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文档简介
陕西省安康市2023-2024学年度高二上学期开学摸底考试
数学试题【解析版】
注意事项:
1.本试卷满分150分,考试时间120分钟.
2.考生作答时,请将答案答在答题卡上.选择题每小题选出答案后,用2B铅
笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;非选择题请用直径0.5毫米黑色墨
水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效,
在试题卷、草稿纸上作答无效.
3.本试卷命题范围:必修第一册,必修第二册.
一、选择题:本大题共8小题;每小题5分,共40分.在每小题给出的四个
选项中,只有一个选项是符合题目要求的.
1.已知集合A=集合B={X|4<X<6},则AB=()
A.(3,6)B.[3,6)C.(4,5]D.(4,5)
2.在,ABC中,角4,5,。所对的边分别是〃也4。=",%=2,4=£,贝i」sinB=()
4
A.BB.一走C.远D.-亚
3333
3.我国传统文化中有天干地支之说,天干为“甲、乙、丙、丁、戊、己、庚、辛、壬、
癸''.其中甲、乙五行属木,归东方,丙、丁五行属火,归南方,戊、己五行属土,归中
央,庚、辛五行属金,归西方,壬、癸五行属水,归北方.在天干十个字中随机取两个,
则它们五行属性相同的概率是
A.-B.-C.—D.一
9876
4.我国著名数学家华罗庚曾说:“数缺形时少直观,形缺数时难入微,数形结合百般好,
隔裂分家万事休在数学的学习和研究中,常用函数的图象来研究函数的性质,也常
用函数的解析式来研究函数图象的特征.我们从这个商标八人中抽象出一个图象
B
,\x-\\-.谄
C./(》)=士
X-1
5.已知向量。=(1,1),〃•/?=布,欠=2,则向量a,/7的夹角为()
3.三c.£D.空
433
6.已知某圆锥的侧面积为扃,该圆锥侧面的展开图是弧长为2兀的扇形,则该圆锥的
体积为()
,ji2兀
A.—B.—C.兀D.27r
33
7.在地球公转过程中,太阳直射点的纬度随时间周而复始不断变化,太阳直射点回归
运动的一个周期就是一个回归年.某科研小组以某年春分(太阳直射赤道且随后太阳直
射点逐渐北移的时间)为初始时间,统计了连续400天太阳直射点的纬度值(太阳直射
北半球时取正值,直射南半球时取负值).设第X天时太阳直射点的纬度值为y,该科研
小组通过对数据的整理和分析.得到)与X近似满足y=23.4392911sin0.01720279%.则每
1200年中,要使这1200年与1200个回归年所含的天数最为接近.应设定闰年的个数为
()(精确到1)参考数据可=182.6211
A.290B.291C.292D.293
8.某校高二年级学生举行中国象棋比赛,经过初赛,最后确定甲、乙、丙三位同学进
入决赛.决赛规则如下,累计负两场者被淘汰,比赛前抽签决定首先比赛的两人,另一
人轮空;每场比赛的胜者与轮空者进行下一场比赛,负者下一场轮空,直至有一人被淘
汰;当一人被淘汰后,剩余的两人继续比赛,直至其中一人被淘汰,最后的胜者获得冠
军,比赛结束.若经抽签,已知第一场甲,乙首先比赛,丙轮空,设每场比赛双方获胜
的概率都为则()
A.甲获得冠军的概率最大B.甲与乙获得冠军的概率都比丙大
C.丙获得冠军的概率最大D.甲、乙、丙每人获得冠军的概率都一
样大
二、选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项
中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的
得0分.
9.已知复数2=二,则下列说法正确的是()
A.z?侬是纯虚数B.|z+i|=2
C.z,z=—1D.在复平面内,复数W+z.i对应的点位
于第三象限
10.下列不等式一定成立的是()
A.lg^x2+^>lgx(x>0)
B.sinx+——>2(x^k7r,keZ}
sinx
C.->-(x>0)D.——<l(xeR)
x2+l2、'2A+1''
11.沙糖桔网店2019年全年的月收支数据如图所示,则针对2019年这一年的收支情况,
A.月收入的最大值为90万元,最小值为30万元
B.这一年的总利润超过400万元
C.这12个月利润的中位数与众数均为30
D.7月份的利润最大
12.在锐角三角形ABC中,角AB,C所对的边分别为a,b,c,若方+AosA=acosB,则
()
A.A=23B.—<B<一
64
C.g£(l,D.cr=b2+be
三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.已知向量”,6满足。=卜1,6),b=(l,o),则向量a在人上的投影向量为.
14.某同学5次上学途中所花的时间(单位:分钟)分别为x,V,8,10,12.已知这
组数据的平均数为10,标准差为则x-y的值为.
—尸一2x+l,x«0,/、
15.已知函数f(x)=・I.J.C若方程f(X)=。有四个不同的解工],工2,尤3,工4,且
X,<x2<x3<x4,则a的最小值是.
16.如图,正四面体48co的体积为空,E、F、G、H分别是棱A。、BD、BC、AC
3
的中点,则EF=,多面体AB-E尸G”的外接球的体积为.
四、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出必要的文字说明、证明
过程及演算步骤.
17.某超市从2019年甲、乙两种酸奶的日销售量(单位:箱)的数据中分别随机抽取
100个,并按[0,10],(10,20],(20,30],(30,40],(40,50]分组,得到频率分布直方图
如下,假设甲、乙两种酸奶的日销售量相互独立.
(1)写出频率分布直方图(甲)中的。的值;记甲种酸奶与乙种酸奶日销售量(单位:
箱)的方差分别为s:,学,试比较s;与s;的大小;(只需写出结论)
(2)用频率估计概率,求在未来的某一天里,甲、乙两种酸奶的销售量恰有一个高于
20箱的概率.
18.设/(x)是定义在R上的奇函数,且对任意实数x,恒有〃x+2)=-/(x).当xe[0,2]
时,f(x)=2x-x2.
⑴当xe[2,4]时,求/(x)的解析式;
⑵计算“0)+/⑴+〃2)+…+”2024)的值.
19.如图,直三棱柱ABC-AB©中,AC=8C=1,NACS=120。,的=e.
G
(1)证明:A4〃平面4BG;
(2)求点C到平面ABG的距离.
“、-1…L人AnMFL、上八口、匚IrCsinB+2sin4cos3
20.记:ABC的内角AB,C的对边分।别为a,"c,且:=---——------
b2sinB
(1)求A的大小;
⑵若a=20,-ABC的面积为26,求一ABC的周长.
21.已知向量机=(Gsin;,l),〃=(cos:cos?:}且函数/(x)=U.
(1)若/(x)=l,求cos-x)的值;
(2)在△ABC中,角A,B,C的对边分别是a,b,c,且满足acosC+gc=Z?,求
/(B)的取值范围.
22.如图,在四棱锥P-AB8中,底面ABC。是矩形,R4=4)=4,AB=2,PA1
平面ABC。,且M是PO的中点.
p
(1)求证:AMI平面PC。;
(2)求异面直线CQ与所成角的正切值;
(3)求直线C。与平面ACM所成角的正弦值.
1.D
【分析】先求解出分式不等式的解集,然后根据交集的概念求解出AcB的结果.
【详解】因为七(40,所以[(二号-5)"。,
x-59-5工0
所以3Vx<5,所以A=[3,5)
又因为8=(4,6),所以AcB=(4,5),
故选:D.
【点睛】本题考查集合的交集运算,其中涉及到分式不等式的解法,难度较易.解分式不等
式时,先将其转化为整式不等式(注意分母不为零),然后再去求解集.
2.A
【分析】根据正弦定理,即可求解.
【详解】解:由正弦定理得,sin8="生攻=噂=且,
aV63
故选:A.
3.A
【解析】根据古典概型概率,结合排列数求法,即可得解.
【详解】从天干十个字中随机取两个,所有取的种类为金,=等=45,
共有金木水火土五行,所以随机取的两个五行相同的概率为盘=2,
459
故选:A.
【点睛】本题考查了古典概型概率求法,组合数计算公式的简单应用,属于基础题.
4.B
【分析】由图象知函数的定义域排除选项选项A、D,再根据/(0)=-1不成立排除选项C,
即可得正确选项.
【详解】由图知“X)的定义域为{x|x#±l},排除选项A、D,
又因为当x=0时,〃0)=-1,不符合图象"0)=1,所以排除选项C,
故选:B.
5.A
【分析】先利用〃得到卜卜啦,然后利用数量积的定义可求出cos(a,6)=等,即可得到答
案
【详解】因为向量a=(l,1),所以卜卜上产+白=近,
由]力=«,W=2可得卜国cos<〃&=2后cos(a,b)=指,
所以COS(4,b)=,
因为。市64兀,所以(。田.,
故选:A
6.B
【分析】根据侧面积公式以及弧长公式即可求解母线和半径长,进而可由勾股定理求解高,
由体积公式即可求解.
【详解】设该圆锥的母线长为/,底面圆的半径为『,
由已知条件可得:[:”=¥,解得尸Z
2口=2兀(/=A/5.
故圆锥的高/;=庐二7二二二?,所以该圆锥的体积为兀Xlx2=^.
故选:B
7.B
【分析】设闰年个数为x,根据闰年个数对应天数一致的原则建立关系式
366x+365(1200-x)=365.2422xl200,求解x即可.
【详解】解:T=—=———~~-=2x182.6211=365.2422,
co0.01720279
所以一个回归年对应的天数为365.2422天
假设1200年中,设定闰年的个数为x,则平年有1200-x个,
所以366x+365(1200-x)=365.2422x1200
解得:x=0.2422x1200=290.64.
故选:B.
【分析】分情况分别求出甲、乙、丙获得冠军的概率即可求解.
【详解】根据决赛规则,至少需要进行四场比赛,至多需要进行五场比赛,
(1)甲获得冠军有两种情况:①共比赛四场结束,甲四连胜夺冠,概率为=5
②共比赛五场结束,并且甲获得冠军.则甲的胜、负、轮空结果共有四种情况:胜胜胜负胜,
胜胜负空胜,胜负空胜胜,负空胜胜胜,概率分别为二?」」二.
32161616
因此,甲最终获得冠军的概率为上+3+上+上+上=j
163216161632
9
(2)乙获得冠军,与(1)同理,概率也为三.
79
(3)丙获得冠军,概率为—>一
1632
・・・丙获得冠军的概率最大.
故选:C
9.ABD
【分析】由复数除法得z=i,根据乘方(乘法)、模长及共舸复数概念判断各项正误.
l+i(1+i)22i.
【详解】z=---=---------=—=1
1-i(l-i)(l+i)2
A:Z2023=非3=[4*505+3=j3=_i为纯虚数,正确;
B:|z+iR2i|=2,正确;
C:z.I=|z|2=|i|2=l>错误;
D:z+z.i=-i-i,对应点为(-LT)在第三象限,正确.
故选:ABD
10.AD
【分析】根据各选项的条件,结合基本不等式使用的条件“一正、二定、三相等”来进行判断
即可完成求解.
【详解】当x>0时,x2-x+^=(x-^)2>0,所以/+;2彳,此时怆[/+;)2怆》(》>0),
故A正确;
sinx+」一N2此时当xX)(xHE,ZeZ)时成立,取*=-三,则sinx=-l,故B错误;
sinx2
X1<1
当x>0时f+L1-21故C错误;
x-\—
X
当xeR时,2*>0,则」■一<1,故D正确.
2'+1
故选:AD.
11.ACD
【分析】根据折线图中的数据,结合选项即可逐一求解.
【详解】A:由图可知,月收人的最大值为90,最小值为30,故A正确;
B:各个月的利润分别为20,30,20,10,30,30,60,40,30,30,50,30,
所以总利润为20+30+20+10+30+30+60+40+30+30+50+30=380(万元),故B错误;
C:这12个月利润按从小到大排为:10,20,20,30,30,30,30,30,30,40,50,60,
所以中位数与众数均为30,故C正确;
D:7月份的利润最大,为60万元,故D正确.
故选:ACD
12.ABD
【分析】由正弦定理将条件转化为角的关系,判断A,结合内角和定理和条件及余弦函数的
性质判断B,C,由余弦定理将条件转化为边的关系,判断D.
【详解】因为匕+反osA=acosB,由正弦定理可得
sinB+sin3cosA=sinAcosB,
所以sinB=sin(A-B),
又.AfiC为锐角三角形,所以
所以正弦函数>=4!^在bH]上单调递增,
所以A—8=8,所以A=28,A正确;
因为一ABC为锐角三角形,所以^<A+B<7r,
TTTTIT
所以0<28<—,0<B<-,-<2B+B<7r,
222
所以,B正确:
64
因为A=2N,所以sinA=sin2B=2sin88sB,
所以a=2Z?cosB,
所以:=2cosB,因为,
b64
所以C错误;
因为力+Z?cosA=acosB,由余弦定理可得
^^^^L
b+b2bc=alac
所以+〃+c2-a2=a2+c2-b2,
所以/二从+权.,D正确,
故选:ABD.
13.(-1,0)
【分析】由“力=MWCOS«W知,”在/,上的投影为|a|cos,力)=背,代入数值计算
得投影,而投影向量与6共线,求出8的单位向量,写出投影向量即可.
【详解】由题知,“在6上的投影为h|cos(a力)=*,又°=卜1,6),/,=(1,0),
所以a.〃=—lx1+0=—1,忖=+02=];
所以同cos(a力)=-l,即4在"上的投影为T;
b
又6的单位向量为同=(1,°),所以a在8上的投影向量为(-1,0)
故答案为:(—1,0).
14.±2
【分析】根据平均数和方差的计算方法可列出关于x和y的方程组,解之即可.
【详解】平均数为1x(x+y+10+12+8)=10,即x+y=20①,
方差为3K10)2+(),_]0)2+(10_[0)2+(12-10>+(8_[0)2]=2,
即(x-10)2+(y-10)2=2②,
由①@解得x=9,y=ll或尤=11,>=9,
所以当x=9,y=ll时,x-y=-2-当x=U,y=9,x-y=2
故答案为:±2.
15.1
【分析】首先根据题意画出函数/(X)的图象,再结合函数图象即可得到答案.
【详解】画出।n的图象如图所示.
[|log05x|,x>0
因为方程/(x)=a有四个不同的解芭,々,马,匕,
故的图象与'有四个不同的交点,又由图,/(0)=1,/(-1)=2,
故”的取值范围是口,2),故〃的最小值是1.
故答案为:1
4
16.1—7T
3
【分析】将正四面体放入正方体,利用正方体的性质即得,设AB的中点为。,进而可得多
面体打汨的外接球的球心为。,然后利用体积公式即得.
【详解】如图,将正四面体ABC。嵌入到正方体中,则正四面体的体积为正方体体积
所以A8=2,EF是△AB£)的中位线,
所以EF=-A8=1.
2
D
设AB的中点为O,连接OE,OF,OG,OH,
因为OE=OF=OG=OH=OA=OB=^AB=\,
所以多面体AB-EFG//的外接球的球心为。,半径为1,
44
外接球的体积为:乃内=3".
4
故答案为:I:§乃.
17.(1)a=0.015,s;>s;;(2)0.42
【分析】(1)根据频率之和为1求得叫根据数据的集中程度可比较方差;
(2)分别求出未来的某一天,甲、乙种酸奶的销售量不高于20箱的概率即可求出.
【详解】(1)根据频率分布直方图(甲)可得:(0.02+0.01+0.03+4+0.025)x10=1,解得
a=0.015,
根据两个频率分布直方图可得,乙种酸奶日销售量数据更集中,所以
(2)设事件4在未来的某一天,甲种酸奶的销售量不高于20箱,
事件&在未来的某一天,乙种酸奶的销售量不高于20箱,
事件C:在未来的某一天里,甲、乙两种酸奶的销售量恰有一个高于20箱,
则P(A)=0.2+0.1=0.3,P(B)=0.1+0.2=0.3,
所以P(C)=P(A)P(B)+P(A)P{B)=0.42.
18.(1)/(X)=X2-6X+8,xe[2,4]
(2)0
【分析】(1)设xw[2,4],则4一xe[0,2],根据/(%)的周期性和奇偶性可知
/(x)=-/(-x)=-/(4-x),从而可得答案;
(2)求出〃0),/(1),”2),“3),再根据周期性即可求解.
【详解】(1)V/(x+2)=-f(x),:./(x+4)=-/(x+2)=/(X),
是周期为4的周期函数.
'/xG[2,4],—Xe[-4,-2],4-xs[0,2],
?./(4-X)=2(4-X)-(4-X)2=-X2+6X-8,
又/(4-x)=f(-x)=-/(x),
-f(x)=-x2+6x-8,BPf(x)=x2-6x+8,xe[2,4].
(2)V/(O)=O,/(1)=1,/(2)=0,/(3)=-/(l)=-l.
又f(x)是周期为4的周期函数,
:./(O)+/(l)+/(2)+/(3)=/(4)+/(5)+/(6)+/(7)
=…=/(2020)+/(2021)+/(2022)+/(2023)=0,
.,./(0)+/(1)+/(2)+-+/(2024)=/(2024)=/(0)=0.
19.(1)证明见解析
⑵叵
13
【分析】(1)利用线面平行的判定定理即可求解;
(2)利用等体积法求解点C到平面A8G的距离即可.
【详解】(1)证明:为直三棱柱,•,•Aq〃AB
又AN&平面ABC-43u平面A8G,
4及〃平面ABG
(2)解:在4?C中,AC^BC=\,NAC8=120°,
।万
则=48c的面积为一xlxlxsinl20°=J
24
・・・43。-486为直三棱柱,・・・。6,平面43。,
/.CQ-LAC,从而ACy=BC}=2
取AB的中点。,连接G。,则0。=孚
/.ABC的面积为工6乂巫=叵,
224
设点C到平面ABQ的距离为h,
由于%板二%..
-4XTX^4X2TX/I,解得让普
20.(1)一
3
Q)6a
【分析】(1)根据正弦定理和三角恒等变换的公式,结合题意化简得到得SinB=2sinBcosA,
得到cosA=:,即可求解;
2
(2)利用三角形的面积公式求得bc=8,再由余弦定理求得从+c2-8=bc,进而求得b+
的值,即可求得ABC的周长.
【详解】⑴解:因为合包与簪鲁巴由正弦定理得sinCsin8+2sinAcosB
b2sm3sinB2sinB
所以sin8+2sinAcos8=2sinC=2sin(A+8)=2sinAcosB+2cosAsinB
可得sin3=2sinBcosA,
因为0<8<乃,所以sinBwO,所以cosA=L
2
又因为OvAv%,所以A=?.
(2)解:由A=g,则SASC=4历sinA=26,解得税=8,
又由余弦定理cosA=什―=<,可得匕2+02一8=尻、,
2bc2
所以(b+c)2=3bc+8=32,可得6+0=4尤,
又因为〃=2&,所以ABC的周长为6夜.
3
21.(1)——;(2)
X7tX7T
【分析】(1)由已知可得/O)=sin+再由/(x)=l得sin—+—p而
2626
2771X71X
cosx=2cos2-1=2sin2—+—-1,从而可求得结果;
~3~262
(2)由acosC+:c=。结合余弦定理可得cosA=1,得角A的值,从而可得角8的范围,
22
进而可求出/(8)的取值范围
X2X杷.XIX1
(
【详解】1)由题意得/(x)=Gsin2cos—Fcos"—=—sin—I—cos—I—
44422222
X71
—+—+—
262
x冗
因为f(x)=l,所以sin—+—
262
浮X兀x万x
所以COS2cos2-1=2sin21=4
3~~262
(2)因为acosC+L=bnax"+"———+—c=b^b2+c2-a2=be
2lab2
所以cosA=,,
2
又Ae(O,乃),所以A=5.
所以0<8<^n7rB冗冗
6262
1B71B7113
—<sin<1,1<sin+—<—
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