2022-2023学年河北省滦南县高三物理第一学期期中考试模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、质量为m的物体从高为h处自由下落,开始的用时为t，则A物体的落地时间为B物体的落地时间为3tC物体的平均

2、速度为D物体的落地速度为3gt2、如图所示，一个质量为M的人，站在台秤上，一长为R的悬线一端系一个质量为m的小球，手拿悬线另一端，小球绕悬线另一端点在竖直平面内做圆周运动，且小球恰好能通过圆轨道最高点，则下列说法正确的是：（ ）A小球运动到最低点时，台秤的示数最大且为(M6m)gB小球运动到最高点时，人处于失重状态C小球在a、c两个位置时，台秤的示数不相同D小球从最高点运动到最低点的过程中台秤的示数增大，人处于超重状态3、如图所示，质量为M的人在远离任何星体的太空中，与他旁边的飞船相对静止.由于没有力的作用，他与飞船总保持相对静止的状态.这个人手中拿着一个质量为m的小物体，他以相对飞船为v的速

3、度把小物体抛出，在抛出物体后他相对飞船的速度大小为()AmMv BMmv CM+mmv DmM+mv4、螺丝钉是利用斜面自锁原理制成的。其原理如图所示，螺母与螺杆的螺纹结合，可以看作由两个叠放在一起并卷曲起来的同倾角斜面组成，设螺母、螺杆间的动摩擦因数为，斜面的高为螺距h，底为圆周长2r，当螺杆受到很大的压力F时，仍然不会移动（最大静摩擦力等于滑动摩擦力），则应满足的关系为（）Ah2rBhrCh2rDhr5、一个弹性小球，在光滑水平面上以5m/s的速度向左垂直撞到墙上，碰撞后小球以大小为3m/s速度向右运动则碰撞前后小球速度变化量v的大小和方向分别为（）A2m/s，向左B2m/s，向右C8m/

4、s，向左D8m/s，向右6、国际单位制由7个基本单位、若干个导出单位组成，其中与力学有关的三个基本单位是Am、kg、sBJ、kg、sCN、m、sD、kg、N二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个质量为m1的人造地球卫星在高空做匀速圆周运动，轨道半径为r，某时刻和一个质量为m2的太空碎片发生迎头正碰，碰后二者结合成一个整体，速度大小变为卫星原来速度的，并开始沿椭圆轨道运动，轨道的远地点为碰撞点若碰后卫星的内部装置仍能有效运转，当整体再次通过远地点时通过极短时间的遥控发

5、动机点火可使整体仍在卫星碰前的轨道上做圆周运动，绕行方向与碰前相同已知地球的半径为R，地球表面的重力加速度大小为g，则下列说法正确的是()A卫星与碎片碰撞前的线速度大小为B卫星与碎片碰撞前运行的周期大小为 C发动机对卫星和碎片整体所做的功为D发动机对卫星和碎片整体所做的功为8、在距地面高度为s的A点，以初速度为v0水平抛出小球，其水平射程为s，B点为落地点.在竖直平面内将光滑杆按该小球的平抛运动轨迹弯制，如图所示.现将一小环套在杆上，从杆的A端由静止开始释放，当小环下滑到杆的B端时（ ）A小环的速度大小为2v0B小环沿杆从A端运动到B端的时间为sv0C小环的速度水平分量大小为255v0D小环的

6、速度方向与水平方向成45角9、国家航天局局长许达哲介绍，中国火星探测任务已正式立项，首个火星探测器将于2020年在海南文昌发射场用长征五号运载火箭实施发射，一步实现火星探测器的“绕、着、巡”。假设将来中国火星探测器探测火星时，经历如图所示的变轨过程，则下列说法正确的是()A飞船在轨道上运动时，在P点的速度大于在Q点的速度B飞船在轨道上的机械能大于在轨道的机械能C飞船在轨道上运动到P点时的加速度等于飞船在轨道上运动到P点时的加速度D若轨道贴近火星表面，已知飞船在轨道上运动的角速度，就可以推知火星的密度10、如图所示，跳水运动员最后踏板的过程可以简化为下述模型：运动员从高处落到处于自然状态的跳板（

7、A位置）上，随跳板一同向下做变速运动到达最低点（B位置）对于运动员从开始与跳板接触到运动至最低点的过程，下列说法中正确的是A运动员到达最低点时，其所受外力的合力为零B在这个过程中，运动员的动能一直在减小C在这个过程中，跳板的弹性势能一直在增加D在这个过程中，运动员所受重力对他做的功小于跳板的作用力对他做的功三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在做“研究平抛运动”的实验中，为了确定小球在不同时刻所通过的位置，实验时用如图1所示的装置。实验操作的主要步骤如下：A在一块平木板上钉上复写纸和白纸，然后将其竖直立于斜槽轨道末端槽口前，木板与

8、槽口之间有一段距离，并保持板面与轨道末端的水平段垂直B使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞到木板在白纸上留下痕迹C将木板沿水平方向向右平移一段动距离，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞到木板在白纸上留下的痕迹D将木板再水平向右平移同样距离，使小球仍从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，再在白纸上得到痕迹若测得间距离为，间距离为，已知当地的重力加速度为。（1）关于该实验，下列说法中正确的是_A斜槽轨道必须尽可能光滑B每次释放小球的位置可以不同C每次小球均需由静止释放D小球的初速度可通过测量小球的释放点与抛出点之间的高度，之后再由机械能守恒定律求出（2）根据上述直接测量的量和已知的物理量可

9、以得到小球平抛的初速度大小的表达式=_。（用题中所给字母表示）（3）实验完成后，该同学对上述实验过程进行了深入研究，并得出如下的结论，期中正确的是_。A小球打在点时的动量与打在点时的动量的差值为，小球打在点时的动量与打在点时动量的差值为，则应由：B小球打在点时的动量与打在点时的动量的差值为，小球打在点时的动量与打在点时动量的差值为，则应由：C小球打在点时的动能与打在点时的动能的差值为，小球打在点时的动能与打在点时动能的差值为，则应由D小球打在点时的动能与打在点时的动能的差值为，小球打在点时的动能与打在点时动能的差值为，则应由（4）另外一位同学根据测量出的不同情况下的和，令，并描绘出了如图所示的

10、图象。若已知图线的斜率为，则小球平抛的初速度大小与的关系式为_。（用题中所给字母表示）12（12分）某实验小组应用如图甲所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知小车的质量为M，砝码及砝码盘的总质量为m，所用的打点计时器所接的交流电的频率为50Hz，实验步骤如下：A按图所示安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直；B调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；C挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度；D改变砝码盘中砝码的质量，重复步骤C，求得小车在不同合力作用下的加速度.根据以上实验过程，回答以下问题：(1)对于上述实验，下列说

11、法正确的是（_）A小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B实验过程中砝码盘处于超重状态C与小车相连的轻绳与长木板一定要平行D弹簧测力计的读数应为砝码和砝码盘总重力的一半E砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量(2)实验中打出的一条纸带如图乙所示，由该纸带可求得小车的加速度为_m/s2。（结果保留2位有效数字）(3)由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象，与本实验相符合的是（_）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，有一倾角、间距的足够长平行金属导轨、底端接有阻值的电阻，质量

12、的金属棒垂直导轨放置建立原点位于底端、方向沿导轨向上的坐标轴x在导轨间区域，有垂直导轨平面向上的磁场，磁场大小沿x轴方向变化满足关系从时刻起，棒在外力F作用下，从沿斜面向上运动至处，其速度v与位移x的关系满足棒始终保持与导轨垂直，不计其它电阻，不计所有摩擦重力加速度g取求（提示：可用图象下的“面积”来代表力F做的功）：（1）棒运动至处时，两端电势差及电阻R消耗的电功率P；（2）外力F在此运动过程中所做的功；（3）外力F在此运动过程中的平均功率14（16分）质量为1103kg的甲、乙两辆汽车同时同地沿同一直线运动，甲车刹车，乙车从静止加速，两车的动能随位移变化的Ek-x图象如图所示，求：（1）甲

13、汽车从出发点到x=9m处的过程中所受合外力的冲量大小；（2）甲、乙两汽车从出发到相遇的时间15（12分）如图，质量分别为m和M的两个星球A和B在引力作用下都绕O点做匀速周运动，星球A和B两者中心之间距离为L。已知A、B的中心和O三点始终共线，A和B分别在O的两侧。引力常数为G。(1)求两星球做圆周运动的周期。(2)在地月系统中，若忽略其它星球的影响，可以将月球和地球看成上述星球A和B，月球绕其轨道中心运行为的周期记为T1。但在近似处理问题时，常常认为月球是绕地心做圆周运动的，这样算得的运行周期T2。已知地球和月球的质量分别为5.981024kg和7.351022kg 。求T2与T1两者平方之比

14、。（结果保留3位小数）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】AB根据得开始的过程中有联立解得：故A正确，B错误；CD物体落地时的速度为：物体自由落体运动，所以平均速度为故CD错误2、A【解析】A小球恰好能通过圆轨道最高点，在最高点，细线中拉力为零，根据牛顿第二定律：，解得小球速度为：小球从最高点运动到最低点，由机械能守恒定律得：，在最低点，由牛顿第二定律有：，联立解得细线中拉力：F=6mg小球运动到最低点时，台秤的示数最大且为：Mg+F=（M+6m）g。故A正确。B小球运动到最高点P时，线的拉力为零，所以人

15、不处于失重状态。故B错误。C小球在a、c处时，绳对小球有一个水平方向指向圆心的弹力来充当向心力，由牛顿第三定律得绳对人施加的也是水平方向的力，故小球在a、c两个位置台秤的示数相同均为Mg。故C错误。D小球从最高点运动到最低点的过程中，人始终处于静止状态，人所受的合外力为零，人并无竖直方向的分加速度，则人并不处于超重状态。故D错误。3、A【解析】人和物体组成的系统不受外力作用，系统动量守恒，根据动量守恒定律列式求解即可；【详解】人和物体组成的系统不受外力作用，系统动量守恒，以v的方向为正方向，根据动量守恒定律得：mv=Mv人，解得：v人=mvM，故A正确，B、C、D错误；故选A。【点睛】对于动量

16、守恒定律的应用，关键是要求同学们能正确分析物体的受力情况，注意使用动量守恒定律解题时要规定正方向。4、A【解析】当螺杆受到很大的压力F时，仍然不会移动，由受力分析图可知由平衡知识可得故A正确，BCD错误。故选A。5、D【解析】规定向左做为正方向，则v0=5m/s，v=-3m/s；故速度变化量为v=v-v0=-3-5m/s=-8m/s，负号说明与规定方向相反，故速度变化量方向向右，故选D【点睛】本题主要考查了速度与速度变化量间的关系，关键是明确正方向，正负号表示方向；变化量是末态量减去初态量.6、A【解析】力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，故A正

17、确。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A、卫星做圆周运动得向心力由万有引力提供可得：，解得：，故A错B、卫星做圆周运动得向心力由万有引力提供可得解得：，故B正确CD、由动能定理可得，喷气装置对卫星和碎片整体所做得功为：，所以C错误、D正确【点睛】本题注意1、黄金代换式的应用2、卫星和碎片在卫星碰前的轨道上做圆周运动，绕行方向与碰前相同，那么卫星和碎片的速度和碰前得速度相等，因为卫星的环绕速度与卫星得质量无关，只与卫星的轨道有关，只要轨道相同，环绕

18、速度就相同8、AC【解析】解：据题意,小球受到重力G和支持力N,所以小球由静止从光滑杆上滑下的运动不是平抛运动,则小球在水平方向的分速度也是变化的,所以小球的运动时间不等于t=s/v0,所以B选项错误;由平抛运动可知vy2t=s=v0t ，所以vy=2v0设速度与水平方向夹角为 则tan=vyv0=21 ，不为45o，D错误由机械能守恒的沿着轨道下滑到末端的速度v=2v0 A正确水平分速度vx=vcos=255v0 故C正确9、ACD【解析】A、根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道上运动时，在P点速度大于在Q点的速度，故A正确；B、飞船在轨道上经过P点时，要点火加速，使其速度增大做离心运动，从而

19、转移到轨道上运动所以飞船在轨道上运动时的机械能小于轨道上运动的机械能，故B错误；C、飞船在轨道上运动到P点时与飞船在轨道上运动到P点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等，故C正确；D、轨道贴近火星表面，已知飞船在轨道上运动的角速度，根据，解得火星的质量，火星的密度，故D正确；故选ACD。10、CD【解析】运动员从接触跳板到到达最低点，弹力在增大，合力先减小后增大，所以运动到最低点合力不为零，故A错误；由于一开始弹力很小，故重力大于弹力，此过程为加速过程，随着木板被压缩，弹力会增大到大于重力，人就做减速运动，所以运动员是先加速后减速，故其动能先增大后减小，故B错误；由于板

20、一直被压缩，所以跳板的弹性势能一直在增大，故C正确；根据动能定理，在此过程中动能减小到0，重力做正功，弹力做负功，重力做的功小于弹力做的功，故D正确故选CD【点睛】运动员从接触跳板开始，受到弹力和重力两个力，在整个过程中，弹力从0增加到最大，合力先减小和增大，速度先增大后减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C A 【解析】（1）1AB.只要保证小球每次从同一位置释放，每次摩擦力做功相同，故不需要斜槽尽量光滑，A、B错误；C.必须保证小球每次从同一位置、静止释放，才能保证每次小球平抛的速度相同，C正确；D.小球从释放点到抛出点，有摩擦

21、力做负功，故不能用机械能守恒定律求解，D错误；故选C。（2）2由平抛运动规律解得（3）3AB.从点到点和从点到点水平位移相同，故运动时间相同，由动量定理可知，动量变化为从点到点和从点到点的动量变化相同，故故A正确，B错误；CD.由动能定理可得，两次动能变化为由于和的大小关系未知，故不能求出动能变化的比值，故C、D错误；故选A。（4）4由可得故该直线的斜率为即初速度为12、C 0.16 A 【解析】 (1)A、由图可知，小车的加速度是砝码盘的加速度大小的2倍，故A错误；B. 实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故B错误；C. 与小车相连的轻绳与长木板一定要平行，保证拉力沿着木板方向，故C正确；D. 实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故弹簧测力计的读数小于砝码和砝码盘总重力的一半，故D错误；E. 由于不需要把砝码的重力作为小车的拉力，故不需要砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量的条件，故E错误。故选C。(2)设相邻两个计数点之间的位移分别为x1、x2、x3，相邻两个计数点之间的时间间隔。T=50.02s=0.1s由x=aT2结合作差法得m/s2=0.16m/s2(3)由题意可知，小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系应该是成正比，即为过原点的一