2022届新乡市重点中学中考适应性考试物理试题含解析

1、2021-2022学年中考物理模似试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1中华传统文化博大精深，下列加点古诗词中有关光的现象解释错误的是A香炉初上日，潭水喷成虹一光的色散B潭清疑水浅，荷动知鱼散一光的折射C水月在手，弄花香满衣一光的反射

2、D溪边照影行，天在清溪底光的直线传播2下图中与光的反射有关的是A如图所示，透过树丛的光束B如图所示，筷子好像在水面处折断了C如图所示，雨后天晴，挂在天空的彩虹D如图所示，把平面镜按一定规律排列，汇聚太阳光的塔式太阳能电站3将两个定值电阻串联接在电压为U的电源两端，R1消耗的功率为P1，R2消耗的功率为4P1；将这两个定值电阻并联接在电压为U的电源两端，下列分析正确的是AR1与R2的电阻之比为4：1B并联时通过R1与R2的电流之比为1：1C并联时R2消耗的功率为P1D并联时两电阻消耗的总功率为P14冰在熔化过程中，下列判断正确的是A内能不变，比热容不变B吸收热量，内能增大，温度不变C比热容、内能

3、、温度都不变D比热容变大、内能增加，温度升高5甲、乙两物体同时同地向东运动，运动的s-t图像如图所示，下列说法正确的是A0t1时间内以甲为参照物，乙是向东运动Bt1t3时间内甲为匀速直线运动，t2时刻甲、乙两物体相遇C0t4时间内甲的平均速度比乙的平均速度大Dt2t4时间内甲的速度小于乙的速度6如图所示，用完全相同的四个滑轮和两根相同的细绳组成甲、乙两个滑轮组，在各自的自由端施加大小分别为F1和F2的拉力，将相同的重物缓慢提升相同的高度（不计绳重和一切摩擦）下列说法正确的是（ ）A拉力F1小于拉力F2B甲、乙两滑轮组的机械效率相同C甲、乙两滑轮组中的动滑轮都是费力机械D甲、乙两滑轮组中绳子自由

4、端移动的距离相等7明明晚上做作业，把台灯插头插在书桌边的插座上，闭合台灯开关，发现台灯不亮，原本发光的右侧电灯熄灭，但左侧灯泡仍正常工作（如图所示）。将台灯插头从插座上拔下后，他用试电笔分别插入插座两孔中，结果发现试电笔的氖管都发光。则故障原因A可能是进户线的火线上出现了断路B可能是进户线的零线出现了断路C一定是 a、b 两点间的导线出现了断路D一定是 d 点左侧的零线出现了断路二、填空题（本大题7小题，共21分）8如图所示，物体在30N的水平拉力作用下向右做匀速直线运动，现将拉力增大到50N，则物体受到水平向左的摩擦力大小为_N，物体的动能会_（选填“变大”、“变小”或“不变”）。9现有“6

5、V3W”的L1和“6V6W”的L2两只小灯泡串联后接在电路中使用时，为了使电路安全使用，电路两端允许加的最大电压为_V，此时_（选填“L1”或“L2”）正常发光；若再把两只小灯泡并联后接到电源电压为6V的电路中，灯泡_（选填“L1”或“L2”）更亮（忽略温度对灯丝电阻的影响）10（1）如图，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团硝化棉，用力将活塞迅速下压，筒内空气温度升高，硝化棉燃烧，筒内空气的内能改变是通过_的方式实现的，该过程能量转化的特点与汽油机_冲程的能量转化相同。（2）一单缸四冲程汽油机，飞轮转速为3000r/min，则1s对外做功_次，若其效率为30，消耗100g汽油可对外做功_J。

6、（3）汽油机工作时，通常都用水进行冷却，这是利用了_的特点。若冷却用水共为5kg，则水由20升高到100时吸收_J热量（q汽油=4.6107J/kg）。11如图甲所示，蝙蝠靠发出_发现昆虫如图乙所示，从玻璃罩里向外抽气的过程中铃声逐渐减小，此现象可推理得出_不能传声12如图所示，底面积和质量都相同的A、B两容器，分别装有等深、等质量的甲、乙两种液体，放在水平桌面上，则两种液体的密度A_B，液体对容器底部的压强pA_pB，容器对桌面的压强pA_pB（以上三空均填“大于”“等于”或“小于”）13在图所示的电路中，电源电压保持不变灯L1、L2可能出现了断路故障，闭合电键S后： 若两灯均不发光，则三个

7、电表中示数一定大于零的电表是_表 若两灯中有一灯不发光，则三个电表中示数一定大于零的的电表是_表14在2012年国际田联钻石联赛上海站110米栏比赛中，刘翔在家乡父老面前一马当先冲过终点，再次夺冠刘翔起跑时用力蹬地，这是利用了力的作用是_的起跑后，以刘翔为参照物，栏架是_（填“静止”或“运动”）的，到达终点后不能立即停下来，是因为刘翔_三、作图题（共7分）15如图，水杯静止在水平桌面上，O是水杯的重心，在图中画出水杯受力示意图。16如图所示，当开关闭合后，磁铁受到通电螺线管的斥力但保持静止.请在图中作出条形磁铁受到的摩擦力方向，并标出通电螺线管中电源的正极.17如图，水平皮带传送装置将货物向右

8、匀速传送，请画出货物受到的力的示意图。（_）四、实验题（本大题共5小题，共20分）18在探究“凸透镜成像规律”的实验中：（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f_cm（2）如图乙，光屏上呈现清晰的像，此像的性质是倒立_（填“放大”“缩小”或“等大”）的实像（3）如图乙，若保持蜡烛和光屏位置不变，移动透镜至_cm刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像，此时的成像特点跟_（填“照相机”，“投影仪”，“放大镜”）很相似（4）如图丙，保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，则人眼在图中_处能观察到烛焰的像（5）如图丁，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上

9、的像由清晰变模糊了，将光屏向远离透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像，则该眼镜是_眼镜（近视/远视）19小军在综合实践活动中，利用天平（砝码）、量筒、烧杯和细线等器材，对某种合金和水进行了探究小军首先对该种合金材料制成的不同合金块进行探究将天平放在水平桌面上并游码归零后，若指针静止时位置如图1所示，则应将平衡螺母向_（选填“左”或“右”）端调节；图2是正确测量合金块质量时使用砝码情况和游码的位置，它的质量为_g；图3是他用量筒测最中合金块体积的情景，则该合金块的体积是_cm3；换用大小不同的合金块，重复上述测量他得到不同合金块的质量与体积的关系图像如图4所示由图像可知，合金块的质量与体积成

10、_比；通过上述探究，若合金块的体积为l0cm3，则它的质量m=_g；小军接着对水进行探究，描绘出质量与体积的关系图线如图5中甲所示他分析后发现，由于误将烧杯和水的总质量当作了水的质量，导致图线甲未经过坐标原点由此推断：水的质量与体积的关系图线应是_（选填图5中“乙”、“丙”或“丁”）20某物理兴趣小组的同学根据生活经验提出了这样的猜想：“保温瓶的水温下降快慢可能与保温瓶中盛热水的质量多少有关”为了研究这个问题，兴趣小组的同学从总务处借来了8个同样容量的保温瓶做实验，在8个保温瓶中分别装入初温相等、质量不同的热水，在同一环境中同时测量，以保证环境温度相同，8个小时后再测量水温，以下是同学们的实验

11、结果：保温瓶编号12345678装入水的质量/kg2.01.91.81.71.61.51.41.3水温初温/9898989898989898末温/84.5848381.5794876.5748小时后的温差/13.5141516.5195021.524（1） _号保温瓶中水的温差与其它保温瓶中的水的温度变化情况明显不一致 你去掉这个保温瓶，由7组数据可以得到的结论是_ 这个实验还存在一定的缺陷，你认为应作怎样的改进？_21如图所示是“探究物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置。实验中，让同一个钢球从斜面上的不同高度由静止滚下，碰到同一木块。实验中，让同一个钢球从斜面上的不同高度由静止滚下，是为

12、了探究钢球动能的大小与其_的关系。实验中，通过观察_来判断钢球动能的大小。如果水平面是光滑的，木块受到钢球撞击后将做_。22请解答以下几个实验中与操作相关的问题如图甲所示，在用弹簧测力计测量手的拉力的操作中，出现的操作性问题是_如图乙所示的装置，缓慢改变底板与桌面的夹角，可观察到悬线OA的方向_(选填“改变”或“不变”)，若要得出重力方向是竖直向下的结论，还应进进行的操作是_如图丙所示的是“探究影响导体电阻大小的因素”的实验电路图，在A、B之间换接不同的电阻丝之前，应先进行的操作是_，如果观察到换接不同的电阻丝后，灯的亮度变化不明显，可对实验电路进行的有效改进是_五、计算题（本大题共2小题，共

13、13分）23 “绿水青山就是金山银山”，为了保护环境，我国大力发展电动汽车替代传统燃油汽车。表中是某电动汽车的部分参数，假设车上只有司机一人，质量为60kg，汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的0.04倍，电动汽车充满电后以节电模式在20min内匀速行驶了20km，（g=10N/kg）若电动汽车电能转化为机械能的转化效率为80%。空车质量1380kg轮胎与地面总接触面积320cm2电池容量42kWh最高时速120km/h最大功率100kW最大续航里程260km求：（1）电动汽车对水平地面的压强；（2）电动汽车匀速行驶20km，牵引力所做功的功率；（3）电池剩余容量为多少kWh。24沈精致同学利用塑

14、料矿泉水瓶和薄壁小圆柱形玻璃瓶制作了“浮沉子”。他将装有适量水的小玻璃瓶瓶口朝下，使其漂浮在瓶内的水面上（水的密度为），矿泉水瓶内留有少量空气，拧紧瓶盖使其密封，此时小玻璃瓶露出水面的高度为，如图所示。小空玻璃瓶的质量为，横截面积为，当用力挤压矿泉水瓶侧面，少量水进入小玻璃瓶内，使“浮沉子”向下运动，恰好能在水中悬浮。（不计小玻璃瓶中气体的质量及小玻璃瓶瓶口处体积）求：（1）当“浮沉子”在如图位置漂浮时，小玻璃瓶内外水面高度差；（2）当“浮沉子”恰好在水中悬浮，与漂浮时相比较，小玻璃瓶内水对瓶口处压强的变化量。六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25如图所示，小球在不同场景做不同物理运动

15、请你根据所给条件回答以下问题如图甲，质量为m的小球从高度为h的光滑斜面顶端由静止自由滑下，到达斜面底端的速度为v，此过程_能转化成_能，关系式mgh=mv2成立，则一个物体从高0.2m的光滑斜面顶端自有下滑到斜面底端时的速度为_m/s（g=10m/s2）如图乙，将物体以一定的初速度v0沿水平方向抛出（不计阻力），物体做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，则水平方向的距离公式为_（用图中字母符号表示），在竖直方向下落得高度y=gt2，则y与x2的关系可用丙图中的图线_表示26核潜艇是国家的战略重器，是维护国家安全的基石之一 核能是_（选填“可再生”或“不可再生”）能源，核潜艇中的核反应堆发生的链

16、式反应是_（选填“可以”或“不可以”）控制的 核潜艇在水下水平匀速巡航时，突然进入密度跃层（海水上层密度大，下层密度小）时，潜艇会突然加速下沉，将给潜艇带来安全隐患此时应立即将潜艇水舱中的水全部排出，使潜艇受到的重力_（选填“大于”、“等于”或“小于”）它的浮力 核潜艇水平匀速行驶过程中，遇到紧急情况，迅速调整艇身仰角（与水平方向的夹角）至30开始上浮，上浮过程中潜艇始终以不变的速度沿艇身方向行驶，潜艇的深度计显示的潜艇在海面下的深度随时间变化的关系如图潜艇在第30s时受到的海水压强为_ Pa（不计潜艇高度，海水密度取1.03103kg/m3）27小刚观察了市场上的“测重仪”后，画出了如图所示

17、的原理图：A为托盘，P为金属滑片且固定在托盘下的轻质弹簧上，并能随轻质弹簧一起上下滑动，当托盘中不放物体时，P位于R的最上端。已知R0=5，R的最大阻值为25，电源电压恒为3V问：图中的质量表应该用什么电表改装？ 当开关S闭合，不称量物体时，通电5min电阻R消耗的电能是多少？ 当称量物体质量达到最大值时，R0消耗的功率是多少？参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、D【解析】A彩虹是由光的色散形成的，光的色散的实质是光的折射，故A正确；B潭底的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得潭底变浅了，故

18、B正确；C“掬水月在手手中月”是平面镜成像，是由光的反射形成的，故C正确；D天在清溪底是平面镜成像现象，即天为景物以水面为平面镜成像在水中，是由光的反射造成的，故D错误2、D【解析】A. 如图甲所示，透过树丛的光束，是光沿直线传播的现象，故A错误；B. 如图乙所示，筷子好像在水面处折断了，是光的折射现象，故B错误；C. 如图丙所示，雨后天晴，挂在天空的彩虹，是光的色散现象，故C错误；D. 如图丁所示，把平面镜按一定规律排列，汇聚太阳光的塔式太阳能电站，利用了光的反射，故D正确故选D.点睛：要解决此题，需要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实

19、际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射3、C【解析】（1）当R1、R2串联时，通过两电阻的电流相等，根据电阻消耗的功率关系和PI2R确定两电阻之间的关系；根据电阻的串联特点和欧姆定律表示出电路中的电流，根据PI2R表示出R2消耗的功率（2）当R1、R2并联在同一电源两端时，根据并联电路的电压特点和求出R1消耗的功率，根据欧姆定律得出通过两电阻的电流关系；根据求出R2消耗的电功率，进一步得出两电阻消耗的总功率【详解】（1）R1、R2串联时，通过两电阻的电流相等，由题知P2=4P1，所以，由P=I2R知道，R2=4R1，即 ，故A错误；（2）当R1、R2并联在同一电源两

20、端时，因为并联电路各支路两端的电压相等，所以由I=知道，并联时通过R1与R2的电流之比I1：I2=R2：R1=4：1故B错误；（3）R1、R2串联时，由串联分压规律可知，它们的电压之比为U1：U2=R1：R2=1：4，所以可知U2，U1=U，则串联时R2的功率：P2 ；所以同理可得，串联时R1的功率是：P1，所以 -当R1、R2并联在同一电源两端时，它们两端的电压均等于电源电压U，则此时R2消耗的功率：P2=，故C正确；此时R1消耗的功率：P1；电路消耗的总功率：P总 ，故D错误，故选C【点睛】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据串联时两电阻消耗的功率得

21、出电阻关系和表示出电阻R1消耗的电功率4、B【解析】冰在熔化过程中，吸收热量，而温度保持不变，但内能在增加，比热容是物质的一种特性，不会改变【点睛】解决此类问题要知道熔化过程的特点，本题相对比较简单，属于基础题5、C【解析】A、由图知，0t1时间内甲通过的路程比乙大，根据v=st得，甲车的速度大于乙车的速度，所以当以甲车为参照物时，乙车向西运动，故A错误；B、由图知，t1t3时间内甲的路程不再变化，处于静止状态，t2时刻甲乙通过的路程相同，甲、乙两物体相遇，故B错误；C、由图知，0t4时间内甲通过的路程大于乙通过的路程，故甲的平均速度比乙的平均速度大，故C正确D、由图知，t2t4时间内甲通过的

22、路程大于乙通过的路程，故甲的速度大于乙的速度，故D错误；6、B【解析】不计绳重及摩擦，因为拉力F=（G物+G动），n1=2，n2=3，所以绳端的拉力：F1=（G物+G动），F2=（G物+G动），所以F1F2，故A错误；因为动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额=G动h，W有用=G物h，所以利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，则总功相同；因为=，所以两滑轮组的机械效率相同，故B正确；使用动滑轮能够省力，动滑轮为省力杠杆，故C错误；因为绳子自由端移动的距离s=nh，n1=2，n2=3，提升物体的高度h相同，所以s1=2h，s2=3h，则s1s2，故D错误；7、D【解析】A. 进户线的火线上出

23、现了断路，则两个灯都不会发光，故A错误；B. 进户线的零线出现了断路，则两个灯都不会发光，故B错误；C. a、b两点间的导线在支路中，若出现断路，对其余的两个灯泡不会产生影响，故C错误；D. d点左侧的零线出现了断路，则左边的灯泡会发光，右边的灯泡不会发光，插座的两个孔都与火线相连，故用试电笔分别插入插座两孔中，试电笔的氖管都发光，故D正确。故选D.二、填空题（本大题7小题，共21分）8、30 变大 【解析】物体匀速向右运动时，水平方向上受到拉力和滑动摩擦力的作用，且拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，则滑动摩擦力的大小fF拉30N，方向水平向左。当拉力增大为50N时，由于压力大小和接

24、触面粗糙程度均不变，所以滑动摩擦力保持30N不变；此时拉力大于滑动摩擦力，物体将做加速运动，速度变大，物体的动能会变大。9、9 L1 L2 【解析】两灯正常工作电流分别为：，电阻分别为：，可见L1的电流小，串联时电流处处相等，所以电流只能取L1的电流，所以L1正常发光，电路两端允许加的最大电压为：；若再把两只小灯泡并联后接到电源电压为6V的电路中，两灯都正常工作，L2的实际功率大，所以L2更亮点睛：重点是欧姆定律的应用，关键是用好串联电路电流相等的特点，结合实际问题，如串联时，根据电流相等的特点，应把正常工作电流较小的灯的电流作为电路的最大电流10、做功 压缩 25 1.38106 水的比热容

25、大 1.68106 【解析】（1）在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团硝化棉，用力迅速向下压活塞，看到的现象是硝化棉燃烧起来；说明对筒内气体做功，使空气的内能增大，温度升高；该实验中，压缩筒内空气做功，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，与内燃机的压缩冲程相似；（2）已知飞轮转速为3000r/min=50r/s，一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，对外做功1次，故该汽油机1s内对外做功25次；汽油燃烧放出的热量：Q=mq=0.1kg4.6107J/kg=4.6106J，汽油机对外做的功为：W=4.6106J30%=1.38106J；（3）由于水的比热容大，质量相同的水和其它物质相比，升高相同

26、的温度，水吸热多，冷却效果好，所以，汽油机工作时，通常都用水进行冷却；水吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.2103J/（kg）5kg（100-20）=1.68106J。11、超声波 真空 【解析】蝙蝠可以发出超声波，利用回声定位的方法发现昆虫；由实验现象可知，逐渐抽出其中的空气，听到的声音逐渐变小；当罩内空气接近真空时，几乎听不到声音，所以可以推理得出真空不能传声12、小于 小于 等于 【解析】由图可知，甲液体的体积大于乙液体的体积，又知两种液体质量相等，根据可知，两种液体的密度A小于B；A容器上宽下窄，液体对容器底部的压力小于液体的重力；B容器为柱状容器，液体对容器底部的压力等于液体的

27、重力；比较可知，A容器中液体对容器底部的压力较小，两容器底面积相同，根据压强定义式p可知，A容器中液体对容器底部的压强较小，即pA小于pB容器对桌面的压力等于容器重与液体重之和，两容器的质量相等，液体的质量相等，则两容器的总重相等，故两容器对桌面的压力相等，即FA等于FB两容器对桌面的压力相等，底面积相等，根据p可知，两容器对桌面的压强相等，即pA等于pB13、V V、A 【解析】 若两灯均不发光，则表示灯L1、L2都出现了断路故障，电流表都没有示数，电源两端电压仍然存在； 若两灯中有一灯不发光，则表示有一个灯在发光，则电压表一定有示数，干路中一定有电流14、相互；运动；（具）有惯性【解析】试

28、题分析：刘翔起跑时用力蹬地，地给刘翔一个力，利用了力的作用的相互性；起跑后，以刘翔为参照物，栏架相对于刘翔是运动的，到达终点后不能立即停下来，是因为刘翔具有惯性，保持原来的运动状态考点：力的概念；运动和静止的相对性；惯性三、作图题（共7分）15、【解析】水杯静止在水平桌面上，受到重力G和支持力F的作用，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上的。两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力。两个力的作用点都画在重心O处，注意表示两个力的线段长度要相等，如图所示：16、【解析】由题，开关闭合后，磁铁受到通电螺线管的斥力但保持静止，此时条形磁铁受到的摩擦力与斥力是一对平衡力，大小

29、相等，方向相反，所以摩擦力的方向水平向右；开关闭合后，磁铁受到通电螺线管的斥力，可知通电螺线管的左端为S极，右端为N极根据安培定则，螺线管上电流方向向下，电流从电源左端流出，右端流入，因此，电源的左端为正极17、【解析】物体的平衡状态是指物体处于静止状态或匀速直线运动状态，处于平衡态的物体在某一方向上受平衡力的作用或者不受外力的作用。货物随传送带一起沿水平方向向右做匀速运动，则货物在水平方向上不受外力的作用，在竖直方向上物体处于静止状态，则物体受平衡力的作用，即物体的重力和传送带对物体的支持力是一对平衡力。如下图所示：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、10.00放大40照相机B近视【

30、解析】（1）由图甲知，焦点到凸透镜的距离为20.00cm10.00cm10.00cm，所以凸透镜的焦距为f10.0cm；（2）由图可知，此时物距u15cm，fu2f，此时成的是倒立、放大的实像；（3）光的折射中光路是可逆的，若保持蜡烛和光屏位置不变，是物距变为原来的像距，即把凸透镜移至40cm刻度处，像距变为15cm，成倒立、缩小的实像，是照相机的原理；（4）保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，此时u16cm10cm6cm，uf时，凸透镜成正立放大的虚像，光屏上呈现不了虚像，透过凸透镜观察蜡烛看到正立放大的虚像；虚像与成像物体同侧，所以应从B处观察；（5）将一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之

31、间，结果，光屏上原来清晰的像变模糊了，他只将光屏向远离凸透镜的方向移动适当距离时，又在光屏上观察到蜡烛清晰的像，说明像距变大了，故放置的是使光线发散的凹透镜，这种眼镜是用来矫正近视眼的19、左 34 5 正 68 丙 【解析】(1) 将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图A所示，则应将平衡螺母向左端调节；物体的质量：m=20g+10g+4g=34g合金块的体积：V=15mL-10mL=5mL=5cm3.同种合金块质量与体积的关系图像如图D所示，由图像可知，合金块质量与体积成正比由可知，合金块的体积V1=5cm3，质量m1=34g若合金块的体积为V2=10 cm3，则质量m2有

32、： V1:V2=m1:m2，；（2）因为水的密度小于合金块的密度，则其质量与体积的比值小，在合金曲线下方，对比甲图可知当减去容器质量后水的密度曲线应与甲曲线平行，所以水的质量与体积的关系图线应是丙20、6 保温瓶的水温下降快慢与保温瓶内热水质量有关，质量越大，温度下降越慢 用同一个保温瓶装不同质量的水，在其它条件相同的情况下观察水温的变化 【解析】（1）分析表中温差一栏的数据找到温差与其它保温瓶中的温度变化情况明显不一致的保温瓶；（2）分析其它7组数据温差随质量变化的关系得出结论；（3）根据控制变量法，除控制水的初温、环境温度相同外，还应控制保温瓶的保温效果一致【详解】(1)由表中温差一栏的数

33、据，第6号保温瓶温差为50与其它保温瓶中的温度变化情况明显不一致(2)去掉这个保温瓶的实验数据，比较其它水的质量和温差可看出，保温瓶内水的质量越小，温差越大，水的末温越低，即保温瓶的水温下降快慢与保温瓶内热水质量有关，质量越大，温度下降越慢；(3)为研究保温瓶内的水温下降快慢可能与保温瓶中盛热水的质量多少有关，应控制其它条件相同，只改变水的质量，除保证题中的其它条件相同外，还应使用同一个保温瓶，以保证瓶的保温效果一样；所以，这个实验应作的改进：用同一个保温瓶装不同质量的水，在其它条件相同的情况下观察水温的变化故答案为(1)6;(2)保温瓶的水温下降快慢与保温瓶内热水质量有关，质量越大，温度下降

34、越慢；(3)用同一个保温瓶装不同质量的水，在其它条件相同的情况下观察水温的变化21、速度 木块在水平面上移动的距离 匀速直线运动 【解析】（1）让同一钢球从同一斜面的不同高度由静止开始释放的目的是：使钢球到达斜面底部时的速度不同；这是为了探究钢球动能大小与其速度关系。（2）钢球从斜面上滚下来撞击木块，钢球的动能越大，则木块在水平面上移动的距离就越远，所以判断钢球动能大小的依据是木块在水平面上移动的距离。（3）如果水平面是光滑的，木块运动时不受摩擦力作用，木块受到钢球撞击后将做匀速直线运动。22、使用前，弹簧测力计未校正“0”点 不变 剪断悬线OA，观察小球下落方向 断开开关 在电路中串联一个电

35、流表 【解析】（1）图甲所示的弹簧测力计指针不在零点，没有调零，不能马上用来测量力的大小，需要先调零；（2）因为重力的方向总是竖直向下的，所以悬线OA由于受重力的作用就保持竖直方向不变；剪断悬线OA，观察到小球下落的方向，发现小球在竖直向下的重力的作用就会竖直向下运动（3）换接不同的电阻丝之前，应断开电路开关；换接不同的电阻丝后，灯的亮度变化不明显，可在电路中串联一个电流表观察电流的变化五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）4.5105Pa；（2）9600W；（3）38kWh【解析】（1）电动汽车对水平地面的压力为：F压=G=（m1+m2）g=（1380kg+60kg）10N/kg

36、=1.44104N；电动汽车对地面的压强为：p=4.5105Pa；（2）电动汽车匀速行驶，所以牵引力与阻力平衡，则电动汽车受到的牵引力为：F=f=0.04G=0.041.44104N=576N；则电动车行驶20km，牵引力做的功为：W=Fs=576N20103m=1.152107J，牵引力所做功的功率：P=9600W；（3）行驶20km消耗的电能W电=1.44107J=4kWh，由表格数据可知电池容量为42kWh，行驶20km时电池剩余容量为42kWh-4kWh =38kWh。答：（1）电动汽车对水平地面的压强是4.5105Pa；（2）牵引力所做功的功率是9600W；（3）电池剩余容量为38kWh。24、（1）（2）【解析】根据题中“沈精致同学利用塑料矿泉水瓶和薄壁小圆柱形玻璃瓶制作了“浮沉子”。 使“浮沉子”向下运动，恰好能在水中悬浮。求“浮沉子”悬浮与漂浮时相比较，小玻璃瓶内水对瓶口处压强的变化量。”可知，本题综合考查浮力的知识，根据阿基米德原理和浮沉条件进行解答。【详解】（1）设小玻璃瓶瓶口处到矿