全国百校联盟高考物理模拟试卷解析版(全国Ⅱ卷)

高考物理模拟试卷（全国Ⅱ卷）题号一二三四五总分得分一、单项选择题（本大题共5小题，共30.0分）1.一个静止的Al核得获一个运动的粒子X后，变成Si，则以下说法正确的选项是（）X为中子该核反应为核聚变反应Si的运动方向与粒子x的运动方向相反D.Si的运动方向与粒子X的运动方向相同2.我国计划于2020年左右建成自己的空间站，并于2022年全面运行。该空间站是多舱段的游览器，将在轨运行十多年，航天员在空间站能够驻留长达一年的时间。若空间站在离地球表面高度约为400km的圆轨道上运行，则以下说法正确的选项是（）航天员在空间站中不受重力作用空间站在轨运行的速度比第一宇宙速度大空间站在轨运行的角速度比地球自转角速度大神舟飞船与空间站同轨道同向运行时，从后边加速可实现与空间站对接以以下列图，空间存在水平向右的匀强电场，甲、乙两个带电粒子从同一高度的A、B两点以相同的初速度v0竖直向上射入匀强电场，结果两个粒子均能经过电场中的同一点P，已知A点到P点的水平距离是B点到P点的水平距离的2倍，两粒子仅受电场力的作用，则甲、乙两粒子的比荷之比为（）A.1：2B.2：1C.1：4D.4：14.以以下列图，变压器为理想变压器，原，副线圈的匝数之比为10：1，R1为电阻箱，R2是阻值为6Ω的定值电阻，L为标有“4V，4W”的灯泡。现在ab端接入u=220sin100tπ（V）的交流电，灯泡恰巧正常发光，则电阻箱接入电路的电阻为（）A.10ΩB.100ΩC.1200ΩD.2200Ω以以下列图，一物块放在倾角为0的斜面上，现给物块一个沿斜面向上的初速度，同时对物块施加一个沿斜面向上的恒力F（未知），物块将以大小为a的加速度沿斜面向上加速运动；若给物块一个沿斜面向下的初速度，同时对物块仍施加一个沿斜面向上的恒力F（同上），则物块将以大小为3a的加速度沿斜面向下运动，则物第1页，共14页块与斜面间的动摩擦因数为（）A.B.C.D.二、多项选择题（本大题共5小题，共27.0分）以以下列图，三段长直导线a，b，c相互平行处在同一竖直面内，通有大小相同的电流，a，b间的距离等于b、c间的距离，电流方向以以下列图，则以下判断正确的选项是（）A.三段导线中c段导线碰到的安培力最大B.三段导线中a段导线碰到的安培力最小C.b段导线碰到的安培力方向水平向左D.若b段导线电流反向，则a，c两段导线碰到的安培力相同以以下列图，圆滑的椭圆环固定在竖直平面内，椭圆的长轴AC长为a，短轴BD长为b且长轴AC处于水平川址。一根轻弹簧一端固定在椭圆中心O的光滑轴上，另一端与套在椭圆环上的小球连接，小球质量为m，弹簧原长为现将小球从A点由静止释放，在小球从A点运动到B点的过程中，已知重力加速度为g，弹簧的轴线向来在一条直线上，以下说法正确的选项是（）弹簧的弹性势能先减小后增大小球的机械能守恒小球所受弹簧弹力的功当先增大后减小小球运动到B点时，速度大小为8.以以下列图，足够长且间距为L的平行金属导轨水平放置，处在磁感觉强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下。质量均为m、接入电阻均为R的金属棒ab、cd放在导轨上且与导轨垂直，金属棒与导轨间的动摩擦因数均为μ，用大小等于1.5μmg的水平恒力F向右拉金属棒cd，金属棒cd相关于导轨的位移为x时速度达到最大，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计导轨电阻，重力加速度为g，以下说法正确的选项是（）第2页，共14页A.B.C.

恒力F作用的一瞬时，金属棒cd的加速度大小等于μg恒力F作用一段时间后，金属棒ab会向右运动金属棒cd运动的最大速度大小为D.金属棒cd从开始运动到速度达到最大经过的时多9.关于热力学定律的理解，以下说法正确的选项是（）（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）汽车车胎突然爆裂的瞬时，胎内气体内能必定减少能量转变过程中，总能量会越来越小，因此要大力建议节约能源热力学第二定律是经过大量自然现象的不能够逆性总结出来的经验定律必定质量的0℃的水吸取热量后变成100℃的水蒸气，则吸取的热量大于增加的内能随着科技的发展，总有一天能够将流散到周围环境中的内能重新收集起来转变成机械能而不引起其他变化10.关于光的干涉、衍射及偏振，以下说法正确的选项是（）（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）电子表的液晶显示应用了光的偏振原理光波从空气进入水中后，更简单发生衍射光的衍射现象表示“光沿直线流传”可是近似的规律水面上的油膜表现彩色条纹是光的干涉现象在杨氏双缝干涉实验中，用紫光作为光源，屏上出现等间距的条纹，若遮住其中一条狭缝，屏上只能出现一条条纹三、填空题（本大题共1小题，共4.0分）以以下列图，一列简谐横波沿x轴正向流传，流传速度大小为2m/s，当波流传到坐标原点O时开始计时，O点处质点振动的方程为y=10sin20πt（cm），P是坐标轴上一点，OP间的距离为9m。求：（Ⅰ）P点处的质点第二次到达波峰的时辰；（Ⅱ）当P点处的质点运动的行程为30cm时，O点处的质点运动的行程。四、实验题（本大题共2小题，共15.0分）12.某实验小组成员用如图甲所示装置测当地的重力加速度。在支架上依次正确安装光电门和电磁铁。第3页，共14页1）实验前先用螺旋测微器测出小铁球的直径，示数如图乙所示，则小铁球的直径d=______mm2）将光电门与电子计时器相连，先给电磁铁通电，将小铁球吸在电磁铁下，再将电磁铁断电，小铁球下落，小铁球经过光电门的时间为△t，测出电磁铁下端到光电门的距离为h。改变光电门的地址，重复上述操作。用作图法办理实验数据，为了使作出的图象过原点，以（）2为纵坐标，以h为横坐标，作出（）2-h图象，若图线斜率为k，则当地的重力加速度为______。（3）以下措施能够减小实验误差的是______。A．应采用质量大、直径较大的铁球B．光电门与电磁铁间的距离应合适大些C．光电门与电磁铁间的距离尽量小一些D．必定采用线圈匝数多的电磁铁某研究小组计划测量一平均金属圆柱体的电阻率。1）小组成员取了一段长为1m的这种圆柱体，用螺旋测微器测该段圆柱体的直径如图甲所示，由图甲可知该圆柱体的直径为d=______mm。（2）小组成员先用多用电表粗测该段圆柱体的阻值，将选择开关调在“×1”的电阻截，并进行欧姆调零，再将被测圆柱体接在两个表笔间，指针指示如图乙所示的地址，则被测圆柱体的阻值为Rx=______Ω（3）为了精确测量这段圆柱体的电阻，实验室给出了以下实验器材：电池组E：电动势6V，内阻约为0.5Ω电压表V1：量程0～15V，内阻约为20kΩ电压表V2：量程0～3V，内阻约为4kΩ电流表A1：量程0～300mA，内阻约为4Ω第4页，共14页电流表A2：量程0～3A，内阻约为1Ω滑动变阻器R：阻值范围0～10Ω，额定电流1A开关S、导线若干为了尽可能减小实验测量的误差，电压表应选______，电流表应选______。依照采用的器材，在如图方框内画出实验电路图（标出实验器材的代号，圆柱体电阻用Rx表示）4）依照设计的电路图连接好电路，闭合开关，调治滑动变阻器，测出多组电压和电流的值，作出U-I图象，在图线上离坐标原点较远处找一点，读出该点对应的电压值为2.8V、电流值为0.19A，则这段金属圆柱体的电阻Rx=______Ω（结果保留四位有效数字），则该金属圆柱体的电阻率ρ=______Ωm?（结果保留两位有效数字），由于电阻测量存在系统误差，使测得的圆柱体的电阻率比真实值______（填“大”或“小”）。五、计算题（本大题共3小题，共42.0分）14.以以下列图，xOy为竖直面内的直角坐标系，第三、四象限内有竖直向上的匀强电场，第四象限内有垂直于坐标平面向里的匀强磁场，半径为R的圆滑绝缘四分之一圆弧轨道AB位于第三象限内，圆心在坐标原点。一个质量为m，带电量为q的带正电小球（视为质点）从第二象限的P（-R，R）点由静止释放，从A点进入圆弧轨道，从B点水平射出，射出速度大小为v=（g为重力加速度），粒子在第四象限运动后从x轴上坐标为（R，0）的地址射出进入第一象限，求：1）电场强度和磁感觉强度的大小；2）小球进入第一象限后，上升到的最高点的地址坐标。15.长为L=1mM=1kg的长木板锁定在水平面上，一个质量为m=0.5kg的物块、质量为从长木板的左端以v0=4m/s的水平速度滑上长木板，结果物块恰巧滑到长木板的右端，已知重力加速度g=10m/s2，不计物块的大小。1）求物块与长木板间的动摩擦因数；2）若水平面圆滑，除去长木板的锁定，将物块放在长木板上表面的右端，给长木板一个大小为动4m/s的向右的瞬时初速度。试剖析物块会不会从长木板上滑离，若是能滑离，求物块滑离木板时的速度；若是不能够滑离，求物块与长木板最后的共同速度；第5页，共14页3）若水平面是粗糙的，除去长木板的锁定，仍将物块放在长木板上表面的右端，给长木板一个大小为v0=4m/s的向右的瞬时初速度，结果物块恰巧滑到长木板的中点时与长木板相对静止，求长木板最后滑行的距离。以以下列图，气缸张口向左固定在水平台面上，缸内活塞与气缸内壁间无摩擦且气密性优异，活塞的截面积为S，厚度不计，细线绕过定滑轮一端连接在气缸上，另一端连接在放于地面上的物块上，物块的质量为m，细线恰巧拉直（弹力为零）。已知连接活塞部分的细线水平，活塞离缸底的距离为L，大气压强为P0，环境温度为T0．（为热力学温度），气缸和活塞的导热性能优异，定滑轮处摩擦不计，重力加速度为g，现缓慢降低环境温度，求：1）当重物恰巧要走开地面时，环境温度T1为多少；2）当环境温度为T2（为热力学温度，且T2＜T1）时，活塞向右搬动的距离为多少。第6页，共14页答案和剖析1.【答案】D【剖析】解：A、本题的核反应方程式为：Al+P→Si，X粒子为质子P，故A错误；B、两个轻核结合成质量较大的核的反应为聚变反应。而Al不属于轻核，故B错误；CD、依照动量守恒定律，反应前的总动量沿P方向，反应此后的Si粒子应该和反应前动量相同，故C错误，D正确。应选：D。依照质量数守恒和核电荷数守恒，写出核反应方程式；依照动量守恒定律能够确定反应后的粒子的方向。本题观察了核反应方程式的书写以及动量守恒定律。利用动量守恒定律是解决本题的要点。2.【答案】C【剖析】解：A、航天员在空间站中仍受重力作用，可是重力圆满供应向心力，故A错误；B、依照v=可知空间站在轨运行的速度比第一宇宙速度小，故B错误；C、空间站在离地球表面高度约为400km，小于地球同步高度，依照可知，因此空间站在轨运行的角速度比同步卫星的角速度大，即比地球自转角速度大，故C正确；、神舟飞船与空间站同轨道同向运行时，从后边加速将做离心运动，无法实现与空间站对接，故D错误。应选：C。航天员在空间站中仍受重力作用；依照v=、方向线速度和角速度大小；神舟飞船与空间站对接需要从低轨道加速。本题主若是观察了万有引力定律及其应用；解答此类题目一般要掌握两条线：一是在星球表面，忽略星球自转的情况下，万有引力近似等于重力；二是依照万有引力供应向心力列方程进行解答。3.【答案】B【剖析】解：两粒子在电场中均做类平抛运动，在垂直电场方向上做匀速直线运动，沿电场方向上做匀加速直线运动，设垂直电场方向上的位移为y，沿电场方向上的位移为x，则有：y=v0tx=，联立解得：=由于y相等，水平方向上的位移x之比为2：1，则比荷之比为2：1，故B正确，A、C、第7页，共14页错误。应选：B。将粒子的运动分解为沿电场方向和垂直电场方向，抓住垂直电场方向上做匀速直线运动，沿电场方向上做匀加速直线运动，结合运动学公式和牛顿第二定律得出比荷的表达式，依照竖直位移和水平位移的关系得出比荷之比。解决本题的要点掌握办理类平抛运动的方法，知道粒子在垂直电场方向和沿电场方向上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解。4.【答案】C【剖析】解：灯泡恰巧正常发光，则副线圈的电流为：I2==1A则副线圈的电压为：U2=（4+1×6）=10V，原，副线圈的匝数之比为10：1，依照电压与匝数成正比得原线圈电压为：U1=100V，依照电流与匝数成反比得原线圈电流为：I1=0.1A，ab端接入u=220sin100tπV）的交流电，有效值是220V（，因此电阻箱接入电路的电阻为R1==1200Ω．故C正确，ABD错误。应选：C。依照瞬市价的表达式能够求得输出电压的有效值、周期和频率等，再依照电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，即可求得结论。本题观察了理想变压器，解题的要点是明确理想变压器的工作原理及原副线圈的电压、电流及电功率的比值关系。5.【答案】A【剖析】解：物块向上加速运动时，依照牛顿第二定律可得，F-mgsinθ-μmgcosθ=ma物块沿斜面向下运动，加速度大小为3a，说明物块向下减速运动，依照牛顿第二定律可得：F+μmgcosθ-mgsinθ=ma联立解得：μ=，故A正确，BCD错误。应选：A。剖析加速度的方向，依照牛顿第二定律列方程求解动摩擦因数。本题主若是观察了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力剖析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答6.【答案】BC【剖析】解：A、依照同向电流相互吸引、反向电流相互排斥可知，三段导线中b段受到的安培力最大，故A错误；B、a段导线碰到的安培力最小，故B正确；C、b段导线碰到的安培力方向向左，故C正确；D、若将c段导线电流反向，则a、c两段导线碰到的安培力大小相等，方向相反，故D错误。应选：BC。依照同向电流相互吸引、反向电流相互排斥可知，三段导线中b段碰到的安培力最大；a段导线碰到的安培力最小；b段导线碰到的安培力方向向左；若将c段导线电流反向，则a、c两段导线碰到的安培力大小相等，方向相反。本题观察了平行通电直导线间的作用、安培力、左手定则等知识点。注意：①电流方向第8页，共14页cd棒匀速运动时速cd棒的最大速度。相同时，将会吸引；②电流方向相反时，将会排斥。7.【答案】ABD【剖析】解：A、由于弹簧的原长为，因此小球在A点时弹簧的伸长量与小球在B点时弹簧的压缩量相同均为，因此小球从A到B的过程中，弹力先变小后变大，弹簧的弹性势能先减小后增大，故A正确；B、椭圆环圆滑，除了了弹力和重力做功外，其他力均不做功，因此小球的机械能守恒，B正确；C、小球在A点和B点时弹簧弹力的功率均为零，A、B间存在弹簧弹力为零的地址，该地址弹簧弹力功率仍为零。故C错误；D、小球从A点到B点的过程中，弹簧弹力总功为零，因此有mg×b=mv2，求得：v=，故D正确。应选：ABD。依照题意能够剖析出，小球在A点时弹簧的伸长量与小球在B点时弹簧的压缩量相同，小球从A到B的过程中，弹力先变小后变大，弹簧的弹性势能先减小后增大，整个过程，除了了弹力和重力做功外，其他力均不做功，因此小球的机械能守恒；小球在A点和B点过程中，有多出功率为零的地方，小球所受弹簧弹力的功率其实不是先增大后减小；利用动能定理能够求出小球在B点的速度大小。本题观察了机械能守恒定律、动能定理、功率等知识点。本题的要点是要学会利用功能关系解决问题。8.【答案】AC【剖析】解：A、恒力F作用的瞬时，金属棒cd的加速度大小：a==μg，故A正确；B、设cd棒加速度为零时的安培力为F安培，由平衡条件得：μmg=F安培+μmg，解得：F安培=μmg，由此可知，金属棒ab不能够能会运动，故B错误；C、当金属棒cd达到最大速度时，F=μmg+，解得：v=，故C正确；D、对cd棒，由动能定理得：（μmg-μmg-）t=mv，解得：t=，故D错误；应选：AC。恒力F作用瞬时，回路中没有感觉电流，两金属棒不受安培力，依照牛顿第二定律求金属棒cd的加速度大小。当cd棒的加速度为零时速度最大，由平衡条件求出此时cd棒碰到的安培力，再剖析ab棒所受的最大安培力与最大静摩擦力比较，即可判断ab棒能否运动。剖析cd棒的受力情况，来剖析其运动情况，由平衡条件和安培力公式求金属棒cd运动的最大速度。本题要剖析清楚与两金属棒的受力情况，来判断其运动过程，知道度最大，应用E=BLv、欧姆定律、安培力公式及平衡条件求出9.【答案】ACD【剖析】解：A、在车胎突然煤裂的瞬时，气体与外界无热量交换，但气体对外做功，则气体内能减少，故A正确；第9页，共14页B、能量转变过程中，总能量是守恒的，不会变小，可是可利用的能源越来越小，因此要大力建议节约能源，故B错误；C、热力学第二定律，是物理学家经过对大量自然现象的剖析，总结了生产和生活经验获取的结论，是一个经验定律，它其实不能够经过理论和实验来证明，但它切合客观事实，因此是正确的。它揭露了宏观过程的方向性，令人们认识到第二类水动机不能够能制成，对我们认识自然和利用白然有重要的指导意义，故C正确；D、必定质量的0℃的水吸取热量后变成100℃的水蒸气，体积增大，对外做功，依照热力学第必定律可知，吸取的热量大于增加的内能，故D正确；E、由热力学定律可知，热量的损失拥有不能够逆性，不能够将流散的热量圆满收集起来加以利用而不引起其他变化，故E错误。应选：ACD。利用热力学第必定律，能够推出胎内气体内能为什么会减少；使用能量的过程中，能量的质量会降低；热力学第二定是实验定律；温度不变，吸取的热量全部转变成势能；由热力学定律可知，热量的损失拥有不能够逆性。本题观察了热力学第二定律、能源的开发和利用等知识点。这种题型知识点广，多以基础为主，只要平时多加积累，难度不大。10.【答案】ACD【剖析】解：A、液晶显示是利用了光的偏振现象，故A正确；B、光波从空气进入水中后，光的流传速度减小，波长减小，因此更不简单发生衍射，故B错误；C、光的衍射现象表示“光沿直线流传”可是近似的规律，故正确；D、水面上的油膜表现彩色条纹是光的干涉现象，故D正确；E、用紫光作为光源，遮住其中一条狭缝，不能够发生干涉现象而会发生单缝衍射现象，屏上出现中间宽，两侧窄，间距越来越大的衍射条纹，故E错误；应选：ACD。液晶显示是利用了光的偏振；依照波长与阻截物的关系剖析；理解薄膜干涉；两列光频率相同才能发生干涉现象。观察光的干涉、衍射、偏振与共振现象的应用，及产生条件，注意折射色散与干涉色散的差异，同时理解红外线与紫外线的不一样样。11.【答案】解：（Ⅰ）由O点处质点振动方程程为y=10sin20tπ（cm）可知，波的振幅A=10cm，颠簸周期T==0.1s。由振动方程可知，O点处质点起振方向沿y轴正向，波流传到P点需要的时间=4.5s，因此P点处质点第二次到达波峰的时辰，t=4.5s+=4.625s。（Ⅱ）当P处的质点运动的行程为30cm时，P处质点振动的时间=0.075s。此时，O点处质点振动的时间t3=t1+t2=4.57s。因此O点处质点运动的行程s==1830cm。答：（Ⅰ）P点处的质点第二次到达波峰的时辰为4.625s。（Ⅱ）当P点处的质点运动的行程为30cm时，O点处的质点运动的行程为1830cm。【剖析】依照质点O的振动方程，确定周期和质点的起振方向，依照流传规律求出质点P第二次到达波峰的时辰。第10页，共14页确定质点P运动的行程为30cm时的时间，确定质点O的运动行程。本题观察了振动方程，解题的要点是理解波的流传方向与质点的振动方向关系，掌握波长、周期和波速的关系。12.【答案】4.975B【剖析】解：（1）小球的直径是d=4.5mm+47.5×0.01mm=4.975mm（2）到达光电门的瞬时速度为：v=，则由v2=2gh得：=2gh，即合-h斜率为K=2g，则有：g=，（3）A、为减小风阻，采用质量大，体积小的铁球，故A错误BC、光电门与电磁铁间的距离应合适大，故B正确，C错误D、电磁铁只要能吸住铁块即可，故D错误应选：B故答案为：（1）4.975；（2）；（3）B（1）螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读。（2）依照极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出钢球经过光电门的速度为，依照运动学位移与速度公式，结合-h斜率含义，即可求解加速度；3）据实验原理可确定出减小实验误差的方法。解决本题的要点知道实验的原理以及注意事项，知道实验误差形成的原因，能够经过极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出小球经过光电门的瞬时速度，从而得出动能的增加量。2A114.74-4小13.【答案】4.70014.0V2.6×10【剖析】解：（1）由图甲可知该圆柱体的直径为4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm；2）欧姆表选择开关调在“×1”的电阻截，示数为14.0×1Ω=14.0；Ω则被测圆柱体的阻值为：Rx=14.0Ω；（3）电动势6V，采用电压表量程为0～15V的太大，故电压表选V2；经过待测电阻的电流最大体为：Im=A=0.214A=214mA，故电流表选A1；滑动变阻器R的阻值范围0～10Ω，小于得测电阻的阻值，为了尽可能的多测几组数据，滑动变阻器采用分压器；电流表的内阻较大，采用外接法；电路以以下列图：（4）依照欧姆定律可得：Rx==Ω=14.74Ω；依照电阻定律可得：Rx==解得：=Ω?m=2.6×10-4Ωm；?由于电压表的分流，使得测得的电阻偏小，则电阻率偏小。故答案为：（1）4.700；（2）14.0；（3）V2；A1；电路以以下列图：（4）14.74；2.6×10-4；第11页，共14页小。1）依照螺旋测微器的读数方法进行读数；2）欧姆表的读数等于示数乘以精确度；3）依照电源电动势采用电压表；依照最大电流采用电流表；滑动变阻器采用分压器；4）依照欧姆定律、电阻定律求解电阻率，由于电压表的分流，使得测得的电阻偏小，则电阻率偏小。关于实验题，要弄清楚实验目的、实验原理以及数据办理、误差剖析等问题，一般的实验设计、实验方法都是依照教材上给出的实验方法进行拓展，延伸，因此必定要熟练掌握教材中的重要实验。关于实验仪器的采用一般要求满足安全性原则、正确性原则和操作方便原则。14.【答案】解：（1）小球从P点运动到B的过程中，重力和电场力做功，依照动能定理可知，mg2R-qER=-0。?其中v=，联立解得E=。小球进入电磁复合场后，电场力和重力平衡，洛伦兹力供应向心力，做匀速圆周运动，设轨迹半径为r，依照几何关系可知，，解得r=2R。其中qvB=m，联立解得B=。（2）小球进入第一象限后，做竖直上抛运动，最大高度y==R，则最高点的地址坐标为（R，R）。答：（1）电场强度大小为E=，磁感觉强度的大小为。（2）小球进入第一象限后，上升到的最高点的地址坐标为（R，R）。【剖析】依照动能定理，求出电场强度的大小。小球进入复合场后，洛伦兹力供应向心力，依照几何关系算出轨迹半径，求出磁感觉强度。小球进入第一象限后，小球做竖直上抛运动。本题观察了带电粒子在复合场中的运动，解题的要点是电场力和重力平衡，洛伦兹力供应向心力，小球在复合