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文档简介
2017-2018学年山西省阳泉市平定县九年级(上)期末数学试卷
一、选择题:本大题共10个小题,每小题3分,共30,分.在每个小题给出的四个选项中,有一项
符合题目要求的,请选出并在答题卡上将该项涂黑.
1.一元二次方程(x+6)2=16可转化为两个一元一次方程,其中一个一元一次方程是x+6=4,则另
一个一元一次方程是()
A.x-6=-4B.x-6=4C.x+6=4D.x+6=-4
2.下列一元二次方程有两个相等实数根的是()
A.X2+3=0B.X2+2X=0C.(X+1)2=0D.(x+3)(x-1)=0
3.把抛物线y=-2x2先向右平移1个单位长度,再向上平移2个单位长度后,所得函数的表达式为
()
A.y=-2(x+1)2+2B.y=-2(x+1)2-2C.y=-2(x-1)2+2D.y=-2(x-1)2-2
4.学校组织校外实践活动,安排给九年级三辆车,小明与小红都可以从这三辆车中任选一辆搭乘,
小明与小红同车的概率是()
A.。B.1C.AD.1
9632
5.如图,已知△ABC的三个顶点均在格点上,则cosA的值为()
ABc
-T-T竽D.华
6.如图,直线11U12U13,直线AC分别交11,12,13于点A,B,C;直线DF分别交h,12,13于点
D,E,F.AC与DF相交于点H,且AH=2,HB=1,BC=5,则座的值为()
EF
A.1B.2C.2D.金
255
7.如图,四边形ABCD内接于OO,若四边形ABCO是平行四边形,则NADC的大小为()
8.如图,斜面AC的坡度(CD与AD的比)为1:2,AC=3旄米,坡顶有旗杆BC,旗杆顶端B
点与A点有一条彩带相连.若AB=10米,则旗杆BC的高度为()
A.5米B.6米C.8米D.(3+返)米
9.如图,正比例函数yi=kix的图象与反比例函数y22吆的图象相交于A,B两点,其中点A的横
坐标为2,当yi>y2时,x的取值范围是()
10.如图,已知QABCD中,AE_LBC于点E,以点B为中心,取旋转角等于NABC,把△BAE顺
时针旋转,得到ABAE,连接DA,.若NADC=60。,NADA,=50。,则NDA,E,的大小为()
二、填空题:本大题共6小题,每小题3分,共18分.
11.方程3(x-5)2=2(x-5)的根是
12.二次-函数y=xz-2x-3的图象如图所示.当y<。时,自变量x的取值范围是
13.一个不透明的盒子里装有除颜色外无其他差别的白珠子6颗和黑珠子若干颗,每次随机摸出一
颗珠子,放回摇匀后再摸,通过多次试验发现摸到白珠子的频率稳定在0.3左右,则盒子中黑珠子
可能有颗.
14.一个容器盛满纯药液40L,第一次倒出若干升后,用水加满;第二次又倒出同样体积的溶液,
这时容器里只剩下纯药液10L,则每次倒出的液体是L.
15.如图,在△ABC中,ZA=30",NB=45。,AC=2圾,则AB的长为.
16.如图,RtAAOB的一条直角边OB在x轴上,双曲线y=K(X>Q)经过斜边OA的中点C,
x
与另一直角边交于点D.若SAOCD=9,则SAOBD的值为.
三、解答题:本大题共8个小题,共72分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.(1)计算:^|2+21-4cos30°+|~cos60°|
(2)用配方法解方程:4x2-8x-5=0.
18.如图,在边长为1个单位长度的小正方形组成的网格中,给出了格点三角形ABC(项点是网格
线的交点).
(1)先将△ABC竖直向上平移6个单位,再水平向右平移3个单位得到△AiBiCi,请画出△AiBiCi;
(2)将△A1B1C1绕Bi点顺时针旋转90。,得AA2B1C2,请画出AA2B1C2;
(3)线段BiCi变换到B1C2的过程中扫过区域的面积为.
19.如图,在RtABAD中,延长斜边BD到点C,使DC=1BD,连接AC,若tanB义,求tanNCAD
23
的值.
20.为了参加中考体育测试,甲、乙、丙三位同学进行足球传球训练,球从一个人脚下随机传到另
一个人脚下,且每位传球人传给其余两人的机会是均等的,由甲开始传球,共传球三次.
(1)请利用树状图列举出三次传球的所有可能情况;
(2)求三次传球后,球回到甲脚下的概率;
(3)三次传球后,球回到甲脚下的概率大还是传到乙脚下的概率大?
21.如图,在平面直角坐标系xOy中,一次函数yi=ax+b(a,b为常数,且axO)与反比例函数y24
(m为常数,且mxO)的图象交于点A(-2,1)、B(1,n).
(1)求反比例函数和一次函数的解析式;
(2)连结OA、OB,求AAOB的面积;
(3)直接写出当yi<y2<0时,自变量x的取值范围.
22.如图,海中一小岛上有一个观测点A,某天上午9:00观测到某渔船在观测点A的西南方向上
的B处跟踪鱼群由南向北匀速航行.当天上午9:30观测到该渔船在观测点A的北偏西60。方向上
的C处.若该渔船的速度为每小时30海里,在此航行过程中,问该渔船从B处开始航行多少小时,
离观测点A的距离最近?(计算结果用根号表示,不取近似值).
北
23.操作与证明:
如图1,已知P是矩形ABCD的边BC上的一个点(P与B、C两点不重合),过点P作射线PEJ_AP,
在射线PE上截取线段PF,使得PF=AP.
(1)过点F作FGLBC交射线BC点G.(尺规作图,保留痕迹,不写作法)
(2)求证:FG=BP.
探究与计算:
(3)如图2,若AB=BC,连接CF,求NFCG的度数;
24.综合与探究:如图,抛物线y=-1x2+bx+c与x轴交于A(-1,0),B(5,0)两点,过点B
4
作线段BC_Lx轴,交直线y=-2x于点C.
(1)求该抛物线的解析式;
(2)求点B关于直线y=-2x的对称点B,的坐标,判定点B,是否在抛物线上,并说明理由;
(3)点P是抛物线上一动点,过点P作y轴的平行线,交线段B,C于点D,是否存在这样的点P,
使四边形PBCD是平行四边形?若存在,求出点P的坐标;若不存在,请说明理由.
2017-2018学年山西省阳泉市平定县九年级(上)期末数学试
卷
参考答案与试题解析
一、选择题:本大题共10个小题,每小题3分,共30分.在每个小题给出的四个选项中,有一项
符合题目要求的,请选出并在答题卡,上将该项涂黑.
1.一元二次方程(x+6)2=16可转化为两个一元一次方程,其中一个一元一次方程是x+6=4,则另
一个一元一次方程是()
A.x-6=-4B.x-6=4C.x+6=4D.x+6=-4
【考点】解一元二次方程-直接开平方法.
【分析】方程两边直接开平方可达到降次的目的,进而可直接得到答案.
【解答】解:(x+6)2=16,
两边直接开平方得:x+6=±4,
则:x+6=4,x+6=-4,
故选:D.
【点评】本题主要考查了直接开平方法解一元二次方程,关键是将方程右侧看做一个非负已知数,
根据法则:要把方程化为"左平方,右常数,先把系数化为1,再开平方取正负,分开求得方程解"
来求解.
2.下列一元二次方程有两个相等实数根的是()
A.X2+3=0B.X2+2X=0C.(X+1)2=0D.(x+3)(x-1)=0
【考点】根的判别式.
【专题】计算题.
【分析】根据计算根的判别式,根据判别式的意义可对A、B、C进行判断;由于D的两根可直接
得到,则可对D进行判断.
【解答】解:A、△=0-4x3=-12<0,则方程没有实数根,所以A选项错误;
B、△=4-4x0=4>0,则方程有两个不相等的实数根,所以B选项错误;
C、X2+2X+1=0,A=4-4x1=0,则方程有两个相等的实数根,所以C选项正确;
D、xi=-3,X2=l,则方程有两个不相等的实数根,所以D选项错误.
故选C.
【点评】本题考查了一元二次方程ax2+bx+c=0(axO)的根的判别式△=b?-4ac:当△>0,方程有
两个不相等的实数根;当△=(),方程有两个相等的实数根;当△<(),方程没有实数根.
3.把抛物线y=-2x2先向右平移1个单位长度,再向上平移2个单位长度后,所得函数的表达式为
()
A.y=-2(x+1)~+2B.y=-2(x+1)2-2C.y=-2(x-1)2+2D.y=-2(x-1)2-2
【考点】二次函数图象与几何变换.
【专题】几何变换.
【分析】根据图象右移减,上移加,可得答案.
【解答】解:把抛物线y=-2x2先向右平移1个单位长度,再向上平移2个单位长度后,所得函数
的表达式为y=-2(x-1)~+2,
故选:c.
【点评】本题考查了二次函数图象与几何变换,图象的平移规律是:左加右减,上加下减.
4.学校组织校外实践活动,安排给九年级三辆车,小明与小红都可以从这三辆车中任选一辆搭乘,
小明与小红同车的概率是()
1111
c
----
A.9B.63D.2
【考点】列表法与树状图法.
【分析】首先用A,B,C分别表示给九年级的三辆车,然后根据题意画树状图,再由树状图求得所
有等可能的结果与小明与小红同车的情况,然后利用概率公式求解即可求得答案.
【解答】解:用A,B,C分别表示给九年级的三辆车,
国树状图得:
小明ABC
/4\/4\/4\
小红ABCABCABC
共有9种等可能的结果,小明与小红同车的有3种情况,
,小明与小红同车的概率是:a=1.
93
故选C.
【点评】此题考查了列表法或树状图法求概率.用到的知识点为:概率=所求情况数与总情况数之比.
5.如图,已知△ABC的三个顶点均在格点上,则cosA的值为()
【考点】锐角三角函数的定义;勾股定理;勾股定理的逆定理.
【专题】网格型.
【分析】过B点作BDLAC,得AB的长,AD的长,利用锐角三角函数得结果.
【解答】解:过B点作BDLAC,如图,
由勾股定理得,
AB=^|2+22=5/10,
AD=^22+22=2^2
cosA©毕二迤
ABVlQ5
故选:D.
【点评】本题主要考查了锐角三角函数和勾股定理,作出适当的辅助.线构建直角三角形是解答此题
的关键.
6.如图,直线1W12U13,直线AC分别交11,12,13于点A,B,C;直线DF分别交h,12,13于点
D,E,F.AC与DF相交于点H,且AH=2,HB=1,BC=5,则返的值为()
EF
A.1B.2C.?D.e
255
【考点】平行线分线段成比例.
【分析】根据AH=2,HB=1求出AB的长,根据平行线分线段成比例定理得到经库,计算得到答
EFBC
案.
【解答】解:AH=2,HB=1,
AB=3,
hll12ll13,
.DE=AB_3
"而花元'
故选:D.
【点评】本题考查平行线分线段成比例定理,掌握定理的内容、找准对应关系列出比例式是解题的
关键.
7.如图,四边形ABCD内接于OO,若四边形ABCO是平行四边形,则NADC的大小为()
【考点】圆内接四边形的性质;平行四边形的性质;圆周角定理.
'a+B=i80°
【分析】设NADC的度数=a,NABC的度数邛,由题意可得|1。,求出(3即可解决问
题.
【解答】解:设NADC的度数=a,NABC的度数=0;
四边形ABCO是平行四边形,
ZADC=ZAOC;
•••ZADC=lp,ZAOC=a;而a+B=180°,
(a+P=180°
解得:p=120°,a=60°,ZADC=60°,
故选C.
【点评】该题主要考查了圆周角定理及其应用问题;应牢固掌握该定理并能灵活运用.
8.如图,斜面AC的坡度(CD与AD的比)为1:2,AC=3代米,坡顶有旗杆BC,旗杆顶端B
点与A点有一条彩带相连.若AB=10米,则旗杆BC的高度为()
A.5米B.6米C.8米D.(3+辰)米
【考点】解直角三角形的应用-坡度坡角问题.
【分析】设CD=x,则AD=2x,根据勾股定理求出AC的长,从而求出CD、AC的长,然后根据勾
股定理求出BD的长,即可求出BC的长.
【解答】解:设CD=x,贝|AD=2x,
2=
由勾股定理可得,AC=-JX2+(2x)V5x,
AC=3代米,
V5X=3-75>
x=3米,
CD=3米,
AD=2x3=6米,
在RSABD中,BD=J1Q2_g2=8
BC=8-3=5米.
故选A.
【点评】本题考查了解直角三角形的应用--坡度坡角问题,找到合适的直角三角形,熟练运用勾
股定理是解题的关键.
9.如图,正比例函数yi=kix的图象与反比例函数y2—的图象相交于A,B两点,其中点A的横
坐标为2,当yi>y2时,x的取值范围是()
【考点】反比例函数与一次函数的交点问题.
【专题】压轴题.
【分析】先根据反比例函数与正比例函数的性质求出B点坐标,再由函数图象即可得出结论.
【解答】解:•.•反比例函数与正比例函数的图象均关于原点对称,
二A、B两点关于原点对称,
••,点A的横坐标为2
.•.点B的横坐标为-2,
ko
•••由函数图象可知,当-2<x<0或x>2时函数yi=kix的图象在y2=—K的上方,
x
,当yi>y2时,x的取值范围是-2<x<0或x>2.
故选D.
【点评】本题考查的是反比例函数与一次函数的交点问题,能根据数形结合求出yi>y2时x的取值
范围是解答此题的关键.
10.如图,已知口ABCD中,AE_LBC于点E,以点B为中心,取旋转角等于NABC,把△BAE顺
时针旋转,得到ABAE,连接DA,.若NADC=60。,NADA,=50。,则NDAE的大小为()
A.130°B.150°C.160°D.170°
【考点】旋转的性质;平行四边形的性质.
【分析】根据平行四边形对角相等、邻角互补,得NABC=60。,NDCB=120。,再由NAT)C=10。,可
运用三角形外角求出NDA,B=130。,再根据旋转的性质得到NBAE=NBAE=30°,从而得到答案.
【解答】解:•四边形ABCD是平行四边形,NADC=60。,
ZABC=60°,ZDCB=120°,
•••ZADA'=50°,
ZAT)C=10。,
ZDAZB=13O°,
AE±BC于点E,
ZBAE=30°,
•••△BAE顺时针旋转,得到△BAE,
ZBA'E'=NBAE=30°,
ZDA'E'=NDA'B+NBA'E'=160°.
故选:C.
【点评】本题主要考查了平行四边形的性质,三角形内角和定理及推论,旋转的性质,此题难度不
大,关键是能综合运用以上知识点求出NDAB和NBAT".
二、填空题:本大题共6小题,每小题3分,共18分.
11.方程3(x-5)2=2(x-5)的根是xi=5,X2=—.
3一
【考点】解一元二次方程-因式分解法.
【专题】计算题.
【分析】方程移项变形后,利用因式分解法求出解即可.
【解答】解:方程变形得:3(x-5)2-2(x-5)=0,
分解因式得:(x-5)[3(x-5)-2]=0,
可得x-5=0或3x-17=0,
解得:Xl=5,X2=—.
3
故答案为:Xl=5,X2」^
3
【点评】此题考查了解一元二次方程-因式分解法,熟练掌握因式分解的方法是解本题的关键.
12.二次函数y=x2-2x-3的图象如图所示.当y<0时,自变量x的取值范围是-l<x<3
【分析】根据二次函数的性质得出,y<0,即是图象在x轴下方部分,进而得出x的取值范围.
【解答】解:・:二次函数y=x2-2x-3的图象如图所示.
图象与x轴交在(-1,0),(3,0),
.•.当y<0时,即图象在x轴下方的部分,此时x的取值范围是:
故答案为:
【点评】此题主要考查了二次函数的性质,利用数形结合得出图象在X轴下方部分y<0是解题关键.
13.一个不透明的盒子里装有除颜色外无其他差别的白珠子6颗和黑珠子若干颗,每次随机摸出一
颗珠子,放回摇匀后再摸,通过多次试验发现摸到白珠子的频率稳定在0.3左右,则盒子中黑珠子
可能有14颗.
【考点】利用频率估计概率.
【分析】在同样条件下,大量反复试验时,随机事件发生的频率逐渐稳定在概率附近,可以从比例
关系入手,列出方程求解.
【解答】解:由题意可得,一项03,
6+n
解得n=14.
故估计盒子中黑珠子大约有14个.
故答案为:14.
【点评】此题主要考查了利用频率估计概率,本题利用了用大量试验得到的频率可以估计事件的概
率.关键是根据红球的频率得到相应的等量关系.
」4.一个容器盛满纯药液40L,第一次倒出若干升后,用水加满;第二次又倒出同样体积的溶液,
这时容器里只剩下纯药液10L,则每次倒出的液体是20L.
【考点】一元二次方程的应用.
【分析】设每次倒出液体xL,第一次倒出后还有纯药液(40-x),药液的浓度为"二色,再倒出xL
40
后,倒出纯药液”二・x,利用40-X-史二・x就是剩下的纯药液10L,进而可得方程.
4040
【解.答】解:设每次倒出液体xL,由题意得:
40-x,八
40-x------------x=10,
40
解得:x=60(舍去)或x=2O.
答:每次倒出20升.
故答案为:20.
【点评】此题主要考查了一元二次方程的应用,关键是正确理解题意,找出题目中的等量关系,列
出方程.
15.如图,在△ABC中,ZA=30°,NB=45。,AC=2、巧,则AB的长为3+«.
30。45°
B
【考点】解直角三角形.
【专题】几何图形问题.
【分析】过C作CDLAB于D,求出NBCD=NB,推出BD=CD,根据含30度角的直角三角形求
出CD,根据勾股定理求出AD,相加即可求出答案.
【解答】解:过C作CD_LAB于D,
ZADC=ZBDC=90°,
ZB=45",
ZBCD=ZB=45",
CD=BD,
ZA=30°,AC=2«,
CD=V5,
BD=CD=V3>
由勾股定理得:AD=A/AC2-CD2=31
AB=AD+BD=3+V5.
故答案为:3+V3.
【点评】本题考查了勾股定理,等腰三角形的性质和判定,含30度角的直角三角形性质等知识点的
应用,关键是构造直角三角形,题目具有一定的代表性,是一道比较好的题目.
16.如图,RSAOB的一条直角边在x轴上,双曲线y=K(x〉0)经过斜边OA的中点C,
x
与另一直角边交于点D.若SAOCD=9,则SAOBD的值为6.
【考点】反比例函数系数k的几何意义.
【专题】计算题.
【分析】过双曲线上任意一点与原点所连的线段、坐标轴、向坐标轴作垂线所围成的直角三角形面
积S是个定值,即S=』k|.
2
【解答】解:如图,过C点作CE^x轴,垂足为E.
1,R3OAB中,ZOBA=90°,
CEIIAB,
*/C为RtAOAB斜边OA的中点C,
CE为RtAOAB的中位线,
,/△OEd△OBA,
.OC_1
■OA2'
•••双曲线的解析式是y=K,即xy=k
X
SABOD=SACOE=—|k|,
2
SAAOB=4SAcOE=2|k|,
由SAAOB-SABOD=SAAOD=2SADOC=18,得2k-—k=18,
2
k=12,
SABOD=SACOE=—k.=6,
2
【点评】本题考查了反比函数k的几何意义,过图象上的任意一点作X轴、y轴的垂线,所得三角
形的面积是工k|,是经常考查的知识点,也体现了数形结合的思想.
2
三、解答题:本大题共8个小题,共72分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.(1)计算:^|2+21-4cos30°+|~cos60°|
(2)用配方法解方程:4x2-8x-5=0.
【考点】实数的运算;负整数指数累;解一元二次方程-配方法;特殊角的三角函数值.
【专题】计算题;实数.
【分析】(1)原式第一项化为最简二次根式,第二项利用负整数指数塞法则计算,第三项利用特殊
角的三角函数值计算,最后一项利用绝对值的代数意义化简,计算即可得到结果;
(2)方程利用完全平方公式变形,开方即可求出解.
【解答】解:(1)原式=2«+5-4x2^+1=273+1-273+—1;
22222
(2)方程两边同除以4,变形得X2-2X=2
4
配方,得X2-2X+1=2即(X-1)2=2
44
开方得:X-1=±旦
2
解得:xi=2.5,X2=-0.5.
【点评】此题考查了实数的运算,熟练掌握运算法则是解本题的关键.
18.如图,在边长为1个单位长度的小正方形组成的网格中,给出了格点三角形ABC(项点是网格
线的交点).
(1)先将△ABC竖直向上平移6个单位,再水平向右平移3个单位得到△A1B1C1,请画出△A1B1C1;
(2)将△A1B1C1绕Bi点顺时针旋转90。,得AA2B1C2,请画出△A2B1C2;
(3)线段B1C1变换到B1C2的过程中扫过区域的面积为_旦」.
【专题】作图题.
【分析】(1)根据图形平移的性质画出△A1B1C1;
(2)根据旋转的性质画出△A2B1C2;
二线段BiCi变换到B1C2的过程中扫过区域的面积为:9cmXS?3
3604
故答案为:2上
4
【点评】此题主要考查了扇形面积公式以及图形的平移、旋转变换等知识,熟练掌握扇形面积公式
是解题关键.
19.如图,在RtABAD中,延长斜边BD到点C,使DC=1BD,连接AC,若tanB义,求tanZCAD
23
的值.
【分析】过点C作CE_LAD,垂足为E,根据tanB=里设AD=5x,AB=3x,证△CDE-△BDA,得
3
出比例式,求出CE^x,DE至x,求出AE=KX,解直角三角形得出即可.
222
【解答】解:过点C作CELAD,
,:tanB=2即期=2
3AB3
设AD=5x,则AB=3x,
•••ZCDE=ZBDA,ZCED=ZBAD=90°,
「.△CDE~△BDA,
-/BD=2CD,
.CE_DE_DC_1
一ABAD-BD
:.CE=^x,DE=2,
22
AE=KX,
2
3
77X
EC2
/.tanZCAD=±^=—1.
AE三5
2
【点评】本题考查了相似三角形的判定和性质,解直角三角形的应用,能构造直角三角形是解此题
的关键.
20.为了参加中考体育测试,甲、乙、丙三位同学进行足球传球训练,球从一个人脚下随机传到另
一个人脚下,且每位传球人传给其余两人的机会是均等的,由甲开始传球,共传球三次.
(1)请利用树状图列举出三次传球的所有可能情况;
(2)求三次传球后,球回到甲脚下的概率;
(3)三,次传球后,球回到甲脚下的概率大还是传到乙脚下的概率大?
【考点】列表法与树状图法.
【分析】(1)画出树状图,
(2)根据(1)的树形图,利用概率公式列式进行计算即可得解;
(3)分别求出球回到甲脚下的概率和传到乙脚下的概率,比较大小即可.
【解答】解:(1)根据题意画出树状图如下:
日
由树形图可知三次传球有8种等可能结果;
(2)由(1)可知三次传球后,球回到甲脚下的概率=2二;
84
(3)由(1)可知球回到甲脚下的概率=1,传到乙脚下的概率=',
48
所以球回到乙脚下的概率大.
【点评】此题考查的是用列表法或树状图法求概率.列表法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结
果,适合于两步完成的事件;树状图法适合两步或两步以上完成的事件.
21.如图,在平面直角坐标系xOy中,一次函数yi=ax+b(a,b为常数,且axO)与反比例函数y24
(m为常数,且HIKO)的图象交于点A(-2,1)、B(1,n).
(1)求反比例函数和一次函数的解析式;
(2)连结OA、OB,求AAOB的面积;
(3)直接写出当yi<y2<0时,自变量x的取值范围.
【考点】反比例函数与一次函数的交点问题.
【分析】(1)将A坐标代入反比例函数解析式中求出m的值,即可确定出反比例函数解析式;将B
坐标代入反比例解析式中求出n的值,确定出B坐标,将A与B坐标代入一次函数解析式中求出a
与b的值,即可确定出一次函数解析式;
(2)设直线AB与y轴交于点C,求得点C坐标,SAAOB=SAAOC+SACOB,计算即可;
(3)由图象直接可得自变量x的取值范围.
【解答】解:(1)•••A(-2,1),
•••将A坐标代入反比例函数解析式y2』中,得m=-2,
二反比例函数解析式为y=-2;
X
将B坐标代入y=-2,得n=-2,
X
••.B坐标(1,-2),
-2a+b=1
将A与B坐标代入一次函数解析式中,得
a+b=-2
解得a=-1,b二一1,
」•一次函数解析式为yi=-x-1;
(2)设直线AB与y轴交于点C,
令x=0,得y=-1,
「•点C坐标(0,-1),
113
••SAA0B=SAAOC+SACOB="xlx2+—x1x1-;
222
(3)由图象可得,当yi<y2<0时,自变量x的取值范围x>l.
【点评】本题属于反比例函数与一次函数的交点问题,涉及的知识有:待定系数法求函数解析式,
三角形面积的求法,坐标与图形性质,利用了数形结合的思想,熟练掌握待定系数法是.解本题的关
键.
22.如图,海中一小岛上有一个观测点A,某天上午9:00观测到某渔船在观测点A的西南方向上
的B处跟踪鱼群由南向北匀速航行.当天上午9:30观测到该渔船在观测点A的北偏西60。方向上
的C处.若该渔船的速度为每小时30海里,在此航行过程中,问该渔船从B处开始航行多少小时,
离观测点A的距离最近?(计算结果用根号表示,不取近似值).
北
【考点】解直角三角形的应用-方向角问题“
【分析】首先根据题意可得PC±AB,然后设PC=x海里,分别在RtAAPC中与RtAAPB中,利用
正切函数求得出PC与BP的长,由PC+BP=BC=30x°,即可得方程,解此方程求得x的值,再计算
2
出BP,然后根据时间=路程+速度即可求解.
【解答】解:过点A作AP_LBC,垂足为P,设AP=x海里.
在RtAAPC中,ZAPC=90°,ZPAC=30°,
tanZPAC=-^,
AP
CP=AP»tanZPAclx.
3
在RtAAPB中,ZAPB=90°,ZPAB=45。,
BP=AP=x.
•••PC+BP=BC=30xl,
2
Y^X+X=15,
3
铲俎15(3-a)
解得X=------------——,
2
・PB-X-15小-e)
2
航行时间:15(3-6)3-V3
:30=(小时).
24
答:该渔船从B处开始航行之二更小时,离观测点A的距离最近.
4
B
【点评】此题考查了解直角三角形的应用-方向角问题,锐角三角函数的定义,准确作出辅助线构
造直角三角形是解题的关键,注意数形结合思想的应用.
23.操作与证明:
如图1,已知P是矩形ABCD的边BC上的一个点(P与B、C两点不重合),过点P作射线PE±AP,
在射线PE上截取线段PF,使得PF=AP.
(1)过点F作FG_LBC交射线BC点G.(尺规作图,保留痕迹,不写作法)
(2)求证:FG=BP.
探究与计算:
(3)如图2,若AB=BC,连接CF,求NFCG的度数;
【考点】四边形综合题.
【分析】(1)利用作一个角等于已知角的方法,即可作出所求直线;
(2)易求得NBAP=NGPF,ZABP=ZPGF=90°,又由AP=PF,即可证得△ABP2△PGF,继而证
得结论;
(3)首先证得FG=CG,即可得AFCG是等腰直角三角形,继而求得答案;
(4)首先作CHLPF于H,易证得△PHO△PGF,由相似三角形的对应边成比例,可得理二,
BC4
然后设BP=3a,贝i]PC=a,PG=4a,FG=CG=3a,分别求得FC,HC,继而求得答案.
【解答】(1)解:如图1所示:
(2)证明:PE±AP,
ZAPE=90°.
ZAPB+ZGPF=90°,
又:ZAPB+ZBAP=90°,
ZBAP=ZGPF,
又FG±BC,
ZABP=NPGF=90°,
在4ABP^APGF中,
'NABP=/PGF
<ZBAP=ZGPF,
.AP=PF
AABP2APGF(AAS).
FG=BP;
(3)解:由(2)矢口AB=PG,
AB=BC,
/.BC=PG.
・•.BC-PC=PG-PC.
..BP=CG,
又FG=BP,
/.FG=CG.
又:ZCGF=90°,
ZFCG=45°;
(4)解:如图2,作CH_LPF于H,
・•,ZHPONGPF,ZCHP=ZFGP=90°,
△PHO△PGF.
.HC_PC
根据史
BC4
设BP=3a,贝!jPC=a,PG=4a,FG=CG=3a,
PF=22=5
VPG+FGA'CF=JCG2+FG2=3%a,
.HCa
,无工
HcW,
5
【点评】此题属于四边形的综合题,考查了矩形的性质、相似三角形的判定与性质、全等三角形的
判定与性质、等腰直角三角形的性质以及勾股定理等知识.注意准确作出辅助线是解此题的关键.
24.综合与探究:如图,抛物线y=-1x2+bx+c与x轴交于A(-1,0),B(5,0)两点,过点B
4
作线段BC_Lx轴,交直线y=-2x于点C.
(1)求该抛物线的解析式;
(2)求点B关于直线y=-2x的对称点B,的坐标,判定点B,是否在抛物线上,并说明理由;
(3)点P是抛物线上一动点,过点P作y轴的平行线,交线段BC于点D,是否存在这样的点P,
使四边形PBCD是平行四边形?若存在,求出点P的坐标;若不存在,请说明理由.
【考点】二次函数综合题.
【分析】(1)将点A、B的坐标代入抛物线的解析式,得到关于b、c的二元一次方程组,从而可解
得b、c的值;
(2)过点B,作B,E,x轴于E,BB,与OC交于点F.由平行于y轴的直线上各点横坐标相同可知点
C的横坐标为2,将x=2代入直线y=-2x的解析式可求得点C的坐标1•点B和B,关于直线y=-2x
对称,在
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