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文档简介
课时跟踪检测(七)匀变速直线运动规律的应用
力合格考过关练
1.[多选1对于初速度为零的匀加速直线运动,以下说法正确的是()
A.物体在Is、3s、5s时的速度之比为1:3:5
B.物体在1s、3s、5s内的位移之比为1:3:5
C.物体经过Im、3m、5m时的速度之比为:巾:,
D.物体经过Im、3m、5m所用时间之比为由:小:小
解析:选ACD由得故物体在is、3s、5s时的速度之比为1:3:5,A
正确;由x=%F得xoc/2,故物体在is、3s、5s内的位移之比为I2I32:52,B错误;由
"=2ax得。8也,故物体经过1m、3m、5m时的速度之比为,1:小:小,C正确;由
x=ga产得t0cm,物体经过1m、3m、5m所用时间之比为:巾:出,D正确。
2.冰壶的运动可以看成匀减速直线运动,假设冰壶经过6s停止
运动,那么冰壶在先后连续相等的三个2s内通过的位移之比XI:X2:
*3为()
A.1:2:3B.5:3:1
C.1:4:9D.3:2:1
解析:选B冰壶的运动过程可以逆向看成初速度为零的匀加速直线运动。根据初速
度为零的匀加速直线运动的特点,该逆过程在三个连续2s内的位移之比为1:3:5,所以
冰壶在连续相等的三个2s内的位移之比为5:3:1«故B正确。
3.在平直公路上,一辆汽车刹车做匀减速直线运动,经过4s停止运动。最后1s内汽
车的位移大小是2m,则刹车后的第1s内汽车位移大小为()
A.14mB.10m
C.8mD.6m
解析:选A汽车的运动可看成反向的初速度为0的匀加速直线运动,最后1s内的位
移即反向的第1s内的位移为为=;的2,得""等'm/s2=4m/s?,总位移为x=^aZ2
=^X4X42m=32m,反向的前3s内的位移为=^atf2=lx4X32m=18m,所以刹
车后第1s内的位移为Ax=x—x'=14m,选项A正确。
4.[多选]我国的“复兴号”列车正在飞驰运行的情境如图所示,列车在匀加速运动过
程中,从计时开始,通过第一个60m所用时间是10s。通过第二个60m所用时间是6s。
则()
A.动车组的加速度为0.5m/s2,接下来的6s内的位移为78m
B.动车组的加速度为1m/s2,接下来的6s内的位移为96m
C.动车组计时开始的速度为3.5m/s
D.动车组计时开始的速度为2.5m/s
解析:选AC第一个60m内中间时刻的瞬时速度oi=,=6m/s,第二个60m内中
间时刻的瞬时速度。2=卢=10m/s,则动车组的加速度5m/s2o根据k="炉
12t\-Vtz
2
得,接下来6s内的位移xsUM+aPnGOm+0.5X36m=78m,故A正确,B错误;动
车组的初速度0o=Oi—吟=6m/s—O.5X^m/s=3.5m/s,故C正确,D错误。
5.[多选]几个水球可以挡住子弹?《国家地理频道》实验证实:四个水球就足够!四
个完全相同的水球紧挨在一起水平排列,子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动,恰
好能穿出第四个水球,则可以判定()
A.子弹在每个水球中运动的时间相同
B.由题干信息可以确定子弹穿过每个水球的时间比
C.子弹在每个水球中速度变化相同
D.子弹穿出第三个水球的瞬时速度与全程的平均速度相等
解析:选BD设水球的直径为d,子弹运动的过程为匀减速直线运动,直到末速度为
零,我们可以应用逆过程,相当于子弹做初速度为零的匀加速直线运动。因为通过最后1
个、最后2个、后3个、全部4个的位移分别为d、2d、3d和4d,根据知,时间之
比为1:啦:巾:2,所以子弹在每个水球中运动的时间不同,故A错误;由以上的分析
可知,子弹依次穿过4个水球的时间之比为(2—小):(/一也):(啦一1):1,故B正确;
子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动,则受力是相同的,所以加速度相同,由Au=
“可知,运动的时间不同,则速度的变化量不同,故C错误;由对B项分析可知,子弹穿
过前3个水球的时间与穿过第4个水球的时间是相等的,由匀变速直线运动的特点可知,
子弹穿出第三个水球的瞬时速度与全程的平均速度相等,故D正确。
6.汽车进行刹车试验,若速度从8m/s匀减速到零所用的时间为1s,按规定速度为8m/s
的汽车刹车后位移不得超过5.9m,那么上述刹车试验是否符合规定()
A.位移为8m,符合规定B.位移为8m,不符合规定
C.位移为4m,符合规定D.位移为4m,不符合规定
解析:选C由题意知,汽车刹车后的位移x=。yf=4m<5.9m,所以符合
规定。故C正确。
7.一个小球从斜面的顶端由静止开始匀加速沿斜面滑下,经过斜面中点时速度为3m/s,
则小球到达斜面底端时的速度为()
A.4m/sB.5m/sC.6m/sD.3ym/s
解析:选D设斜面长为x,加速度为a,到达底端的速度为V,则由埠=
得3所以m/s,D正确。
8.[多选]如图所示,物体自0点由静止开始做匀加速直线运动,A、5、C、O为其运
动轨迹上的四点,测得48=2m,BC=3且物体通过48、BC、所用的时间相等,
则下列说法正确的是()
OABCD
A.可以求出物体加速度的大小
B.可以求得C£>=4m
C.可以求得。、A之间的距离为1.125m
D.可以求得。、8之间的距离为12.5m
解析:选BC由、=。乃可得物体的加速度a的大小为。=*=°芦=/,因为不知
道时间,所以不能求出加速度,故A错误;根据XBC=XBC—Xo=lm,可知xa>=(3
+l)m=4m,故B正确;物体经过8点时的瞬时速度为牲=0AC=^m,由"=2a*可
21
vR25T
得0、B两点间的距离为XOB——4T2~2m=3.125m,所以。与A间的距离为XOA=
XOB~~XAH=(3>125-2)m=l.125m,故C正确,D错误。
w等级考高分练......
9.[多选]如图所示,光滑斜面AE被分成四个长度相等的部分,即A
AB=BC=CD=DE,一物体从A点由静止释放做匀加速运动,下列结
论正确的是()
A.物体到达B、C、。、E点的速度之比为1:2:3:4
B.物体到达各点经历的时间tE=2tB=yj2tc=^tD
C.物体从A运动到E全过程的平均速度等于通过3点的速度内
D.物体通过每一部分时,其速度增量0B—以=比-=—Vc=f£一力)
解析:选BC由初速度为零的匀加速运动的推论可得tB'.tc'.tD,.tE=l:^2:^3:2,
故物体到达各点的速度之比为1:虫:小:2,物体到达各点所经历的时间tE=2tB=yl2tc
=后,故A错误,B正确;物体从4运动到E的全过程平均速度等于中间时刻的瞬时速
度,AB与BE的位移之比为1:3,可知B点为AE段的中间时刻,则物体从A运动到E
全过程的平均速度石=狈,故C正确;物体通过每一部分时,所用时间不同,故其速度增
量不同,故D错误。
10.一小物块以一定的初速度自光滑斜面的底端。点上滑,最远可达5点,e为劭的
中点。已知物体由。到e的时间为如则它从e经方再返回e所需时间为()
A.toB.(啦-1)如
C.2(y[2+l)t0D.(2g+1)力
解析:选C由逆向思维可知物体从b到e和从e到a的时间比为1:(也一1),即f:
/o=l:(V2-1),得t=(^2+l)t0,由运动的对称性可得从e到b和从b到e的时间相等,所
以从e经b再返回e所需时间为2f,即2(、份+1珈,故C正确。
H.[多选|一小球从静止开始做匀加速直线运动,在第15s内的位移比前1s内的位移
多0.2m,则下列说法正确的是()
A.小球加速度为0.2m/s2
B.小球前15s内的平均速度为1.5m/s
C.小球第14s初的速度为2.8m/s
D.第15s内的平均速度为0.2m/s
2
解析:选AB根据匀变速直线运动的推论Ax=a72得a=0.2m/s,故A正确;小球
15s末的速度55=画15=0.2x15m/s=3m/s,则小球前15s内的平均速度。
m/s=l.5m/s,故B正确;小球第14s初的速度等于13s末的速度,则初3=M3=0.2x13
m/s=2.6m/s,故C错误;小球第14s末的速度0i4=M4=O.2x14m/s=2.8m/s,则第
15s内的平均速度为vis'=「i4;0i5=34^2.8m/s=2.9m/s,故D错误。
12.一物体做匀变速直线运动,在通过第一段位移I的过程中,其速度变化量为Ao,
紧接着通过第二段位移X2,速度变化量仍为Av,则关于物体的运动,下列说法正确的是
()
A.第一段位移©一定大于第二段位移X2
B.两段运动所用时间一定不相等
C.物体运动的加速度为也也
X2-X\
(X2+xi)A。
D.通过两段位移的平均速度为
X2-X|
解析:选C两段过程中速度的变化量相等,根据/=彳■知,两段过程中运动的时间相
等,若做匀加速直线运动,第一段位移小于第二段位移,若做匀减速直线运动,第一段位
移大于第二段位移,故A、B错误;两段过程的时间相等,设为Af,则有X2—©=a(AP),
又Ao=aAf,解得物体的加速度a=[,故C正确;运动的总时间,=2X.=2";j",
则通过两段位移的平均速度石=型#=(X1+X2)AO
故D错误。
2(X2—XI)
13.做匀加速直线运动的物体途中依次经过A、B、C三点,已知A3=5C=g(/未知),
AB段和BC段的平均速度分别为vi=3m/s、v2=6m/s«
(1)物体经B点时的瞬时速度狈为多大?
(2)若物体的加速度a=2m/s12,试求AC段的距离/«
解析:(1)设A、B、C三点速度分别为如、vB.vc
^VB+VC
对于AB段,有叱对于8c段,有-2-=02
0
对于AC全程,8为中间位置,有VB=
联立以上三式解得vi(=5m/s,VA=\m/s,W=7m/so
(2)对于AC全程,有/=-5-----=12mo
/a
答案:(1)5m/s(2)12m
课时跟踪检测(九)匀变速直线运动的三类问题
就f格考过关练
1.P、Q两车在平行的平直公路上行驶,其。“
fl到f2这段时间内()
A.Q车的加速度始终大于P车的加速度
B.a时刻,Q车一定在P车前面
C.若“时刻P车在Q车前,则两车距离一定减小
D.若八时刻P车在Q车前,则Q车可能会超过P车
解析:选D图像曲线上某点切线斜率大小表示加速度大小,根据斜率变化可知,
在h到h这段时间内Q车的加速度先大于P车的加速度,后小于P车的加速度,故A错误;
虽然fl到打这段时间Q车位移大于P车位移,但p、Q两车在“时刻的位置关系未知,因
此无法判断时刻P、Q两车的位竞关系,故B错误;在〃到打这段时间内,P车速度始
终小于Q车速度,若fi时刻P车在Q车前,则两车间距离可能一直减小,也可能先减小后
增大(Q车越过P车),故C错误,D正确。
2.如图所示,A、B两物体相距s=7m,物体A以0A=4m/s的工上一
速度向右匀速运动,而物体B此时的速度为VB=10m/s,向右做匀减」$
速运动,加速度a=-2m/s2,那么物体A追上物体B所用的时间为
()
A.7sB.8s
C.9sD.10s
解析:选B物体A做匀速直线运动,位移XA=VA£=4«m)。物体B做匀减速直线运
动,减速过程的位移4B=OBE+;"=10E—pg)。设物体B速度减为零所用时间为Ei,贝U人
=2_%=5§,在11=5s的时间内,物体B的位移为冲1=25m,物体A的位移为从1=20
m,由于XAIVXBI+S,故前5s内物体A未追上物体B;5s后,物体B静止不动,故物体
A追上物体B的总时间为£总=殁"=怨?s=8so故选项B正确。
0Aq
3.某汽车在启用ABS刹车系统和不启用该刹车系统紧急刹车启用ABS
时,其车速与时间的变化关系分别如图中的①、②图线所示。由图X去直出ARA
可知,启用ABSB()।
A.”时刻车速更小”’2力
B.0〜fi时间内加速度更大
C.加速度总比不启用ABS时大
D.刹车后前行的距离比不启用ABS更短
解析:选D由题图知,启用ABS后,有时刻车速较大,所以A错误;根据。Y图像
的斜率表示加速度,可得启用ABS后,0〜《时间内加速度较小,故B、C错误;由图
像与横坐标轴所围图形的面积表示位移,可知刹车后前行的距离比不启用ABS更短,故D
正确。
4.在研究匀变速直线运动的实验中,算出小车经过各计数点的瞬时速度如下:
计数点序号123456
计数点对应的时刻/S0.10.20.30.40.50.6
通过计数点时的速度/(cm・s-i)44.062.081.0100.0110.0168.0
以下做法正确的是()
A.根据任意两个计数点的速度及时间,用公式算出加速度
B.根据实验数据画出。-f图像,测量出图线倾角,由公式a=tana计算出加速度
C.根据实验数据画出。“图像,由图线上距离相距较远的两点所对应的速度及时间,
用公式詈算出加速度
D.依次算出通过连续两个计数点间的加速度,算出平均值作为小车的加速度
解析:选C在处理实验数据时,如果只使用其中两个数据,因为偶然误差的存在可
能会造成最后误差较大,所以我们可以根据实验数据画出图像,由图线上相距较远的两点
所对应的速度及时间,用公式算出加速度,误差小,选项A、D错误,选项C正确;根据
实验数据画出图像,当纵坐标取不同的标度时,图线的倾角就会不同,所以测量出图线倾
角a,用公式tana计算出的数值不一定是加速度,选项B错误。
5.[多选]在“研究匀变速直线运动规律”的实验中,下列方法中有利于减小实验误差
的是()
A.选取计数点,把每打5个点的时间间隔作为一个时间单位
B.使小车运动的加速度尽量小些
C.舍去纸带上开始时密集的点,利用点迹清晰、间隔适当的那一部分进行测量、计算
D.适当增加挂在细绳下钩码的个数
解析:选ACD实验中应区分计时器打出的轨迹点与人为选取的计数点,通常每隔4
个轨迹点选1个计数点,这样计数点间的距离大些,测量时相对误差较小,A选项正确。
小车的加速度应适当大些,在纸带上计数点间的距离较大,测量的相对误差较小,B选项
错误。应舍去纸带上点迹密集的点,利用点迹清晰、间隔适当的那一部分进行测量,这样
测量的相对误差较小,C选项正确。适当增加挂在细绳下钩码的个数,使小车运动的加速
度适当增大,既可以打出足够多的点,又可以让点的距离尽量大些,有利于减小误差,D
选项正确。
6.因雾霾天气,能见度不足20m。在这样的恶劣天气中,甲、乙|»/(ms')
两汽车在一条平直的公路上行驶,当甲、乙两车恰好并排行驶时,甲、:;Z
乙两车司机听到前方有事故发生的警笛提示,同时开始刹车,直到减
速为0,甲、乙两车刹车时的。Y图像如图所示,则()°202530心
A.甲车减速的加速度为0.5m/s2
B.甲车减速的加速度比乙车减速的加速度大0.75m/s2
C.减速过程中甲、乙两车间的最大距离为100m
D.减速过程中甲、乙两车间的最大距离为87.5m
解析:选Cv-t图像的斜率表示加速度,故甲车减速的加速度为ar=^,=—Hm/s2
=-1m/s2,乙车减速的加速度为a匕=第=一焉m/s2=-0.5m/s2,故A、B错误;当甲、
乙两车速度相等时,即f=20s时,甲、乙两车间的距离最大,0Y图像与横坐标轴所围图形
面积之差表示位移之差,即Ax=[x(25-15)X20m=100m,故C正确,D错误。
7.甲、乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动,f
=0时刻同时经过公路旁的同一个路标。在描述两车运动的v-t图像
中(如图所示),直线a、b分别描述了甲、乙两车在0〜20s的运动
情况,关于两车之间的位置关系,下列说法正确的是()
A.在0〜10s内两车逐渐靠近
B.在10〜20s内两车逐渐远离
C.在5〜15s内两车的位移相等
D.在f=10s时两车在公路上相遇
解析:选C由题图可知,甲车做。=5m/s的匀速直线运动,乙车做为=10m/s的匀
减速直线运动。0〜10s内,vc>vr,乙车在前,且距离在增大,A错误;10〜20s内,v
c<v乙车在前,二者距离在减小,B错误;5〜15s内,a、6两图线与f轴所围的面积
相等,故发生的位移相等,C正确;f=10s时,vL=Vr,两车相距最远,/=2()s时,两
车位移相等,此时相遇,D错误。
8.如图甲所示,一打点计时器固定在斜面上端,一小车拖着穿过打点计时器的纸带从
斜面上匀加速直线滑下。由于实验者粗心,不小心把纸带弄成了三段,并把中间一段丢失
了,打出的完整纸带中剩下的两段如图乙所示。这两段纸带是小车运动的最初和最后两段
时间分别打出的,已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz,即图乙每相邻两个计时点间
的时间间隔为0.02s。请根据图乙给出的数据回答下列问题:
打点计时器
甲
5.125.746.369.47(单位:cm)
⑴纸带的(选填“右端”或“左端”)与小车相连。
(2)打纸带上A点时小车的瞬时速度大小以=m/s(结果保留三位有效数字)。
(3)纸带上。、E之间的距离XDE=cm(结果保留三位有效数字)。
(4)丢失的中间一段纸带上应该有个计时点。
解析:(1)小车做加速运动,相邻两计数点之间的距离越来越大,故小车与纸带的左端
相连。
(2)根据句变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度,可以求出打纸
带上A点时小车的瞬时速度大小为
X(5.12+5.74)X10-2m
F.
7=4X0.02s36m/So
(3)根据匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数,即Ax=a/=常数,有XEF
~XDE=XFG~XEF,即AX=8.85cm-XUE=9.47cm—8.85cm=0.62cm,得XDE=8.23
(4)XD£-XBC=8.23cm-6.36cm=l.87cm=3Ax,说明中间应相隔两段间隔,即丢
失的中间一段纸带上有3个计时点。
答案:(1)左端(2)1.36(3)8.23(4)3
9.如图所示,直线表示一条平直公路,甲、乙两辆汽车原来停在A、8两处,4、
8间的距离85m,现甲车先开始向右做匀加速直线运动,加速度©=2.5m/s2,甲车运动
6.()s时,乙车立即开始向右做匀加速直线运动,加速度念=5.0m/s2,求:
(1)两辆汽车再经过多长时间相遇;
(2)两辆汽车相遇处距A处的距离。
甲车乙车
M—----------------------------------N
AB
解析:(1)甲车运动6.0s的位移xo=[aif(»2=45m,甲车尚未追上乙车,设此后经时间
,与乙车相遇,则有
3。1«+%)2=:。2尸+85m
将上式代入数据解得fi=4s,,2=8S
«、打都有意义,f|=4s时,甲车追上乙车;f2=8s时,乙车追上甲车再次相遇。
2=
(2)第一次相遇地点距4处的距离si=^ai(/j+/0)125m
第二次相遇地点距A处的距离«2=1(ti+^o)2=245m。
答案:见解析
钝等级考高分练
10.高速公路的ETC电子收费系统如图所示,ETC通道的长度是识别区起点到自动栏
杆的水平距离。某汽车以21.6km/h的速度匀速进入识别区,ETC天线用了0.3s的时间
识别车载电子标签,识别完成后发出“滴”的一声,司机发现自动栏杆没有抬起,于是采取
制动刹车,汽车刚好没有撞杆。已知司机的反应时间为0.7s,刹车的加速度大小为5m/s2,
则该ETC通道的长度约为()
A.4.2mB.6.Om
C.7.8mD.9.6m
解析:选D21.6km/h=6m/s,汽车在前O.3s+O.7s内做匀速直线运动,位移
为XI=OO«I+£2)=6X(0.3+0.7)m=6m;随后汽车做减速运动,位移为》2=算=,。.m
=3.6m。所以该ETC通道的长度为L=XI+X2=(6+3.6)m=9.6m。故D正确。
U.[多选]物体甲的位置x随时间t的变化关系和物体乙的v-t图像分别如图所示,则
这两物体的运动情况是(
A.甲在整个f=6s时间内运动方向一直不变,它通过的总位移大小为4m
B.甲在整个t=6s时间内有来回运动,它通过的总位移为零
C.乙在整个t=6s时间内有来回运动,它通过的总位移为零
D.乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变,平均速率为lm/s
解析:选AC由题图可知,甲在整个f=6s时间内一直沿正向运动,运动方向一直不
变,做匀速直线运动,通过的总位移大小为Ax=2m—(―2m)=4m,故A正确,B错误;
乙在0〜3s内沿负向做匀减速直线运动,位移为xi=-3m,3s后沿正向做匀加速直线运动,
位移为勾=3m,故总位移为x=Xi+x2=0,故C正确,D
错误。
12.两个质点A、B放在同一水平面上,由静止开始从
同一位置沿相同方向同时开始做直线运动,其运动的v-t图
像如图所示。对4、8运动情况的分析,下列结论正确的是
()
A.4、8加速时的加速度大小之比为2:1,A、8减速时的加速度大小之比为1:1
B.在f=3fo时亥!4、8相距最远
C.在f=5to时刻,A、3相距最远
D.在1=6%时刻,4、8相遇
解析:选D由o-f图像,通过斜率可计算加速度大小,加速时4、5的加速度大小之
比为10:1,减速时A、B的加速度大小之比为1:1,所以选项A错误;由A、8运动关系
可知,当4、8速度相同时距离最远,所以选项B、C错误;由题意可知A、8是从同一位
置同时开始运动的,由速度一时间图像可以算出运动位移,可知在6fo时刻,4、8位移相
同,因此在此时刻A、5相遇,所以选项D正确。
13.如图甲所示,小车开始在水平玻璃板上运动,后来在薄布面上做减速运动。某同
学用打点计时器记录小车的运动情况,所打出的纸带及相邻两点间的距离(单位:cm)如图
乙所示,纸带上相邻两点间对应的时间间隔为0.02s,
打点计时器小车玻璃薄布
甲
6・・54•3・2•1・0・
|憎III[
0.61.01.21.41.6■匀速
«---------减速-------------►
乙
⑴计算计时器打出点2、3时小车的速度大小,填入表中。
计数点序号12345
速度-1
pn/(m-s)0.75——0.450.35
⑵在平面直角坐标系中作出小车在薄布上运动的V4图像。
(3)求出小车在玻璃板上的运动速度大小。
1.2+1.0
解析:(1)根据题图乙可得cm/s=65cm/s=0.65m/s,vs=~cm/s
=55cm/s=0.55m/s。
(2)以速度为纵坐标、时间为横坐标建立直角坐标系。用描点法作出小车在薄布上做减
速运动的。4图像。将图线延长,使其与纵轴相交,如图所示。
(3)由图像可知,小车做减速运动的初速度为0.85m/s,即小车在玻璃板上的运动速度
大小。
答案:(1)0.650.55(2)见解析图(3)0.85m/s(0.84~0.86m/s均可)
14.春节放假期间,全国高速公路免费通行,小轿车可以不停车通过收费站,但要求
小轿车通过收费站窗口前xo=9m区间的速度不超过如=6m/s。现有甲、乙两小轿车在收
费站前平直公路上分别以。甲=20m/s和v乙=34m/s的速度匀速行驶,甲车在前,乙车在
后。甲车司机发现正前方收费站,开始以大小为“单=2m/s?的加速度匀减速刹车。
(1)甲车司机需在离收费站窗口至少多远处开始刹车才不违章?
(2)若甲车司机经刹车到达离收费站窗口前9m处的速度恰好为6m/s,乙车司机在发现
甲车刹车时经fo=0.5s的反应时间后开始以大小为a乙=4m/s2的加速度匀减速刹车。为
避免两车相撞,且乙车在收费站窗口前9m区不超速,则在甲车司机开始刹车时,甲、乙
两车至少相距多远?
解析:(1)甲车速度由20m/s减速至6m/s过程中的位移xi=1~=91m
2Q甲
X2=xo+xi=lOOm
即甲车司机需在离收费站窗口至少100m处开始刹车。
(2)设甲车司机刹车后经时间。甲、乙两车速度相同,由运动学公式得
v乙-a乙(£一m)=0甲-a甲£
解得f=8s
相同速度v=v甲一a甲f=4m/s<6m/s,只需满足乙车到达窗口前不超速,两车不会相
撞。
U乙2一伙
乙车从34m/s减速至6m/s的过程中位移为x^=v乙£o+一-=157m
2。乙
所以要满足条件,甲、乙的距离至少为x=X3-x1=66m。
答案:(1)100m(2)66m
课时跟踪检测(十五)共点力平衡的三类问题
力合格考过关练〃
1.如图所示,一质量为m的热气球在匀速下降,若气球所受浮力尸始终保持不变,
气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关,重力加速度为g。现欲使该气球以同样速率匀速
上升,则需从气球吊篮中减少的质量为()
A.2"方n2尸
B-m~~7
FF
C.2m--D.m
g
解析:选A气球匀速下降时,受到向下的重力,,吆、向上的浮力尸和向上的阻力尸他,
根据共点力平衡条件得,砥=尸+尸阳;气球匀速上升时,设吊篮中减少的质量为Am,则气
球受到重力(初一A/n)g、向上的浮力尸、向下的阻力,同理可得(机一A"z)g+尸阻'=F,
又因为=F,联立解得Am=2(,〃-g
a,故A项正确。
2.如图所示,一根轻绳的上端固定在。点,下端拴一个重力为G
的小球,现对小球施加一个方向和大小都变化的力F,使小球与竖直方
向的夹角为30。,保持小球的位置不变,则力尸的最小值是()
A.fB.华
C.华D.G
解析:选A轻绳对小球的拉力和力产的合力与小球的重力是一对平衡力,为一定值,
由此可知,当力F与轻绳的拉力垂直时,力尸最小,此时尸=苧,A正确。
3.如图所示,电灯悬挂于两墙之间,更换水平绳使A点向上移动
而保持。点的位置不变,则4点向上移动时()
A.绳OA的拉力逐渐增大
B.绳的拉力逐渐减小
C.绳OA的拉力先增大后减小
D.绳OA的拉力先减小后增大
解析:选D对。点受力分析,如图所示。
从图可以看出,绳04的拉力先变小后变大,故A、B、C错误,D正确。
4.[多选]用绳40、8。悬挂一个重物,3。水平,。为半圆形支架的圆<.
心,悬点4和B在支架上。悬点A固定不动,将悬点8从如图所示的位置
逐渐移动到C点的过程中,绳。4和绳06上的拉力的大小变化情况是()'-------
A.04绳上的拉力逐渐减小山
B.0A绳上的拉力先减小后增大
C.。5绳上的拉力逐渐增大
D.绳上的拉力先减小后增大
解析:选AD将A0绳、5。绳的拉力合成,其合力与重物
的重力等大反向,逐渐改变08绳上拉力的方向,使外与竖直方
向的夹角变小,得到多个平行四边形,如图所示,由图可知以逐
渐减小,且方向不变,而Fp先减小后增大,且方向不断改变,当
外与凡垂直时,尸“最小,故A、D正确。
5.如图,光滑的四分之一圆弧轨道A8固定在竖直平面内,A端与水平面相切。穿在
轨道上的小球在拉力产的作用下,缓慢地由A向8运动,f始终沿轨道的切线方向,轨道
对球的弹力为FN。在运动过程中()
A.尸增大,FN增大B.F减小,FN减小
C.尸增大,FN减小D.厂减小,FN增大
解析:选C对小球的受力分析如图所示。尸与尸N方向垂直。小球
缓慢地由A向B运动,可知小球处于平衡状态,所受合力为零。尸与fN
的合力与小球所受重力等大、反向。由几何知识得F=mgsin0,F^=
/ngcosOo在小球运动过程中,,角增大,可得产增大,外减小,选项c
正确。
6.[多选]如图所示,在粗糙水平面上放一质量为M的斜面体,质量为小的木块在竖直
向上的力F作用下沿斜面匀速下滑,此过程中斜面体保持静止,重力加速度为g,则地面
对斜面体()
上
A.无摩擦力
B.有水平向左的摩擦力
C.支持力大小为(M+/n)g
D.支持力小于(M+m)g
解析:选AD木块匀速下滑,斜面静止,斜面和木块均处于平衡状态,对产.
F
木块与斜面体整体受力分析,整体受拉力尸、重力(M+/n)g、支持力FN,如图
所示。根据平衡条件得,在竖直方向上有尺+厂一函+,"应=0,解得尸N=(M+
(Af+m)K
m)g—F<(M+m)g,在水平方向上不受力,故地面对斜面体无摩擦力,故选项A、
D正确,B、C错误。
7.[多选]如图,一细绳跨过滑轮,其一端悬挂物块a,另一端系着物块b,物块b位于
水平粗糙的桌面上。外力尸水平向右拉物块b,使物块b缓慢向右运动。在物块b向右运
动的过程中()
LT
A.外力尸逐渐增大
B.连接a和b的绳的张力逐渐增大
C.桌面对物块b的支持力逐渐减小
D.物块b与桌面间的摩擦力逐渐增大
解析:选AD物块b向右缓慢移动的过程中,物块a缓慢向上移动,物块a受力平衡,
绳对a的拉力等于物块a的重力,始终不变,故B错误;对物块b进行受力分析,如图所
示,
mg
在x轴上有F—R—尸TCOS,=0
在y轴上有尸N+尸TSin0—mg=0
其中广(•=//尸N
联立解得FN=/ng—Frsin0
F=FTCOS8+"(,”g一尸附加0)
随着物块b向右缓慢移动,细绳与水平线的夹角,逐渐减小,则可得尸N逐渐增大,C
错误;根据尸f="FN可知,摩擦力R逐渐增大,D正确;外力尸逐渐增大,A正确。
8.如图所示,质量为机的木块A放在质量为M的三角形斜劈上,现用大小均为尸、
方向相反的水平力分别推A和B,它们均静止不动,则(重力加速度取g)()
A.A与B之间一定存在摩擦力
B.B与地面之间可能存在摩擦力
C.B对A的支持力可能小于mg
D.地面对B的支持力为Mg
解析:选C对A、B整体受力分析,如图所示,受到重力(M+机应、支
持力fN和已知的两个推力尸,对于整体,由于两个推力刚好平衡,故整体与
地面间没有摩擦力,且有FN=(M+m)g,故B、D错误;对A受力分析,A
至少受重力,"g、推力尸、B对A的支持力尸/,当推力尸沿斜面的分力大于重力沿斜面
的分力时,摩擦力的方向沿斜面向下,当推力/沿斜面的分力小于重力沿斜面的分力时,
摩擦力的方向沿斜面向上,当推力厂沿斜面的分力等于重力沿斜面的分力时,摩擦力为零,
A错误;在垂直斜面方向上,有尸N'=»igcos0+尸sin0(。为斜劈倾角),故FN'可能小于
mg,C正确。
9.[多选]如图所示,质量为,〃的物体通过定滑轮牵引粗糙水平面上的物体沿斜面匀速
下滑,此过程中斜面体始终静止,斜面体的质量为重力加速度为g,则水平地面对斜面
体()
A.支持力为(M+〃?)g
B.没有摩擦力
C.支持力小于(M+,〃)g
D.有水平向右的摩擦力
解析:选CD设绳子上的拉力为FT,选斜面体与质量为机的物体组
成的整体为研究对象,受力分析如图所示,由平衡条件可以判断,斜面体必
受到沿水平面向右的摩擦力;斜面的倾角为,,则尸N+FTsin,=(M+m)g,
所以尸N小于(M+/n)g,故C、D正确,A、B错误。
、等级考高分练
10.将重为4mg的均匀长方体物块切成相等的A、B两部分,切面与边面的夹角为45。,
如图所示叠放并置于水平地面上,现用弹簧测力计竖直向上拉物块A的上端,弹簧测力计
示数为mg,整个装置保持静止,贝!1()
A.地面与物块间可能存在静摩擦力
B.物块对地面的压力大于3/ng
C.A对B的压力大小为mg
D.A、B之间静摩擦力大小为*mg
解析:选D对A、B整体受力分析,在水平方向上不受地面的摩擦力,否则不能平衡,
在竖直方向上受力平衡,则有FN+F=4»ng,解得/N=3/ng,则物块对地面的压力等于3mg,
故A、B错误。对A部分受力分析,如图所示。把A部分所受力沿切面和垂直切面方向进
行分解,根据平衡条件得尸NA=(2帆g一加g)sin45°,/f=(2根g—zng)・cos45°,解得尸NA=R
A/?\[2
=tmg,由牛顿第三定律知A对B的压力尸NB=FNA=\-7〃g,故C错误,D正确。
11.如图所示,在粗糙水平地面上放着一个表面为四分之一圆弧的柱I一
状物体A,A的左端紧靠竖直墙,A与竖直墙之间放一光滑圆球B,整个
装置处于静止状态,则把A向右缓慢移动少许的过程中,下列判断正确的
是()
A.球B对墙的压力增大
B.球B对柱状物体A的压力增大
C.地面对柱状物体A的摩擦力不变
D.地面对柱状物体A的支持力不变
解析:选D球B受重力、A的支持力尸i和墙壁的弹力F2,受力分析如图甲所示,设
尸1与竖直方向的夹角为,,根据平衡条件可知,尸1=益/,尸2=Gtanf)a当A向右缓慢移
动时,根据几何关系可知,,减小,所以cos8增大,tan”减小,即墙壁对球B的
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