四川省中考物理真题（含解析）

四川省宜宾市中考物理试卷

一、选择题（共8小题，每小题3分，共24分，其中1-6题每小题给出的四个选项中只有

一个选项是正确的；7-8两小题有一个或一个以上的选项正确，全选对的得3分，选对但选

不全的得2分，有错或不选的得0分）

1.有位意大利物理学家经历了“观察-疑问-猜想-证实”的历程，探究了摆动规律，他

还通过实验分析得出“物体的运动并不需要力来维持”的结论，这位物理学家是（）

A.牛顿B.伽利略C.法拉第D.奥斯特

2.下列自然现象中，属于熔化的是（）

冰雪遇暖消融B.

冬天江河结冰

春天白雾弥漫D.

阳光下露珠变小

3.踢足球是我国青少年喜爱的一项体育运动，如图所示是一次精彩的传球攻门过程，下列

说法正确的是（）

A.在运动过程中，足球的重力势能是不变的

B.足球对脚的作用力和脚对足球的作用力是一对平衡力

C.足球在空中能够继续飞行，是因为受到惯性力的作用

D.足球飞行路线发生了变化，说明力能改变物体的运动状态

4.下列关于家庭电路的说法中不正确的是（）

A.在家庭电路中各用电器都是并联的

B.保险丝熔断后，禁止用铁丝、铜丝等导线代替

C.控制用电器的开关要连接在零线和用电器之间

D.我国家庭电路的电压是220V

5.下列说法中正确的是（）

A.工人在工作中戴防噪声耳罩是为了防止噪声的产生

B.用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电

C.电磁波在真空中的传播速度是3.0X10%/s

D.秋千摆动越来越低，说明能量不守恒

6.将一个凸透镜正对着太阳光，在凸透镜另一侧15cm处的纸上出现一个最小、最亮的光斑,

将一个物体放在该凸透镜主光轴上距光心20cm处，则在凸透镜的另一侧光屏上会出现一个

（）

A.正立、放大的虚像B.正立、缩小的虚像

C.倒立、放大的实像D.倒立、缩小的实像

7.如图所示是兴趣小组研究并联电路电流特点的实物图，实验中保持电源电压不变，先闭

A.甲表有示数，乙表没有示数

B.再闭合开关S”甲表示数大于乙表示数

C.再闭合开关S”甲表示数变大，乙表示数不变

D.再闭合开关S“甲表示数变大，乙表示数变小

8.小李同学在探究某种液体密度的实验中，用测力计悬挂一个正方体金属块，浸没在液体

中，如图甲所示，缓慢地将金属块从液体中竖直提起，该过程中测力计读数F随金属块提起

高度h的关系如图乙所示，g取10N/kg,则根据图象信息可以确定（）

A.该金属块的边长为4cm

B.在高度h由2cm变化到6cm的过程中，金属块所受浮力逐渐增大

C.该液体的密度约为1.56X103kg/m3

D.甲图中刚提起金属块时上表面受到的液体压强为250Pa

二、填空题（共4小题，每题4分，共16分）

9.磁场对通电导线有力的作用，其方向与电流方向和方向有关；发电机利用

了的原理发电，将机械能转化为电能.

10.如图所示小球在水平面上做直线运动，每隔0.2s记录一次小球的运动位置，则小球从

D点运动到F点的路程为cm,该过程的平均速度为

m/s.褊呷呷n扁呷啊瑞甲U|呷师啊叩"I『叫卜"",川叫叩皿卜

f\!561«910111215

11.一定质量的水从从30℃提高到80℃,吸收了4.2X10」的热量，这是通过

（选填“做功”或“热传递”）方式改变了水的内能，水的质量是kg.已知水

的比热容为c木=4.2X103/（kg-C）

12.如图甲是某种车载空气净化器，其工作过程如图乙所示，受污染的空气被吸入后，颗粒

物进入电离区后带上某种电荷，然后在集尘器上被带电金属网捕获，再通过复合过滤网使空

气净化，其中带电金属捕获颗粒物的工作原理是，车载空气净化器的额定功率

为4.8W,额定电压为12V,则它正常工作的电流为A.

用7.

三、作图题（共2小题，共6分）

13.如图所示，用细线将小球悬挂在竖直墙壁上，请画出小球所受重力及小球对墙壁压力的

示意图.

14.如图所示，S'为发光点S在平面镜MN中所成的像，S发出的一条光线经平面镜反射后

经过P点，请在图中作出发光点S的位置,并作出经过P点的反射光线及相应的入射光线（保

留作图痕迹）

四、实验与探究题（共2小题，每小题7分，满分14分）

15.如图所示，探究小组利用铁架台、带有刻度的杠杆、细线、若干相同钩码、弹簧测力计

（单位：N）等实验器材探究杠杆的平衡条件，在探究实验中

（1）在挂钩码前，小组发现杠杆左端高右端低（如图甲），应将杠杆两端的平衡螺母向

端调节（选填“左”或“右”），使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是为了方便读

出；

（2）接着小组在杠杆的两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位

置平衡（如图乙），这时杠杆两侧受到的作用力大小（选填“大于”、“等于"

或“小于”）各自钩码所受重力大小，若在A,B下方再增挂一个相同的钩码，则杠杆

端将下沉（选填“左”或“右”）:

（3）如图丙是已经调节平衡的杠杆，用弹簧测力计在杠杆C处竖直向上拉，在A处挂上适

当的钩码，使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计读数为，钩码总质量为一

kg.（g取10N/kg）

16.如图甲所示，是利用伏安法测量小灯泡L的电阻的实验线路，已知L的额定电压为2.5V,

滑动变阻器的最大阻值为20Q.

（1）请你用笔画线代替导线，把图甲的实物电路连接完整（要求导线不交叉、闭合开关后,

变阻器滑片向左滑动时灯泡变亮）；

（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于（选填端"、“B端”或

“AB正中间”）；

（3）移动滑片P,当小灯泡L正常发光时，发现电流表示数如图乙所示，则此时电流表的

读数为A,小灯泡的电阻为Q（保留一位小数）；

（4）实验操作时，因小灯泡L不慎损坏而出现断路，无论怎样移动滑片P,电压表指针—

（选填“几乎不动”或“明显偏转”）.

五、计算与解答题（本题共2小题，每小题10分，共20分，要求写出必要的文字说明和

重要的演算步骤）

17.如图所示，一个边长为0.1m的正方体质量为3kg,放在水平地面上，已知动滑轮的重

力为ION,g取10N/kg.

（1）该正方体的密度是多少？

（2）正方体对地面的压强为多大？

（3）不计摩擦和绳重，用图示的滑轮组将正方体竖直向上匀速提升20cm,求拉力F所做的

功.

18.如图是某电器设备的部分电路，电源电压U=4.5V保持不变，灯泡L标有“6V、6W”字

样.己知闭合开关$和$时，电路消耗的功率为2.025W,不计灯丝电阻随温度的变化.

（1）求定值电阻R的阻值；

（2）三个开关S”S3都闭合时，求通过电流表的电流大小；

（3）电压表的量程为0-3V,电流表的量程为0-0.6A,滑动变阻器通的阻值在0-20Q内

可调，只闭合开关S?,在保证电表安全的情况下，求灯泡L消耗的电功率的变化范围.

四川省宜宾市中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（共8小题，每小题3分，共24分，其中b6题每小题给出的四个选项中只有

一个选项是正确的；7-8两小题有一个或一个以上的选项正确，全选对的得3分，选对但选

不全的得2分，有错或不选的得。分）

1.有位意大利物理学家经历了“观察-疑问-猜想-证实”的历程，探究了摆动规律，他

还通过实验分析得出“物体的运动并不需要力来维持”的结论，这位物理学家是（）

A.牛顿B.伽利略C.法拉第1）.奥斯特

【考点】物理常识.

【分析】伽利略最早提出“物体的运动并不需要力来维持”，并用斜面实验结合推理对这一

观点进行了验证.

【解答】解：A、牛顿是在伽利略观点的基础上，进行了进一步的完善，不是第一个提出这

一观点的科学家，不符合题意；

B、伽利略最早提出“物体的运动并不需要力来维持”，并用斜面实验结合推理对这一观点

进行了验证，符合题意；

C、法拉第发现的电磁感应现象，不合题意；

D、1820年，丹麦物理学家奥斯特首先发现了电流的磁效应，即电流能产生磁场的现象，不

符合题意.

故选B.

阳光下露珠变小

【考点】熔化与熔化吸热特点.

【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态--固态、液态、气态之间会发生相互转化,

这就是物态变化：

(2)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华：由气态变为液态

叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固.

【解答】解：A.冰雪遇暖消融，是固态的冰雪熔化为液态的水，故A正确；

B.冬天江河结冰，是液体的水凝固为固体，故B错误；

C.春天白雾弥漫，是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故C错误；

I).阳光下露珠变小，是液体的露珠汽化为水蒸气，故D错误.

故选A.

3.踢足球是我国青少年喜爱的一项体育运动，如图所示是一次精彩的传球攻门过程，下列

A.在运动过程中，足球的重力势能是不变的

B.足球对脚的作用力和脚对足球的作用力是一对平衡力

C.足球在空中能够继续飞行，是因为受到惯性力的作用

D.足球飞行路线发生了变化，说明力能改变物体的运动状态

【考点】平衡力的辨别；物体运动状态变化的原因；惯性；势能大小的比较.

【分析】(-1)重力势能的影响因素是质量和高度，据此判断其是否发生改变；

(2)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上；

(3)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；

(4)力可以改变物体的运动状态.

【解答】解•：A、在运动过程中，足球的高度发生了变化，所以重力势能是变化的，故A错

误；

B、足球对脚的作用力和脚对足球的作用力，作用在不同的物体上，是一对相互作用力，不

是一对平衡力，故B错误；

C、足球在空中能够继续飞行，是由于足球具有惯性，但不能说受到惯性力的作用，因为惯

性不是力，故C错误；

D、足球飞行路线发生了变化，是重力作用的结果，说明力能改变物体的运动状态，故D正

确.

故选D.

4.下列关于家庭电路的说法中不正确的是()

A.在家庭电路中各用电器都是并联的

B.保险丝熔断后，禁止用铁丝、铜丝等导线代替

C.控制用电器的开关要连接在零线和用电器之间

D.我国家庭电路的电压是220V

【考点】家庭电路的连接；家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；熔断器的作用及保险

丝的选择方法.

【分析】(1)我国家庭电路的电压是220V.家庭电路中的用电器都是并联的，目的是为了

用电器之间相互不影响工作.

(2)保险丝是采用电阻率大熔点低的铅镀合金制成的.

(3)开关控制用电器或插座时，开关和用电器是串联的，且开关应接在火线和用电器之间.

【解答】解：A、在家庭电路中各用电器之间相互不影响工作，都是并联的，故A正确；

B、保险丝采用电阻率大熔点低的铅锦合金制成，在电流过大时能自动切断电源.铁丝、铜

丝的熔点高，在电流过大时不能自动切断电源，不能起到保险的作用，故禁止用铁丝、铜丝

等导线代替，故B正确；

C、控制电路的开关应该接在火线和用电器之间，防止开关断开时，用电器仍然和火线连接

造成触电事故，故C错误；

I)、我国家庭电路的电压是220V,故D正确.

故选C.

5.下列说法中正确的是()

A.工人在工作中戴防噪声耳罩是为了防止噪声的产生

B.用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电

C.电磁波在真空中的传播速度是3.0X10f'm/s

D.秋千摆动越来越低，说明能量不守恒

【考点】防治噪声的途径；电磁波的传播；能量守恒定律；正电荷与负电荷.

【分析】(1)防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；

(2)丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电.

(3)电磁波在真空中的传播速度是一定的，和光速相同，即c=3Xl()3m/s.

(4)根据能量守恒定律来分析.

【解答】解：A、工人戴耳罩是在人耳处减弱噪声，不能防止噪声的产生.故A错误；

B、用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，故B正确；

C、电磁波在真空中的传播速度等于光在真空中的传播速度，即电磁波在真空中的传播速度

为3X10'm/s.故C错误；

D、秋千摆动越来越低，是因为受到阻力的作用，在此过程中不可避免的要克服空气阻力做

功，一部分机械能转化为内能；任何形式的能在转化为其他形式能的过程中，能的总量都是

保持不变的，即能量是守恒的；故D错误.

故选B.

6.将一个凸透镜正对着太阳光，在凸透镜另一侧15cm处的纸上出现一个最小、最亮的光斑,

将一个物体放在该凸透镜主光轴上距光心20c-m处，则在凸透镜的另一侧光屏上会出现一个

()

A.正立、放大的虚像B.正立、缩小的虚像

C.倒立、放大的实像D.倒立、缩小的实像

【考点】凸透镜成像的应用.

【分析】根据阳光聚焦方法得到焦距：太阳光射到地球上是平行光，平行于主光轴的光线经

凸透镜会聚后得到凸透镜的焦点.

凸透镜成像时，2f>U>f,成倒立、放大的实像.

【解答】解：把一个凸透镜对准太阳光，可在距凸透镜15cm处得到一个最小、最亮的光斑,

所以，f=15cm.

U=20cm,2f>U>f,成倒立、放大的实像.

故选C.

7.如图所示是兴趣小组研究并联电路电流特点的实物图，实验中保持电源电压不变，先闭

合开关S（）

A.甲表有示数，乙表没有示数

B.再闭合开关S”甲表示数大于乙表示数

C.再闭合开关，，甲表示数变大，乙表示数不变

I）.再闭合开关S”甲表示数变大，乙表示数变小

【考点】并联电路的电流规律；电流表的使用.

【分析】分析清楚图示电路结构，明确各电路元件的连接方式，然后应用并联电路特点与欧

姆定律分析答题.

【解答】解：A、先闭合开关S,电流从正极出发经开关S、甲电流表、灯泡L回负极，电

流表甲测L的电流，则甲表有示数，乙表无电流经过，故没有示数，故A正确；

（2）再闭合S”两灯泡并联，电流表甲测干路电流，电流表乙测L2支路电流，电流表甲示

数变大，甲表示数大于乙表示数，因为8断开时乙表的示数为0,再，闭合时，乙表有示数,

因此这个过程乙表的示数变大.故BO正确，CD错误.

故选AB.

8.小李同学在探究某种液体密度的实验中，用测力计悬挂一个正方体金属块，浸没在液体

中，如图甲所示，缓慢地将金属块从液体中竖直提起，该过程中测力计读数F随金属块提起

高度h的关系如图乙所示，g取10N/kg,则根据图象信息可以确定（）

A.该金属块的边长为4cm

B.在高度h由2cm变化到6cm的过程中，金属块所受浮力逐渐增大

C.该液体的密度约为1.56X103kg/m3

D.甲图中刚提起金属块时上表面受到的液体压强为250Pa

【考点】阿基米德原理；液体的压强的计算.

【分析】（1）金属块下表面刚离开液面的高度减去上表面开始露出液面的高度即为金属块的

边长；

（2）根据图象可判断在高度h由2cm变化到6cm的过程中弹簧测力计的示数的变化，然后

根据F；，=G-F拉判断浮力变化；

（3）当金属块完全露出液面时拉力等于重力，据此求出金属块重，根据当金属块未露出液

面时拉力的大小，根据称重法求出物体受到的浮力，再求出金属块的体积，即排开液体的体

积，最后利用阿基米德原理求解液体密度；

（4）从图象中得出甲图中刚提起金属块时上表面距离液面的高度，利用液体压强公式计算

液体压强.

【解答】解：A、由图可知，金属块被提高2cm时，弹簧测力计的示数开始变大，此时金属

块的上表面刚露出液面，金属块被提升6cm时，弹簧测力计的示数不再变化，此时金属块的

下表面开始露出液面，故金属块的边长为6cm-2cm=4cm.故A正确；

B、由图象可知，在高度h由2cm变化到6cm的过程中，弹簧测力计的示数逐渐变大，根据

Fi?=G-Ftt,金属块的重力不变，浮力逐渐减小.故B错误；

C、金属块完全露出液面时拉力等于重力，由图象可知，该金属块的重力：G=F拉=3.5N.

在高度h由0变化到2cm的过程中，金属块完全浸没在液体中，

此时排开液体的体积：V排=V=（4cm）3=64cm3=6.4X10-V,

此过程中弹簧测力计的示数为F拉'=2.5N,

所以，物体完全浸没在液体中受到的•浮力为FMG-F拉'=3.5N-2.5N=1N,

F浮___________坦__________

由FMP；«gV排得,液体的密度：P«=gV^flONAgX6,4X1（）-5m3F.56X103kg/m3.故

C正确；

D、由图象可知，甲图中刚提起金属块时上表面距离液面的高度为h'=2cm=0.02m,

则上表面受到的液体压强：p=P滤gh'=1.56X10:fkg/m：iX10N/kgX0.02m=312Pa.故D错误.

故选AC.

二、填空题（共4小题，，每题4分，共16分）

9.磁场对通电导线有力的作用，其方向与电流方向和磁场方向有关;发电机利用了电

磁感应的原理发电,将机械能转化为电能.

【考点】磁场对通电导线的作用；电磁感应.

【分析】根据影响通电导体在磁场里受力方向的因素和发电机的原理进行解答.

【解答】解：（1）通电导体在磁场中受磁场力的作用，磁场力的方向与电流方向及磁场的方

向有关；

（2）发电机的原理是电磁感应，将其他形式的能转化为电能.

故答案为：磁场；电磁感应.

10.如图所示小球在水平面上做直线运动，每隔0.2s记录一次小球的运动位置，则小球从

D点运动到F点的路程为8•的cm,该过程的平均速度为0.2

【考点】变速运动与平均速度.

【分析】读出小球从D点运动到F点的路程（测量长度时必须估读到分度值的下一位）和时

间，根据v=：计算该过程的平均速度.

【解答】解：由图可知，小球从D点运动到F点的路程为:s=12.50cm-4.50cm=8.00cm=0.08m,

时间：t=2X0.2s=0.4s,

s0.08m

该过程的平均速度为：V二干飞7g°・2m/s.

故答案为：8.00；0.2.

11.一定质量的水从从30℃提高到80℃,吸收了4.2X103J的热量,这是通过热传递(选

填“做功”或“热传递”)方式改变了水的内能，水的质量是0.02kg.已知水的比热容

为CE2X10)/(kg-℃)

【考点】热传递改变物体内能：热量的计算.

【分析】(1)做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化,

而热传递是能•量的转移；

(2)已知水的初温、末温和水吸收的热量，根据公式、=金(t-t0)可求水的质量.

【解答】解：

(1)水在升温过程中吸收了热量，是通过热传递的方式增加了水的内能；

(2)根据Q=cm(t-to)可知,

,Q_________________4.2X1「J_____________

302kg

水的质量为：m=c(ft0)=4,2X10J/(kg-DX(80t：-30r)'

故答案为：热传递；0.02.

12.如图甲是某种车载空气净化器，其工作过程如图乙所示，受污染的空气被吸入后，颗粒

物进入电离区后带上某种电荷，然后在集尘器上被带电金属网捕获，再通过复合过滤网使空

气净化，其中带电金属捕获颗粒物的工作原理是异种电荷相互吸引，车载空气净化器的

额定功率为4.8通额定电压为12V,则它正常工作的电流为0.4A.

用7.

【考点】电功率与电压、电流的关系；物体带电现象.

【分析】(1)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；

(2)车载空气净化器正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出正常工作的电流.

【解答】解：(1)颗粒物所带电荷与集尘器带电金属网所带电荷电性相反，异种电荷相互吸

引，因此颗粒物被电网捕获；

(2)由P=UI可得，车载空气净化器正常工作的电流:

P4.8W

T二一二------------4A

U12V

故答案为：异种电荷相互吸引；0.4.

三、作图题(共2小题，共6分)

13.如图所示，用细线将小球悬挂在竖直墙壁上，请画出小球所受重力及小球对墙壁压力的

示意图.

【考点】力的示意图.

【分析】重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心上.

压力的方向总是垂直于接触面，并且指向接触面；根据压力的作用点在接触面上，确定出压

力的作用点，然后过作用点表示压力的方向.

【解答】解：重力的方向竖直向下，压力的作用点是球与墙壁的接触点，然后过作用点作垂

直于墙壁，并指向墙里面的压力.如图所示：

14.如图所示，S'为发光点S在平面镜MN中所成的像，S发出的一条光线经平面镜反射后

经过P点,请在图中作出发光点S的位置,并作出经过P点的反射光线及相应的入射光线（保

留作图痕迹）

【考点】平面镜成像的相关作图.

【分析】根据平面镜成像的特点可知，物与像关于镜面对称，首先作出像点S'的物点S,

连接PS',与镜面的交点为入射点0,再画出入射光线S0.

【解答】解：作出像点S'的对称点，即为物点S,连接PS',与镜面的交点为入射点0,

再连接SO、0P,画上箭头，S0为入射光线，0P为反射光线.如下图所示：

四、实验与探究题（共2小题，每小题7分，满分14分）

15.如图所示，探究小组利用铁架台、带有刻度的杠杆、细线、若干相同钩码、弹簧测力计

（单位：N）等实验器材探究杠杆的平衡条件，在探究实验中

（1）在挂钩码前，小组发现杠杆左端高右端低（如图甲），应将杠杆两端的平衡螺母向左

端调节（选填“左”或“右”）,使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是为了方便读出。

（2）接着小组在杠杆的两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位

置平衡（如图乙），这时杠杆两侧受到的作用力大小等于（选填“大于”、“等于”或

“小于”）各自钩码所受重力大小，若在A,B下方再增挂一个相同的钩码，则杠杆左端

将下沉（选填“左”或“右”）;

（3）如图丙是已经调节平衡的杠杆，用弹簧测力计在杠杆C处竖直向上拉，在A处挂上适

当的钩码，使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计读数为3.2N,钩码总质量为0.2

kg.（g取10N/kg）-

【考点】探究杠杆的平衡条件实验.

【分析】（1）杠杆右端下倾，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移,

使杠杆在水平位置平•衡的目的是为了直接从杠杆上读出力臂；

（2）杠杆所受钩码的拉力等于钩码的重力；

要判断此题，需掌握杠杆的平衡条件：FL=FZIM在支点两侧的钩码下方分别再加挂一个相

同的钩码，若力和力臂的乘积相等，杠杆平衡；若力和力臂的乘积不相等，则杠杆向乘积大

的一端倾斜.

（3）观察弹簧测力计的量程和分度值，读出弹簧测力计的示数；根据杠杆平衡,条件计算钩

码的总重力，然后利用G=mg计算质量.

【解答】解：（1）杠杆重心右移应将平衡螺母向左调节，直至重心移到支点处；由于力臂是

支点到力的作用线的垂直距离，调节杠杆在水平位置平衡时，可以方便的读出力臂；

（2）杠杆两侧受到的作用力大小等于各自钩码所受重力大小；

设杠杆的一个小格为L,一个钩码的重力为G,

分别加挂一个相同的钩码后：

左边=5GX3L,右边=7GX2L,

左边〉右边，

所以，杠杆不能平衡，杠杆右端上升，左端下沉.

（3）图中弹簧测力计的分度值为0.2N,弹簧测力计的示数为3.0N；

设杠杆的一个小格为L,钩码的质量为G,

根据杠杆平衡条件可得，GX3L=3.0NX2L,

…3.0NX2L

贝IIG二---五~=2N,

,—G2N

所以钩码的总质量m=q=ioN4g=0-2kg.

故答案为：（1）左；力臂；（2）等于；左；（3）3.2N；0.2.

16.如图甲所示，是利用伏安法测量小灯泡L的电阻的实验线路，已知L的额定电压为2.5V,

滑动变阻器的最大阻值为20Q.

（1）请你用笔画线代替导线，把图甲的实物电路连接完整（要求导线不交叉、闭合开关后，

变阻器滑片向左滑动时灯泡变亮）；

（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于B端（选填“A端”、“B端”或“AB

正中间，'）；

（3）移动滑片P,当小灯泡L正常发光时，发现电流表示数如图乙所示，则此时电流表的

读数为。.3A,小灯泡的电阻为8.3C（保留一位小数）；

（4）实验操作时，因小灯泡L不慎损坏而出现断路，无论怎样移动滑片P,电压表指针几

乎不动（选填“儿乎不动”或“明显偏转”）.

【考点】伏安法测电阻的探究实验.

【分析】（1）根据灯的额定电压确定电压表的量程，根据变阻器滑片向左滑动时灯泡变亮，

滑动变阻器滑片左边的电阻连入电路；

（2）由上面的连接，滑片应置于滑动变阻器阻值最大的位置；

（3）认清电流表小量程的分度值读数，根据欧姆定律求电阻；

（4）小灯泡L不慎损坏而出现断路，电压表串联在电路•中，电压表分得的电压接近电源电

压.

【解答】解：（1）L的额定电压为2.5VV3V,电压表选用小量程；由变阻器滑片向左滑动时

灯泡变亮，可知，灯的电压变大，变阻器的电压变小，由分压原理知，滑动变阻连入电路中

的阻值应变小，所以，应将滑动变阻器滑片左边的电阻连入电路，如图所示；

（2）闭合开关前，滑片应置于滑动变阻器阻值最大的位置，所以，应将滑动变阻器的滑片

置于B端；

（3）由图乙知，电流表选用小量程，分度值为0.02A,示数为0.3A,小灯泡L正常发光时

U2.5V

对应的电阻值R=亍限五-8.3Q；

（4）实验操作时，因小灯泡L不慎损坏而出现断路，则电压表串联在电路中，因其内阻比

其它电路元件大的多，根据分压原理，其示数接近电源电压，移动滑片改变变阻器连入电路

中的电阻时，电压表示数仍接近电源电压，指针几乎不动.

故答案为：（1）如上图所不；

（2）B端；

（3）0.3；8.3；

（4）几乎不动.

五、计算与解答题(本题共2小题，每小题10分，共20分，要求写出必要的文字说明和

重要的演算步骤)

17.如图所示，一个边长为0.1m的正方体质量为3kg,放在水平地面上，已知动滑轮的重

力为ION,g取10N/kg.

(1)该正方体的密度是多少？

(2)正方体对地面的压强为多大？

(3)不计摩擦和绳重，用图示的滑轮组将正方体竖直向上匀速提升20cm,求拉力F所做的

功.

【考点】压强的大小及其计算；密度的计算；功的计算.

【分析】(1)知道正方体的边长可求体积，又知道其质量，根据P=，求出其密度；

(2)正方体对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，正方体的底面积即

F

为受力面积，根据p=W求出对地面的压强；

(3)拉力做的功即为克服正方体重力和动滑轮重力所做的功，根据W=Gh求出拉力F所做的

功.

【解答】解：(1)正方体的体积：

V=(0.Im)JO.00加'，

物块的密度：

n3kg

P=V=0.001m3=3X10'kg/m\

(2)正方体对地面的压力：

F=G=mg=3kgX10N/kg=30N,

受力面积：

S=(0.Im)2=0.01m2,

正方体对地面的压强：

F30N

p—~n=n=3000Pa.；

S0.01

(3)因不计摩擦和绳重，•拉力做的功即为克服正方体重力和动滑轮重力所做的功，

所以，拉力F所做的功：

W=(G+G动)h=(30N+10N)X20X10m=8J.

答：⑴该正方体的密度是3X103kg/m\

(2)正方体对地面的压强为3000Pa；

(3)拉力F所做的功为8J.

18.如图是某电器设备的部分电路，电源电压U=4.5V保持不变，灯泡L标有“6V、6W”字

样.已知闭合开关机和8时，电路消耗的功率为2.025W,不计灯丝电阻随温度的变化.

(1)求定值电阻Rs的阻值；

(2)三个开关S”S2,8都闭合时，求通过电流表的电流大小；

(3)电压表的量程为0-3V,电流表的量程为0-0.6A,滑动变阻器L的阻值在0-20Q内

可调，只闭合开关Sz,在保证电表安全的情况下，求灯泡L消耗的电功率的变化范围.

【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算.

【分析】(1)闭合开关,和8时，电路为R的简单电路，根据P=u!求出定值电阻R的阻

R

值；

(2)三个开关S”S3都闭合时，R与L并联，电流表测干路电路，根据P=卫-求出灯泡

R

的电阻，再根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用欧姆定律求出通过电流表的电流大小;

(3)只闭合开关Sz时，灯泡L与R2串联，电流表测电路中的电路，电压表测Rz两端的电压,

根据欧姆定律求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程相比较确定电路的最大电流，根据

P=『R求出灯泡L消耗的最大功率，当电压表的示数最大时电路中的电流最小，灯泡消耗的

电功率最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P=U?求出灯泡L消耗的

R

最小功率，然后得出答案.

【解答】解：(1)闭合开关Si和S2时，电路为R1的简单电路，

由P=U_可得，定值电阻R3的阻值：

R

U2(4.5V)2

亏2.025W=1°Q；

(2)三个开关S“S2,S3都闭合时，R与L并联，电流表测干路电路,

由p=U!可得，灯泡的电阻：

R

22

UL(6V)

Ri=-p-="6W-=6Q,

因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和,

所以，电路中的总电阻：

R[RL1QQX6Q

R=R[+RL=1°Q+6Q=3.75Q,

通过电流表的电流大小：

U4.5V

口百3.75Qj2A;

(3)只闭合开关Sz时，灯泡L与R2串联，电流表测电路中的电路，电压表测L两端的电压,

灯泡的额定电流：

里里

IL=R[=6Q=1A,

因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0~0.6A,

所以，电路中的最大电流I大=0.6A,

则灯泡消耗的最大功率：

PL*=I大询=(0.6A)、X6Q=2.16W,

当电压表的示数最大U=3V时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，灯泡两端的电压：

UJ=U-U2=4.5V-3V=1.5V,

灯泡L消耗的最小功率：

(Uj)2(1.5V)2

Ps、=-----p---------=-60—=0.375W,

RL

所以，灯泡L消耗的电功率的变化范围0.375W〜2.16W.

答：(1)定值电阻比的阻值为10Q；

(2)三个开关S“S”S3都闭合时，通过电流表的电流为1.2A；

(3)只闭合开关S2,在保证电表安全的情况下，灯泡L消耗的电功率的变化范围为0.375W

2.16W.

四川省资阳市中考物理试卷

一、选择题（本大题包括7小题，每小题3分，共21分；每小题只有一个选项符合题意）

1.如图所示，编钟是我国春秋战国时代的乐器.下列说法中错误的是（）

A.敲击钟时发出的声音是由钟振动而产生的

B.敲击大小不同的钟发出的声音在空气中的传播速度不同

C.敲击大小不同的钟能发出不同音调的声音

D.人耳能区分不同乐器的声音是因为它们的音色不同

考点：声音的综合利用..

专题：应用题；声现象.

分析：（1）声音是由物体的振动产生的，声音的传播必须靠介质，真空不能传声；

（2）声音在同温度的同种均匀介质中传播速度是相同的；

（3）物理学中把声音的高低称为音调，音调的高低与发声体的振动快慢有关，物体

振动越快，音调就越高；

人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大,

振幅越小，响度越小；

（4）音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音

色也就不同.

解答：解：A、敲击钟时发出的声音是由钟振动而产生的，故A正确；

B、敲击大小不同的钟发出的声音在空气中的传播速度相同，故B错误；

C、敲击大小不同的钟能发出声音的高低不同，即音调不同，故C正确；

D、人耳能区分不同乐器的声音是因为它们的音色不同，故D正确；

故选B.

点评：本题通过“编钟”考查声音的产生、乐音的响度、音色和音调的区别，注重了物理知

识应用能力的考查.

2.（3分）（2015•资阳）下列有关光现象的四个情境中属于光的折射的是（）

墙上的手影

插入水杯的铅笔好像断了

考点：光的折射现象及其应用..

专题：光的折射、光的色散.

分析：（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、

影子的形成、日食和月食等；

（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物

体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光

的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的.

解答：解：A、蜡烛在镜中的像属于平面镜成像，是由于光的反射形成的.故A不符合题意;

B、街道拐角处扩大视野应用的是凸面镜，属于光的反射.故B不符合题意；

C、铅笔好像“断”了，是由于光的折射形成的.故C符合题意；

D、手影是由于光的直线传播形成的.故D不符合题意.

故选C.

点评：本题考查了光沿直线传播现象的应用、光的反射现象的应用以及光的折射现象的应

用，都是基础知识.

3.（3分）（2015•资阳）如图所示是热现象的一些情景或应用，说法错误的是（）

清晨昆虫和植物上露珠的形成是液化现象

“测温枪”可以不接触人体而测出人的体温

加热水使试管塞子冲出去的过程中发生了能量的转移和转化

冬天人们搓手取暖是通过热传递改变手的内能

考点：液化及液化现象；红外线；做功改变物体内能..

专题：热和能.

分析：（1）分析物质变化后的状态和原来的状态，再判断是什么物态变化;

（2）红外线测温枪通过精确测量人体释放出来的微弱的红外线能量，再经过复杂的

动算处理和各种补偿校正，可以准确的测得人体的体温；

（3）改变物体内能的方式有做功和热传递，做功是能量的转化，热传递使能量的转

移；

（4）摩擦生热是通过克服摩擦做功方式改变物体内能.

解答：解：A、清晨昆虫和植物上露珠是水蒸气遇冷放出热量变成的小水滴，是液化现象；

故A正确；

B、“测温枪”是通过测量人体释放出来的微弱的红外线能量来测量体温的，故可以

不接触人体而测出人的体温；故B正确；

C、酒精灯加热过程通过热传递增加试管内水的内能，属于能量的转移；高温高压的

蒸气推动塞子是做功，内能转化为机械能，是能量的转化；故C正确；

D、冬天人们搓手取暖是通过克服摩擦做功的方式改变手的内能的：故D错误.

故选：D.

点评：本题考查了物态变化、改变物体内能的方式和红外测温枪的原理等知识，属于基础题.

4.（3分）（2015•资阳）如图所示，下列有关能源及能的转化的说法中错误的是（）

太阳能集热黑

太阳能集热器的吸热板把太阳能转化为内能

太阳能汽主

太阳能汽车利用太阳能电池把太阳能直接转化成汽车动能

变脸的乐山大佛

乐山大佛脸上出现的黑色条纹是人类消耗化石能源产生酸性气体形成酸雨腐蚀造成的

龙汤的汽主垢动机

汽车散失的热不能收集起来再利用表明能量转化过程具有方向性

考点：能量的相互转化..

专题：应用题；功和能综合题.

分析：据能量转化的知识分析即可，在处理时应该看清该过程中消耗了哪种形式的能，进而

又产生了哪种形式的能即可.

解答：解：A、太阳能集热器的吸热板工作时，消耗太阳能，产生内能，故是把太阳能转化

为内能，故A正确；

B、太阳能汽车利用太阳能电池把太阳能先转化成电能，而后再将电能转化成汽车动

能，故B错误；

C、据化学知识可知，乐山大佛脸上出现的黑色条纹是人类消耗化石能源产生酸性气

体形成酸雨腐蚀造成的，故C正确；

D、能量的转移和转化具有方向性，故汽车散失的热不能收集起来再利用表明能量转

化过程具有方向性，故D正确；

故选B.

点评：该题考查了能量的转化过程判断、能量转化方向性的理解等知识点，是一道综合题.

5.（3分）（2015•资阳）关于下列各图说法错误的是（）

信鸽能从2000km以外的地方飞回家里，主要是靠地磁场来导航

里斯特实蛉

丹麦物理学家奥斯特给导线通电时，下方的磁针发生偏转，证实了电流的周围存在着磁

场

磁悬浮列车的车厢和铁轨上分别安放着磁极相对的磁体，由于磁极间的相互作用，列车

在铁轨上方几厘米的高度飞驰

椅同小喇叭

课间操时教室墙上的扬声器发出悠扬的声音是把声信号转换成电信号

考点：地磁场；超导体在磁悬浮列车、超导输电的应用；通电直导线周围的磁场；扬声器和

耳机的构造和原理..

专题：电和磁.

分析：（1）地球周围有磁场，鸽子是靠地磁场来导航的.

(2)奥斯特实验表明通电导线周围存在着磁场.

(3)磁悬浮列车利用了同名磁极互相排斥，减小摩擦的方法.

(4)扬声器中的线圈中通过变化电流时，线圈会受到永久磁铁的磁场力的作用，而

带动与线圈相连的纸盆振动，将电信号转化成声信号.

解答：解：A、鸽子在飞行时是靠地磁场来导航的，故A正确；

B、丹麦物理学家奥斯特首先发现通电导线周围存在磁场，故B正确；

C、磁悬浮列车利用了同名磁极互相排斥，使列车和铁轨间分离，大大减小了摩擦力，

故C正确；

D、扬声器发出悠扬的声音是把电信号转换成声信号，故D错误.

故选1).

点评：本题综合考查了地磁场、奥斯特实验、磁悬浮列车、扬声器的了解和掌握情况，熟练

掌握基础知识是解题关键.

6.(3分)(2015•资阳)4月25日尼泊尔发生8.1级大地震，造成巨大人员和财产损失.下

列有关地震涉及物理知识的说法中错误的是()

A.救灾直升飞机保持一定高度匀速飞行并空投物资过程中机械能不变

B.强烈地震引发珠峰雪崩，冰雪石块飞速涌下过程中重力势能减小，动能增大，机械能减

小

C.由于惯性，救援人员必须提前在飞机还未到达目标区域上方时投放物质

D.直升飞机升空时，因螺旋桨高速转动在桨上下表面形成压强差使飞机所受升力大于重力

考点：机械能；惯性；流体压强与流速的关系；动能和势能的转化与守恒..

专题：其他综合题.

分析：①动能和势能合称机械能.动能与质量、速度有关；重力势能与质量和物体被举的高

度有关；

②一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；

③在流体中，流动速度越大的位置压强越小.

解答：解：

A、在某一高度水平匀速飞行并空投物资，速度和高度是没有发生改变的，但是在空

投物资的过程中，飞机的质量在减少；在速度不变时，质量减少，则动能减小；在高

度不变时，质量减小，则重力势能减小，所以机械能减小.此选项错误；

B、冰雪石块飞速涌下过程中质量不变，高度减小，所以重力势能减小；速度增大，

动能增大；但同时部分动能转化为内能，所以机械能减小.此选项正确；

C、一切物体都有惯性，要保持原来的运动状态，为保证空投物资落到预定区域，救

援人员必须提前在飞机还未到达目标区域上方时投放物质.此选项正确；

D、直升飞机升空时，因螺旋桨高速转动在桨上下表面形成向上的压强差，使飞机所

受升力大于重力，飞机才能起飞.此选项正确.

故选A.

点评：此题是一道力学综合题，考查的知识点较多，包括机械能的转化、惯性现象及流体压

强与流速的关系，熟练掌握基本规律，确定每个选项考查的知识点，是正确解答的关

键.

7.（3分）（2015•资阳）如图所示是酒精浓度检测仪及其原理图，它实际上是由一节干电池

（电压不变）、一个气敏电阻比（相当于阻值随酒精气体浓度变化的变阻器，酒精浓度越大

阻值越小）与定值电阻R及一个电压表组成.驾驶员呼出的酒精气体浓度越大，则（）

A.气敏电阻Rz的阻值越大，电压表的示数越大

B.通过电阻R2的电流越小，电压表的示数越大

C.通过电阻R的电流越大，电阻上两端电压越小

D.气敏电阻R?的阻值越大，通过电阻R的电流越大

考点：电路的动态分析.•

专题：电路变化分析综合题.

分析：由电路图可知，R与Rz串联在电路中，电压表测RJ两端电压，L的阻值变化时，根据

欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特

点可知传感器两端的电压变化.

解答：解：

由图与R串联，驾驶员呼出的酒精气体浓度越大，气敏电阻R?的阻值越小，电路

中总中总电阻变小，

由1=,电源电压一定，总电阻变小，电路中电流变大.根据串联电路中电流处处相等，

所以通过匕、Rz电流都变大；

由U=IR,定值电阻R两端的电压变大，即电压表示数变大，

所以U2=U-U“R电压变大，Rz电压变小.故ABD错误，C正确.

故选C.

点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“酒精气体浓度越大，R邛且值

越小”是关键.

二、图示题（本大题包括4小题，共12分）

8.（4分）（2015•资阳）

（1）如图所示是从墙上平面镜中看到的石英钟的像，此刻石英钟所示的时刻是9：25；

（2）小车全程的平均速度是22.5m/s；

（3）量筒内液体的体积是

（4）要使接入电路的电阻增大，滑片P应该向右端移动.

考点：平面镜对光的作用；量筒的使用；速度与物体运动；滑动变阻器的使用..

专题：其他综合题.

分析：（1）利用镜面对称的性质求解.镜面对称的性质：在平面镜中的像与现实中的事物

恰好顺序颠倒，且关于镜面对称.

(2)小车全程的平均速度是总路程除以总时间；

(3)首先确定量筒的分度值，读数时以液面底部为准；

(4)滑动变阻器是靠改变连入电路中的电阻丝长度来改变电阻的.

解答：解：(1)根据镜面对称的性质，在平面镜中的像与现实中的事物恰好左右颠倒，且关

于镜面对称，

分析可得：图中显示的时间2：35,故实际时间才是9：25.

(2)s=450m,t=20s,

小车全程的平均速度v==450m=22.5m/s；

20s

(3)量筒的分度值是2ml,则量筒内液体的体积是22ml；

(4)由图可知，要使滑动变阻器接入电路中的电阻变大，则滑片向右端移动.

故答案为：(1)9：25；(2)22.5；(3)22；(4)右.

点评：本题考查了镜面反射的原理与性质、量筒的使用、速度的计算、滑动变阻器的使用等

多个知识点，难度不大，综合性较强.

9.(3分)(2015•资阳)如图所示，一个小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向

下做减速运动，忽略空气阻力，画出小球所受的重力G和弹力f.

//7//i////7//7

考点：力的示意图..

专题：图像综合题.

分析：画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、

方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力.

解答：解：忽略空气阻力，小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动,

此时小球共受到重力和弹力两个力的作用，过小球重心分别沿竖直向下和竖直向上的

方向画一条有向线段，用G和F表示，且G>F,如图所示：

点评：画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖

边.按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图.

10.(2分)(2015•资阳)“井底之蛙”这个成语大家都很熟悉.如图所示，在一个干枯的

井底正中央P点有一只青蛙，它的视野范围如图a所示.大雨将井全部灌满水，若青蛙仍在

P点，请你在图b中画出青蛙视野发生变化后的大致情况.

D

sn

考点：作光的折射光路图..

专题：图像综合题.

分析：青蛙之所以坐在井里，只能看到很小的一片天，就是因为光是沿直线传播的缘故.

当井中灌满水时，光由空气进入水中，在水面上要发生折射，根据折射定律画出大致

的光线传播路径，确定青蛙的视野范围.

解答：解：当井里灌满水后，光线照到水面会发生折射现象，由于光是从空气射向水，所以

入射角大于折射角，因此井底之蛙看到的视野范围比没水时会看到更大；

变化的大致范围如图中两条入射光线之间的阴影区域所示：

点评：解决此类实际问题，要结合光的传播进行处理分析.在P点放一点光源，根据折射定

律，作出两条经过井口两顶点的两条折射光线，根据光路可逆，箭头方向改为相反即

可.

11.（3分）（2015•资阳）如图所示，小明同学设计了一个简易按摩棒，其结构可以看作是

一个杠杆.AB0为一根弹性细杆，。为支点，B处固定一个条形磁体，A为按摩槌头.当螺线

管内输入方向改变的交流电时，条形磁体会受到通电螺线管的引力或斥力带动按摩槌头A

振动敲击人体穴位.某一时刻，电磁铁与条形磁体间的磁感线如图所示，槌头A向下振动.请

画出此时：

（1）槌头所受阻力F及力臂L；

（2）通电螺线管电源的正、负极.

Al工

考点：力的示意图；力臂的画法；通电螺线管的极性和电流方向的判断..

专