适用于老高考旧教材广西专版2023届高考物理二轮总复习第三部分题型一选择题课件

题型一选择题第三部分内容索引0102题型剖析•策略指导热点题型•分类例析题型剖析•策略指导【题型分析】

自2013年开始,物理高考新课标全国卷选择题明确分成单项选择题和多项选择题,这一变化使得物理选择题的答题难度有所降低。单项选择题只有一个选项正确,其他选项要么不符合题意,要么是错误的,答对率相对较高。多项选择题有两个或两个以上的选项正确,只有将符合题意的答案全部选出才能得全分,少选仅得少量分数,多选和错选则不得分。多项选择题能在较大的知识范围内,实现对基础知识、基本技能和基本思想方法的考查,因而难度较大,也是失分较多的一个题型。【增分策略】

一、解答选择题一般要从以下三个方面入手1.审题干。在审题干时要注意以下三点:第一,明确选择的方向,即题干要求是正向选择还是逆向选择。正向选择一般用“什么是”“包括什么”“产生以上现象的原因”“这表明”等表述;逆向选择一般用“错误的是”“不正确”“不是”等表述。第二,明确题干的要求,即找出关键词句——题眼。第三,明确题干规定的限制条件,即通过分析题干的限制条件,明确选项设定的具体范围、层次、角度和侧面。2.审选项。对所有备选选项进行认真分析和判断,运用解答选择题的方法和技巧(下文将有论述),将有科学性错误、表述错误或计算结果错误的选项排除。3.审题干和选项的关系。这是做好选择题的一个重要方面。常见的选择题中题干和选项的关系有以下几种情形:(1)选项本身正确,但与题干没有关系,这种情况下该选项不选。(2)选项本身正确,且与题干有关系,但选项与题干之间是并列关系,或选项包含题干,或题干与选项的因果关系颠倒,这种情况下的选项不选。(3)选项并不是教材的原文,但意思与教材中的知识点相同或近似,或是题干所含知识的深层次表达和解释,或是对某一正确选项的进一步解释和说明,这种情况下的选项可选。(4)单个选项只是教材中知识的一部分,不完整,但几个选项组在一起即侧面表达了一个完整的知识点,这种情况下的选项一般可选。二、解答选择题的方法技巧1.直接判断法解答时通过阅读和观察,利用题干所描述的物理现象和设置的条件,界定试题考查的范围和意图,选准看问题的视角,抓住主要因素,忽略次要因素,根据所学的知识和规律直接判断,得出正确的答案。这些题目主要考查考生对物理识记内容的记忆和理解程度,属常识性题目。2.比较排除法在读懂题意的基础上,根据题目的要求,灵活运用物理知识,经分析、推理先将明显的错误或不合理的备选答案一个一个地排除掉,最后只剩下正确的答案。3.极限分析法物理中体现极限思维的常见方法有极限法、微元法。极限法是把某个物理量推向极端,从而作出科学的推理分析,给出判断或导出一般结论。该方法一般适用于题干中所涉及的物理量随条件单调变化的情况。微元法是将研究过程或研究对象分解为众多细小的“微元”,只需分析这些“微元”,进行必要的数学方法或物理思想处理,便可将问题解决。4.图像图解法“图”在物理学中有着十分重要的地位,它是将抽象物理问题直观化、形象化的最佳工具。若题干或选项中已经给出了函数图像,则需从图像纵、横坐标的物理意义以及图线中的“点”“线”“斜率”“截距”和“面积”等诸多方面寻找解题的突破口。用图像法解题不但快速、准确,能避免繁杂的运算,还能解决一些用一般计算方法无法解决的问题。在利用作图分析法解题时,如何能根据题意将题目中抽象的文字用图像正确地表现出来是解题的关键。在画图时,要特别注意状态变化连接处的特征和前后不同过程的区别和联系,同时也要将这种区别和联系表现在图像上。5.估算求解法有些选择题本身就是估算题,有些貌似要精确计算,实际上只要通过物理方法(如:数量级分析),或者数学近似计算法(如:小数舍余取整),进行大致推算即可得出答案。估算是一种科学而有实用价值的特殊方法,可以大大简化运算,帮助考生快速地找出正确选项。6.逆向思维法如果问题涉及可逆物理过程,当按正常思路判断遇到困难时,可考虑运用逆向思维方法来分析、判断。有些可逆物理过程还具有对称性,则利用对称规律和逆向思维解题是一条捷径。7.结论法“二级结论”是由基本规律和基本公式导出的推论。熟记并巧用一些“二级结论”可以使思维过程简化,节约解题时间。非常实用的二级结论有:(1)等时圆规律;(2)平抛运动末速度的反向延长线过水平位移的中点;(3)不同质量和电荷量的同性带电粒子由静止相继经过同一加速电场和偏转电场,轨迹重合;(4)直流电路中动态分析的“串反并同”结论;(5)平行通电导线“同向相吸,异向相斥”;(6)带电平行板电容器与电源断开,改变极板间距离不影响极板间匀强电场的强度;(7)双导体棒模型的终极状态是两棒做匀速直线运动等。热点题型•分类例析【热点例析】

一、物理学史和物理思想方法例1(多选)在物理学的重大发现中科学家们总结出了许多物理学方法,如理想实验法、控制变量法、极限法、类比法、科学假设法和建立物理模型法等。以下关于物理学研究方法的叙述正确的是(

)A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时,用质点来代替物体的方法运用了假设法B.根据速度的定义式v=,当Δt趋近于零时,就可以表示物体在t时刻的瞬时速度,该定义运用了极限法C.在实验探究加速度与力、质量的关系时,运用了控制变量法D.在推导匀变速直线运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,然后将各小段位移相加,运用了微元法

BCD法,故B正确;在实验探究加速度与力、质量的关系时,因为加速度与力、质量都有关,故应采用控制变量法,故C正确;在推导匀变速直线运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,各小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加求总位移,采用了微元法,故D正确。技巧点拨本题考查了物理学思想和方法,物理中出现的主要思想和方法有理想模型法、微元法、等效替代法、极限法等。拓展训练1在物理学建立、发展的过程中,许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步。关于科学家和他们的贡献,下列说法正确的是(

)A.古希腊学者亚里士多德认为物体下落的快慢由它们的轻重决定,伽利略利用逻辑推理,使亚里士多德的理论陷入了困境B.伽利略发现了行星运动的规律,并通过实验测量了引力常量C.英国物理学家卡文迪什利用“卡文迪什扭秤”首先较准确地测定了静电力常量D.奥斯特发现了电流的磁效应,并总结出电磁感应定律A解析:

开普勒发现了行星运动的规律,B项错误;卡文迪什利用扭秤测定了引力常量,C项错误;奥斯特发现了电流的磁效应,法拉第总结出电磁感应定律,D项错误;亚里士多德认为物体下落的快慢由它们的轻重决定,伽利略利用逻辑推理使他的结论出现了矛盾,A项正确。二、受力分析、物体的平衡例2(多选)如图所示,横截面为直角三角形的斜劈A,底面靠在粗糙的竖直墙面上。力F指向球心水平作用在光滑球B上,A、B组成的系统处于静止状态。当力F增大时,系统还保持静止,则下列说法正确的是(

)A.A所受合力增大B.A对竖直墙壁的压力增大C.B对地面的压力保持不变D.墙面对A的摩擦力可能变为零BD解析:

斜劈A始终处于静止状态,可知A所受合力始终为零,选项A错误;以斜劈A和球B整体为研究对象,易知竖直墙壁对A的弹力随F的增大而增大,所以,力F增大时,A对竖直墙壁的压力增大,选项B正确;以球B为研究对象可知斜劈A对球B的弹力增大,因而地面对B的支持力增大,B对地面的压力也增大,选项C错误;由于初始状态竖直墙壁对斜劈的摩擦力的方向未知,因此F增大时,墙面对A的摩擦力可能变为零,选项D正确。技巧点拨(1)处理平衡问题的基本思路:确定平衡状态(加速度为0)→选定研究对象→受力分析→建立平衡方程→求解得出结论。(2)当物体仅受三个共点力作用而平衡时,可灵活选取正交分解法、合成法、解直角三角形法、相似三角形法、图解法求解。(3)当物体受四个及以上共点力的作用而平衡时,一般采用正交分解法求解。(4)在连接体问题中,分析外界对系统的作用力时用整体法,分析系统内物体间的作用力时用隔离法。隔离物体进行受力分析时,一般先从受力最简单的物体入手。拓展训练2(2021·吉林长春高三三模)如图所示,固定的斜面上叠放着A、B两木块,木块A与B的接触面是水平的,水平力F作用于木块A,木块A、B保持静止。下列说法正确的是(

)A.木块B可能受到4个力作用B.木块A对木块B的摩擦力可能为0C.木块B对木块A的作用力方向竖直向上D.斜面对木块B的摩擦力方向沿斜面向下A解析:

因为木块A静止,所以其受力平衡,故木块A一定受到向右的摩擦力,则木块A对木块B有向左的摩擦力,故选项B错误。又因为木块B对木块A的支持力竖直向上,故木块B对木块A的作用力(支持力与摩擦力的合力)斜向右上方,故选项C错误。对木块B受力分析可知,其受到的力一定有重力、木块A对其产生的压力和摩擦力、斜面对其产生的支持力,再对A、B整体受力分析可知,由于F大小未知,故斜面对木块B的摩擦力可能向上、可能向下、也可能为零,故选项D错误,A正确。三、直线运动和牛顿运动定律例3(多选)(2022·山西长治高三质检)如图甲所示,水平地面上固定倾角为37°的足够长的粗糙斜面,跨过定滑轮的轻绳两端分别连接小物块P、Q。保持物块P的质量为m0不变,连续改变Q的质量m,得到P的加速度a随

比值的变化规律如图乙所示。规定沿斜面向上为加速度的正方向,g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,可以求出(

)A.m0=0.5kg B.μ=0.5 C.a1=-2m/s2 D.a2=10m/s2甲

乙

BCD解析:

由题图乙可知,当m=0时,对物块P受力分析,如图所示。可知μm0gcos

θ-m0gsin

θ=m0a1mg=m0gsin

θ+μm0gcos

θ当m>m0时,可得mg-m0gsin

θ-μm0gcos

θ=(m+m0)a由第二个方程可得μ=0.5代入第一个方程可得a1=-2

m/s2整理第三个方程,可得得a2=10

m/s2故A错误,B、C、D正确。技巧点拨处理多过程动力学问题的“二分析”“一关键”(1)“二分析”①分析研究对象在每个过程的受力情况,必要情况下画出受力分析图;②分析研究对象在每个阶段的运动特点。(2)“一关键”前一个过程的结束就是后一个过程的开始,明确两个过程的交接点速度不变往往是解题的关键。拓展训练3(2022·云南昆明一中、宁夏银川一中一模)图甲是小明同学站在力传感器上做下蹲、起跳动作的示意图,点P是他的重心位置,a是静止站立时的状态。图乙是根据传感器采集到的数据画出的力—时间图线。两图中a~g各点均对应,其中有几个点在图甲中没有画出。重力加速度g取10m/s2。根据图乙分析可知(

)甲

乙

A.小明重力为500NB.c点位置小明可能处于下蹲C.c点位置小明处于减速上升阶段D.小明在d点的加速度比在g点的小B解析:

开始时人处于平衡状态,人对传感器的压力是550

N,根据牛顿第三定律和共点力的平衡可知,人的重力是550

N,故A错误;c点时人对传感器的压力大于其重力,处于超重状态,此时可能是小明处于向下减速阶段,故B正确,C错误;由牛顿第二定律可知d点的加速度大于g点的加速度,故D错误。四、曲线运动、运动的合成与分解例4如图所示,从倾角为θ的足够长的斜面顶端P以速度v0水平抛出一个小球,落在斜面上某处Q点,小球落在斜面上的速度与斜面的夹角为α。若把初速度变为2v0,小球仍落在斜面上,则以下说法正确的是(

)A.夹角α将变大B.夹角α与初速度大小无关C.小球在空中的运动时间不变D.PQ间距是原来间距的3倍B技巧点拨与斜面相关的平抛运动,斜面倾角的正切值跟水平速度和竖直速度有联系,也跟水平位移和竖直位移有联系,画出运动的轨迹后,只要抓住倾角正切值这个切入点,作出位移或者速度的平行四边形,思路就会豁然开朗,问题自然迎刃而解。此外,要理解并牢记关于平抛运动的以下几个常用推论。推论1:做平抛(或类平抛)运动的物体在任一时刻、任一位置处,若其末速度方向与水平方向的夹角为θ,位移与水平方向的夹角为φ,则tan

θ=2tan

φ。推论2:做平抛(或类平抛)运动的物体任意时刻的瞬时速度的反向延长线一定通过此时水平位移的中点。推论3:从同一斜面上以不同初速度水平抛出的物体落在斜面上时速度方向与斜面的夹角恒定不变。推论4:斜上抛物体自抛出至最高点的过程恰为一个平抛运动的逆运动,据此可快速求解斜抛问题。拓展训练4(多选)如图所示,饲养员在水库的堤坝边缘A处以水平初速度v往鱼池中抛掷鱼饵颗粒。堤坝斜面倾角为θ,坝顶离水面的高度为h,不计空气阻力,鱼饵颗粒可能落在堤坝上,也有可能落在水面上,则关于鱼饵颗粒在空中运动的时间t,下列说法正确的是(

)BC五、万有引力定律的应用与航天例5(2021·四川遂宁高三三模)2021年1月,天通一号03星发射成功。发射过程简化为如图所示:火箭先把卫星送上轨道1(椭圆轨道,P、Q是远地点和近地点)后火箭脱离;卫星再变轨,到轨道2(圆轨道);卫星最后变轨到轨道3(静止圆轨道)。轨道1、2相切于P点,轨道2、3相交于M、N两点。忽略卫星质量变化。下列说法正确的是(

)A.卫星在三个轨道上的周期T3>T2>T1B.由轨道1变至轨道2,卫星在P点向前喷气C.卫星在三个轨道上机械能E3=E2>E1D.轨道1在Q点的线速度小于轨道3的线速度C技巧点拨应用万有引力定律分析天体问题的一般思路是万有引力提供向心力,应重点掌握天体质量和密度的计算方法。设中心天体质量为M,半径为R,密度为ρ,表面重力加速度为g,该天体的卫星周期为T,轨道半径为r,则:拓展训练52020年3月9日,第五十四颗北斗导航卫星于西昌卫星发射中心由长征三号乙运载火箭成功发射。若卫星入轨后绕地球做匀速圆周运动,其轨道半径为r,周期为T,地球的半径为R,则地球的第一宇宙速度为(

)C六、功能关系的应用例6如图所示,一竖直绝缘轻弹簧的下端固定在地面上,上端连接一带正电的小球P,小球所处的空间存在着方向竖直向上的匀强电场,小球平衡时,弹簧恰好处于原长状态。现给小球一竖直向上的初速度,小球最高能运动到M点。在小球从开始运动至最高点时,以下说法正确的是(

)A.小球电势能的减少量等于小球重力势能的增加量B.小球机械能的改变量等于电场力做的功C.小球动能的减少量等于电场力和重力做功的代数和D.弹簧弹性势能的增加量小于小球动能的减少量A解析:

小球处于平衡位置时,弹簧处于原长状态,所以重力与电场力为平衡力,因此小球向上运动过程中,电场力做的功等于克服重力所做的功,故电势能的减少量等于重力势能的增加量,选项A正确;小球运动过程中,重力势能、电势能、弹性势能与动能之和守恒,因此该过程中小球动能的减少量等于弹性势能的增加量,选项C、D错误;由功能关系可知,小球机械能的改变量等于弹力和电场力所做的功,选项B错误。技巧点拨运用功能关系分析问题的基本思路:(1)选定研究对象或系统,弄清物理过程。(2)分析受力情况,看有什么力做功,弄清楚系统内有多少种形式的能参与转化。(3)仔细分析系统内各种能量的变化情况,某种形式的能量减少,一定存在其他形式的能量增加,且减少量与增加量一定相等;某个物体的能量减少,一定存在其他物体的能量增加,且减少量与增加量相等。据此列出关系式ΔE减=ΔE增,并联立其他条件或关系式求解。拓展训练6(多选)如图所示,一固定容器的内壁是半径为R的半球面;在半球面水平直径的一端有一质量为m

的质点P。它在容器内壁由静止下滑到最低点的过程中,克服摩擦力做的功为W。重力加速度大小为g。设质点P在最低点时,向心加速度的大小为a,容器对它的支持力大小为FN,则(

)AC七、对电场基本性质的理解例7假设空间某一静电场的电势φ随x变化的情况如图所示,根据图中信息可以确定下列说法正确的是(

)A.空间各点电场强度的方向均与x轴垂直B.电荷沿x轴从O移到x1的过程中,一定不受静电力的作用C.正电荷沿x轴从x2移到x3的过程中,静电力做正功,电势能减小D.负电荷沿x轴从x4移到x5的过程中,静电力做负功,电势能增加D解析:

由题图看出,x轴上各点电势不全相等,x轴不是一条等势线,所以空间各点电场强度的方向不全与x轴垂直,A错误;沿x轴从O移到x1,各点电势相等,任意两点间电势差为零,移动电荷静电力做功为零,但静电力不一定为零,也可能静电力与x轴垂直,B错误;正电荷沿x轴从x2移到x3的过程中,电势升高,电荷的电势能增大,静电力做负功,C错误;负电荷沿x轴从x4移到x5的过程中,电势降低,电荷的电势能增加,静电力做负功,D正确。技巧点拨(1)电荷在电场中运动时,静电力做功将引起电势能与其他形式的能发生转化,电荷的机械能不再守恒。(2)搞清几个功能关系:重力做功等于重力势能的变化,静电力做功等于电势能的变化,弹簧弹力做功等于弹性势能的变化,合外力做功等于动能的变化。(3)无论能量如何变化,总是满足能量守恒定律。拓展训练7对于真空中电荷量为q的静止点电荷而言,当选取离点电荷无穷远处的电势为零时,离点电荷距离为r处的电势为φ=

(k为静电力常量)。如图所示,两电荷量大小均为Q的异种点电荷相距为d,现将一质子(电荷量为e)从两电荷连线上的A点沿以负电荷为圆心、半径为R的半圆形轨迹ABC移到C点,在质子从A到C的过程中,系统电势能的变化情况为(

)A八、对磁场知识的理解例8(多选)如图所示,台秤上放一光滑平板,其左边固定一挡板,一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起来,此时台秤有一定的读数。现在磁铁上方中心偏右位置固定一通电导线,当通以一定的电流后,台秤的示数增加,同时弹簧缩短(弹簧始终处于弹性限度内),则下列说法正确的是(

)A.磁铁右端为N极,左端为S极,导线中的电流方向垂直纸面向内B.磁铁右端为N极,左端为S极,导线中的电流方向垂直纸面向外C.磁铁右端为S极,左端为N极,导线中的电流方向垂直纸面向内D.磁铁右端为S极,左端为N极,导线中的电流方向垂直纸面向外AD解析:

若磁铁右端为N极,磁铁的磁感线在它的外部是从N极到S极,因为长直导线在磁铁的中心偏右位置,所以此处的磁感线是斜向左上的,若电流的方向垂直于纸面向里,根据左手定则,导线受磁铁给的安培力方向斜向右上,长直导线是固定不动的,根据物体间力的作用是相互的,导线给磁铁的反作用力方向就是斜向左下的;将这个力在水平和竖直方向分解可知,光滑平板对磁铁的支持力增大,由于水平分力向左,所以弹簧长度将变短,故A正确,B错误。同理,若磁铁右端为S极,磁铁的磁感线在它的外部是从N极到S极,因为长直导线在磁铁的中心偏右位置,所以此处的磁感线是斜向右下的,若电流的方向垂直于纸面向外,根据左手定则,导线受磁铁给的安培力方向斜向右上,长直导线是固定不动的,根据物体间力的作用是相互的,导线给磁铁的反作用力方向就是斜向左下的,将这个力在水平和竖直方向分解可知,光滑平板对磁铁的支持力增大,弹簧长度将变短,故C错误,D正确。技巧点拨分析安培力的方法:(1)首先把立体图画成易于分析的平面图或截面图。(2)根据左手定则确定安培力的方向,如果题目涉及研究通电导线对磁铁的作用力,可先研究其反作用力,即磁铁对导线的作用力。(3)结合通电导体受力分析、运动情况等列方程,解决问题。拓展训练8(2022·广东高考冲刺卷)如图所示,两平行金属导轨所在平面与水平面的夹角θ=37°,导轨的一端接有电动势E=3V、内阻r=0.5Ω的直流电源,两导轨间的距离l=0.4m,在导轨所在空间内分布着磁感应强度大小B=0.5T、方向垂直于导轨所在平面向上的匀强磁场。现把一个质量m=0.1kg的导体棒ab放在金属导轨上,导体棒与金属导轨垂直且接触良好,导体棒接入电路的电阻R=1.0Ω,导体棒恰好要滑动。已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力,金属导轨电阻不计。g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,则ab棒与导轨的动摩擦因数为(

)A.0.15 B.0.2C.0.25 D.0.4C解析:

根据闭合电路欧姆定律,可得I=,由安培力公式可得F=BIl,联立解得F=0.4

N。因为mgsin

θ=0.6

N>F,所以ab棒有沿导轨下滑的运动趋势,ab棒受到的静摩擦力方向沿导轨向上,ab棒受力情况如图所示,导体棒恰好要滑动,静摩擦力等于滑动摩擦力,有Ff=μFN,根据受力平衡可得mgsin

θ=Ff+F,FN=mgcos

θ,联立可得μ=0.25,故A、B、D错误,C正确。例9(多选)(2021·河北保定二模)如图所示,边界OA与OC之间存在磁感应强度为B的匀强磁场,磁场方向垂直于纸面向外,∠AOC=60°。边界OA上距O点l处有一粒子源S,可发射质量为m、带正电(电荷量为q)的等速粒子。当S沿纸面向磁场内各个方向发射粒子时,发现都没有粒子从OC边界射出,则(

)AD技巧点拨解磁场问题要记住:一画轨迹,二找圆心,三算半径。其中比较难的是计算半径,在计算半径时可以利用勾股定理或者正弦定理。拓展训练9(2021·安徽定远中学高三模拟)如图所示,有一圆形区域磁场(边界无磁场),半径为R,磁场方向垂直于圆面向里,现有一粒子源位于M点,可以沿圆面向磁场内各个方向发射电荷量为q、质量为m、速度大小相同的粒子。已知磁场的磁感应强度大小为B,所有粒子射出磁场边界的位置均处于某一段弧长为圆周长六分之一的圆弧上,不计粒子的重力,则此粒子速度的大小和所有粒子在磁场中运动的可能时间范围是(

)D九、直流电路的动态分析例10(多选)如图所示电路,在滑动变阻器的滑片向左滑动的过程中,理想电压表、电流表的示数将发生变化,电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2,已知电阻R大于电源内阻r,则(

)A.电流表A的示数增大B.电压表V2的示数增大C.电压表V1的示数增大D.ΔU1大于ΔU2ACD技巧点拨直流电路动态分析的步骤:(1)确定电路的内阻r、外电阻R外如何变化。(3)由U内=I总·r,确定电源的内电压如何变化。(4)由U外=E-U内,确定外电压如何变化。(5)由部分电路欧姆定律,确定干路上某定值电阻两端的电压变化。(6)确定支路两端的电压如何变化及各支路电流的变化。拓展训练10(多选)在如图所示的电路中,电源的负极接地,其电动势为E、内阻为r,R1、R2为定值电阻,R3为滑动变阻器,电流表和电压表均为理想电表,C为电容器。在滑动变阻器滑片P自a端向b端滑动的过程中,下列说法正确的是(

)A.电压表示数减小B.电流表示数增大C.电容器C所带电荷量增多D.a端的电势降低BD解析:

P由a端向b端滑动,R3接入电路的阻值减小,则总电阻减小,总电流增大,电阻R1两端电压增大,电压表示数增大,A错误;电阻R2两端的电压U2=E-I总(R1+r),I总增大,则U2减小,I2=,I2减小,电流表的示数IA=I总-I2,增大,B正确;由于电容器两端的电压UC=U2,减小,由Q=CUC知电容器所带电荷量减少,C错误;Uab=φa-φb=φa=U2,故φa降低,D正确。十、交变电流与远距离输电例11(多选)如图所示的电路中,T为一降压式自耦调压变压器。开始时灯泡L正常发光,现在电源电压U略降低,为使灯L仍能正常发光,可采用的措施是(

)A.将自耦调压变压器的滑片P适当上滑B.将自耦调压变压器的滑片P适当下滑C.适当增大滑动变阻器R2的阻值D.适当减小滑动变阻器R2的阻值AC技巧点拨(1)在变压器的描述中,没有特别说明的情况下,原、副线圈中的电压、电流均指有效值,电压表、电流表测的是有效值。(2)注意变压器原、副线圈的决定关系:U1决定U2,I2决定I1,P2决定P1。(3)远距离输电线路中有升压变压器和降压变压器,注意画出输电线路示意图,找出线路中各物理量之间的关系。拓展训练11(2022·福建厦门质检)在如图所示的电路中,理想变压器原、副线圈的匝数比n1∶n2=22∶5,电阻R1=R2=25Ω,D为理想二极管,原线圈接u=220sin100πt(V)的交流电压,则(

)A.交变电流的频率为100HzB.通过R2的电流为1AC.通过R2的电流为AD.变压器的输入功率为200WC十一、电磁感应定律的应用例12(多选)如图所示,两根等高光滑的

圆弧轨道,半径为r、间距为l,轨道电阻不计。在轨道顶端连有一阻值为R的电阻,整个装置处在一竖直向上的匀强磁场中,磁感应强度为B。现有一根长度稍大于l、电阻不计的金属棒从轨道最低位置cd开始,在拉力作用下以初速度v0向右沿轨道做匀速圆周运动至ab处,则该过程中(

)A.通过R的电流方向为由外向内B.通过R的电流方向为由内向外AC解析:

金属棒运动过程中,切割磁感线,根据右手定则,可判断金属棒的电流方向为由内到外,外电路流过电阻的电流方向为由外到内,选项A对,B错;金技巧点拨分析电磁感应中能量问题的基本方法:(1)明确安培力做的功是电能和其他形式的能之间相互转化的“桥梁”,其关系表示如下:电能

其他形式的能。(2)明确功能关系,确定有哪些形式的能量发生了转化。如有摩擦力做功,必有内能产生;有重力做功,重力势能必然发生变化;安培力做负功,必然有其他形式的能转化为电能。拓展训练12(2022·江苏泰州调研卷)如图所示,足够长的磁体在空隙产生一个径向辐射状磁场,一个圆形细金属环与磁体中心圆柱同轴,由静止开始下落,经过时间t,速度达最大值v,此过程中环面始终水平。已知金属环质量为m、半径为r、电阻为R,金属环下落过程中所经过位置的磁感应强度大小均为B,重力加速度大小为g,不计空气阻力,则(

)A.在俯视图中,环中感应电流沿逆时针方向B解析:

根据右手定则,在圆环上取一段分析可知环中感应电流沿顺时针方向,故A错误;当重力等于安培力时,环下落的速度最大,此时感应电流最大,十二、近代物理例13

(2021·重庆西南大学附中高三模拟)图甲为某实验小组探究光电效应规律的实验装置,使用a、b、c三束单色光在同一光电管中实验,得到光电流与对应电压之间的关系图像如图乙所示,下列说法正确的是(

)A.a光频率最大,c光频率最小B.a光与c光颜色不同,但a光的光照强度大C.a光波长大于b光波长D.a光与c光照射同一金属,逸出光电子的初动能都相等C解析:

根据Ek=hν-W0=eUc,因为b光的遏止电压最大,则频率最大,a、c遏止电压相同,则频率相同,故a、c颜色相同,选项A、B错误。根据λ=,可知a光波长大于b光波长,选项C正确。因a、c的频率相等,则a光与c光照射同一金属,逸出光电子的最大初动能都相等,注意是“最大初动能”而不是“初动能”,选项D错误。技巧点拨处理光电效应问题的两条线索一是光的频率,二是光的强弱。两条线索对应的关系:1.光越强→光子数目多→发射光电子数多→光电流大。2.光子频率高→光子能量大→产生光电子的最大初动能大。A解析:

根据质量数守恒和核电荷数守恒,可知方程式中的m=3,X是中子;这个核反应是重核裂变,会释放出大量的能量,故A正确,B、D错误;根据比结合能曲线可知,中等质量的原子核比结合能大,轻核和重核的比结合能小,十三、物理图像例14

甲、乙两汽车在一条平直的单行道上,乙在前、甲在后同向行驶。某时刻两车司机同时听到前方有事故发生的警笛提示,同时开始刹车,结果两辆车发生了碰撞。下图为两辆车刹车后刚好不相撞的v-t图像,由此可知若相撞(

)A.两辆车刹车时相距的距离一定等于112.5mB.两辆车刹车时相距的距离一定小于90mC.两辆车一定是在刹车后的20s之内的某时刻发生相撞的D.两辆车一定是在刹车后的20s以后的某时刻发生相撞的C解析:

两车速度相等是两车是否碰撞的临界条件。t=20

s时,由v-t图像可知甲车的位移为300

m,乙车的位移为200

m,因而两车若相撞,刹车前的距离应小于100

m,选项A、B错误;若两车相撞,一定是在刹车后的20

s内的某时刻发生的,选项C正确,D错误。技巧点拨解决运动图像类问题要抓住五个关键点:(1)坐标轴所代表的物理意义,如有必要首先写出两坐标轴物理意义关系的表达式。(2)斜率的意义(v-t图像的斜率表示加速度)。(3)截距的意义(表示初始速度、时间等)。(4)面积的意义,对v-t图像来说,面积代表位移,横轴上方的“面积”为正,下方为负。(5)交点的意义。根据v-t图像所表达的意义,结合