电流变小，灯泡A变暗，故D错误；故选A。7.如图甲所示，等离子气流（由高温高压的等电量的正、负离子组成）由左方连续不断地以速度v0 射入P1 和P2 两极板间的匀强磁场中，ab直导线与P1 、P2 相连接，线圈A与直导线cd相连接，线圈A内存在如图乙所示的变化磁场，且磁感应强度B的正方向规定为向左，则下列叙述正确的是（）A. 01s内ab、cd导线互相排斥B. 12s内ab、cd导线互相吸引C. 23s内ab、cd导线互相排斥D. 34s内ab、cd导线互相吸引【答案】BC【解析】【详解】左侧实际上为等离子体发电机，将在ab中形成从a到b的电流，由图乙可知，0-2s内磁场均匀变化，根据楞次定律可知将形成从c到d的电流，同理2-4s形成从d到c的电流，且电流大小不变，故0-2s秒内电流同向，相互吸引，2-4s电流反向，相互排斥，故AD错误，BC正确。故选BC。【点睛】利用法拉第电磁感应定律E时，注意B-t图象中斜率的物理意义注意感应电动势的大小看磁通量的变化率，而非磁通量大小或者磁通量的变化量8.反射式速调管是常用的微波器件之一，它利用电子团在电场中的振荡来产生微波，其振荡原理与下述过程类似。已知静电场的方向平行于x轴，其电势随x的分布如图所示。一质量m2.010-20kg，电荷量q2.010-9C的带负电的粒子从（-1，0）点由静止开始，仅在电场力作用下在x轴上往返运动。不计重力则（ ）A. x轴左侧电场强度E1和右侧电场强度E2的大小之比为1:2B. 粒子在00.5m区间运动的过程中电势能减小C. 该粒子运动过程中电势能变化量的最大值为8.010-8JD. 该粒子的运动周期T=3.010-8s【答案】AD【解析】【详解】由图可知：根据U=Ed可知：左侧电场强度为：E1=V/m=2.0103V/m；右侧电场强度为：E2=V/m=4.0103V/m；所以x轴左侧电场强度和右侧电场强度的大小之比E1:E2=1:2，故A正确；带负电的粒子在电势高的地方电势能小，故粒子在00.5cm区间运动过程中的电势能增大，故B错误；该粒子运动过程中电势能变化量的最大值为：EP=q=2.010-920=4.010-8J，故C错误；设粒子在原点左右两侧运动的时间分别为t1、t2，在原点时的速度为vm，由运动学公式有：vm=t1；同理可知：vm=t2 ；Ekm=mvm2；而周期：T=2（t1+t2）；联立以上各式并代入相关数据可得：T=3.010-8s；故D正确。故选AD。【点睛】本题考查带电粒子在电场中的运动分析，要注意明确运动过程，并能根据牛顿第二定律以及动能定理等物理规律进行分析，并灵活应用数学规律求解。9.如图所示，两根间距为d的光滑金属导轨，平行放置在倾角为的斜面上，导轨的右端接有电阻R，整个装置放在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直。导轨上有一质量为m、电阻也为R的金属棒与两导轨垂直且接触良好，金属棒以一定的初速度v0在沿着导轨上滑一段距离L后返回，不计导轨电阻及感应电流间的相互作用。下列说法正确的是（ ）A. 导体棒返回时先做加速运动，最后做匀速直线运动B. 导体棒沿着导轨上滑过程中通过R的电量C. 导体棒沿着导轨上滑过程中克服安培力做的功 D. 导体棒沿着导轨上滑过程中电阻R上产生的热量【答案】ABC【解析】【详解】导体棒返回时随着速度的增大，导体棒产生的感应电动势增大，感应电流增大，棒受到的安培力增大，加速度减小，所以导体棒先做加速度减小的变加速运动，最后做匀速直线运动，故A正确。导体棒沿着导轨上滑过程中通过R的电量为：，故B正确。导体棒沿着导轨上滑过程中克服安培力做的功等于回路中产生的总热量，由能量守恒定律得：W=Q=（mv02-mgLsin30）=（mv02-mgL），故C正确。根据能量守恒定律，导体棒沿着导轨上滑过程中电阻R上产生的热量为：QR=（mv02-mgLsin30）=（mv02-mgL），故D错误。故选ABC。【点睛】本题是电磁感应与力学的综合，关键是正确地进行受力分析和能量转化情况的分析，要记牢感应电荷量经验公式q=，注意式中R是电路的总电阻10.下列说法正确的是（ ）A. 一束光照射到某种金属表面上不能发生光电效应，如果增加光照的强度，则有可能发生光电效应B. 射线的本质是电子流，所以衰变是核外的一个电子脱离原子而形成的C. 由玻尔理论可知一群处于n=3能级的氢原子向较低能级跃迁时可以辐射3种频率的光子D. 两个轻核结合成质量较大的核，该原子核的比结合能增加【答案】CD【解析】【详解】能否发生光电效应与光的强度无关，则一束光照射到某种金属表面上不能发生光电效应，如果增加光照的强度，则也不能发生光电效应，选项A错误；射线的本质是电子流，衰变是核内的中子转化为质子时放出的电子，选项B错误；由玻尔理论可知一群处于n=3能级的氢原子向较低能级跃迁时可以辐射种频率的光子，选项C正确；两个轻核结合成质量较大的核时，放出核能，比结合能增加，故D正确。故选CD.二、实验题11.某同学想用DIS来探究合力的功与物体动能变化的关系，某实验小组的实验装置如图所示。位移传感器1（发射器）随小车一起沿轨道运动，位移传感器2（接受器）固定在轨道左端。传感器结合计算机可以显示小车的位移、瞬时速度随时间变化的规律。（1）为保证把重物受到的重力作为对小车的拉力，实验时先平衡小车所受的摩擦力，那么平衡好摩擦力的标志是（未悬挂重物）计算机显示屏上的位移一时间图像应为_。（填选项的字母）（2）该同学经过认真操作后，发现拉力做的功总是明显大于小车动能的变化量，那么造成误差较大的主要原因是_。【答案】 (1). B (2). 小车的质量没有远大于重物的质量【解析】【详解】（1）平衡摩擦力后小车做匀速直线运动，位移时间图象是一条倾斜的直线，由图示图象可知，B正确；故选B（2）当小车质量远大于重物质量时可以近似认为小车受到的拉力等于重物的重力，不满足该条件时小车受到的拉力明显小于重物的重力，拉力做功明显大于小车动能的变化量，造成实验误差的原因是：小车的质量没有远大于重物的质量；【点睛】本题考查了实验注意事项，实验前要平衡摩擦力，要控制小车质量远大于重物质量，理解实验原理、知道实验注意事项是解题的关键，重物基础知识即可解题12.某学习小组进行精确测量电阻Rx的阻值的实验，有下列器材供选用：A.待测电阻Rx（约300）B.电压表V（3V，内阻约3k）C.电流表A1（10mA，内阻约10）D.电流表A2（20mA，内阻约5）E.滑动变阻器R1（020，额定电流2A)F.滑动变阻器R2（02000，额定电流0.5A)G.直流电源E(3V，内阻约1）H.开关、导线若干（1）甲同学根据以上器材设计成用伏安法测量电阻的电路，并能满足Rx两端电压能从0开始变化进行多次测量。则电流表应选择_（填“A1”或“A2”)；滑动变阻器应选择_（填“R1”或“R2”)；并请在虚线框中帮甲同学完成实验原理电路图 _ 。（2）乙同学经过反复思考，利用所给器材设计出了如图所示的测量电路，具体操作如下：按图连接好实验电路，闭合开关S1前调节滑动变阻器R1、R2的滑片至适当位置；闭合开关S1，断开开关S2，调节滑动变阻器R1、R2的滑片，使电流表A1的示数恰好为电流表A2的示数的一半；闭合开关S2并保持滑动变阻器R2的滑片位置不变，读出电压表V和电流表A1的示数，分别记为U、I；待测电阻的阻值Rx=_；比较甲、乙两同学测量电阻Rx的方法，你认为哪种方法更有利于减小系统误差?答：_同学（填“甲”或“乙”)。【答案】 (1). ； (2). ； (3). ； (4). ； (5). 乙；【解析】试题分析：根据通过待测电阻的最大电流选择电流表，根据题意确定滑动变阻器的接法，为方便实验操作选择最大阻值较小的滑动变阻器，根据待测电阻与电表内阻的关系确定电流表接法，然后作出电路图根据实验步骤应用欧姆定律求出电阻阻值；根据实验步骤与实验原理分析实验误差，然后作出解答（1）要满足两端电压能从0开始变化进行多次测量，滑动变阻器一定采用分压式接法，为调节的方便，滑动变阻器应选小一些的，通过的电流最大值，所以电流表应选A1，因。是大电阻，故采用电流表内接法，电路图如图所示；（2）闭合开关S1，断开开关S2时，当，此时；闭合开关并保持滑动变阻器的滑片的位置不变，读出电压表V和电流表A1的示数，分别记为U、I，所，以，甲同学因电压的测量偏大，所以电阻的测量值偏大，乙同学的没有误差，所以乙同学的方法更好。三、计算题13.如图所示，粗糙的斜坡倾角370，有一物体从点A以某一初速度开始向上运动，经过2s到达点B速度恰好为零，然后又从点B返回点A，已知点A、B间距离为16m，求从点B返回点A所需的时间。(g=10ms2) 【答案】【解析】【详解】将物体从A到B的运动看成反向的匀加速运动： 解得： 设物体与斜面间的动摩擦因数为，上滑过程对物体由牛顿第二定律有：.解得：=0.25当物体由B点下滑时，有：解得： 由得 14.如图所示，在第象限内有水平向右的匀强电场，在第、象限内分别存在如图所示的匀强磁场，磁感应强度大小相等。有一个带正电的粒子质量为m带电量为q以垂直于x轴的初速度v0从x轴上的P点进入匀强电场中，并且恰好与y轴的正方向成45角进入磁场，又恰好垂直进入第象限的磁场。已知OP之间的距离为d求：（1）电场强度E的大小；（2）带电粒子在磁场中第二次经过x轴时，在电场和磁场中运动的总时间。【答案】（1）（2）【解析】【详解】（1）粒子以垂直于X轴的初速度进入水平方向的匀强电场，做类平抛运动，由进入电场时的速度与y轴正向成45o角则有： 联立解得 （2）由上述式子解得粒子在电场中运动的时间： 粒子进入磁场的速度：由几何知识得粒子在磁场中做圆周运动的半径：.粒子在磁场中运动的时间：.粒子第二次经过X轴时在电场和磁场中运动的总时间：【点睛】对于类平抛运动，采用运动的分解法研究，要抓住两个分运动的等时性对于粒子在磁场中的圆周运动，画轨迹是关键15.如图所示，在光滑的水平地面上的左端连接一光滑的半径为R的1/4圆形固定轨道BC，并且水平面与圆形轨道相切与C点，在水平面内有一质量M=2m的小球Q连接着轻质弹簧处于静止状态，现有一质量为m的小球P从B点正上方h=2R高处由静止释放，小球P和小球Q大小相同，均可视为质点，重力加速度为g（1）求小球P到达圆弧轨道最低点C时的速度大小和对轨道的压力；（2）求在小球P压缩弹簧的过程中，弹簧具有的最大弹性势能；（3）若小球P从B点上方高H处释放第一次经过C点后，立即将BC换成半径也为R的固定的光滑3/4圆弧轨道CBD，与水平面仍相切于C点，求为使P球经弹簧反弹后经轨道CBD过程中不脱离轨道，H应满足的条件。【答案】（1）7mg（2）2mgR（3）或【解析】【详解】（1）小球P从A点运动到C点的过程中有机械能守恒：又得.在最低点C处由牛顿第二定律得：解得：.由牛顿第三定律小球对轨道的压力大小，方向向下。 （2）当P、Q两球速度相等时，弹簧具有的弹性势能最大，令共同速度为v，由P、Q两球系统动量守恒得：.根据机械能守恒定律：.由以上关系得 （3）小球从P点上方高为H处释放，到达水平面的速度为v0由 弹簧被压缩后再次回复原长时设小球P和的速度大小分别为v和v则根据动量守恒定律有：根据机械能守恒定律有： 由以上关系得得 . 若小球不脱离轨道有：i.小球到达B点钱速度就减为0符合题意，令小球到达B点时速度恰好为0 即由以上关系得：H=8Rii.小球完成圆周运动符合题意，令小球到达最高点D的速度恰好为，且 由以上关系得：H=21.5R 所以当或时满足题意。【点睛】本题主要考查了动量守恒定律、机械能守恒定律以及动能定理的直接应用，注意在应用动量守恒定律解题时要规定正方向，注意使用动能定理解题时要选好研究过程。 物理选修3316.下列说法正确的是_. A.空气中PM2.5的运动属于分子热运动B.热量总是自发的从分子平均动能大的物体传递到分子平均动能小的物体C.液体表面层分子间距高大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力D.随着分子间距离的增大，分子同作用力减小，分子势能也减小E.空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢【答案】BCE；【解析】PM2.5是指空气中直径小于等于2.5微米的固体颗粒物，因此它的运动不属于分子热运动，故A错误；根据热力学第二定律可知，热量总是自发的从温度高的物体传递到温度低的物体；而温度是分子的平均动能的标志，所以热量总是自发的从分子平均动能大的物体传递到分子平均动能小的物体故B正确；液体表面层的密度比较小，分子间距离大于液体内部分子间距离，液体表面存在张力故C正确；随着分子间距离增大，若分子力表现为斥力，分子间作用力减小，分子力做正功，分子势能减小；若分子力表现为引力时，分子间作用力先增大后减小，分子力做负功，分子势能增大，故D错误；空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢，选项E正确；故选BCE.17.如图所示,在竖直放置圆柱形容器内用质量为m的活塞密封一部分气体,活塞与容器壁间能无摩擦滑动，容器的横截面积为S，开始时气体的温度为T0，活塞与容器底的距离为h0.现将整个装置放在大气压恒为p0的空气中，当气体从外界吸收热量Q后，活塞缓慢上升d后再次平衡，问: （i）外界空气的温度是多少?（ii）在此过程中密闭气体的内能增加了多少? 【答案】。【解析】试题分析：于封闭的气体，发生了等压变化，由盖吕萨克定律可求出外界空气的温度活塞上升的过程，密闭气体克服大气压力和活塞的重力做功，根据势力学第一定律求得气体的内能增加量。（1）取密闭气体为研究对象，活塞上升过程为等压变化，由盖吕萨克定律有解得外界温度：(2)活塞上升的过程，密闭气体克服大气压力和活塞的重力做功，所以外界对系统做的功：W(mgp0S)d，根据热力学第一定律得密闭气体增加的内能UQWQ(mgp0S)d.点睛：本题主要考查了盖吕萨克定律及热力学第一定律，属于基础题。物理选修34 18.图甲表示一列简谐横渡在t= 17s时