2021年浙江省临海市、新昌县高考物理适应性试卷（二模）（附答案详解）

2021年浙江省临海市、新昌县高考物理适应性试卷(二

模)

一、单选题(本大题共13小题，共39.0分)

1.下列均属于国际单位制中基本单位的是()

A.米(m)、千克(kg)B.米每秒(m/s)、千克(kg)

C.牛顿(N)、米(m)D.安培(4)、焦耳①

2.下列有关物理学史的描述，正确的是()

A.伽利略通过实验证实了力是维持物体运动的原因

B.戴维孙和汤姆孙利用晶体做了电子束的衍射实验，证实了电子具有波动性

C.卢瑟福通过a粒子散射实验，指出了原子核内部具有复杂的结构

D.奥斯特最早研究电磁感应现象，并发现感应电动势与磁通量变化率成正比

3.发光弹性球很受儿童喜爱，一儿童把弹性球竖直上抛，从空中的最高点开始计时,

下列描述发光弹性球运动的图像中正确的是()

的奇观

曳长衣

B.燃气灶上电子点火器的针头电极

C.超高压带电作业所穿衣服的织物中掺入了金属丝

D.静电复印机

5.随着北京冬奥会的临近，滑雪项目成为了人们非常喜爱的运动项目。如图运动员从

高为〃的4点由静止滑下，到达B点后水平飞出，经过时间，落到长直滑道上的C

点，不计滑动过程中的摩擦和空气阻力。下列说法正确的是（)

A.若〃加倍，则水平飞出的速度v加倍

B.若〃加倍,则在空中运动的时间f加倍

C.若〃减半,运动员落到斜面时的速度方向不变

D.若//减半,运动员在空中离斜面的最大距离不变

6.近年中国女子速滑队取得的成绩十分令人瞩目。在速

滑接力赛中，“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”

的运动员乙前面，并且开始向前滑行，待乙追上甲时,

乙猛推甲一把，使甲获得更大的速度向前冲出。在乙

推甲的过程中，忽略运动员与冰面间的阻力，下列说法正确的是（）

A.甲对乙的冲量与乙对甲的冲量相同

B.甲的速度增加量一定等于乙的速度减少量

第2页，共28页

C.甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量

D.乙对甲的作用力一定做正功，甲的动能一定增大

7.如图所示，风洞飞行体验可以实现高速风力将人吹

起，通过改变风力大小或人体受风面积可以控制人

体上升或下降。若一质量m=70kg的游客，从离

地高度b=0.5m的悬浮状态向上运动，到达高度

电=2.5m处时再次悬浮，下列说法正确的是（）

A.此过程中人的机械能增加了约1400./

B.若人悬浮时减小受风面积，将会向上运动

C.上升过程中，人先处于失重状态，后处于超重状态

D.人处于悬浮状态时，为风洞提供动力的电动机不需要做功

8.2020年11月24日4时30分，长征五号遥五运载火箭在中国海南文昌航天发射场

成功发射，飞行约2200秒后，顺利将探月工程嫦娥五号探测器送入预定轨道，开

启中国首次地外天体采样返回之旅。嫦娥五号飞行轨迹可以简化为如图所示，首先

进入圆轨道I,在P点进入桶圆轨道口，到达远地点Q后进入地月转移轨道，到

达月球附近后进入环月轨道口。圆轨道I的半径为q,周期为A，椭圆轨道口的半

长轴为周期为72,环月轨道口的半径为小，周期为窗，地球半径为R，地球表

面重力加速度为g。忽略地球自转和太阳引力的影响。下列说法正确的是（）

P

B.嫦娥五号在轨道I运行速度等于师

c.嫦娥五号在轨道I的P点和椭圆轨道n的P点加速度相同

D.嫦娥五号在椭圆轨道II的Q点运行速度大于在圆轨道I的运行速度

9.如图所示，两等量同种电荷+Q固定放置，。为连线的中点，ABCD

为电荷连线中垂面上的四个点，AO=BO=CO=DO,下列说法正

确的是（）

A.A、B两点场强相同

B.。点电势比。点低

C.把电子从A点移动到。点，电子的电势能增大

D.在C点给电子某一恰当的初速度，电子可能做圆周运动

10.电磁炮是一种利用电磁作用发射炮弹的先进武器，我国正在进行舰载电磁轨道炮试

验，射程可达200公里，预计到2025年投入使用。某同学利用饼型强磁铁和导轨

模拟电磁炮的发射原理，如图所示，相同的饼型强磁铁水平等间距放置，使导轨平

面近似为匀强磁场。下列说法中不正确的是（）

导体棒a

A.放置强磁铁时，应保证磁铁的磁极同向

B.强磁铁磁性越强，导轨平面越接近匀强磁场

C.强磁铁间距越小，导轨平面越接近匀强磁场

D.若全部磁铁N极向上，导体棒所受安培力水平向右

11.如图所示，水平面内第二、三象限内存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B=17。

将一根电阻R=0.50的均匀导线围成一个闭合线圈Oab,已知ab刚好为四分之一

圆弧，。。长0.1m,t=0时。”与x轴重合。现让线圈从如图所示位置开始绕。点

以角速度3=4rad/s逆时针匀速转动。在一个周期内，下列说法中正确的是（）

Oax

A.通过线圈中电流的有效值为0.044

B.0。两端只有在线圈进入和穿出磁场两个过程中有电压

C.因为一个周期内穿过线圈的磁通量变化为零，所以线圈中电动势的有效值为零

第4页，共28页

D.因为一个周期内穿过线圈的磁通量变化为零，所以通过线圈某一横截面的电荷

量为零

12.如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为io：1,/?!=ion,R2=2on.通

甲乙

A.电容器两端电压为10VB.电压表示数为100M

C.原线圈输入电流的频率为1OO”ZD.原线圈输入功率为10W

13.如图是半径为R的半圆形玻璃砖，一束单色光从A点射入_巨“

玻璃砖，在直径面上发生全反射，最终射出玻璃砖（B点位、

置未标出）。已知出射光与入射光之间互相垂直，真空中（7未）

oP

光速为C,则（）

A.玻璃砖的折射率为鱼

B.光在玻璃砖内的速度为在c

2

C.光在玻璃砖中的临界角为W

D.光在直径面上的全反射点P与O点的距离为叵

2

二、多选题（本大题共3小题，共6.0分）

14.新冠病毒疫情防控工作中，额温枪在医院、车站、小区、学校等地方被广泛使用,

成为重要的防疫装备之一。某一种额温枪的工作原理是：任何物体温度高于绝对零

度（-273。0时都会向外发出红外线，额温枪通过红外线照射到温度传感器，发生光

电效应，将光信号转化为电信号，从而显示出物体的温度。已知人的体温正常时能

辐射波长为的红外线，如图甲所示，用该红外光线照射光电管的阴极K时，

电路中有光电流产生，光电流随电压变化的图像如图乙所示，已知/i=6.63x

19

10-34,.s,e=i,6x10-C,则（）

窗【J

红外

A.波长10〃m的红外线在真空中的频率为3x1013Wz

B.将图甲中的电源正负极反接，将不会产生电信号

C.由图乙可知，该光电管的阴极金属逸出功约为O.leV

D.若人体温度升高，辐射红外线的强度增大，光电流减小

15.在同一介质中。两列简谐横波。和6均沿x轴正方向传播，。波的波速D=16m/s,

B.a波和方波的周期之比为2：1

C.再经过0.25s,x=2?n处的质点第一次到达波峰

D.随时间变化两列波的波峰重合点在不断变化，但两列波的波谷不会重合

16.氢原子的能级图如图所示，一群氢原子处于n=4能级向低能级跃迁，则下列说法

正确的是（）

•桃V

■...............Q

5--------------------------0.54

4--------------------------------0.85

3--------------------------IJI

2--------------------------340

--------------------

A.最多能发出4种不同频率的光

B.氢原子由n=4能级跃迁到n=3能级时，核外电子的动能增大

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C.用能量为0.40eU的光子照射，能使处于n=4能级的氢原子跃迁

D.用能量为3.00e，的电子碰撞n=4能级的氢原子，产生的电子初动能可能是

1.60eV

三、实验题（本大题共3小题，共14.0分）

17.兴趣小组测量某农庄喷水口的内径。

①下列测量图中，测量方式正确的是。

②如图为正确测量得到的结果，由此可得喷水口的内径。=-----〃皿

18.某兴趣小组用如图甲所示的装置探究“恒力做功与小车动能变化的关系”。

图乙

①实验室有工作频率为50Hz的电磁打点计时器和电火花打点计时器供选用，下列

说法中正确的是.

4.使用电磁打点计时器时，纸带应放置在复写纸上方

及为使纸带在运动时受到的阻力较小，应选用电磁打点计时器

C.若实验中要测出拉力做功的值，一定要满足祛码（含祛码盘）质量远小于小车质量

D若工作频率变小，而同学未发现，则测得小车的速度将比实际速度偏小

②某同学画出小车动能变化与拉力对小车所做功的△Ek-IV关系图像如图乙，由

于实验前遗漏了平衡摩擦力这一关键步骤，他得到的实验图线（实线）应该是

19.某校兴趣小组要测定额定电压为2.5U的小灯泡的伏安特性曲线。实验室备有下列器

材；电池组（电动势为3匕内阻约10）：电流表（量程为。〜0.6A,内阻约0.50）；电

压表（量程为0〜3叭内阻约3k0）：滑动变阻器（100）；小灯泡（2.5U）；多用电表一

个；电键一个、导线若干.

（1）用笔画线代替导线，将图甲中实验电路连接完整

（2）接通开关后，发现电压表示数如图乙所示，此时电压为匕而电流表示数

为零。出现上述情况的可能原因是O

A电流表接线处断路

及电压表接线处短路

C小灯泡接线处断路

D滑动变阻器接线处断路

（3）小明在实验过程中，分别采用电流表内接法和外接法各做了一次，得到了如图

丙中伏安特性曲线“1”和“2”。则实验应选择曲线_____（填“1”或“2”）。

四、计算题（本大题共4小题，共41.0分）

20.随着人工智能技术的不断发展，无人机有着非常广阔的应用前景。春播时节，一架

携药总质量巾=20kg的无人机即将在田间执行喷洒药剂任务，无人机悬停在距一

块试验田儿=30m的高空，r=0时刻，它以加速度%=2m/s2竖直向下匀加速运

动a=9巾后，立即向下做匀减速运动直至速度为零，重新悬停，然后水平飞行喷

洒药剂。若无人机田间作业时喷洒的安全高度为1m〜3m,无人机下降过程中空气

阻力恒为20M求：

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(1)无人机从t=。时刻到重新悬停在“2=1巾处的总时间/：

(2)无人机在安全高度范围内重新悬停，向下匀减速时能提供的最大竖直升力大小;

(3)若无人机在高度为=3m处悬停时动力系统发生故障，失去竖直升力的时间为

|s,要使其不落地，恢复升力时的最小加速度。

21.图甲为儿童玩具小火车轨道，由竖直圆轨道BMC(B、C是圆弧轨道最低点且可认为

是紧靠的)、竖直圆弧轨道3E和尸”、倾斜半圆轨道EGE四分之一水平圆轨道

AK和〃与水平轨道AB、CD、HI、K/平滑相切连接而成，图乙为轨道侧视示意图

•已知竖直圆轨道、圆弧。E、和EGF的半径均为R=0.4m,CD=0.4m,圆弧

DE、FH对应的圆心角4HO3尸=37。，小火车质量m=0.2kg且可视为质点。水平

轨道上小火车受到轨道的阻力恒为其重力的0.2倍，其它轨道的阻力忽略不计。小

火车在H点处以恒定功率P=2勿由静止开始启动，沿着轨道运动，经过

t=2s到达8点时关闭电动机，小火车恰好能沿着竖直圆轨道运动。sm37°=0.6,

cos37°=0.8o求：

图甲图乙

(1)小火车到达B点时的速度大小；

(2)小火车从H点运动到8点过程中阻力做的功；

(3)小火车运动到倾斜半圆轨道EGF最高点G时对轨道作用力的大小。

22.如图，有两倾角0=30。、间距d=0.1m的足够长平行金属导轨，其顶端和底端各

连有一个R=0.10的电阻。一恒流源为电路提供恒定电流/=24电流方向如图所

示。在两导轨间存在垂直导轨平面向上的磁场，沿导轨向下建立坐标轴xOy,磁感

应强度沿方向大小不变，沿方向大小满足久

yx=2x(7)(W4m),B2=2T(x>

4m).质量7n=0.1kg的金属棒必垂直导轨放置，与导轨间摩擦系数“=当，让金属

棒必从x=0处以很小的速度(可忽略不计)开始向下运动。x=47n处两导轨各有一

小段长度可以忽略的绝缘部分，隔开上下金属导轨。金属棒油及金属导轨的电阻

不计。求：

(1)金属棒而运动到x=1m位置时加速度大小；

(2)金属棒"从x=0向下运动到速度为0的过程中，克服摩擦力所做的功：

(3)若导轨光滑，改变恒流源电流方向，让金属棒从％=0静止释放，可以证明导体

棒做简谐运动，且简谐运动的周期7=27r押，其中m为做简谐运动的物体的质量，

々为尸=一收中比例系数k,求从t=0至吟时间内安培力的冲量。

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23.如图所示为某粒子探测装置示意图，水平放置的平行金属板AB、CD,其中CO板

可收集粒子，两板长度及板间距离均为L板间的电压〃©=等。在两板左侧有一

长为L的竖直放置的线状粒子发射器E凡两端恰好与上下两平行板对齐。发射器

各处能均匀持续地水平向右发射速度均为火、质量为机、带电量为+q(重力不计)的

同种粒子，单位时间内射出的粒子个数为N。在金属板C£＞右侧有一半径为R的圆

形匀强磁场区域，磁感应强度8=空也，磁场方向垂直纸面向里，磁场边界恰好

过。点，。点与磁场区域圆心的连线与水平方向的夹角0=37。。从电场右边界中

点离开的粒子刚好对准圆心O射入圆形磁场。一个范围足够大的荧光屏竖直放置在

磁场的右侧且与圆形磁场相切。不考虑电场与磁场的边界效应，$讥37。=0.6,

cos37°=0.8o求：

(1)单位时间内金属板8收集到的粒子个数；

(2)粒子在磁场中运动的最长时间；

(3)粒子能打到荧光屏上长度。

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：力学中〃2、必、S；电学中A；热学中〃?。/、K；光学中cad是国际单位制

中的基本单位，其他为导出单位，故A正确，88错误；

故选：4。

国际单位制规定了七个基本物理量，分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光

学强度、物质的量。它们的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理

量的单位叫做导出单位。

本题主要考查了单位制，熟记国际单位制规定了七个基本物理量是解题的关键。

2.【答案】B

【解析】解：人伽利略通过实验合理的推理认为“力是改变物体运动状态的原因”，

而不是维持物体运动的原因，故A错误：

以根据物理学史可知，戴维孙和汤姆孙利用晶体做了电子束的衍射实验，证实了电子

具有波动性，故8正确；

C、卢瑟福通过a粒子散射实验，提出来原子的核式结构模型，故C错误；

。、奥斯特最早发现了电流的磁效应，揭开了研究电与磁关系的序幕，但他没有发现电

磁感应现象，电磁感应现象是法拉第最早发现的，故。错误。

故选：B。

根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的物理学贡献即可。

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记

忆，重视知识的积累。

3.【答案】A

【解析】解：AB、选向下为正方向，小球先做匀加速直线运动，小球与地面碰撞时，

速度大小变小，且方向发生突变，在v-t图象可以看出，速度先增大到某一数值，落

地后，反弹速度稍小于原来的值（竖直上抛运动），然后到最高点后再做自由落体运动，

再重复这种运动，故A正确，B错误；

。、位移时间图象中倾斜直线表示匀速直线运动，不是自由落体运动或竖直上抛运动，

故CQ错误；

故选：Ao

小球做自由落体运动，落地前做匀加速直线运动，加速度为g,再与地面发生碰撞后反

弹速度应比落地速度要小，方向相反，然后向上做匀减速直线运动，其加速度为g,故

根据速度时间关系得到速度时间关系图，

本题关键要注意速度的方向用正负来表示，然后结合自由落体运动和竖直上抛运动的速

度时间关系来找出函数图象。

4.【答案】C

【解析】解：ABD.这三种情况都是对静电的利用，故A8O错误；

C、超高压带电作业所穿衣服的织物中掺入了金属丝，可以起到静电屏蔽的作用，使输

电线周围的电场被工作服屏蔽起来，故C正确。

故选：Co

熟悉静电屏蔽的原理和在生活中的应用即可。

利用生活中静电屏蔽的实际应用例子强化了学生对相关知识点的认识和理解。

5.【答案】C

【解析】解：AB、运动员在轨道上运动时，只有重力做功机械能守恒，根据机械能守

恒定律可得：mgh=^mv2,解得述=

设斜面倾角为。，运动员落到斜面上时其竖直位移和水平位移之间关系满足tan。=?=

初2得1_2vtan0_2yj2ghtan0

vt99

由此可知：若〃加倍，则水平飞出的速度U变为原来的鱼倍，在空中运动的时间,变为

原来的夜倍，故A8错误；

C、设运动员落到斜面上时其速度方向与水平夹角为口，该夹角的正切值tan/?=m=2x

蚓=2tan。，由此可知0角是个定值，保持不变，故C正确；

Vt

D、运动员做平抛运动的除速度沿垂直斜面初速度的分量为%=usin。，重力加速度g

垂直斜面的分量为a=gcosd.

第14页，共28页

设运动员离斜面的最大距离为H,根据运动学公式得〃=?=等吗=竽畔，

2a2gcosQ2gcos0

由此可知：若/7减半，运动员在空中离斜面的最大距离变为原来的也故。错误。

故选：Co

通过机械能守恒求解小球平抛的初速度，然后利用运动的合成与分解规律解决此题。

解决平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速

直线运动，竖直方向做自由落体运动。注意在斜面上平抛只要最终落到斜面上，其落到

斜面上的速度方向与水平夹角的正切值为定值。

6.【答案】D

【解析】解：A、甲对己的作用力与乙对甲的作用力大小相等方向相反，故甲对乙的冲

量与乙对甲的冲量大小相等、方向相反，故A错误：

B、设甲乙两运动员的质量分别为m尹、追上之前的瞬间甲、乙两运动员的速度分

别是。用,取初速度方向为正方向，根据动量守恒定律可得：m甲4V甲=-m乙△vz,

由于二者的质量大小可能不同，则速度的变化不一定相同，故8错误；

C、二者的动量变化大小相等，质量不一定相等，动能变化不一定相同，故C错误；

。、在乙推甲的过程中，乙对甲的作用力方向与甲的运动方向相同，乙对甲的作用力对

甲一定做正功，甲的动能一定增大，故。正确。

故选：Do

甲对乙的作用力与乙对甲的作用力大小相等方向相反，由此分析冲量关系；根据动量守

恒定律分析速度的变化是否相同：二者的动量变化大小相等，质量不一定相等，由此分

析动能变化；乙对甲的作用力方向与甲的运动方向相同，由此分析乙对甲做功正负。

该题属于物理知识在日常生活中的应用，对于动量守恒定律的应用，解答的关键是掌握

动量守恒定律的应用方法，知道动量是一个矢量。

7.【答案】A

【解析】解：A、由于人在初末位置均处于悬浮状态，动能不变，此过程中人的机械能

的增加量等于重力势能的增加量，即机械能增加了AE=mgAh=70x10x(2.5-

0.5)/=14007,故A正确；

8、若人悬浮时减小受风面积，风力减小，人将会向下运动，故8错误；

C、由于上升过程中，人先加速后减速，所以人先处于超重状态，后处失重状态，故C

错误；

。、人处于悬浮状态时，由于要持续吹风才能悬浮，所以为风洞提供动力的电动机需要

做功，故。错误。

故选：Ao

由于人在初末位置均处于悬浮状态，动能不变根据重力势能的变化判断机械能的变化即

可，人受到重力和风力作用，结合利用牛顿定律判断物体运动情况，根据人运动时的加

速度方向，判断其处于超重还是失重状态。

解决本题学生需掌握机械能的定义，牛顿定律的应用，需注意人处于超重状态还是失重

状态由人运动时的加速度方向决定。

8.【答案】C

【解析】解：A、对卫星在I、n两轨道上

绕地球运转，根据开普勒第三定律得：P\

因为开普勒第三定律仅适用于围绕同一中.飞〃小\•>：/

35・勾卜sjJjZ

心天体的运动，而装对应的中心天体是月球，.

打0

故A错误；

B、对“嫦娥五号”在轨道/上，根据万有引力提供向心力得：等=血苫

在地球表面，根据万有引力等于重力得：誓=小。

联立解得：v=舟，故B错误；

C、根据牛顿第二定律可得等=ma,解得。=皆，即沿不同轨道运动到同一点时的加

速度相等。故“嫦娥五号”在轨道I上尸点的加速度等于在轨道n上P点的加速度，故

C正确；

D、通过。点构建圆轨道4,如图所示，由万有引力提供向心力有：智=小止，解得：

rzr

D=耳，所以卫星在4轨道运行的线速度小于卫星在I轨道上运行的线速度；

而n轨道的Q点相对于4轨道做向心运动，所以口轨道。点的速度小于4轨道的速度，

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所以嫦娥五号在椭圆轨道口的。点运行速度小于在圆轨道I的运行速度，故。错误。

故选：Co

根据开普勒第三定律仅适用于围绕同一中心天体的运动，可判断A选项是否正确；根据

万有引力提供向心力，分别在地球表面和轨道I处列方程，解方程组，即可求在轨道I

上的运行速度；根据沿不同轨道运动到同一点时的加速度相等，可判断在轨道I上P点

的加速度与在轨道nIIP点的加速度的关系；根据万有引力提供向心力结合向心力公式

分析线速度大小关系。

本题考查了万有引力定律及其应用，要熟记万有引力的公式和圆周运动的一些关系变换

式，解题依据为万有引力提供向心力，另外注意开普勒第三定律的适用条件。

9.【答案】D

C、根据两个等量同种正点电荷的电场分布特点知外＜9。，把电子从4点移动到0点，

电势增大，电子的电势能变小，故C错误；

。、在两电荷的连线中垂面上，以8为直径的圆周上以速度v从C点释放一电子，速

度方向垂直于CD,使电场力恰好等于所需的向心力，电子就能做圆周运动，故。正确。

故选：D。

根据两个等量同种电荷的电场线分布情况进行分析判断即可。

对于等量同种电荷的电场，要明确两电荷连线和两电荷连线的中垂线上的电场分布情况。

10.【答案】B

【解析】解：人两个正对的相互靠近的异名磁极间的磁场近似为匀强磁场，强磁铁为

了形成匀强磁场，放置强磁铁时，应保证磁铁的磁极同向，故A正确；

BC,根据磁铁的磁场中磁感线分布情况，知强磁铁间距越小，导轨平面越接近匀强磁

场，可知，强磁铁磁性越强，导轨平面不一定越接近匀强磁场，故8错误，C正确；

。、若全部磁铁N极向上，结合通过导体棒的电流方向，由左手定则判断可知导体棒所

受安培力水平向右，故。正确。

本题选不正确的，

故选：B。

强磁铁为了形成匀强磁场，强磁铁间距越小，导轨平面越接近匀强磁场，根据左手定则

判断安培力方向。

解决本题的关键要了解磁铁周围磁场的分布情况，知道两个正对的相互靠近的异名磁极

间的磁场近似为匀强磁场，利用左手定则来判断安培力方向，从而理解电磁炮的原理。

11.【答案】D

【解析】解：AC、线圈进入磁场与离开磁场过程线圈切割磁感线的有效长度r=0a=

0.1m,

线圈产生的感应电动势E=Brv=Br^-=^Br2a)=1x1x0.12x47=0,027,

由闭合电路的欧姆定律可知，感应电流/=5=笔=0.04/1,

KU.5

设电流的有效值为/奇效，则2/2RX：=/%效RT,

代入数据解得：/存数=,4=0.02VZ4,故AC错误；

8、线圈进入、离开磁场过程线圈中有感应电流，0a两端有电压，线圈完全在磁场中转

动过程，0。切割磁感线，两端有电压，故C错误；

D、在一个周期内穿过线圈的磁通量变化量/0=0,由法拉第电磁感应定律可知，平均

感应电动势£为零，平均感应电流7为零，通过线圈某一横截面的电荷量q=7t=0,故

。正确。

故选：Do

根据E=求出感应电动势，应用闭合电路的欧姆定律求出感应电流，然后根据题意

求出感应电流的有效值；应用法拉第电磁感应定律、闭合电路的欧姆定律与电流的定义

式求出通过线圈某一横截面的电荷量。

分析清楚线圈的运动过程，应用E=BG、法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律、

电流定义式即可解题时；解题时要注意线圈进入与离开磁场时产生的感应电动势E=

第18页，共28页

Brv=-Br2a)

20

12.【答案】B

【解析】解：A、交变电流可以通过电容器，电容器和电阻/?2的两端电压即电阻当两端

的电压，根据图乙可知，电流有效值：。=信=*=14根据欧姆定律可知，电阻治

两端的电压：Ui=ARi=10U,故电容器两端电压小于10匕故A错误；

B、电压表测量原线圈输入电压，根据变压比可知，U^^-U^^xlOV=100V,

故8正确；

C、根据图乙可知，周期交流电的周期：T=0.02s,频率：/=/=高Hz=50Hz,变

压器不改变频率，则原线圈输入电流的频率为50Hz,故C错误；

2

。、电阻&消耗的功率：PR1==lx10W=10W,交变电流可以通过电容器，

则电阻R2也会消耗功率，故变压器的输出功率大于10W,则原线圈输入功率大于10W，

故。错误。

故选：B。

交变电流可以通过电容器，电容器和电阻色的两端电压即电阻％两端的电压，根据欧姆

定律分析。

由电压与匝数成正比可以求得副线圈的电压的大小，根据变压比分析电压表示数。

根据图乙确定频率，变压器不改变交流电的频率。

因为电容器有通交流、阻直流的作用，则有电流通过角和电容器，根据电功率的计算公

式求解治消耗的电功率进行分析。

此题考查了变压器的构造和原理，解题的关键是掌握变压器的电压之比和匝数比之间的

关系，同时对于电容器的特性要了解。

13.【答案】D

【解析】解：A、如图，在

A处把竺■=n,在P处的入

stnr

射角8=15°+r

由于入射光与出射光相互

垂直，所以，小L两法线垂直。=45。r=30°n=6,故A错误；

B、根据p=£=立c,故8错误；

n3

C、临界角sinC=Z=更,故C错误；

n3

D、如图4QJ.QP,所以4Q=QP=Rsin75。

OP=QP-QO=Rsin75°-Rcos750=y/?,故。正确。

故选：De

根据题意画出光路图，根据全反射条件结合折射定律结合几何关系，求解折射率和临界

角C,以及P点与。点的距离。

本题主要是考查了光的折射和光的全反射；解答此类题目的关键是弄清楚光的传播情况,

画出光路图，根据图中的几何关系求出折射角或入射角，然后根据光的折射定律或全反

射的条件列方程求解。

14.【答案】AC

【解析】解：A、波长4=10/zm=1x10-57n的红外光在真空中的频率为/代入

数据解得/=3x10i3“z,故A正确；

8、将图甲中的电源反接，根据乙图，反向电压低于遏止电压，即低于0.02U时，电流表

的示数不为零，故C正确；

C、由乙图可知遏止电压为4=2X10-2匕根据爱因斯坦光电效应方程Ek=hv-%,

根据动能定理得e%=Ek，两式联立代入数据解得%=04eU,故C正确；

。、若人体温度升高，则辐射红外线的强度增大，逸出的光电子的个数增加，光电流增

大，故。错误。

故选：AC。

由/=一计算频率；由乙图可知遏止电压，反向电压低于遏止电压时电流表的示数不为

零；根据爱因斯坦光电效应方程以=池-%及e%=后上可计算逸出功；温度升高，辐

射红外线的强度增大，光电流增大。

本题考查了光电效应，考查知识点针对性强，难度适中，考查了学生掌握知识与应用知

识的能力。

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15.【答案】ABD

【解析】解：4、由图知，横波。的波长儿=8m,横波〃的波长儿=4m,则横波。的

频率%=：=?Hz=2Hz,横波/，的频率%=/=¥HZ=4HZ,可见兀H%,则。、

b两列波不会发生干涉，故A正确；

B、横波a的周期兀=*=M=0.5s,

Jan

横波人的周期Tb=《=：s=0.25s,则a波和b波的周期之比为兀：Tb=2：故B

Jb勺

正确；

C、结合题图由同侧法知，t=0时刻，横波a中x=2m质点处于平衡位置，且沿y轴正

方向运动，横波人中x=2m质点处于波谷位置，经过戊=0.25s=:=检，横波a中

x=2nl质点仍处于平衡位置，但沿y轴负方向运动，

横波6中x=2m质点仍处于波谷位置，由波的叠加知，此时x=2爪处质点处于平衡位

置下方且沿），轴负方向运动，并未到达波峰，故C错误；

D、由题图知，t=0时刻，横波。和6的波峰重合，波谷不重合，由于两列波的波速相

同且传播方向相同，由=知，相同时间内传播的距离相同，则随时间变化两列波

的波峰重合点在不断变化，但两列波的波谷不会重合，故。正确。

故选:ABD。

在同一介质中，波传播的速度相同，由图读出波长，计算周期和频率，两列波在均匀介

质中匀速传播，在叠加区域内质点振动的位移需矢量合成。

解决本题学生需掌握波传播的特点，以及波长、波速、频率、周期各物理量间的关系，

注意两列波发生干涉的条件是频率相同，相差恒定。

16.【答案】BD

【解析】解：4大量的氢原子从n=4的能级向低能级跃迁时，可能发出的光子频率的

种类为盘=6种,故A错误；

B.氢原子由n=4能级跃迁到n=3能级时，电子运动半径减小，根据上马=小日可知电

rir

子的速度增大，可知电子的动能增大，故8正确；

C.根据跃迁假设，氢原子只能吸收特定能量的光子后向更高能级跃迁，0.40eU的能量不

等于n=4能级与其它能级间的能级差，所以不能吸收而发生跃迁，故C错误；

D、用能量为3.00W的电子碰撞n=4能级的氢原子，产生的电子初动能最大为a=

3.00ey-0.85eK=2.15eK,2.15eV>1.60eM,因为电子碰撞可能有能量损失，所以产

生的电子初动能可能是1.60",故。正确。

故选：BD。

大量的氢原子从n=4的能级向低能级跃迁时，根据废可计算可能发出的光子频率的种

类；根据kg=rn廿可判断电子的动能变化；根据跃迁假设，氢原子只能吸收特定能量

rzr

的光子后向更高能级跃迁，结合计算进行判断；计算产生的电子初动能最大值，再判断

其可能值。

本题考查玻尔模型，需要学生熟练掌握玻尔理论的规律，本题难度适中，考查的核心素

养是物理观念、科学思维。

17.【答案】C10.10

【解析】解：①测量内径应该采用内测量爪，故C正确，ABD错误，故选C；

②主尺读数为：10〃""，游标尺读数为：2x0.05nun=O.lOnun,故内径。读数为

lO.lOmmo

故答案为：①C;②10.10。

明确游标卡尺的使用方法和读数方法，知道游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数,

不需估读。

本题考查游标卡尺的使用方法和读数方法，要求熟悉测量仪器的使用规则和读数方法，

知道游标卡尺读数时不需要估读。

18.【答案】CD

【解析】解：①4、使用电磁打点计时器时，纸带应放置在复写纸下方，故4错误；

B、为使纸带在运动时受到的阻力较小，应选用电火花打点计时器，故8错误；

C、当祛码（含祛码盘）质量远小于小车质量时，小车受到的拉力近似等于祛码（含祛码盘

）的重力，若实验中要测出拉力做功的值，一定要满足祛码（含祛码盘）质量远小于小车

质量，故C正确；

。、若工作频率变小，打点计时器打点时间间隔变大，而同学未发现，求小车速度时所

用时间偏小，则测得小车的速度将比实际速度偏大，故。错误。

故选：Co

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②由于实验前遗漏了平衡摩擦力这一关键步骤，可知小车受到的合外力一定小于mg,

则合外力做功的理论值小于实际值,得到的实验图线(实线)应该为图象D,故ABC错误,

£＞正确。

故选：Do

故答案为：①C；②D。

①根据实验注意事项与实验原理分析答题。

②根据动能定理分析理论值与实际值之间的关系，然后答题。

要明确此题在验证合外力的功与动能变化间的关系中用到的原理，围绕实验原理，明确

实验目的，根据相应的物理规律可知需要测量的物理量及实验时的注意事项。

19.【答案】1.80C1

【解析】解：(1)测定小灯泡的伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻

器应采用分压接法；灯泡电阻约为几欧姆，电流表内阻约为0.50,电压表内阻约为3kO,

则普〉色，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示;

(2)电压表量程是3匕由图乙所示表盘可知，其分度值为0.1V,示数为1.80V；

接通开关后，电流表示数为零说明电路存在断路，电压表有示数说明电压表并联电路之

外电路不存在断路，可能是与电压表并联的小灯泡接线处断路，故C正确，ABD错误。

故选：C。

(3)测定小灯泡的伏安特性曲线，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用电流测量

值偏大，大于电流表采用内接法时电流的测量值，由图丙所示图象可知，实验应选择曲

线1。

故答案为：(1)实物电路图如图所示；(2)1.80；C；(3)1。

(1)根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后根据实验原理连接实物电路图。

(2)根据图示电压表确定其量程与分度值，根据指针位置读出其示数；常见的电路故障

有断路与短路两种，根据电路故障现象分析电路故障。

(3)根据题意确定电流表的接法，然后分析图示图象答题。

本题考查了“测绘小灯泡伏安特性曲线”实验，考查了实验数据处理与电路故障分析问

题，对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后根据指针位置读数，读数时视线要与

刻度线垂直。

20.【答案】解：(1)无人机向下匀加速运动过程：/11=；的好解得匕=35

向下加速获得的速度为%=。花1=2x3m/s=6m/s

无人机减速过程有：也一凡-电=射2,解得t2=gs

所以总时间：t=ti+t2=3s+gs=gs

(2)无人机减速过程，根据速度位移公式可得：0-资=-2a2；i2

无人机重新悬停时距试验田的安全高度“2=37九时，此时加速度的最大

则%=H1-h1-h2

2

联立解得：a2=Im/s

无人机向下匀减速运动时，由牛顿第二定律可得F+/-mg=ma2

则升力F=200N

(3)失去竖直升力后，由牛顿第二定律mg一f=ma3

恢复动力时：v=a3t解得u=6?n/s

%=匕+尤

2。32a4

联立解得%=18m/s2

答：(1)无人机从1=0时刻到重新悬停在42=1血处的总时间，为gs：

(2)无人机在安全高度范围内重新悬停，向下匀减速时能提供的最大竖直升力大小为

200/V；

(3)若无人机在高度%=37n处悬停时动力系统发生故障，失去竖直升力的时间为|s,

要使其不落地，恢复升力时的最小加速度为18m/s2。

【解析】(1)在加速下降时，根据运动学公式求得运动时间和获得的速度，根据运动学

公式求得减速时间，即可求得总时间；

(2)在安全高度范围内，离地高度越高，此时匀减速时的升力最大，根据运动学公式求

得最大加速度，结合牛顿第二定律求解无人机向下匀减速运动时空气对无人机的作用力

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大小；

(3)根据牛顿第二定律求解无人机失去竖直升力时的加速度大小和恢复升力时的速度大

小，再根据速度一位移关系求解减速过程的加速度大小。

对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛

顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是

联系力和运动的桥梁。

21.【答案】解：(1)小火车恰能通过竖直圆周轨道最高点，在轨道

最高点应满足：mg=I

14G

从8到“由动能定理得：r

-mg-2/?i=

解得%=2>/5m/s

(2)由"到"由动能定理得：

1

Pt+Wf=-mvj—0

解得小火车从”点运动到B点过程中阻力做的功叼=-2/。

(3)G点距地面的高度九=R-Rcos37°+Rsin37°

解得九=0.32m

由C到G,由动能定理得：

-0.2mgxCD一mgh=

在G点，对小火车，由牛顿第二定律得：

「向=m-

FG1»JR

解得尸G的=6N

如图所示，可知轨道对小火车的作用力：F=向+G2-2FG向GCOS53°

解得F=VK6W

由牛顿第三定律知：小火车运动到倾斜半圆轨道EGF最高点G时对轨道作用力的大小

F'=F=V25^6/V

答：(1)小火车到达B点时的速度大小为2遥TH/S;

(2)小火车从H点运动到B点过程中阻力做的功为-2/；

(3)小火车运动到倾斜半圆轨道EG尸最高点G时对轨道作用力的大小为后石N。

【解析】(1)小火车恰好能沿着竖直圆轨道运动，在轨道最高点M,由重力提供向心力，

由牛顿第二定律求小火车通过最高点M的速度。从B点到M点，由动能定理求小火车

到达8点时的速度大小；

(2)小火车从，点到B点，根据动能定理求阻力做的功；

(3)从CTG的过程，先用动能定理求出通过G点的速度，由向心力公式求圆轨道对小

火车的作用力大小，由牛顿第三定律得到对轨道作用力的大小。

解决本题时，关键要正确分析物块的受力情况和运动情况，把握每个过程的物理规律。

能熟练掌握向心力分析过程。对于摩擦做功，要分析各个力做功情况，由动能定理求解。

22.【答案】解：由题意可知：两导轨倾角。=30。，金属棒与导轨间的动摩擦系数“=?，

贝ijzngsi九6=[imgcosd

(1)%=1m处磁感应强度大小当=2x=2xlT=2T

对金属棒，由牛顿第二定律得：B1Id+mgsin。-fimgcosO=ma

代入数据解得，金属棒的加速度大小：a=4m/s2

(2)从久=0到％=4M过程中，金属棒受到的安培力大小以=BJd=2%x2X0.1=0.4%

2

安培力做功“宏增=FAX=等竺％=0.2/=0.2x4；=3.2;

对金属棒，由动能定理得：WmgxsinO-nmgxcosd=|mv2-0

代入数据解得，金属棒运动到％=4m时的速度大小u=8m/s

金属棒从X=4m到