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文档简介
备战2022年高考化学一轮巩固模拟卷3
(全国甲卷专用)
可能用到的相对原子质量:H1C12N14016AI27S32Ca40Fe56Ba137
一、选择题:本题共16小题,每小题3分,共48分。在每小题给出的四个选项中,只有
一项是符合题目要求的。
1.(2021・广西•浦北中学高三阶段练习)下列溶液可以用加热蒸干并充分灼烧的方法得
到溶质固体的是
A.CuCl2B.FeSO4C.NaHCO3D.CuSO4
2.(2021•全国•高三专题练习)下列说法正确的是
A.CL、KMnCU、H2O2是常见的氧化剂
B.在水溶液中能电离出氢离子的化合物都是酸
C.元素由游离态(单质)变为化合态(化合物)都是被氧化
D.金属氧化物都是碱性氧化物
3.(2019•贵州•高三阶段练习)常温下,将NaOH溶液滴加到二元弱酸H2A溶液中,
混合溶液的pH与粒子浓度变化关系如图所示。下列叙述错误的是
54
B.Ka2(H2A)=10
C.水的电离程度:d>b>c>a
D.d点溶液:c(Na+)>c(A2-)>c(HA-)>c(H+)=c(0H-)
4.(2021•河南省实验中学模拟预测)垃圾分类具有社会、经济、生态等几方面的效
益,为研究废旧电池的再利用,实验室利用旧电池的铜帽(主要成分为Zn和Cu)回收
Cu并制备ZnO的部分实验流程如图所示。下列说法错误的是
A.“溶解”过程中,加入H2O2的作用是氧化Cu而使Cu溶解
B.加入锌粉过量的目的是使铜离子完全转化为铜单质
C.操作M中用到的玻璃仪器有铁架台、烧杯、漏斗和玻璃棒
D.通过加适量碱、过滤、洗涤、干燥、加热等操作,可得到ZnO
5.《Science》杂志报道了王浩天教授团队发明的制取H2O2的绿色方法,原理如图所示
(已知:H2O2^^H+HO2,Ka=2.4xl042)下列说法正确的是
国益催化剂覆击催化剂
电极、,电极
X多Y
孔
版
板
囿
体
电
H
质
触净也6溶液b«
A.Y膜为阳离子交换膜
B.每消耗1molO2外电路通过4mole-
+
C.a极电极反应式:H2-2e=2H
+
D.b极电极反应式:0,+4H+4e-=2H20
6.含硫煤燃烧会产生大气污染物,为防治该污染,某工厂设计了新的治污方法,同时
可得到化工产品,该工艺流程如图所示,下列叙述不正确的是
B.过程I中的离子方程式为4Fe2++C)2+4H+=4Fe3++2H,O
C.过程II中每吸收1L2LSC>2(标准状况)会得到0.5molH2SO4
D.该工艺不仅吸收了二氧化硫,还得到了化工产品硫酸
7.某溶液中可能含有Fe3+、Mg2+、Na\Ba2\Cl\OH,SO:中的若干种,下列说
法中正确的是
A.溶液中最多有4种离子B.若溶液有颜色,则一定没有OH-
C.若溶液呈碱性,则一定含有Na+D.该溶液不可能溶解单质铜
8.X、Y、Z、R、W为原子序数依次增大的短周期元素,Z、W为同族元素,R
的原子半径是同周期主族元素中最大的。其中,X、Y、Z、W形成的化合物可表示
为[YXj+[XWZ4]。下列说法正确的是
A.原子半径:W>Z>Y
B.简单氢化物的沸点:W>Z
C.Z与X、Y、R、W均可形成多种化合物
D.Z、R、W三种元素形成的化合物的水溶液呈中性
9.下列实验的现象与对应结论均正确的是
选项操作现象结论
A将浓硫酸滴到蔗糖表面固体变黑膨胀浓硫酸有吸水性和强氧化性
B常温下将A1片放入浓硝酸中无明显变化A1与浓硝酸不反应
C将一小块Na放入无水乙醇中产生气泡Na能置换出醇羟基中的氢
D将水蒸气通过灼热的铁粉粉末变红铁与水在高温下发生反应
A.AB.BC.CD.D
^^COOCH,
10.有机物M])-)是有机合成的一种中间体。下列关于M的说法错误的
是
A.分子式为CIOHM。?B.含有两种官能团
C.分子中所有碳原子可能共平面D.能发生加成反应和取代反应
11.(2021•浙江•高三专题练习)下列离子方程式正确的是
A.铜与足量的浓硝酸反应:3Cu+2NO"8H+=3Cu2++2NOT+4H2。
2
B.用NaOH溶液吸收少量H2S:2OH-+H2S=S+2H2O
2
C.向Na2s溶液中通入过量的SO2:S-+SO2+H2O=H2S+SO3
+3+
D.过量铁粉与稀硫酸和硝酸钾混合溶液反应:Fe+4H+NO;=Fe+NOt+2H2O
12.(2022•福建三明•高三期末)下列实验能达到实验目的且符合操作要求的是
碳酸钠
碳酸氢钠
氢氧化
钠溶液
澄
清
石
灰
百、新制硫酸
1水用亚铁溶液
IIIiniv
A.I可用于证明Cl2能否溶于水或与NaOH溶液反应
B.n可用于除去CO2中的HC1气体
c.in可用于比较碳酸钠与碳酸氢钠的热稳定性
D.w可用于制备氢氧化亚铁并观察其颜色
13.(2021•山东淄博•三模)NA为阿伏加德罗常数的值.下列说法正确的是
A.18g重水(D2O)中含有的质子数为9NA
B.标准状况下,2.24LBr2中含原子数目为0.2NA
C.lmolH2O2中含有极性键数目为3NA
D.室温下,pH=5的CH3coOH溶液中,由水电离的H+数目为IO^NA
14.(2022•安徽六安•模拟预测)下列关于有机化合物的说法正确的是
A.CH=CH和CH2=CHCH=CH2互为同系物
B,苯和氯气生成C6H6ck的反应是取代反应
C.丙烯和苯分别与滨水混合后充分振荡、静置,其水层褪色原理相同
D.分子式为C4H8BI€1的有机物(不考虑立体异构)共有12种
15.(2021•江苏省如皋中学高三阶段练习)2020年9月22日,中国国家主席习近平在
第七十五届联合国大会一般性辩论上发表重要讲话指出,中国将提高国家自主贡献力
度,采取更加有力的政策和措施,二氧化碳排放力争于2030年前达到峰值,努力争取
2060年前实现碳中和。下列说法错误的是
A.减少碳排放有利于缓解全球变暖,减少极端天气发生的频率
B.大力支持风电、光伏发电、生物质发电等行业健康有序发展
C.鼓励农村居民燃烧农作物秸秆用于做饭、冬季取暖
D.大力发展电动汽车、氢燃料电池汽车等新能源汽车
16.(2021•黑龙江•高三阶段练习)三甲胺N(CH3)3是重要的化工原料。我国科学家实
现了在铜催化剂条件下将N,N一二甲基甲酰胺[(CH3)2NCHO,简称DMF]转化为三甲
胺[N(CH3)3]。计算机模拟单个DMF分子在铜催化剂表面的反应历程如图所示(*表示物
质吸附在铜催化剂上),下列说法正确的是
(CH3)2NCHO(g)+2H2(g)
0.6.0
.5
-1.05
N(CH)(g)+HO(g)
-(CH)NCHOH*+3H*332
L32(CH)NCH2+OH*+2H*-102
-1.2332
.0
-Z-1.55
-1.77
-(-2.16.
(CH3)2NCH2OH*+2H*
(CH3)2NCHO*+2H*N(CH3)3+OH*+H*
A.该历程中决速步骤为(CHsbNCH2OH*=(CH3)2NCH,+OH*
B.该历程中的最大能垒(活化能)为2.16eV
C.升高温度可以加快反应速率,并提高DMF的平衡转化率
D.若ImolDMF完全转化为三甲胺,则会释放出1.02eV-NA的能量
二、非选择题:共52分,第17-19题为必考题,每个试题考生都必须作答。第20-21题为
选考题,考生根据要求作答。
(一)必考题:共39分。
17.(2020•山西实验中学高三阶段练习)工业合成氨是人工固氮方法之一。
I.已知下列物质的键能:
N-NN=NNsNN-HH-H
193kJ/mol418kj/mol946kJ/mol391kJ/mol436kJ/mol
则N2(g)+3H2(g)=2NH3(g)△H=。
II.恒温下,将一定量N2、丛置于10L的容器中发生反应,反应过程中各物质浓度随
时间变化如下图。
(1)图中0〜2s内的反应速率V(H2)=;该温度下平衡常数的计算表达式为
(2)该反应达到平衡的标志为(填序号)。
A.混合气体的平均相对分子质量不变
B.物质的量浓度比等于系数比
C.容器内温度不变
D.断裂ImoIH-H键同时断裂2moiN-H键
(3)若其它条件不变,将恒容条件变为恒压,则平衡时C(N2)(填“增大”、
“减小”、“不变”或“不能确定”)。
(4)哈伯研究所因证实N2、H?在固体催化剂(Fe)表面吸附和解吸以合成氨的过程而
获诺贝尔奖。若用M分别表示N2、比、NH3和固体催化
'O-O'OoO'MMW
剂,则在固体催化剂表面合成氨的过程可用下图表示:
.£「野》,”—?nnnrw_JMSMMAP__热觑,产士
ABC
①吸附后,能量状态最低的是填字母序号)。
②由上述原理,在铁表面进行NH3的分解实验,发现分解速率与浓度关系如图。从吸
附和解吸过程分析,co前速率增加的原因可能是;co后速率降低的原因可能
是O
18.(2021・西藏・拉萨那曲第二高级中学高三阶段练习)黄铁矿既是硫矿又是铁矿,因
其呈黄色俗称“愚人金”,是重要的工业原料。工业煨烧过程中常产生废渣,废渣成分
主要含铁的几种氧化物和二氧化硅等,利用该废渣可以制备高效净水剂聚合硫酸铁,
工艺流程如下:
(1)检验“酸溶”后的溶液中含有Fe2+,试剂是o
(2)硫铁矿烧渣在“酸溶”前要粉碎的主要目的是-
(3)废铁皮使用前要用纯碱溶液浸泡,目的是=
(4)“酸溶”过程中Fe2O3溶解的化学反应方程式为0
(5)“操作III”系统操作名称依次为、、过滤和洗涤。洗涤的方
法是o
2+
(6)加入适量H2O2的目的是氧化Fe,写出H2O2氧化Fe2+为Fe3+的离子方程式:
19.(2021•全国•模拟预测)KMnCU在实验室和工业上均有重要应用,其工业制备的部
分工艺如下:
I.将软铳矿(主要成分MnCh)粉碎后,与KOH固体混合,通入空气充分焙烧,生成暗
绿色熔融态物质。
II.冷却,将固体研细,用稀KOH溶液浸取,过滤,得暗绿色溶液。
III.向暗绿色溶液中通入CO2,溶液变为紫红色,同时生成黑色固体。
W.过滤,将紫红色溶液蒸发浓缩,冷却结晶,过滤,洗涤,干燥,得KMnCU固体。
资料:K2M11O4为暗绿色固体,在强碱性溶液中稳定,在近中性或酸性溶液中易发生歧
化反应(Mn的化合价既升高又降低)。
⑴I中,生成K2MnO4的反应中氧化剂是一。
(2)11中,浸取时用稀KOH溶液的原因是一。
⑶HI中,CO2和K2M11O4在溶液中反应的化学方程式是―-
(4)将KzMnCU溶液采用惰性电极隔膜法电解,也可制得KMnCU。装置如图:
@b极是一极(填“阳”或“阴”)。
②a极的电极反应式为—o
③传统无膜法电解时,锦元素利用率偏低,与之相比,用阳离子交换膜可以提高镒元
素的利用率,其原因是一。
(5)用滴定法测定某高钛酸钾产品的纯度,步骤如下:
已知:
Na2c2O4+H2so4=H2c204+Na2sO4
+2+
5H2C2O4+2MnO;+6H=2Mn+1OCO2T+8H2O
摩尔质量:Na2c2O4134g«mor'KMnCU158g•mol"
i.称取ag产品,配成50mL溶液。
ii.称取bgNa2c2O4,置于锥形瓶中,加蒸储水使其溶解,再加入过量的硫酸。
出.将锥形瓶中溶液加热到75℃〜80℃,恒温,用i中所配溶液滴定至终点,消耗溶液
VmL(杂质不参与反应)。
产品中KMnCU的质量分数的表达式为—o
(二)选考题:共13分。请考生从2道题中任选一题作答。如果多做,则按所做的第
一题计分。
[化学-选择性必修2:物质结构与性质]
20.(2022.河北石家庄.一模)我国硒含量居世界首位,含硒化合物与材料应用广泛。
(1)某绿色农药结构简式为
FN”]
①该农药组成元素中,第一电离能由大到小的前三种元素是(填元素符
号),基态硒原子的价层电子排布式为o
②该物质中,中心原子杂化轨道类型为sp2的原子有(填元素符号)。
(2)碱金属的硒化物溶液能够溶解硒生成多硒化合物(MzSeJ。如多硒化钠Na?Se8,该
物质中,化学键类型是,Se原子之间形成的空间构型为。
(3)下表中有机物沸点不同的原因是。
有机物甲醇甲硫醇甲硒醇
沸点/℃64.75.9525.05
(4)p-MnSe的结构中Se为面心立方最密堆积,晶胞结构如图所示。
•Mn®Se
①0-MnSe中Mn的配位数为=
②若该晶体的晶胞参数为apm,阿伏加德罗常数的值为双人,则距离最近的两个镒原子
之间的距离为pm,p-MnSe的密度片g-cm^列出表达式即
可)。
[化学-选择性必修3:有机化学基础]
21.(2022・全国•模拟预测)G是一种新型香料的主要成分之一,其结构中含有三个六
元环。G的合成路线如下(部分产物和部分反应条件略去)。
,,
已知:®RCH=CH2+CH2=CHR___幽幽_>CH2=CH2+RCH=CHR;
②B中核磁共振氢谱图显示分子中有6种不同环境的氢原子;
③D和F是同系物。
请回答下列问题:
CH=CH2
(1)j的化学名称为O
(2)B-C的化学方程式为。
(3)E-H的反应类型为,F分子中含氧官能团名称是=
(4)G的结构简式为o
(5)同时满足下列条件的F的同分异构体有种。
①苯环上有两个取代基;②与FeCb溶液发生显色反应;③可以发生水解反应;
其中能发生银镜反应,且核磁共振氢谱为5组峰的结构简式为。
O
C—O
(6)参照上述合成路线,设计由丙烯制取CH,—c4、CH—CH,的最佳合成路线(无机
\/
O—C
试剂任选)
参考答案:
1.D
【解析】
A.CuCl?加热蒸干并充分灼烧得到氧化铜,故A不符合题意;
B.FeSO,加热蒸干并充分灼烧得到硫酸铁,故B不符合题意;
C.NaHCO,加热蒸干并充分灼烧得到碳酸钠,故C不符合题意;
D.CuSO,加热蒸干并充分灼烧得到硫酸铜,故D符合题意。
综上所述,答案为D。
【点睛】
硫酸亚铁溶液在加热时被氧化生成硫酸铁,同理亚硫酸钠溶液在加热时也被氧化生成硫酸
钠。
2.A
【解析】
A.Cb、H2O2、KMnC>4均具有强氧化性,都是常见的氧化剂,故A正确;
B.在水溶液中电离出的阳离子全部是氢离子的化合物是酸,而在水溶液中能电离出氢离
子的化合物也可能是酸式盐,如NaHSCU,故B错误;
C.非金属元素由游离态变为化合态可能是被还原,如Cl2THe1,故C错误;
D.酸性氧化物可能是非金属氧化物,也可能是金属氧化物,如MmCh,故D错误;
答案选A。
3.C
【解析】
c(HA-)C(A2-)
A.当1g———^=0时,Kal等于此时的氢离子浓度,当lg〈=0时,Ka2等于此时的
C(H2A)c(HA)
c(HA-)c(A2-)
氢离子浓度,因Kal>Ka2,1g———^=0时的氢离子浓度大于地告7《=0时的氢离子浓
C(H2A)C(HAJ
.c(HA-)
度,则M为曲线1g------^与pH的关系,故A正确;
C(H2A)
c(A2-)
B.当lg(=0时,Ka2等于此时的氢离子浓度=10-54,故B正确;
c(HA)
C.由图可知d点的溶质主要为Na2A和NaHA,此时溶液显中性,说明Na2A和NaHA的
水解程度等于NaHA的电离程度,水解促进水的电离,电离抑制水的电离,两者程度相同
恰好抵消对水电离的影响,而a、b、c三点的溶质组成中NaHA或H2A为主,对水电离均
起抑制作用且酸性越强的对水电离的抑制作用越大,则水的电离程度:d>c>b>a,故C错
答案第11页,共H页
误;
D.d点的溶质主要为Na2A和NaHA,且Na2A的浓度大于NaHA的浓度,此时溶液显中
性,则溶液中离子浓度大小顺序为:c(Na+)>c(A2-)>c(HA-)>c(H+)=c(0H-),故D
正确;
故选:C„
4.C
【解析】
A.根据流程图可知溶解过程中Zn和Cu都被溶解,Zn可直接被硫酸溶解,而Cu不能直
接溶于酸,故加入HQ?的作用是氧化Cu而使Cu溶解,故A正确;
B.为了保证操作M后铜被完全分离,加入过量锌粉,故B正确;
C.操作M为过滤,用到的玻璃仪器有烧杯、漏斗和玻璃棒,故C错误;
D.操作M后的溶液中存在大量的ZY+,加适量碱生成Zn(OH)2,经过滤、洗涤、干燥、
加热等操作,可得到ZnO,故D正确;
答案选C。
5.C
【解析】
+
H2O2;^H+HO2,则H+、HO;反应生成H2O2,根据图知,a极通入氢气为负极,则a
+
电极上氢气失电子生成H+,电极反应式为:H2-2e=2H;b为正极,氧气得电子,b极上
的电极反应为:O2+H2O+2e-=HO]+OH-,H+能透过X膜、HO2能透过Y膜,每生成1mol
H2O2电极上流过2mole;据此分析。
A.通过以上分析可知:H+能透过X膜,HO;能透过Y膜,则X是阳离子交换膜,Y是阴
离子交换膜,A错误;
B.b极上的电极反应为:O2+H2O+2e=HO2+OH,则1molO2完全反应,电极上流过2
mole',B错误;
+
C.a电极上也失去电子变为H+,则a电极的电极反应式为:H2-2e-=2H,C正确;
D.根据上述分析可知:b电极反应式为:O2+H2(D+2e-=H(二+OH\D错误;
故合理选项是C。
6.C
【解析】
A.由图示可知,过程I中消耗亚铁离子,过程H生成亚铁离子,总反应为
2SO2+2H2O+O2=2H2SO4,故整个过程中Fe?+起催化作用,故A正确;
B.过程I是氧气把硫酸亚铁氧化为硫酸铁,反应的离子方程式为
答案第12页,共11页
2++3+
4Fe+O2+4H=4Fe+2H2O,故B正确;
C.过程H中的化学方程式为Fe2(SO4)3+SO2+2H2O=2FeSC>4+2H2so”每吸收
1L2LSC)2(标准状况),即吸收0.5molSO”有hnolH2sO’生成,故C错误;
D.由上述的分析可知,该工艺吸收了二氧化硫,得到了硫酸,故D正确。
选C。
7.B
【解析】
A.Fe3\Mg2+均与OH-结合生成沉淀,Ba?+与SOj结合生成沉淀,则溶液中可能含
Fe3\Mg2+、Na\Cl\SO;,溶液中可能存在5种离子,故A错误;
B.若溶液有颜色,则一定含Fe3+,可知一定没有OH、故B正确;
C.若溶液呈碱性,溶液一定含OH:可能含Na+,或Ba2+,故C错误;
D.若含铁离子,则铁离子与铜反应,离子方程式为:2Fe3++Cu=2Fe2++Cu2+,则能溶解
Cu,故D错误;
故选B„
8.C
【解析】
X、Y、Z、R、W为原子序数依次增大的短周期元素,R的原子半径是同周期主族元素中
最大的,则R处于IA族,由原子序数可知,R只能处于第三周期,则R为Na元素;X、
Y、Z、W形成的化合物可表示为[YXj+[XWZ4],而Z、W为同族元素,可推知X为H
元素,Y为N元素,Z为。元素,W为S元素,该化合物为NH4HSO4;据此分析解答。
A.由上分析可知,Y为N元素,Z为0元素,W为S元素,根据元素周期律,同一周期
从左向右原子半径逐渐减小,同主族从上到下原子半径逐渐增大,N、O属于同周期元
素,原子序数N<O,原子半径N>O,O、S属于同主族元素,原子序数O<S,原子半径
O<S,N、0、S三种元素原子半径为S>N>O,即W>Y>Z,故A错误;
B.由上分析可知,Z为0元素,W为S元素,它们的氢化物分别为H2O、H2S,水分子
之间存在氢键,沸点高于硫化氢的,即简单氢化物的沸点Z>w,故B错误;
C.由上分析可知,X为H元素,Y为N元素,Z为0元素,R为Na元素,W为S元
素,则0元素与H元素形成H2O、H2O2,O元素与N元素形成N2O、NO、N2O3、NO2、
N2O4、N2O5,O元素与Na形成Na?。、Na2O2,O元素与S元素形成SO2、SO3,故C正
确;
D.由上分析可知,Z为。元素,R为Na元素,W为S元素,0、Na、S三种元素形成的
化合物有Na2so4、Na2sO3等,而Na2sCh溶液呈碱性,故D错误;
答案为C。
答案第13页,共11页
9.C
【解析】
A.浓硫酸具有脱水性,将浓硫酸滴到蔗糖表面,蔗糖脱水碳化生成碳,并放出大量的热,
浓硫酸具有强氧化性,能在受热的条件下与碳化生成的碳发生氧化还原反应生成二氧化
碳、二氧化硫和水,出现固体变黑膨胀的现象,故A错误;
B.浓硝酸具有强氧化性,铝在浓硝酸中钝化,在铝片表面形成一层致密的氧化层薄膜,阻
碍反应继续进行,并非不反应,故B错误;
C.将一小块钠放入无水乙醇中,钠沉入乙醇中,与乙醇中的羟基发生置换反应生成乙醇钠
和氢气,故C正确;
D.将水蒸气通过灼热的铁粉时,铁与水蒸气反应生成黑色的四氧化三铁和氢气,故D错
误;
故选C。
10.C
【解析】
A.有机物M分子式为CIOHIQZ,故A正确;
B.含有碳碳双键、酯基两种官能团,故B正确;
C.分子中存在叔碳原子,具有四面体结构,所有碳原子不可能共平面,故C错误;
D.该有机物可以发生取代反应,碳碳双键可以发生加成反应,故D正确;
故答案为C。
11.B
【解析】
A.铜与足量的浓硝酸反应,生成硝酸铜、二氧化氮、水,故反应的离子方程式为:
+2+
Cu+2NO;+4H=CU+2NO2T+2H2O,A项错误;
B.用NaOH溶液吸收少量H2S,生成硫化钠和水,故反应的离子方程式为:20H-
2
+H2S=S+2H2O,B项正确;
C.向Na2s溶液中通入过量的SC)2,生成硫单质和亚硫酸氢钠,故反应的离子方程式为:
2
2S+5SO2+2H2O=3S;+4HSO3,C项错误;
D.过量铁粉与稀硫酸和硝酸钾混合溶液反应,生成硝酸亚铁、一氧化氮、水,故反应的
+2+
离子方程式为:3Fe+8H+2NO;=3Fe+2NOt+4H2O,D项错误;
答案选B。
12.A
【解析】
A.若CL能溶于水或与NaOH溶液反应,则装置I中气球膨胀,故选A;
B.若用装置II除去CO2中的HC1气体,气体应“长进短出”,故不选B;
答案第14页,共11页
C.若用装置m比较碳酸钠与碳酸氢钠的热稳定性,应把碳酸氢钠盛放在小试管中、碳酸
钠盛放在大试管中,故不选c;
D.氢氧化亚铁易被氧化,制备氢氧化亚铁并观察其颜色,应把胶头滴管伸入硫酸亚铁溶
液中,再挤压胶头滴入氢氧化钠溶液,故不选D;
答案选A。
13.A
【解析】
A.重水(D2O)摩尔质量是20g/mol,含有10个质子,18g重水(D2O)中含有的质子数为
18g
xl0xNAmor'^9NA,A正确;
20g/mol
B.标准状况下,Bn不是气态,不能用气体标准摩尔体积计算,B错误;
C.H2O2的结构,H-0键是极性键,0-0键是非极性键,ImolEhCh中含有极
H
性键数目为2NA,C错误;
D.室温下,pH=5的CH3coOH溶液中,由水电离的H+浓度为9moi/L,不知体积,不
能计算水电离的H+数目,D错误;
故选Ao
【点睛】
14.D
【解析】
A.同系物是指结构相似、分子组成相差若干个“CH2”原子团的有机化合物,CHmCH是快
烧,CH2=CHCH=CH2是二烯路结构不同,不是同种类别的物质,不是同系物,A错误;
B.[J和C12生成C6H6c16的反应是加成反应,B错误;
C.丙烯与Bn发生加成反应而使滨水褪色,苯与澳水发生萃取,是物理变化,原理不同,
C错误;
答案第15页,共11页
故选D。
15.C
【解析】
A.减少二氧化碳向大气的排放,有利于降低大气中二氧化碳的浓度,从而减少温室效应
的产生,缓解全球变暖,延缓南北极冰川的熔化,减少极端天气发生的频率,A正确;
B.风电、光伏发电、生物质发电等行业健康有序发展,可减少含碳物质的燃烧,从而减
少二氧化碳向大气的排放,降低大气中二氧化碳的浓度,B正确;
C.农村居民燃烧农作物秸秆,会增大二氧化碳气体的排放,从而增加大气中温室气体的
浓度,导致地球的变暖,C错误;
D.大力发展电动汽车、氢燃料电池汽车等新能源汽车,可减少含碳燃料的使用,从而降
低大气中二氧化碳的浓度,D正确;
故选C。
16.D
【解析】
A.步骤(CH3)2NCH?OH*=(CH3)2NCH2+OH*的能垒(正反应活化能)为0.22eV,正反应
活化能最高的最后一步步骤的能垒l」9eV,故最后一步是上述历程中的决定反应速率步
骤,故A错误;
B.根据选项B分析可知该历程中最大能垒(活化能)E元为1.19ev,故B错误;
C.升高温度可以加快反应速率,反应为放热反应,故降低DMF的平衡转化率,故C错
误;
D.由反应物和生成物的相对能量可知,反应放热为0eV-(-L02eV)=L02eV,ImolDMF完
全转化为三甲胺,则会释放出1.02eV-NA的能量,故D正确;
故选D。
17.—92kJ-mo「10.75mol/(Ls)K=l.OO2/(1.5O3xl.OO)A、D增大C氨的
浓度增加,催化剂表面吸附的氨分子增多,速率增大达到一定浓度后,氨分子浓度太大
阻碍N?和的解吸
【解析】
试题分析:I.根据反应热=反应物键能总和一生成物键能总和=946+3x436—2x3x391kJ-mol
'=-92kJmor1;II.(1)b为反应物,v(b)=(1.5—1)/2mol/(L-s)=0.25mol/(L-s),c为反应
物,v(c)=(3—1.5)/2mol/(L-s)=0.75mol/(L-s),a为生成物,v(a)=l/2mol/(L-s)=0.5mol/(L-s),
三者的物质的量之比为0.25:0.75:0.5=1:3:2,根据反应速率之比等于系数之比,a为NH3,b
为N2,c为H2,V(H2)=0.75mol/(L-s),平衡常数:达到平衡后,生成物浓度的累之积与反
应物浓度的幕之积的比值,K=1.002/(1.503xl.00);(2)A、M=m/n,都是气体,气体质量不
变,反应前后气体系数之和不等,n不变时,M不变,说明反应达到平衡;B、不知道开
答案第16页,共11页
始时投入的量为多少,不能不说明达到平衡,故错误;C、此容器是恒温状态,不能说明
反应达到平衡,故错误;D、两个方向是相反的,且比值和系数的比值相等,因此达到平
衡,故说法正确;(3)恒压时,向正反应方向进行,气体物质的量的减少,体积变小,因
此c(N2)的增大;(4)吸附后能量最低,说明物质稳定,因此C正确;②氨的浓度增加,
催化剂表面吸附的氨分子增多,速率增大;达到一定浓度后,氨分子浓度太大阻碍N2和
压的解吸。
考点:考查反应热的计算、化学反应速率计算、化学平衡常数、平衡状态的判断、物质和
能量的关系等知识。
18.KMnCU溶液增大烧渣与硫酸的接触面积,加快烧渣的溶解洗去铁表面油
污Fe2O3+3H2SO4=Fe2(SO4)3+3H2O蒸发浓缩(加热浓缩)冷却结晶向漏斗里加入
+
蒸储水,使水没过沉淀物,等水自然流完后,重复操作2~3次H2O2+2H+
2+3+
Fe=2Fe+2H2O
【解析】
试题分析:(1)检验“酸溶”后的溶液中含有Fe2+,可以根据Fe2+具有还原性,可以被氧化
剂氧化,若使反应前后溶液的颜色发生变化,就可以证明,该试剂可以是酸性KMnCU溶
液;(2)硫铁矿烧渣在“酸溶”前要粉碎的主要目的是增大烧渣与硫酸的接触面积,加快烧
渣的溶解速率;(3)废铁皮使用前要用纯碱溶液浸泡,是由于在费铁皮表面可能有油污,
油污在碱性条件下会水解反应产生可溶性的物质,所以其目的是洗去铁表面油污;(4)“酸
溶”过程中FezCh与硫酸发生反应,产生硫酸铁和水,溶解的化学反应方程式为
Fe2O3+3H2SO4=Fe2(SO4)3+3H2O;(5)“操作III”是从FeSC)4溶液中获得绿钢的操作,系统操
作名称依次为蒸发浓缩(加热浓缩)、冷却结晶、过滤和洗涤。洗涤的方法是向漏斗里加入
蒸储水,使水没过沉淀物,等水自然流完后,重复操作2~3次;(6)加入适量H2O2的目
的是氧化Fe2+,在酸性条件下H2O2氧化Fe2+为Fe3+,H2O2被还原变为H2O,反应的离子
+2+3+
方程式是H2O2+2H+Fe=2Fe+2H2Oo
考点:考查物质制备工艺流程的知识。
19.(1)。2
(2)保持溶液强碱性,防止K2M11O4发生歧化
(3)3K2MnO4+2CO2=2KMnO4+MnO2i+2K2CO3
(4)阴MnO;-e-=MnO4用阳离子交换膜可防止MnO;、MnO,在阴极被还原
d
67aV
【解析】
将软镒矿(主要成分MnCh)粉碎后,与KOH固体混合,通入空气充分焙烧,生成暗绿色
焙烧
(K2MnO4)熔融态物质,发生反应为2MnO2+4KOH+O2上=2K2MnO4+2H2。,用稀KOH
答案第17页,共11页
溶液浸取,过滤,得暗绿色溶液为K2M11O4溶液,通入CO2,K2M11O4发生歧化反应,溶
液变为紫红色,生成KMnCU,同时生成黑色固体,为MnC)2,方程式为
3K2MnO4+2CO2=2KMnO4+MnO21+2K2co3,将紫红色溶液蒸发浓缩,冷却结晶,过滤,洗
涤,干燥,得KMn04固体。
(1)
根据分析,T中发生的反应为2MnO2+4KOH+O2^2K2MnO4+2H2O,O2中O的化合价
降低,是氧化剂;
(2)
根据题干中的资料可知,K2MnO4在强碱性溶液中稳定,在近中性或酸性溶液中易发生歧
化反应,故II中,浸取时用稀KOH溶液的原因是保持溶液呈强碱性,防止KzMnCU发生
歧化反应;
(3)
根据分析,K2M11O4溶液中通入C02,K2M11O4发生歧化反应生成KMnCU和MnCh,方程
式为3K2MnO4+2CO2=2KMnO4+MnO2i+2K2CO3;
(4)
①由图可知,b极生成氢气,电极反应为2H2O+2e=H2T+20H、发生还原反应,为阴极;
②由图可知,a极为阳极,MnOj失电子生成MnO],电极反应为Mn。j-e-=MnOi;
③用阳离子交换膜只能通过阳离子,可防止MnO:、MnO,进入阴极区被还原,故用阳离
子交换膜可以提高锌元素的利用率;
(5)
2
根据题中的方程式可得关系式:2KMnCU~5H2c2O4~5Na2c2O4,n(KMnO4)=yn(Na2C2O4)=
m(KMnC)4)=158g/molx产品中KM11O4的质量分数
JR>100%=
20.(1)F、N、O4s24P4N、C
(2)离子键、共价键(或“非极性共价键”)折线形或锯齿形或V形
(3)三种物质都是分子晶体,结构相似,相对分子质量越大,沸点越高,甲醇分子间存在氢
键所以沸点最高
⑷4克4x(55+79)
2axlO10
【解析】
答案第18页,共11页
⑴
①该农药由F、C、N、O、Se、H组成,第一电离能是气态电中性基态原子失去一个电子
转化为气态基态正离子所需要的最低能量,在F、C、N、0、Se、H中,F的原子半径很
小,质子数比较多,失去电子最难,第一电离能最大,N的2P轨道是半充满的稳定结构,
失去电子比其后的。难,Se是O的同族元素,电子层数比。多,比。易失电子,H只有
1个质子,第一电离能也较小,所以第一电离能由大到小的前三种元素是F、N、O;Se是
第五周期第VIA族元素,其基态原子的价层电子排布式为4s24P、
②该物质中,苯环上的碳原子的价层电子对数为3,采取sp?杂化,酮蝶基上的碳原子也是
sp2杂化,含N的环上连接双键的N的价层电子对数是3,采取的是sp2杂化,故中心原子
杂化轨道类型为sp2的原子有C和N。
(2)
多硒化物是离子化合物,阳离子是钠离子,阴离子是多硒离子,故存在离子键,多硒离子
中存在Se原子间的非极性共价键。在多硒离子中,除两端的Se原子外,中间的Se原子采
取sp3杂化,利用两条杂化轨道和另外2个Se形成◎键,另外两条杂化轨道容纳孤电子
对,所以Se原子之间形成折线形或锯齿形或V形结构。
(3)
甲醇、甲硫醇、甲硒醇沸点都比较低,固态时属于分子晶体,分子间以分子间作用力结
合,结构相似的分子晶体,相对分子质量越大,分子间作用力越大,沸点越高。甲醇分子
中含有氧原子以及连在氧原子上的氢原子,甲醇分子间有氢键,所以甲醇的沸点最高。
(4)
①从晶胞结构图可以看出,1个Mn和4个Se结合,所以Mn的配位数为4。
②在晶胞中,Mn位于晶胞内部,若将晶胞分割成8个相等的小正方体,则Mn位于其中4
个不相邻的小正方体的体心,所以两个距离最近的Mn原子间的距离是晶胞面对角线的一
半,晶胞参数为apm,所以距离最近的两个铺原子之间的距离为9apm;晶体密度可以
用晶胞的质量除以晶胞的体积计算。在1个晶胞中有4个Mn和4个Se,则1个晶胞的质
4x(55+79)
量为一R——g,晶胞参数为apm,则1个晶胞的体积为(axl(yio)3cm3,可得晶体的密度
IVA
4x(55+79)
片后不画g—。
21.
ClOH
苯乙烯I—CH/。+2NaOH力藏>6X,CH2—c—CH2OH+2NaCl氧化反
CH,CH3
应羟基、竣
答案第19页,共11页
基
HC()()CH2OH
HO-Br加化剂
定条件
CH3CH=CH2-,CH3CH—CHjCH.CH—COOH
催化剂I
BrOHBr
()
NaOH(aq)A/\
—―r-CHCH—COOH空CH,CHCH—CH3
馥化3\/
OHO-C
()
【解析】
CH3
CH=CH
2CH=C-CH
由信息①可得出,(CH3)2C=CH2与©3
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