成都嘉祥电磁关系巩固题型

1、电磁关系题型巩固磁场基础磁场基本概念:磁极相互作用规律:磁场方向判断:常见磁体磁场分布:磁感线:磁化和消磁:1（2015巴中）关于磁场，下列说法中正确的是（）A磁体周围的磁感线从磁体N极发出，回到磁体S极B磁极间的相互作用不都是通过磁场发生的C磁感线是磁场中真实存在的一些曲线D地磁场的N极在地理北极附近，S极在地理南极附近，与地球两极并不完全重合2（2015北京）若假想地磁场是由地球内部一块大磁铁产生的，如图所示的四个示意图中，能合理描述这块大磁铁的是（）ABCD3一个圆纸盒藏放着一个条形磁铁，在盒子周围放置一些小磁针（小磁针涂黑端为N极），这些小磁针静止时的指向如图所示，则图中能正确反映盒中

2、条形磁铁放置情况是（）ABCD4一个能绕中心转动的小磁针在图示位置保持静止某时刻开始小磁针所在的区域出现水平向右的磁场，磁感线如图所示，则小磁针在磁场出现后（）A两极所受的力是平衡力，所以不会发生转动B两极所受的力方向相反，所以会持续转动C只有N极受力，会发生转动，最终静止时N极所致方向水平向右D两极所受的力方向相反，会发生转动，最终静止时N极所指方向水平向右5如图所示，甲、乙两小磁针放在一根条形磁铁上下附近正中间位置处，丙、丁两小磁针放在该条形磁铁左右附近位置处甲、乙、丙、丁四个小磁针静止时，甲、乙两小磁针的N、S极如图所示关于丙、丁两小磁针和条形磁铁a、b两端的极性，下列判断正确的是（）A

3、丙小磁针左端是S极，丁小磁针左端是N极B丙小磁针左端是N极，丁小磁针左端是S极C丙小磁针左端是S极，丁小磁针左端也是S极D该条形磁铁a端是N极，b端是S极6如图所示，甲乙两根外形完全相同的钢棒，用甲的一端接触乙的中间，下列说法中正确的是（）A若甲、乙相互吸引，则甲、乙均有磁性B若甲、乙相互间没有吸引，则甲一定没有磁性，乙可能有磁性C若甲、乙相互间没有吸引，则甲、乙均没有磁性D若甲、乙相互吸引，则甲有磁性乙一定没有磁性7如图所示，在水平地面上的磁体上方，有挂在弹簧测力计上的小磁体（下部N极）小辉提着弹簧测力计向右缓慢移动，挂在弹簧测力计上的小磁体下端，沿图示水平路线从A缓慢移到B则图乙中能反映弹

4、簧测力计示数F随位置变化的是（）ABCD8某同学设计了以下四个实验，其中不能得出条形磁铁的磁性两端强、中间弱的是（）A将甲实验中的条形磁铁平移靠近三个小铁球B将乙实验中的两根条形磁铁相互平移靠近C将丙实验中的条形磁铁从挂有铁块的弹簧测力计下向右缓慢移动D将丁实验中条形磁铁放在一堆大头针上的再缓慢提起9用条形磁铁吸起两枚大头针，出现的是如图中哪种情况（）A甲图 B乙图 C丙图 D都可能10如图所示，AB为一钢针，拿一条形磁铁用图中所示的方式进行摩擦，若钢针被磁化后，用来制作指南针，则下列说法中正确的是（）AA端指南BB端指南C可能A端指南，也可能是B端指南D无法确定11磁控开关是一种利用磁场信号

5、来控制线路的开关器件，如图为它的结构示意图，管中装有两个软磁性材料制成的弹性簧片电板，在没有磁场作用时，管中的两个簧片触点部位断开（如图甲），当有磁场作用时，管内两个簧片被磁化，B、C两端就会相互吸引接触（如图乙），使电路接通，当磁场消失时，两簧片磁性消失，两触点又会自动断开从而实现了线路控制乙图中两弹性簧片被磁铁磁场磁化后，显示的磁极是（）AA端S极，D端N极BA端N极，D端S极CA端N极，D端N极DA端S极，D端S极通电导线周围产生磁场(奥斯特实验)奥斯特实验过程:奥斯特实验说明的两个问题:通电螺线管右手定则:电磁继电器:12如图所示，A是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，B是螺线管闭合开关，

6、待弹簧测力计示数稳定后，将滑动变阻器的滑片缓慢向右移动的过程中，下列说法正确的是（）A电压表示数变大，电流表示数也变大B电压表示数变小，电流表示数也变小C螺线管上端是N极，弹簧测力计示数变小D螺线管上端是S极，弹簧测力计示数变大13图中的两个线圈，套在光滑的玻璃管上，导线柔软，可以自由滑动，开关S闭合后则（）A两线圈左右分开B两线圈向中间靠拢C两线圈静止不动D两线圈先左右分开，然后向中间靠拢14 2015年1月1日开始执行的机动车驾驶证使用规定中，加大了对超速的处罚力度为自动限制超速，某实验中学的“圆梦”科技小组设计了如图所示的装置电路中电源电压为12V，电阻R0的阻值是10，Rx是一个阻值随

7、车速增大而减小的电阻元件（装置中其他的电阻忽略不计），当车速达到120km/h时，电路中电流恰好为1A，电磁铁刚好能够吸下衔铁B，使油门C喷油量受到限制而控制车速关于此装置的分析中，不正确的是（）A开关S闭合后，螺线管A上端为S极B当车速增大时，电磁铁的磁性会增强C当车速达到120km/h时，Rx的阻值为2D为保证更好地起到控制车速的作用，可将电阻R0去掉15法国科学家阿尔贝费尔和德国科学家彼得格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR）效应，荣获了2007年诺贝尔物理学奖如图是研究巨磁电阻特性的原理示意图实验发现，当闭合S1、S2后，使滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变亮描述上述过程有如下说法：滑

8、片P向左滑动过程中电磁铁的磁性增强滑片P向左滑动过程中电磁铁的磁性减弱巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显增大巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显减小其中说法正确的是（）ABCD16某宿舍楼一单元的几家住户为增强安全感在单元楼梯口安装了防盗门如图所示为单元防盗门门锁的原理图各家住户都安有一个控制开关S，用来控制门锁，图中只画出了其中一家住户的控制开关该门锁的工作过程是：楼上的人闭合控制开关S门锁上通电后的电磁铁吸引卡入右侧门上门扣中的衔铁，衔铁脱离门扣，门可打开关于该门锁下列说法中正确的是（）闭合开关后，电磁铁的右端为S极；闭合开关后，电磁铁的右端为N极；该单元的各住户控制门锁的开关是并联的；该单元的

9、各住户控制门锁的开关是串联的ABCD17如图是一种水位自动报警器的原理示意图，当水位升高到金属块A处时（）A红灯亮，绿灯灭B红灯灭，绿灯亮C红灯亮，绿灯亮D红灯灭，绿灯灭18.如图所示为小西同学设计的电热水器原理图，该电热水器具有加热、保温功能其中R为热敏电阻，电源电压U1恒定当电磁铁线圈中的电流II0时，上方触点s和静触点c接通；当电磁铁线圈中的电流II0时，电磁铁的衔铁被吸下，下方触点m、n和静触点a、b接通热敏电阻R和加热电路中的三只加热电阻R1、R2、R3均置于储水箱中，已知R1=33、R2=66、R3=154、U2=220V则下列说法正确的是（）A电磁铁的上端为S极B衔铁被吸下时，电

10、热水器为保温状态C衔铁被吸下时，电路的总电阻值为99D电热水器的加热功率为2200W19小明利用热敏电阻设计了一个“过热自动报警电路”，如图甲将热敏电阻R安装在需要探测温度的地方，当环境温度正常时，指示灯亮；当环境温度超过某一值时，警铃响图甲中继电器的供电电压U1=3V，继电器线圈的电阻R0为30，当线圈中的电流大于等于50mA时，警铃响图乙是热敏电阻的阻值随温度变化的图象以下说法正确的是（）A图中接线柱A应与C连接，B与D连接B当环境温度升高时，电磁铁的磁性减弱C图甲中电磁铁的下端P的磁极应为N极D环境温度达到80时，警铃响20电梯出于安全考虑，设置有超载自动报警系统，其工作原理如图所示，R

11、1为保护电阻，R2为压敏电阻，其阻值随压力增大而减小下列说法正确的是（）A电磁铁是根据电磁感应原理制成的B超载时，电磁铁的磁性减小C工作时，电磁铁的上端为N极D正常情况下（未超载），K与B接触21电梯为居民出入带来了很大的便利，出于安全考虑，电梯设置有超载自动报警系统，其工作原理如图所示，R1为保护电阻，R2为压敏电阻，其阻值随压力增大而减小下列说法正确的是（）A电磁铁是根据电磁感应原理制成的B工作时，电磁铁的上端为N级C超载时，电磁铁的磁性减小D正常情况下（未超载时），K与A接触电磁感应(磁生电)磁生电条件:发电机:22如图所示，同一条形磁铁，从静止开始由同一高度下落，分别穿过闭合的塑料线圈

12、甲、断开的塑料线圈乙、闭合的金属线圈丙、断开的金属线圈丁，则它穿过哪个线圈后落地时的动能最小？（所有线圈均有电阻，不计空气阻力）（）A线圈甲B线圈乙C线圈丙D线圈丁23图甲是发电机原理的示意图，图乙中的“”表示图在磁场中分别转动到14 位置时，运动方向已用箭头标出，图甲中的导线ab，当它下列说法正确的是（）A图甲的电路中没有电源B在位置1时，电路中不会产生感应电流C发电机产生的电流方向不变D在位置2时，电路中不会产生感应电流24 POS刷卡机的广泛应用给人们的生活带来了便利POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头（如图所示）在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测

13、头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息如图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（）ABCD25国外科研人员设计了一种“能量采集船”，如图所示，在船的两侧附着可触及水面的旋转“工作臂”，每只“工作臂”的底端装有一只手掌状的、紧贴水面的浮标当波浪引起浮标上下浮动时，工作臂就前后移动，获得电能储存起来下列电器设备与“能量采集船”获得能量原理相同的是（）ABCD电磁关系通电导线在磁场中受到的力的作用条件:左手定则:电动机:26小强同学将一个电风扇与小灯泡按如图所示的电路连接并进行实验，用手快速拨动风扇叶片，这时发现小灯泡发光，电风扇居然变成了“发电机”关于该实验，下列说法正确的是（

14、）A电风扇发电的原理是通电导线在磁场中受到力的作用B电风扇发电的原理是电磁感应C电风扇发电过程是把电能转化为机械能D小灯泡发光是把光能转化为电能27如图所示是一手压电筒，按压手柄，塑料齿轮带动线圈内磁性飞轮高速旋转，使灯泡发光下列四图中与这一过程的工作原理相同的是（）ABCD28.如图所示，在磁场中，一通电导线AB被弹簧悬挂着，在水平位置上处于静止状态，当开关断开后，则（）A弹簧的长度增大B弹簧的长度减小C弹簧的长度不变D弹簧受到一个扭力作用而转过一个角29如图ab是一根导线，它是闭合电路的一部分，当电路接通，电流方向从a到b时，它在磁场中按箭头方向运动，若电流方向从b到a，下列导线的运动方向

15、正确的是 （）ABCD30如图为一阴极射线管接通电源后，K极射出电子流，水平流向A，若在其上方附近有一水平放置的直导线，导线中的电流从左向右，则电子流将（）A向上偏转B向下偏转C向纸外偏转D向纸内偏转31（2015河南）如图为实验室常用电流表的内部结构图多匝金属线圈悬罝在磁体的两极间，线圈与一根指针相连当线圈中有电流通过时，它受力转动带动指针偏转，便可显示出电流的大小下列与此工作原理相同的电器设备是（）A电烙铁B电铃C发电机D电动机32.如图所示为我们实验室所用电流表的内部结构示意图，当接入电路，有电流通过线圈时，线圈带动指针偏转，下列说法中错误的是（）A电流表的工作原理为电磁感应B当电流表工

16、作时把电能转化为机械能C当电流表从电流表的负接线柱流入时指针反向偏转，因为磁力的方向与电流的方向有关D因串联电路中的电流处处相等，故电流表应串联在被测电路中33.如图所示，扬声器是把电信号转化为声信号的装置，工作时线圈中通入携带声音信息、时刻变化的电流下列说法中错误的是（）A线圈中通入的是方向变化的电流，所以锥形纸盆来回振动，产生声音B锥形纸盆振动越快，产生的声音音调越高C锥形纸盆振幅越大，产生的声音响度越大D扬声器工作过程利用的是电磁感应原理34.如图所示的电吉它主要由“拾音器”和“音响”组成，拾音器上装有磁铁和线圈拨动钢弦，让其振动，导线因切割磁感应线而产生不同频率的电流，该电流经放大后通

17、过音响中的扬声器而发生拾音器和扬声器的工作原理分别与哪个装置的工作原理相同（）A发电机、电动机B电动机、发电机C发电机、发电机D电动机、电动机参考答案与试题解析一选择题（共30小题）1（2015巴中）关于磁场，下列说法中正确的是（）A磁体周围的磁感线从磁体N极发出，回到磁体S极B磁极间的相互作用不都是通过磁场发生的C磁感线是磁场中真实存在的一些曲线D地磁场的N极在地理北极附近，S极在地理南极附近，与地球两极并不完全重合考点：磁场；磁感线及其特点；地磁场菁优网版权所有专题：磁现象、电生磁分析：（1）在磁体外部，磁感线从N极出发，回到S极；（2）磁场的基本性质：对放入其中的磁体产生磁力作用；（3）

18、根据理想模型方法的思路进行分析，即为了人们可以形象直观的认识磁场，科学家通过想象引入了磁感线；（4）地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近解答：解：A、磁体外部的磁感线是从N极出发，回到S极的，磁体内部的磁感线是从S极出发，回到磁体N极的，故A正确；B、磁极间的相互作用是通过磁场而发生的，故B错误；C、磁感线是科学家为了研究起来形象、直观，是通过想象而描绘出来的，所以不是真实存在的，故C错误；D、地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，地磁场的两极与地理的两极相反，且与地球的两极并不完全重合，故D错误故选A点评：关于磁场要知道磁极间的相互作用是通过磁场产生的，知道磁

19、感线的由来，以及磁感线方向的确定2（2015北京）若假想地磁场是由地球内部一块大磁铁产生的，如图所示的四个示意图中，能合理描述这块大磁铁的是（）ABCD考点：磁性、磁体、磁极菁优网版权所有专题：磁现象、电生磁分析：（1）地球是一个大磁体，地球周围存在的磁场叫地磁场，地磁场的形状与条形磁铁相似；（2）地磁场的南北极与地理南北极相反，且不重合解答：解：地球是一个大磁体，地磁场的形状与条形磁铁相似，地磁场的南北极与地理南北极相反，即地磁的北极在地理的南极附近，故B正确故选B点评：地球是一个大磁体，地球周围存在的磁场叫地磁场地磁场的形状与条形磁铁相似3（2015宝坻区二模）一个圆纸盒藏放着一个条形磁铁

20、，在盒子周围放置一些小磁针（小磁针涂黑端为N极），这些小磁针静止时的指向如图所示，则图中能正确反映盒中条形磁铁放置情况是（）ABCD考点：磁场菁优网版权所有专题：磁现象、电生磁分析：要知道小磁针静止时，北极所指的方向即为该点的磁场方向（或磁感线方向）知道磁感线从磁体的北极出来回到南极解答：解：根据磁感线方向的规定，从北极出来回到南极而小磁针静止时北极所指的方向为磁场的方向，从而确定磁体的南北极故选B点评：本题考查了由磁感线的方向的特点判断磁体的磁极极性的能力由磁体周围的磁感线从N极出发回到S极进行判断4（2015安徽）一个能绕中心转动的小磁针在图示位置保持静止某时刻开始小磁针所在的区域出现水平

21、向右的磁场，磁感线如图所示，则小磁针在磁场出现后（）A两极所受的力是平衡力，所以不会发生转动B两极所受的力方向相反，所以会持续转动C只有N极受力，会发生转动，最终静止时N极所致方向水平向右D两极所受的力方向相反，会发生转动，最终静止时N极所指方向水平向右考点：磁场菁优网版权所有专题：磁现象、电生磁分析：磁场的基本性质：对放入的磁体有磁力的作用；小磁针静止时N极所指向表示磁场方向（N极受力方向与该点的磁场方向相同，S极受力方向与该点磁场方向相反）解答：解：某时刻开始小磁针所在的区域出现水平向右的磁场，小磁针将会受到磁场力的作用，且N极受力方向与与磁场方向相同，水平向右；S极受力方向与磁场方向相反

22、，水平向左所以小磁针会发生转动，最终小磁针在磁场中静止，N极指向水平向右所以ABC错误，D正确故选D点评：本题考查对磁场及基本性质的认识和理解知道小磁针N极受力方向或静止时所指方向就是磁场方向，也是磁感应强度方向5（2015许昌一模）如图所示，甲、乙两小磁针放在一根条形磁铁上下附近正中间位置处，丙、丁两小磁针放在该条形磁铁左右附近位置处甲、乙、丙、丁四个小磁针静止时，甲、乙两小磁针的N、S极如图所示关于丙、丁两小磁针和条形磁铁a、b两端的极性，下列判断正确的是（）A丙小磁针左端是S极，丁小磁针左端是N极B丙小磁针左端是N极，丁小磁针左端是S极C丙小磁针左端是S极，丁小磁针左端也是S极D该条形磁

23、铁a端是N极，b端是S极考点：磁性、磁体、磁极菁优网版权所有专题：磁现象、电生磁分析：根据磁极间的相互作用根据，利用小磁针甲、乙的N、S极，可以确定条形磁体的N、S极；利用条形磁体的N、S极，确定丙、丁两个小磁针的N、S极解答：解：由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知条形磁体的a端与小磁针甲的S极吸引是N极，b端是S极；小磁针丙的右端指向条形磁体的a端即条形磁体的N极，所以丙小磁针右端是S极，左端是N极；小磁针丁的左端都指向条形磁体的b端即条形磁体的S极，所以丁小磁针左端是N极，右端是S极故选D点评：本题考查了磁极间的相互作用规律；解决此题的突破口是先确定条形磁体的N、S极6（2015

24、淮北模拟）如图所示，甲乙两根外形完全相同的钢棒，用甲的一端接触乙的中间，下列说法中正确的是（）A若甲、乙相互吸引，则甲、乙均有磁性B若甲、乙相互间没有吸引，则甲一定没有磁性，乙可能有磁性C若甲、乙相互间没有吸引，则甲、乙均没有磁性D若甲、乙相互吸引，则甲有磁性乙一定没有磁性考点：磁性、磁体、磁极菁优网版权所有专题：磁现象、电生磁分析：磁体上不同的部位，磁性的强弱不同，条形磁铁两端磁性最强，中间磁性最弱；利用磁体上磁性的强弱不同造成的磁力不同来判定金属棒磁性的有无解答：解：磁体上磁性最强的部分叫磁极，位于磁体的两端，磁性最弱的部分在磁体的中间，这个位置几乎没有磁性用甲棒的一端接触乙棒的中间部分时

25、，互相吸引，由此可以确定钢棒甲有磁性，不能确定钢棒乙有无磁性；若甲、乙相互间没有吸引，则甲一定没有磁性，乙可能有磁性故选B点评：由磁体上不同部位磁性的不同来认识金属棒磁性的有无时，关键要掌握其两端的磁性是最强的7（2015晋江市二模）如图所示，在水平地面上的磁体上方，有挂在弹簧测力计上的小磁体（下部N极）小辉提着弹簧测力计向右缓慢移动，挂在弹簧测力计上的小磁体下端，沿图示水平路线从A缓慢移到B则图乙中能反映弹簧测力计示数F随位置变化的是（）ABCD考点：磁性、磁体、磁极菁优网版权所有专题：磁现象、电生磁分析：根据条形磁体两极磁性最强而中间磁性最弱和磁极间的作用规律分析解答：解：条形磁体两极磁性

26、最强而中间磁性最弱，且同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，当挂着的磁体向右移动时，相互吸引力逐渐减小，而过了大磁体中点后，相互排斥力逐渐增大，故可以得出弹簧测力计的示数从A端到B端是逐渐变小的A、由图弹簧测力计示数F由A向B移动过程中逐渐变小，故A正确；B、由图弹簧测力计示数F由A向B移动过程中先变大后变小，故B错误；C、由图弹簧测力计示数F由A向B移动过程中先变小后变大，故C错误；D、由图弹簧测力计示数F由A向B移动过程中逐渐变大，故D错误故选A点评：本题考查了条形磁体的磁性特点和磁极间的作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引8（2015山西模拟）某同学设计了以下四个实验，其中不能得出

27、条形磁铁的磁性两端强、中间弱的是（）A将甲实验中的条形磁铁平移靠近三个小铁球B将乙实验中的两根条形磁铁相互平移靠近C将丙实验中的条形磁铁从挂有铁块的弹簧测力计下向右缓慢移动D将丁实验中条形磁铁放在一堆大头针上的再缓慢提起考点：磁性、磁体、磁极菁优网版权所有专题：磁现象、电生磁分析：条形磁铁的磁性两端最强，中间最弱，为了判断这个特点，可以用两端和中间部分吸引其它磁性材料进行判断解答：解：A、将甲实验中的条形磁铁平移靠近三颗小铁球，可以发现条形磁铁的两端对小铁球的作用大，中间对小铁球的作用小可以判断条形磁铁的磁性两端强、中间弱的特性故A不符合题意B、将乙实验中的两根条形磁铁相互平移靠近，由于两个条

28、形磁铁的两端磁性最强，条形磁铁在两端的磁力作用下整个条形磁铁一起对另一条形磁铁进行作用不能分辨条形磁铁哪个部位磁性最强故B符合题意C、将丙实验中的条形磁铁从挂有铁块的弹簧秤下向右移动，会发现条形磁铁两端对铁块的作用比中间对铁块的作用大，可以判断条形磁铁的磁性两端强、中间弱的特性故C不符合题意D、将丁实验中放在一堆大头针上的条形磁铁提起，会发现条形磁铁的两端比中间吸引大头针多，可以判断条形磁铁的磁性两端强、中间弱的特性故D不符合题意故选B点评：磁铁磁性强弱无法直接观察，要通过磁铁对磁性材料的作用来反映，这是一种转换法9（2014秋平度市校级期末）用条形磁铁吸起两枚大头针，出现的是如图中哪种情况（

29、）A甲图B乙图C丙图D都可能考点：磁化菁优网版权所有专题：磁现象、电生磁分析：磁极间的作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引要判断这两枚大头针的另一端将怎么样，就需要先判断它们的另一端有没有磁性，如果有，还得看是同名还是异名解答：解：由图可知：大头针吸在磁铁上，大头针会在磁铁磁场的作用下被磁化，从而获得了磁性靠近磁铁的一端大头针的极性相同，远离的一端极性也相同，由于同名磁极互相排斥，所以情况如图乙所示故选B点评：此题考查的是磁性材料被磁化后磁极的分布特点及磁极间的作用规律磁性材料被磁化后，磁性的分布情况是近端产生异名磁极，远端产生同名磁极磁极间的作用规律是同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸

30、引10（2013春船山区校级月考）如图所示，AB为一钢针，拿一条形磁铁用图中所示的方式进行摩擦，若钢针被磁化后，用来制作指南针，则下列说法中正确的是（）AA端指南BB端指南C可能A端指南，也可能是B端指南D无法确定考点：磁化菁优网版权所有专题：磁现象、电生磁分析：（1）一些物质在磁体或者电流的作用下获得磁性的过程叫磁化；（2）磁体静止时，N极指北，S极指南解答：解：拿磁体的N极在钢针上从左向右摩擦，相当于把部分小磁元方向调整至最终被N极吸引的方向，B应为S极，A是N极故选B点评：掌握磁化的特点以及磁极的特点是解题的关键，属于基础知识的考查11磁控开关是一种利用磁场信号来控制线路的开关器件，如图

31、为它的结构示意图，管中装有两个软磁性材料制成的弹性簧片电板，在没有磁场作用时，管中的两个簧片触点部位断开（如图甲），当有磁场作用时，管内两个簧片被磁化，B、C两端就会相互吸引接触（如图乙），使电路接通，当磁场消失时，两簧片磁性消失，两触点又会自动断开从而实现了线路控制乙图中两弹性簧片被磁铁磁场磁化后，显示的磁极是（）AA端S极，D端N极BA端N极，D端S极CA端N极，D端N极DA端S极，D端S极考点：磁化菁优网版权所有专题：磁现象、电生磁分析：（1）磁极间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引（2）使得原来没有磁性的物体获得磁性的过程称为磁化解答：解：据题可知，如图乙，将一个条形磁铁

32、与磁控开关平行放置时，磁控开关内的弹簧片被磁化，根据磁极间的作用规律可知，弹簧片AB的A端是N极，B端是S极；弹簧片CD的C端是N极，D端是S极故选B点评：知道磁极间的作用规律和磁化的过程是解决该题的关键12（2015遂宁）如图所示，A是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，B是螺线管闭合开关，待弹簧测力计示数稳定后，将滑动变阻器的滑片缓慢向右移动的过程中，下列说法正确的是（）A电压表示数变大，电流表示数也变大B电压表示数变小，电流表示数也变小C螺线管上端是N极，弹簧测力计示数变小D螺线管上端是S极，弹簧测力计示数变大考点：通电螺线管的磁场；欧姆定律的应用菁优网版权所有专题：欧姆定律；磁现象、电生磁分

33、析：解答此题从以下知识点入手：（1）影响电磁铁磁性强弱的因素有：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯线圈的匝数一定，电流越大磁性越强；（2）运用安培定则判断通电螺线管的极性；（3）磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引（4）当变阻器R的滑片缓慢向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律和串联电路电压的特点可知电路电流表和电压表示数的变化解答：解：（1）由图可知电流由螺线管的下方流入，则由右手螺旋定则可知螺线管上端为N极，下端为S极；则螺线管与磁铁为同名磁极，相互排斥；当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻变小，则由欧姆定律可知电路中电流增大，即电流表的示数变大；因为串联电路中

34、，电阻越大，分得的电压越大，因此滑动变阻器两端电压减小，即电压表示数减小；故AB错误；（2）由于通过电路的电流变大，则螺线管的磁性增大，螺线管与磁铁之间的斥力增大，因此弹簧测力计示数变小故C正确，D错误故选C点评：解本题的关键时抓住影响电磁铁磁性强弱的因素及根据运用安培定则判断通电螺线管的极性的方法13（2015通辽）图中的两个线圈，套在光滑的玻璃管上，导线柔软，可以自由滑动，开关S闭合后则（）A两线圈左右分开B两线圈向中间靠拢C两线圈静止不动D两线圈先左右分开，然后向中间靠拢考点：通电螺线管的磁场；磁极间的相互作用菁优网版权所有专题：磁现象、电生磁分析：根据安培定则（右手螺旋定则）分别判断出

35、两个线圈的磁极，再根据磁极间的相互作用就可以判断出线圈的运动情况解答：解：根据安培定则判断，L线圈的左端为S极，右端为N极，P线圈的左端也是N极，右端也是S极，也就是说，中间靠近的位置，两线圈的极性相同，因为同名磁极互相排斥，则这两个线圈相互排斥而左右分开故选A点评：该题考查了利用安培定则判断螺线图磁极的方向，以及磁极间的相互作用14（2015江苏模拟）2015年1月1日开始执行的机动车驾驶证使用规定中，加大了对超速的处罚力度为自动限制超速，某实验中学的“圆梦”科技小组设计了如图所示的装置电路中电源电压为12V，电阻R0的阻值是10，Rx是一个阻值随车速增大而减小的电阻元件（装置中其他的电阻忽

36、略不计），当车速达到120km/h时，电路中电流恰好为1A，电磁铁刚好能够吸下衔铁B，使油门C喷油量受到限制而控制车速关于此装置的分析中，不正确的是（）A开关S闭合后，螺线管A上端为S极B当车速增大时，电磁铁的磁性会增强C当车速达到120km/h时，Rx的阻值为2D为保证更好地起到控制车速的作用，可将电阻R0去掉考点：安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素；欧姆定律的应用菁优网版权所有专题：欧姆定律；磁现象、电生磁分析：（1）由安培定则可以判断出电磁铁的磁极性质；（2）根据车速变化判断电阻阻值如何变化，然后应用欧姆定律判断电路电流如何变化，再判断电磁铁磁性如何变化；（3）应用串联电路特点与欧姆定律

37、求出电阻阻值（4）根据串联电路电阻的特点进行分析解答：解：A、由图示电路图可知，闭合开关S后，电流从电磁铁上端流入，从下端流出，由安培定则可知，螺线管A的上端相当于电磁铁的S极，故A正确；B、当车速增大时，电阻Rx阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流增大，电磁铁的磁性会增强，故B正确；C、由I=可知，电路总电阻：R=12，Rx=RR0=1210=2，故C正确；D、电阻R0与Rx串联在电路中，保证电路中的电流不会过大，可以起到更好地起到控制车速的作用，不能将电阻R0去掉，故D错误故选D点评：本题考查了判断电磁铁极性、电磁铁磁性强弱如何变化、求电阻阻值问题，分析清楚电路

38、结构、应用安培定则、欧姆定律、串联电路特点即可正确解题15（2014鼓楼区校级模拟）法国科学家阿尔贝费尔和德国科学家彼得格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR）效应，荣获了2007年诺贝尔物理学奖如图是研究巨磁电阻特性的原理示意图实验发现，当闭合S1、S2后，使滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变亮描述上述过程有如下说法：滑片P向左滑动过程中电磁铁的磁性增强滑片P向左滑动过程中电磁铁的磁性减弱巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显增大巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显减小其中说法正确的是（）ABCD考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素菁优网版权所有专题：压轴题分析：通过电路中电

39、流的变化结合电磁铁磁性强弱的决定因素可以确定滑片移动时，其磁性的变化根据灯泡的亮度变化，能够确定电路中电流的变化，进而知道巨磁电阻的阻值与磁场强度的关系解答：解：滑片向左滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路中的电流增大，根据电磁铁的磁性强弱与电流的关系可知，电磁铁的磁性增强故的说法正确灯泡的亮度变亮，说明电路中的电流增大，电源电压不变的情况下，说明电路中的总电阻在减小，由于小灯泡的电阻不变，所以巨磁电阻的阻值在减小所以巨磁电阻的阻值随着磁场的增强在减小故的说法正确综上分析故选D点评：在控制电路中，滑片的移动是分析的入手点；在工作电路中，灯泡的亮度是确定电路中电流变化的一个隐含条件1

40、6（2015武汉模拟）某宿舍楼一单元的几家住户为增强安全感在单元楼梯口安装了防盗门如图所示为单元防盗门门锁的原理图各家住户都安有一个控制开关S，用来控制门锁，图中只画出了其中一家住户的控制开关该门锁的工作过程是：楼上的人闭合控制开关S门锁上通电后的电磁铁吸引卡入右侧门上门扣中的衔铁，衔铁脱离门扣，门可打开关于该门锁下列说法中正确的是（）闭合开关后，电磁铁的右端为S极；闭合开关后，电磁铁的右端为N极；该单元的各住户控制门锁的开关是并联的；该单元的各住户控制门锁的开关是串联的ABCD考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断；安培定则；串联电路和并联电路的辨别菁优网版权所有专题：应用题；压轴题；信息给

41、予题；图析法分析：由右手螺旋定则可判断出电磁铁的磁极；由串并联电路的特点可知各用户控制门锁的开关应为并联关系解答：解：由图可知电流由右侧流入，则由右手螺旋定则可知电磁铁的左端为N极，右侧为S极；故正确；因各用户要独立控制门锁，即有一个开关闭合即能打开门锁，故只有并联电路才能完成该功能；若为串联应让各开关均闭合才能控制门锁；故正确；故选A点评：本题考查电学知识在生活中的应用，此类题型为近年中考中常见题型，应在熟练掌握所学知识的同时能做到灵活应用17（2015重庆模拟）如图所示为小西同学设计的电热水器原理图，该电热水器具有加热、保温功能其中R为热敏电阻，电源电压U1恒定当电磁铁线圈中的电流II0时

42、，上方触点s和静触点c接通；当电磁铁线圈中的电流II0时，电磁铁的衔铁被吸下，下方触点m、n和静触点a、b接通热敏电阻R和加热电路中的三只加热电阻R1、R2、R3均置于储水箱中，已知R1=33、R2=66、R3=154、U2=220V则下列说法正确的是（）A电磁铁的上端为S极B衔铁被吸下时，电热水器为保温状态C衔铁被吸下时，电路的总电阻值为99D电热水器的加热功率为2200W考点：通电螺线管的磁场；欧姆定律的应用；电功率的计算菁优网版权所有专题：欧姆定律；电能和电功率；磁现象、电生磁分析：A、根据安培定则可确定电磁铁的NS极；B、由电路图知：衔铁被吸下，继电器下方触点和触点a、b接通时，加热电

43、路中电阻最小，由P=可知电路功率最大，处于加热状态；当继电器上方触点和触点c接通时，加热电路电阻较大，由P=可知电路功率较小，电路处于保温状态；C、衔铁被吸下时，电阻R1与R2并联，由并联电路特点可以求出加热电路的总电阻；D、根据P=可求得电热水器的加热功率解答：解：A、由安培定则可知，电磁铁的上端为N极，下端为S极，故A错误；B、由电路图知：衔铁被吸下，继电器下方触点和触点a、b接通时，加热电路中电阻最小，由P=可知电路功率最大，处于加热状态；故B错误；C、由电路图知：衔铁被吸下时，R1、R2并联，由并联电路的特点知：=+，即=+，解得R总=22，D、电热水器的加热功率P=2200W故D正确

44、故选：D点评：本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、热量公式的灵活应用，判断用电器状态，从图象中提取出有用的信息，熟练掌握基本公式，根据需要灵活变形，是解决此类综合题的基础18（2015烟台）如图是一种水位自动报警器的原理示意图，当水位升高到金属块A处时（）A红灯亮，绿灯灭B红灯灭，绿灯亮C红灯亮，绿灯亮D红灯灭，绿灯灭考点：电磁继电器的组成、原理和特点菁优网版权所有专题：电和磁分析：由水位的变化导致了控制电路的通断，进一步决定了电磁铁磁性的有无，从而控制了工作电路的动触点的位置的变化，改变了工作电路的连接情况解答：解：当水位达到金属块A时，控制电路接通电路中有了电流，电磁铁有磁性，

45、向下吸引衔铁，使动触点与绿灯所在电路的静触点分开，绿灯灭与红灯所在电路的静触点接通，导致了红灯所在的电路接通，红灯亮故现象为：红灯亮，绿灯灭故选A点评：知道电磁铁继电器工作过程是解此题的关键所在19（2015海门市一模）小明利用热敏电阻设计了一个“过热自动报警电路”，如图甲将热敏电阻R安装在需要探测温度的地方，当环境温度正常时，指示灯亮；当环境温度超过某一值时，警铃响图甲中继电器的供电电压U1=3V，继电器线圈的电阻R0为30，当线圈中的电流大于等于50mA时，警铃响图乙是热敏电阻的阻值随温度变化的图象以下说法正确的是（）A图中接线柱A应与C连接，B与D连接B当环境温度升高时，电磁铁的磁性减弱

46、C图甲中电磁铁的下端P的磁极应为N极D环境温度达到80时，警铃响考点：电磁继电器的组成、原理和特点菁优网版权所有专题：应用题；磁现象、电生磁分析：（1）由题干中“当环境温度超过某一值时，继电器的下触点接触，上触点分离，警铃响”判断出警铃和指示灯的连接情况；（2）由图象分析热敏电阻阻值随温度的变化关系，结合欧姆定律分析电路中电流的变化，从而判断出电磁铁磁性的变化（3）由题干中“当线圈中的电流大于等于50mA时，继电器的衔铁将被吸合，警铃响”，结合欧姆定律求出热敏电阻接入电路的阻值的最大阻值，从图象上找到对应的温度就可以解决问题解答：解：A、由题中“当环境温度超过某一值时，继电器的下触点接触，上触

47、点分离，警铃响”可知，警铃的接线柱C应与接线柱B连，A应与D连接，故A错误；B、分析乙图，发现：温度升高时，热敏电阻阻值减小，根据欧姆定律，电路中电流就会增大，电磁铁的磁性就会增大，故B错误C、据安培定值可知，电流从下端流入，上端流出，故P上端是N极，故C错误；D、当线圈中的电流I=50mA=0.05A时，继电器的衔铁将被吸合，警铃报警，则控制电路的总电阻R总=60因此热敏电阻R=R总R0=6030=30由图乙可知，此时t=80所以，当温度t80时，警铃报警故D正确故选D点评：本题既考查电磁继电器原理的分析，也考查了结合欧姆定律的内容进行相关的计算，综合性比较强，解题时要仔细分析20（2015

48、遵义校级二模）电梯出于安全考虑，设置有超载自动报警系统，其工作原理如图所示，R1为保护电阻，R2为压敏电阻，其阻值随压力增大而减小下列说法正确的是（）A电磁铁是根据电磁感应原理制成的B超载时，电磁铁的磁性减小C工作时，电磁铁的上端为N极D正常情况下（未超载），K与B接触考点：电磁铁的其他应用菁优网版权所有专题：磁现象、电生磁分析：（1）电磁铁是根据电流的磁效应制成的；（2）R2为压敏电阻，其阻值随压力增大而减小，所以知道超载时压敏电阻的阻值变化情况，根据I=，判断出电流的变化；电磁铁的磁性强弱和电流大小、线圈匝数多少有关；（3）知道电流的方向，根据安培定则判断出电磁铁的N、S极；（4）正常情况

49、下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触解答：解：A、电磁铁是根据电流的磁效应原理制成的，故A错误；B、超载时，随着压力的增大，压敏电阻的阻值随着减小，电路中的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，故B错误；C、工作时，电流从电磁铁的下面导线流入，利用安培定则判断出电磁铁的下端为N极，上端为S极，故C正确；D、正常情况下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触，故D错误故选C点评：此题主要考查的是学生对电磁铁和电磁继电器的原理、磁性强弱的影响因素、安培定则的理解和掌握，知识点较多，但都是基础性题目21（2014咸阳模拟）电梯为居民出入带来了很大的便利，出于安全考虑，电梯设置有超载自

50、动报警系统，其工作原理如图所示，R1为保护电阻，R2为压敏电阻，其阻值随压力增大而减小下列说法正确的是（）A电磁铁是根据电磁感应原理制成的B工作时，电磁铁的上端为N级C超载时，电磁铁的磁性减小D正常情况下（未超载时），K与A接触考点：电磁继电器的组成、原理和特点菁优网版权所有专题：应用题；电和磁分析：（1）电磁铁是根据电流的磁效应制成的；（2）知道电流的方向，根据安培定则判断出电磁铁的N、S极；（3）R2为压敏电阻，其阻值随压力增大而减小，所以知道超载时压敏电阻的阻值变化情况，根据I=判断出电流的变化；电磁铁的磁性强弱和电流大小、线圈匝数多少有关；（4）正常情况下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，

51、K与静触点A接触解答：解：A、电磁铁是根据电流的磁效应原理制成的，故A错误；B、工作时，电流从电磁铁的下面导线流入，利用安培定则判断出电磁铁的下端为N极，上端为S极，故B错误；C、超载时，随着压力的增大，压敏电阻的阻值随着减小，电路中的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，故C错误；D、正常情况下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触，故D正确故选D点评：此题主要考查的是学生对电磁铁和电磁继电器的原理、磁性强弱的影响因素、安培定则的理解和掌握，知识点较多，但都是基础性题目22（2015广州）如图所示，线圈abcd位于磁场中，K与1接通时，ab段导线受磁场力F的方向向上；当K改为与2接通时

52、，ab段导线受磁场力（）A方向向下B方向向上C为零，因为电源反接D为零，因为电路一定是断路考点：磁场对通电导线的作用菁优网版权所有专题：电和磁分析：通电导体在磁场中受力的方向与电流方向和磁场方向有关，保持一个不变，改变另一个方向，导体受力方向改变解答：解：如图所示，线圈abcd位于磁场中，K与1接通时，ab段导线受磁场力F的方向向上；当K改为与2接通时，磁场方向不变，导体中电流方向相反了，则ab段导线受磁场力相反，方向向下故选A点评：此题主要考查学生对于通电导体在磁场中受力实验的理解和掌握，必须记住通电导体受力方向与电流方向和磁场方向有关23（2015曲靖）对图中四个图的解释，其中正确的是（）A图中滚摆旋转着上升时，旋转的速度越来越快B图显示了电磁感应现象的原理C图的实验说明铅制的两金属圆柱体的分子之间存在引力D图的情景说明当容器里装有两种不同的液体时，a点的压强比b点的大考点：磁场对通电导线的作用；液体的压强的特点；动能和势能的转化与守恒；分子间的作用力菁优网版权所有专题：其他综合题分析：（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大；重力势