2023年高考物理真题名师评析(山东卷)

2023年高考物理真题评析〔山东卷〕【试题评析】2023年山东省一般高中学业水平选择性考试物理试题，依照课程标准，科学设计考试内容，优化高考选拔功能，强化综合力气立意与物理学科素养导向。今年的物理试题总体表现难度适宜，有创与变化，所考察学问点根本上围围着主干学问来命题，具有确定的区分度和效度。1题，以湖泊沉积物切入，考察衰变和半衰期，第4题，以血压计切入，需要理解把握题述5题从“玉兔”登月到“祝融”探火，我国星际探测事业实现了由地月系到行星际的跨越切入，情景颖。第11题，热气球水平抛出物质，考察动量守恒定律、平抛运动及其相关的学问12题电磁感应，考察角度，具有确定的难度。1314题，创程度高，难度不大，经典创，这两道题着重考察学生的根本技能，仍属于常规题。计算题不落俗套，经典创，综合性强，对学生的要求高，能表达高考的选拔功能。8324分。每题只有一个选项符合题目要求。210Pb在测定年月较近的湖泊沉积物形成年份时，常利用沉积物中半衰期较短的

82 ，其衰变方程为210Pb210

BiX82 83

。以下说法正确的选项是〔 〕

210Pb衰变方程中的X是电子

上升温度可以加快82

的衰变Pb82答案：A

与83

210Pb的质量差等于衰变的质量亏损 D．方程中的X来自于82

内质子向中子的转化X的电荷数为-1X是电子，选项A正确；依据原子核衰变的快慢与元素所处的物理化学状态无关，所以上升温度不行以加快Pb82

210Pb的衰变，选项B82

与83

和电子的质量差等于衰变的质量亏损，选项C衰210Pb变的机理可知，方程中的X来自于82

内中子向质子的转化，选项D错误。如以下图，密封的矿泉水瓶中，距瓶口越近水的温度越高。一开口向下、导热良好的小瓶置于矿泉水瓶中，小瓶中封闭一段空气。挤压矿泉水瓶，小瓶下沉到底部；松开后，小瓶缓慢上浮，上浮过程中，小瓶内气体〔 〕A．内能削减 B．对外界做正功C．增加的内能大于吸取的热量 D．增加的内能等于吸取的热量答案：B解：上浮过程中，小瓶内气体压强减小，体积增大，对外界做正功，温度上升，内能增大，选项A错误B正确；依据热力学第确定律，吸取的热量等于增加的内能与对外做功之和，选项CD错误。3．如以下图，粗糙程度处处一样的水平桌面上有一长为L的轻质细杆，一端可绕竖直光滑轴O转动，另一v端与质量为m的小木块相连。木块以水平初速度0木块所受摩擦力的大小为〔 〕mv20

mv20

mv20

mv20L 答案：B1 mv200解：恰好能完成一个完整的圆周运动，由动能定理，f·2πL=2mv2，解得f=4L，选项B正确。4．血压仪由加压气囊、臂带、压强计等构成，如以下图。加压气囊可将外界空气充入臂带，压强计示数为臂带内气体的压强高于大气压强的数值，充气前臂带内气体压强为大气压强，体积为V；每次挤压气囊都0能将60cm3的外界空气充入臂带中，经5次充气后，臂带内气体体积变为5V，压强计示数为150mmHg。大气压强等于750mmHg，气体温度不变。无视细管和压强计内的气体体积。则V等于〔 〕30cm3

40cm3

50cm3

60cm3答案：D解：充气前臂带内气体压强为p1=750mmHg，每次挤压气囊都能将V0=60cm3的外界空气充入臂带中，55Vp2=750mmHg+150mmHg=900mmHg，由玻意耳定律，p1V+5p1V0=5p2V，解得V=60cm，选项D正确。从“玉兔”登月到“祝融”探火，我国星际探测事业实现了由地月系到行星际的跨越。火星质量约为月球的9倍，半径约为月球的22用力大小之比为〔〕A．9∶1 B．9∶2 C．36∶1 D．72∶1答案：BMm解：悬停时，所受着陆平台的作用力大小等于重力。由GR2

=mg可得火星外表的重力加速度与月球外表g M R2 1 9火 火月月 月火的重力加速度之比为g =M R 月 月火

22=49 9 m 祝m 之比为玉月=2×4

=2，选项B正确。

0x 2a6.．如图甲所示，边长为a的正方形，四个顶点上分别固定一个电荷量为q的点电荷；在 2 区间，x轴上电势的变化曲线如图乙所示。现将一电荷量为Q的点电荷P置于正方形的中心O点，此时每个点电荷所受库仑力的合力均为零假设将P沿x轴向右略微移动后由静止释放以下推断正确的选项是〔 21 21Q 2 q Q 2 q，释放后P将向右运动 B． ，释放后P将向左运动2 21 2 21Q 4 q Q 4 qC．C

，释放后P将向右运动 D． ，释放后P将向左运动2解：边长为a的正方形顶点上点电荷距离原点O距离为2 a，依据题述，每个点电荷所受库仑力的合力均Qq 2 222为零，由平衡条件，k

a q2 =2ka2

q2cos45°+k2a2

Q，解得

2 214

。假设将Px轴向右略微移动后，由静止释放，由于所受电场力向右，所以释放后P将向右运动，选项C正确。用平行单色光垂直照耀一层透亮薄膜，观看到如以下图明暗相间的干预条纹。以下关于该区域薄膜厚度d随坐标x的变化图像，可能正确的选项是〔 〕A．答案：D

C． D．d随坐标x渐渐减小。由于干预条纹间隔渐渐增大，所以d随坐标x的变化图像，可能正确的选项是D。8．迷你系绳卫星在地球赤道正上方的电离层中，沿圆形轨道绕地飞行。系绳卫星由两子卫星组成，它们之间的导体绳沿地球半径方向，如以下图．在电池和感应电动势的共同作用下，导体绳中形成指向地心的电流，等效总电阻为r。导体绳所受的安培力抑制大小为f的环境阻力，可使卫星保持在原轨道上。卫星LL H离地平均高度为H，导体绳长为 ，地球半径为R、质量为M，轨道处磁感应强度大小为B，方向垂直于赤道平面。无视地球自转的影响。据此可得，电池电动势为〔 〕BL GM

fr

BL GM

frRH BL B． RH BLBL GM

BL

BL GM

BLC．答案：A

RH fr D． RH fr解：卫星离地平均高度为H，由G

MmRH2=m

v2RH

，解得v=

GMRH

，导体绳以速度v切割磁感线产生的感应电动势e=BLv，导体绳中形成指向地心的电流I=〔E-e〕/r，所受安培力F=BIL，依据题述导体绳所受的安培力抑制大小为f 的环境阻力，可使卫星保持在原轨道上，可得F=f，联立解得：BL GM frE= RH BL，选项A正确。4416分。每题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9．1∶3，输入电压为7.5V的正弦沟通电。连接两抱负变压器的导线总电阻为r，负载R的阻值为10。开关S接1时，右侧变压器原、副线圈匝数比为2∶1，R上的功率为10W；接2时，匝数比为1∶2，R上的功率为P。以下推断正确的选项是〔 〕A．r10 B．r5 C．P45W D．P22.5WBDS接1∶R上的功率为10WP=U42/U4=10，对右侧变压器，由变压公式可知，右侧变压器输入电压为U3=20V，由抱负变压器功率关系可得输电线中电I=0.5A。对左侧变压器，由变压公式可得左侧变压器输出电压为U2=22.5V，由U2=Ir+U3r=5Ω，选项B正确AS接2∶2P=U2/R可得输出电压为PR，1依据变压器变压公式，右侧变压器原线圈输入电压U3’=2

PPRP=I2R可得输出电流R依据变压器P P 1PR变流公式，可得输电线中电流I=2项D正确C错误。

RU2=Ir+U3’U2=2

Rr+ 2 P22.5W，选t一列简谐横波沿x轴传播，如以下图，实线为1

t时的波形图，虚线为2

时的波形图。以下关于平衡位置在O处质点的振动图像，可能正确的选项是〔 〕A． B． C． D．答案：BC解：假设简谐横波沿x4sO处质点的振动图像，可能正确的选项是B；假设简谐横波沿x12s，平衡位置在O处质点的振动图像，可能正确的选项是C。0如以下图，载有物资的热气球静止于距水平地面H的高处，现将质量为m的物资以相对地面的速度v0水平投出，落地时物资与热气球的距离为d。投出物资后热气球的总质量为M，所受浮力不变，重力加速度为g，不计阻力。以下推断正确的选项是〔 〕A．投出物资后热气球做匀加速直线运动 B．投出物资后热气球所受合力大小为mg m 2Hv2

2Hv2

m2d1 C． M

0H2 dg D．

01g M

H2答案：BCm的物资以相对地面的速度

v0水平投出，依据动量守恒定律，mv0=Mv，热气球将获得水mv0平向左的速度，v=M ，投出物资后热气球所受合力大小为mg，方向竖直向上，所以投出物资后热气球1做匀加速曲线运动，选项AB正确；由平抛运动规律，H=2gt2t=2H 2H

2Hg ，物质水平向右位移x1=v0t=v0

g ；气球沿竖直向上方向的加速度a=mg/M，在t= g 时间内，气球沿竖直向上方向的位1 mv 2H0移h=2at2=mH/M，水平向左方向位移x2=vt= M g ；落地时物资与热气球的距离为 m 2Hv2xx

2hH2

1 M

0H2gd= 1 2

，联立解得：d=

，选项C正确D错误。如以下图，电阻不计的光滑U形金属导轨固定在绝缘斜面上。区域Ⅰ、Ⅱ中磁场方向均垂直斜面对上，Ⅰ区中磁感应强度随时间均匀增加，Ⅱ区中为匀强磁场。阻值恒定的金属棒从无磁场区域中a处由静止释放，进入Ⅱ区后，经b下行至c处反向上行。运动过程中金属棒始终垂直导轨且接触良好。在第一次下行和上行的过程中，以下表达正确的选项是〔 〕金属棒下行过b时的速度大于上行过b时的速度金属棒下行过b时的加速度大于上行过b时的加速度C．金属棒不能回到无磁场区D．金属棒能回到无磁场区，但不能回到a处答案：ABD解：由于Ⅰ区中磁感应强度随时间均匀增加，Ⅱ区中为匀强磁场，金属棒在II区下行过程中，回路中磁通量增加，依据楞次定律，产生顺时针方向的感应电流，依据左手定则，金属棒受到沿U型导轨向上的安培力作用，做减速运动，下行至c处速度减小到零受到沿U型导轨向上的安培力作用，反向上行做加速运动。设下bv1bv2，bc=x，由动能定理，mgsinθ·x-FA下1mv2

1mv2

1mv2

1mv2x=0-2

，-mgsinθ·x+FAx=2

FAx-FAx=2

2-2

1。由于下行过程切割磁感线产生感应电动势和感应电流大于上行过程，下行过程所受安培力大于上行过程，所以金属棒下行过b时的速度v1大于上行过b时的速度vAFA下-mgsiθ=ma，上行过程，FA上-mgsinθ=ma2b时的加速度大于上行过bBaC错误D正确。660分。136分〕某乒乓球爱好者，利用手机争论乒乓球与球台碰撞过程中能量损失的状况。试验步骤如下：①固定好手机，翻开录音功能；②从确定高度由静止释放乒乓球；③手机记录下乒乓球与台面碰撞的声音，其随时间〔单位：s〕的变化图像如以下图。依据声音图像记录的碰撞次序及相应碰撞时刻，如下表所示。碰撞次序1234567碰撞时刻〔s〕1.121.582.002.402.783.143.47依据试验数据，答复以下问题：利用碰撞时间间隔，计算出第3次碰撞后乒乓球的弹起高度为 m〔保存2位有效数字，当地重力加速度 。设碰撞后弹起瞬间与该次碰撞前瞬间速度大小的比值为k，则每次碰撞损失的动能为碰撞前动能的 倍〔用k表示，第3次碰撞过程中k 〔保存2位有效数字。由于存在空气阻力，第〕问中计算的弹起高 〔填“高于”或“低于〕实际弹起高度答案〔〕0.20 2〕1k2，0.95 〔〕高于〔〕由表中数据可知，第3次碰撞与第4t=2.40s-2.00s=0.40，第3次碰撞后乒1 t乓球的弹起高度为h=2g〔2〕2=0.20m〔2〕设碰撞前瞬间速度大小为v，碰撞后弹起瞬间的速度大小1mv21mkv22 21为kv，则每次碰撞损失的动能与碰撞前动能的比值为

mv22

=1k2，即每次碰撞损失的动能为碰撞前动能的1k223次碰撞的时间间隔为△t23=2.00s-1.58s=0.42s3次碰撞前t t 2.023的速度v3=g 2 =2.1m/s，第3次碰撞后的速度v3’=g2=2.0m/s，第3次碰撞过程中k2.1=0.95.〔3〕由于存在空气阻力，第〔1〕问中计算的弹起高度高于实际弹起高度。148分〕可供选择的器材有：待测热敏电阻

RT〔试验温度范围内，阻值约几百欧到几千欧；电源E〔电动势1.5V，内阻r约为0.电阻箱〔阻值范围0~9999.99；滑动变阻器滑动变阻器

R〔最大阻值R〔最大阻值

2；2023；微安表〔量程100A，内阻等于2500开关两个，温控装置一套，导线假设干。同学们设计了如图甲所示的测量电路，主要试验步骤如下：①按图示连接电路；②闭合

S S、2，调整滑动变阻器滑片P的位置，使微安表指针满偏；S③保持滑动变阻器滑片P的位置不变，断开④记录此时的温度和电阻箱的阻值。

，调整电阻箱，使微安表指针半偏；答复以下问题：为了更准确地测量热敏电阻的阻值，滑动变阻器应选用 〔填“

R1”或“

R2。请用笔画线代替导线，在答题卡上将实物图〔不含温控装置〕连接成完整电路。某温度下微安表半偏时，电阻箱的读数为6000.00，该温度下热敏电阻的测量值为 〔结果保存到个位，该测量 〔填“大于”或“小于〕真实值。屡次试验后，学习小组绘制了如图乙所示的图像。由图像可知，该热敏电阻的阻值随温度的上升渐渐 〔。R〔〕1〔2〕如以下图〔3〕3500，大于 〔4〕减小R〔由于待测热敏电阻TR为了更准确地测量热敏电阻的阻值，滑动变阻器应选用阻值较小的1〔2〕用笔画线代替导线，依据图甲的电路将实物图连接成完整电路。〔3〕由RT+R=0.5〔RT+6000+R，解得RT=350Ω，

S2，调整电阻箱，使微安表指针半偏时电路中总电阻增大，导致分压电路的电压增大，所以该测量值大于真实值。〔4〕由图乙所示的图像可知lnRT1/T的增大而增大，所以该热敏电阻的阻值随温度的上升渐渐减小。157分〕在空气中对称放置四个一样的直角三棱镜，顶角为。一细束脉冲激光垂直第一个棱镜左侧面入射，经过前两个棱镜后分为平行的光束，再经过后两个棱镜重合成为一束，此时不同频率的光前后分开，完成脉冲展宽。相邻两棱镜斜面间的距离d100.0mm，脉冲激光中包含两种频率的光，它们在棱镜中的折n 31

3sin37

4cos37

51.890n 2 2射率分别为1 和

4 。取 5，

5，7 。为使两种频率的光都能从左侧第一个棱镜斜面射出，求的取值范围；假设37L〔3位有效数字1〕设C是全反射的临界角，光线在第一个三棱镜右侧斜面上恰好发生全反射时，依据折射定律得sinC1n ①代入较大的折射率得C45 ②所以顶角的范围为045〔或45〕 ③ 〔2〕脉冲激光从第一个三棱镜右侧斜面射出时发生折射，设折射角分别为1和sin

2，由折射定律得1n11 sin ④2nsin22 sin ⑤L L设两束光在前两个三棱镜斜面之间的路程分别为1和2，则dL1 cos1 ⑥L d2 cos2 ⑦ΔL2L1

L2 ⑧联立④⑤⑥⑦⑧式，代入数据得ΔL14.4mm ⑨16〔9分〕海鸥捕到外壳坚硬的鸟蛤〔贝类动物〕后，有时会飞到空中将它丢下，利用地面的冲击打碎硬壳。一只海鸥叼着质量

m0.1kg

的鸟蛤，在

H20m

v 15m/s的高度、以0

的水平速度飞行时，松开嘴巴让鸟蛤落到水平地面上。取重力加速度g10m/s2，无视空气阻力。假设鸟蛤与地面的碰撞时间t0.005s，弹起速度可无视，求碰撞过程中鸟蛤受到的平均作用力的大小〔碰撞过程中不计重力〕L6m的岩石，以岩石左端为坐标原点，建立如以下图坐标系。假设海鸥水平飞行的高度仍为20m，速度大小在15m/s~17m/s之间，为保证鸟蛤确定能落到岩石上，求释放鸟蛤位置的x坐标范围。v1〕设平抛运动的时间为，鸟蛤落地前瞬间的速度大小为，竖直方向分速度大小为y，依据运动的合成与分解得H1gt22 ①v gtyv v20

②v2y ③在碰撞过程中，以鸟蛤为争论对象，取速度v的方向为正方向，由动量定理得FΔt0mv ④联立①②③④式，代入数据得F500N ⑤1〔2〕假设释放鸟蛤的初速度为v1xx坐标为2，得

15m/s

，设击中岩石左端时，释放点的x坐标为x1，击中右端时，释放点xvt1 1 ⑥xxL2 1 ⑦联立①⑥⑦式，代入数据得x30m,x1

36m

⑧v17m/s x假设释放鸟蛤时的初速度为2xx坐标为2，得

，设击中岩石左端时，释放点的x坐标为

1，击中右端时，释放点的xvt1 2 ⑨xxL2 1 ⑩联立①⑨⑩式，代入数据得x34m,x1

40m2 ⑪综上得x坐标区间[34m,36m]或(34m,36m) ⑫17〔14分dx轴垂直交于坐标原点O，其内布满垂直于O

xOy

平面对里的匀强磁场，磁感应强度大小为O

B0；Ⅱ区宽度为L，左边界与x轴垂直交于1x轴垂直交于2yx轴置于Ⅱ区右边界，O其中心C与2点重合。从离子源不断飘出电荷量为q、质量为m的正离子，加速后沿x轴正方向过O点，C。离子刚进入Ⅱ区时速度方向与x轴正方向的夹角为。无视离子间的相互作用，不计重力。求离子在Ⅰ区中运动时速度的大小v；求Ⅱ区内电场强度的大小E；B〔数值未知、方向相反y轴的匀强磁场，如图乙所示。为使离子的运动轨迹与测试板相切于Cx轴移动测试板，O求移动后C到1的距离s。〔〕设离子在Ⅰ区内做匀速圆周运动的半径为，由牛顿其次定律得qvB0

mv2r ①依据几何关系得sindr ②联立①②式得qBdv 0msin ③离子在Ⅱ区内只受电场力，x方向做匀速直线运动，y方向做匀变速直线运动，设从进入电场到击中y测试板中心C的时间为t，y方向的位移为qEma ④由运动的合成与分解得Lvtcos ⑤

0，加速度大小为a，由牛顿其次定律得y r(1cos)0 ⑥1y vtsin at210 2 ⑦联立①②④⑤⑥⑦式得2qB2d2E 0

Ltan

d d mL2tan2 sin tan ⑧Ⅱ区内填充磁场后，离子在垂直y轴的方向做匀速圆周运动，如以下图。设左侧局部的圆心角为，圆周运动半径为r，运动轨迹长度为l，由几何关系得3 ⑨l

2πr2π

π22πr2π ⑩离子在Ⅱ区内的运动时间不变，故有l Lvcos vcos ⑪OC到1的距离s2rsinr ⑫联立⑨⑩⑪⑫式得6( 31)s L7π ⑬18〔16分〕如以下图，三个质量均为m的小物块AB