2023届辽宁省教研联盟高三下学期第二次调研测试物理试题（解析版）

高中物理名校试卷PAGEPAGE12023年辽宁省教研联盟高三第二次调研测试物理试题注意事项：1.本试卷分第I卷（选择题）和第I卷（非选择题）两部分。满分100分，考试时间75分钟。答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡指定位置。2.回答第I卷时，选出每小题〖答案〗后，用铅笔把答题卡，上对应题目的〖答案〗标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他〖答案〗标号。写在本试题卷上无效。3.回答第I卷时，用黑色笔写在答题卡指定位置上。写在本试题卷上无效。4.考试结束后，考生将答题卡交回。第I卷（选择题共46分）一、选择题（本题共10小题。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每个小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分）1.如图为一个质点做直线运动的v−t图像，该质点在前2s内向西运动，则（）

A.前6s内质点的速度方向变化三次B.在前4s内质点的加速度方向始终向东C.前4s内质点的位移大小为12mD.6s时质点在出发点的西方〖答案〗B〖解析〗A．由题意和题图可知，该质点在前2s内向西运动，速度是负值，说明向东为正方向，则有0~2s，速度是负值，方向向西，2~5s速度是正值，方向向东，5~6s，速度是负值，方向向西，可知前6s内质点的速度方向变化两次，A错误；B．由v−t图像的斜率表示加速度可知，在前4s内质点的加速度是正值，说明在前4s内质点的加速度方向始终向东，B正确；C．由v−t图像与时间轴所围面积表示位移，面积在时间轴上方为正值，在时间轴下方是负值，可知0~2s的时间内位移是−6m，2~4s的时间内位移是6m。因此前4s内质点的位移大小是零，C错误；D．由v−t图像与时间轴所围面积表示位移，可知质点在0~2s的时间内位移是−6m，在2~5s的时间内位移是9m，在5~6s的时间内位移是−3m，可知质点0~6s时间内的位移是零，因此6s时质点在出发点，D错误。故选B。2.有关原子结构和原子核的认识，下列说法正确的是（）A.一个原子核在一次衰变中可同时放出、和三种射线B.电子的发现使人们认识到原子具有核式结构C.太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的重核裂变D.天然放射现象的发现使人们认识到原子核具有复杂的结构〖答案〗D〖解析〗A．、衰变是独立进行的，但是在两种衰变的同时都伴随有衰变，故A错误；B．卢瑟福的粒子散射实验让人们认识到了原子核具有核式结构，故B错误；C．太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生轻核的聚变，故C错误；D．天然放射现象的发现使人们认识到原子核具有复杂的结构，故D正确。故选D。3.如图所示，两束单色光a、b自空气射向玻璃，经折射后形成复色光c，下列说法正确的是（）A.该玻璃对a光的折射率大于对b光的折射率B.在该玻璃中，a光的速度小于b光的速度C.复色光c自玻璃射向空气时，入射角由0增大，b光先发生全反射D.在双缝干涉实验中，相同条件下，a光干涉条纹间距小〖答案〗C〖解析〗A．由图可知，a光的入射角小于b光的入射角，两光的折射角相同，根据折射定律可知，该玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率，故A错误；B．根据由于该玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率，则在该玻璃中，a光的速度大于b光的速度，故B错误；C．根据临界角公式由于该玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率，则从该玻璃射向空气，b光的临界角小于a光的临界角，b光先发生全反射，故C正确；D．由于该玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率，则a光的频率小于b光的频率，则a光的波长大于b光的波长，根据可知相同条件下，a光干涉条纹间距大，故D错误。故选C。4.下表面带负电的云层靠近避雷针时，由于静电感应使避雷针尖端带有正电荷，如图实线为避雷针周围电场的电场线，虚线为等势面。A、B、C、D为电场中的四个点，其中，下列说法正确的是（）A.A点电势高于D点电势B.A点的电场强度小于D点的电场强度C.两点的电势差等于两点的电势差D.电子由C点沿电场线运动到A点的过程中电势能增加〖答案〗A〖解析〗A．根据沿着电场线方向电势逐渐降低结合图中等势线可知A点电势高于D点电势，A正确；B．根据电场线的疏密程度可知A点的电场强度大于D点的电场强度，B错误；C．根据定性分析，两点间的电场强度大于两点间的电场强度，可知两点的电势差大于两点的电势差，C错误；D．电子由C点沿电场线运动到A点的过程电场力方向由指向，电场力做正功，电势能减小，D错误。故选A。5.一列沿x轴正方向传播的简谐横波，在时刻的波形图如图所示（波恰好传播到Q点），时R点第一次达到波谷。P、Q、M、R分别是平衡位置在1m、5m、6m、9m的点。下列说法正确的是（）A.这列波的周期为8sB.时，P点在波峰位置C.P点的起振方向沿y轴正方向D.从时刻到R点第一次到达波峰，M点通过路程为14cm〖答案〗B〖解析〗A．时点第一次达到波谷，相当于平衡位置在振动形式传播到点，可得该波的传播速度大小，因此该波的周期故A错误；C．根据同侧法可知该波中所有质点的起振方向都是轴负方向，故C错误；B．由根据同侧法可知时刻点向下振动，在时在位置波峰位置，故B正确；D．当点第一次到达波峰，相当于平衡位置在的质点的振动形式传播到点，需要的时间从时刻到到波传到点所需的时间点振动的时间按该过程中M点通过的距离为故D错误。故选B。6.如图所示，一长为L的轻绳拉着质量为m的小球保持静止。现在给小球一个水平初速度，使小球在竖直面内做完整的圆周运动，不计空气阻力，重力加速度为g，则下列判断正确的是（）A.小球在最高点的速度可以等于0B.小球获得的初速度大小为C.小球做圆周运动的过程中仅有一处合力指向圆心D.小球过最低点与最高点时受到绳的拉力大小之差等于6mg〖答案〗D〖解析〗A．小球在竖直面内做完整的圆周运动，若小球恰好能通过最高点，则有重力提供向心力，可得解得可知小球能通过最高点最小速度是，因此小球在最高点的速度不可以等于0，A错误；B．若小球恰好能通过最高点，设小球获得的初速度大小为v＇，则在最低点时由动能定理，则有解得由以上计算可知，是小球获得的初速度大小的最小值，有可能比这个速度要大，B错误；C．小球在竖直面内做完整的变速圆周运动，由以上分析可知，小球在最高点和最低点处合力指向圆心，C错误；D．设小球在最高点时的速度为v0，在最低点时的速度为，由动能定理可得小球在最高点时，由牛顿第二定律可得小球在最低点时，由牛顿第二定律可得联立以上各式解得D正确。故选D。7.有一台内阻为1n的发电机，给一个学校照明供电，如图所示，T1、T2分别为理想的升压变压器和降压变压器，升压变压器匝数比为1：4，降压变压器匝数比为4：1，T1与T2之间输电线的总电阻为10Ω。全校共有22个班，每班有220V、40W的日光灯6只，若保证灯管全部正常发光，则（）A.输电线上的电流为8AB.输电线上的损失电压为240VC.发电机的电动势为259VD.发电机的输出功率为5280W〖答案〗C〖解析〗A．22个班电灯都正常工作时，则干路的总电流为理想变压器原副线圈电流与匝数成反比，故输电线上的电流为A错误；B．输电线上损失的电压为B错误；C．理想变压器原副线圈电压与匝数成正比，可得解得的原线圈两端的电压为故的副线圈两端的电压为原线圈两端的电压为的原线圈的电流为根据闭合电路的欧姆定律，发电机电动势C正确；D．发电机输出功率为D错误。故选C。8.2022年11月3日，梦天实验舱与天和核心舱成功对接，向着建成空间站的目标迈出了关键一步。对接前梦天实验舱轨道略低，对接前两舱及对接后的组合体在轨运行均可视为绕地心做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A.梦天实验舱发射速度大于11.2km/sB.对接前梦天的加速度小于天和的加速度C.梦天通过发动机加速，追上天和，实现对接D.若对接后增大组合体轨道半径，则运行速度减小〖答案〗CD〖解析〗A．梦天实验舱处于地球的引力场内，发射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，A错误；B．对接前梦天实验舱轨道略低，根据可得可知对接前梦天的加速度大于天和的加速度，B错误；C．对接前梦天实验舱轨道略低，需要对梦天通过发动机加速离心实现对接，C正确；D．根据可得对接后，轨道半径变大，运行速度减小，D正确。故选CD。9.如图所示为倾角为37°的固定斜面，一个质量为2kg的物块自斜面底端沿斜面上滑，其动能和重力势能随上滑距离x的变化如图中直线Ⅰ和Ⅱ所示，重力加速度取10m/s2，，，则（）A.物块的初速度为10m/sB.物块和斜面间的动摩擦因数为0.5C.物块上升的最大高度为5mD.物块回到斜面底端时的动能为60J〖答案〗AB〖解析〗A．根据解得A正确；B．根据动能定理可得其中联立解得B正确；C．物块上升的最大高度C错误；D．物块下滑时，根据动能定理解得D错误。故选AB。10.如图（a），两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，底端接有一阻值为R的电阻。将一质量为m、阻值为R、长度也为L的金属棒通过绝缘细绳悬挂在距离导轨底端h高度处。空间中存在方向垂直于导轨平面向里的匀强磁场，其磁感应强度B随时间t变化，如图（b）所示。已知在t0时刻，细绳刚好断开，金属棒开始向下运动，下落高度为d时达到最大速度（d<h）。金属棒始终与轨道垂直且保持良好接触。则下列说法正确的是（）A.金属棒下落的最大速度为B.金属棒运动过程中机械能守恒C.细绳断裂前电路的总功率为D.细绳断裂后至金属棒达到最大速度的过程中，电路中产生的总热量为〖答案〗AC〖解析〗A．金属棒在下落的运动中，受重力和安培力的作用，由静止开始做加速度减小的运动，当加速度减小到零时，金属棒的速度最大，此时重力与安培力大小相等，则有其中解得A正确；B．金属棒运动过程中有重力做正功，安培力做负功，机械能不守恒，B错误；C．细绳断裂前，由电磁感应定律可得，感应电动势大小为由电功率公式，可得电路中的电功率为C正确；D．金属棒向下运动到达到最大速度的过程中，由能量守恒定律可得电路中产生的总热量为D错误。故选AC。第Ⅱ卷（非选择题共54分）二、非选择题（本题共5小题，共54分）11.某物理兴趣小组通过自由落体运动测量重力加速度。该小组利用“手机物理工坊”软件中的声学秒表功能记录物体的运动时间。该小组在铁架台上固定一个铁圈，充入空气的气球下方悬挂一个物体，放在铁圈上，如图甲所示。用针刺破气球时发出爆破音，手机上的传感器接收到声音信号开始计时，物体同时做自由下落。物体落地后发出声音，传感器再次接收到信号停止计时，记录了物体下落的时间t，如图乙所示。（1）要想计算重力加速度，还需要测量的物理量是_____________；（2）重力加速度的表达式为_________（用测量的物理量表达）；（3）为减少实验误差，改变铁圈的固定位置，多次测量。以为横坐标，_________为纵坐标建立坐标系，图线的斜率为重力加速度。〖答案〗（1）物体下端距地面的高度（2）（3）〖解析〗（1）[1]根据可知要计算重力加速度，还需要测量物体下端距地面的高度；（2）[2]根据可得（3）[3]根据整理可得可知为减少实验误差，改变铁圈的固定位置，多次测量。以为横坐标，为纵坐标建立坐标系，图线的斜率为重力加速度。12.甲同学设计了如图所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2的阻值．实验器材有：待测电源E（不计内阻），待测电阻R1，待测电阻R2，电压表V（量程为1.5V，内阻很大），电阻箱R（0-99.99Ω）；单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干．①先测电阻R1的阻值．请将甲同学的操作补充完整：闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数r和对应的电压表示数U1，保持电阻箱示数不变，_________________________，读出电压表的示数U2．则电阻R1的表达式为R1＝___________．②甲同学已经测得电阻Rl＝4.8Ω，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值．该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图所示的图线，则电源电动势E＝__________V，电阻R2=_________Ω．（保留三位有效数字）③利用甲同学设计的电路和测得的电阻Rl，乙同学测电源电动势E和电阻R2的阻值的做法是：闭合S1，将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出于相应的图线，根据图线得到电源电动势E和电阻R2．这种做法与甲同学的做法比较，由于电压表测得的数据范围___________（选填“较大”、“较小”或“相同”），所以___________同学的做法更恰当些．〖答案〗①S2切换到b②1.431.20③较小甲〖解析〗①[1][2]根据题意可知，保持电阻箱示数不变，将S2切换到b，由于R和R1串联，所以通过R1的电流，R1两端的电压为U2-U1，所以②[3][4]根据闭合电路欧姆定律整理得：图线的截距为，所以电动势；斜率代入数据解得：③[5][6]开关打在b处，则电压表测量的为电阻箱与R1两端的电压，因定值电阻的分压作用变小，使电压表测量范围减小，故实验中误差较多，故应选择甲同学的做法；13.如图在第一象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，在第二象限内存在垂直xOy平面向外的匀强磁场。一带正电粒子从x轴上的M点以速度v0沿与x轴正方向成60角射入第二象限；恰好垂直于y轴从N点进入匀强电场，从x轴上的P点离开匀强电场，且OP=2h，OM=，粒子的质量为m，电量为q，不计粒子重力。求：（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小；（2）匀强电场的电场强度E的大小。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）带电粒子的运动轨迹如图所示，O1为圆周运动的圆心，圆的半径为r1，洛伦兹力提供向心力由几何关系解得（2）粒子从N点运动到P点，做类平抛运动，y轴方向x轴方向又解得14.如图所示的粗细均匀薄壁U形管，左管上端封闭，右管开口且足够长；温度为时，右管内水银面比左管高，左管内空气柱长度，大气压强。（1）求此时封闭气体压强大小；（2）现使左管内空气温度缓慢下降，则当左管内液面上升时，管内气体热力学温度为多少？（3）若让整个装置自由下落，且温度保持不变，求下落过程中封闭空气柱的长度。（结果保留三位有效数字）〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）此时封闭气体的压强大小为，有代入数据解得（2）设玻璃管横截面积为S，以管内气体为研究对象，末态压强为，气柱长度为，有根据理想气体状态方程有解得（3）整个装置做自由落体运动时，封闭气体压强等于大气压，根据玻意耳定律有解得15.如图，一长度L=8m、质量M=0.2kg的木板紧靠墙壁放置在光滑水平地面上，在距木板左端为kL（0<k<1）处放置着A、B两个小木块（均可视为质点），质量均为m=0.2kg。某时刻，木块A、B在强大内力作用下突然分开，分开瞬间内力消失，此时木块A的速度为=4m/s，方向水平向左。木块B与墙壁碰撞过程中不损失机械能，木块A、B与木板间的动摩擦因数分别为μA=0.2和μB=0.3。（1）求木块A、B分离瞬间，木块B速度的大小；（2）若，求木块A离开木板时，木块B速度的大小；（3）若μA=0，求摩擦力对木块B所做的功。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）对A、B组成的系统动量守恒，设向右为正方向，由动量守恒定律得解得=4m/s（2）A、B分开之后，分别向左，向右做减速运动，对木板所以木板受到右侧墙壁的作用而保持静止，设木块A、B的加速度大小分别为、，由牛顿第二定律得解得=2m/s2=3m/s2设从A、B分开到A离开木板所用的时间为t，则有解得t=1st=3s不符合题意舍掉。对B则有解得=1m/s（3）设木块B运动到墙壁时的速度为，则由匀变速直线运动规律可得令=0，则则当时，木块B在与墙壁相撞前就停止了运动，则有解得=−1.6J当时，≠0，其则会与墙壁相撞，由于木块B与墙壁碰撞过程中不损失机械能，则其动能不变。木块B原速率弹回后与木板组成的系统在运动中不受水平外力，则系统动量守恒，则有解得则从A、B分开到B与木板共速的过程中，只有摩擦力对木块B做功，对木块B分析，由动能定理得解得=（1.2k−2.4）J

2023年辽宁省教研联盟高三第二次调研测试物理试题注意事项：1.本试卷分第I卷（选择题）和第I卷（非选择题）两部分。满分100分，考试时间75分钟。答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡指定位置。2.回答第I卷时，选出每小题〖答案〗后，用铅笔把答题卡，上对应题目的〖答案〗标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他〖答案〗标号。写在本试题卷上无效。3.回答第I卷时，用黑色笔写在答题卡指定位置上。写在本试题卷上无效。4.考试结束后，考生将答题卡交回。第I卷（选择题共46分）一、选择题（本题共10小题。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每个小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分）1.如图为一个质点做直线运动的v−t图像，该质点在前2s内向西运动，则（）

A.前6s内质点的速度方向变化三次B.在前4s内质点的加速度方向始终向东C.前4s内质点的位移大小为12mD.6s时质点在出发点的西方〖答案〗B〖解析〗A．由题意和题图可知，该质点在前2s内向西运动，速度是负值，说明向东为正方向，则有0~2s，速度是负值，方向向西，2~5s速度是正值，方向向东，5~6s，速度是负值，方向向西，可知前6s内质点的速度方向变化两次，A错误；B．由v−t图像的斜率表示加速度可知，在前4s内质点的加速度是正值，说明在前4s内质点的加速度方向始终向东，B正确；C．由v−t图像与时间轴所围面积表示位移，面积在时间轴上方为正值，在时间轴下方是负值，可知0~2s的时间内位移是−6m，2~4s的时间内位移是6m。因此前4s内质点的位移大小是零，C错误；D．由v−t图像与时间轴所围面积表示位移，可知质点在0~2s的时间内位移是−6m，在2~5s的时间内位移是9m，在5~6s的时间内位移是−3m，可知质点0~6s时间内的位移是零，因此6s时质点在出发点，D错误。故选B。2.有关原子结构和原子核的认识，下列说法正确的是（）A.一个原子核在一次衰变中可同时放出、和三种射线B.电子的发现使人们认识到原子具有核式结构C.太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的重核裂变D.天然放射现象的发现使人们认识到原子核具有复杂的结构〖答案〗D〖解析〗A．、衰变是独立进行的，但是在两种衰变的同时都伴随有衰变，故A错误；B．卢瑟福的粒子散射实验让人们认识到了原子核具有核式结构，故B错误；C．太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生轻核的聚变，故C错误；D．天然放射现象的发现使人们认识到原子核具有复杂的结构，故D正确。故选D。3.如图所示，两束单色光a、b自空气射向玻璃，经折射后形成复色光c，下列说法正确的是（）A.该玻璃对a光的折射率大于对b光的折射率B.在该玻璃中，a光的速度小于b光的速度C.复色光c自玻璃射向空气时，入射角由0增大，b光先发生全反射D.在双缝干涉实验中，相同条件下，a光干涉条纹间距小〖答案〗C〖解析〗A．由图可知，a光的入射角小于b光的入射角，两光的折射角相同，根据折射定律可知，该玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率，故A错误；B．根据由于该玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率，则在该玻璃中，a光的速度大于b光的速度，故B错误；C．根据临界角公式由于该玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率，则从该玻璃射向空气，b光的临界角小于a光的临界角，b光先发生全反射，故C正确；D．由于该玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率，则a光的频率小于b光的频率，则a光的波长大于b光的波长，根据可知相同条件下，a光干涉条纹间距大，故D错误。故选C。4.下表面带负电的云层靠近避雷针时，由于静电感应使避雷针尖端带有正电荷，如图实线为避雷针周围电场的电场线，虚线为等势面。A、B、C、D为电场中的四个点，其中，下列说法正确的是（）A.A点电势高于D点电势B.A点的电场强度小于D点的电场强度C.两点的电势差等于两点的电势差D.电子由C点沿电场线运动到A点的过程中电势能增加〖答案〗A〖解析〗A．根据沿着电场线方向电势逐渐降低结合图中等势线可知A点电势高于D点电势，A正确；B．根据电场线的疏密程度可知A点的电场强度大于D点的电场强度，B错误；C．根据定性分析，两点间的电场强度大于两点间的电场强度，可知两点的电势差大于两点的电势差，C错误；D．电子由C点沿电场线运动到A点的过程电场力方向由指向，电场力做正功，电势能减小，D错误。故选A。5.一列沿x轴正方向传播的简谐横波，在时刻的波形图如图所示（波恰好传播到Q点），时R点第一次达到波谷。P、Q、M、R分别是平衡位置在1m、5m、6m、9m的点。下列说法正确的是（）A.这列波的周期为8sB.时，P点在波峰位置C.P点的起振方向沿y轴正方向D.从时刻到R点第一次到达波峰，M点通过路程为14cm〖答案〗B〖解析〗A．时点第一次达到波谷，相当于平衡位置在振动形式传播到点，可得该波的传播速度大小，因此该波的周期故A错误；C．根据同侧法可知该波中所有质点的起振方向都是轴负方向，故C错误；B．由根据同侧法可知时刻点向下振动，在时在位置波峰位置，故B正确；D．当点第一次到达波峰，相当于平衡位置在的质点的振动形式传播到点，需要的时间从时刻到到波传到点所需的时间点振动的时间按该过程中M点通过的距离为故D错误。故选B。6.如图所示，一长为L的轻绳拉着质量为m的小球保持静止。现在给小球一个水平初速度，使小球在竖直面内做完整的圆周运动，不计空气阻力，重力加速度为g，则下列判断正确的是（）A.小球在最高点的速度可以等于0B.小球获得的初速度大小为C.小球做圆周运动的过程中仅有一处合力指向圆心D.小球过最低点与最高点时受到绳的拉力大小之差等于6mg〖答案〗D〖解析〗A．小球在竖直面内做完整的圆周运动，若小球恰好能通过最高点，则有重力提供向心力，可得解得可知小球能通过最高点最小速度是，因此小球在最高点的速度不可以等于0，A错误；B．若小球恰好能通过最高点，设小球获得的初速度大小为v＇，则在最低点时由动能定理，则有解得由以上计算可知，是小球获得的初速度大小的最小值，有可能比这个速度要大，B错误；C．小球在竖直面内做完整的变速圆周运动，由以上分析可知，小球在最高点和最低点处合力指向圆心，C错误；D．设小球在最高点时的速度为v0，在最低点时的速度为，由动能定理可得小球在最高点时，由牛顿第二定律可得小球在最低点时，由牛顿第二定律可得联立以上各式解得D正确。故选D。7.有一台内阻为1n的发电机，给一个学校照明供电，如图所示，T1、T2分别为理想的升压变压器和降压变压器，升压变压器匝数比为1：4，降压变压器匝数比为4：1，T1与T2之间输电线的总电阻为10Ω。全校共有22个班，每班有220V、40W的日光灯6只，若保证灯管全部正常发光，则（）A.输电线上的电流为8AB.输电线上的损失电压为240VC.发电机的电动势为259VD.发电机的输出功率为5280W〖答案〗C〖解析〗A．22个班电灯都正常工作时，则干路的总电流为理想变压器原副线圈电流与匝数成反比，故输电线上的电流为A错误；B．输电线上损失的电压为B错误；C．理想变压器原副线圈电压与匝数成正比，可得解得的原线圈两端的电压为故的副线圈两端的电压为原线圈两端的电压为的原线圈的电流为根据闭合电路的欧姆定律，发电机电动势C正确；D．发电机输出功率为D错误。故选C。8.2022年11月3日，梦天实验舱与天和核心舱成功对接，向着建成空间站的目标迈出了关键一步。对接前梦天实验舱轨道略低，对接前两舱及对接后的组合体在轨运行均可视为绕地心做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A.梦天实验舱发射速度大于11.2km/sB.对接前梦天的加速度小于天和的加速度C.梦天通过发动机加速，追上天和，实现对接D.若对接后增大组合体轨道半径，则运行速度减小〖答案〗CD〖解析〗A．梦天实验舱处于地球的引力场内，发射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，A错误；B．对接前梦天实验舱轨道略低，根据可得可知对接前梦天的加速度大于天和的加速度，B错误；C．对接前梦天实验舱轨道略低，需要对梦天通过发动机加速离心实现对接，C正确；D．根据可得对接后，轨道半径变大，运行速度减小，D正确。故选CD。9.如图所示为倾角为37°的固定斜面，一个质量为2kg的物块自斜面底端沿斜面上滑，其动能和重力势能随上滑距离x的变化如图中直线Ⅰ和Ⅱ所示，重力加速度取10m/s2，，，则（）A.物块的初速度为10m/sB.物块和斜面间的动摩擦因数为0.5C.物块上升的最大高度为5mD.物块回到斜面底端时的动能为60J〖答案〗AB〖解析〗A．根据解得A正确；B．根据动能定理可得其中联立解得B正确；C．物块上升的最大高度C错误；D．物块下滑时，根据动能定理解得D错误。故选AB。10.如图（a），两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，底端接有一阻值为R的电阻。将一质量为m、阻值为R、长度也为L的金属棒通过绝缘细绳悬挂在距离导轨底端h高度处。空间中存在方向垂直于导轨平面向里的匀强磁场，其磁感应强度B随时间t变化，如图（b）所示。已知在t0时刻，细绳刚好断开，金属棒开始向下运动，下落高度为d时达到最大速度（d<h）。金属棒始终与轨道垂直且保持良好接触。则下列说法正确的是（）A.金属棒下落的最大速度为B.金属棒运动过程中机械能守恒C.细绳断裂前电路的总功率为D.细绳断裂后至金属棒达到最大速度的过程中，电路中产生的总热量为〖答案〗AC〖解析〗A．金属棒在下落的运动中，受重力和安培力的作用，由静止开始做加速度减小的运动，当加速度减小到零时，金属棒的速度最大，此时重力与安培力大小相等，则有其中解得A正确；B．金属棒运动过程中有重力做正功，安培力做负功，机械能不守恒，B错误；C．细绳断裂前，由电磁感应定律可得，感应电动势大小为由电功率公式，可得电路中的电功率为C正确；D．金属棒向下运动到达到最大速度的过程中，由能量守恒定律可得电路中产生的总热量为D错误。故选AC。第Ⅱ卷（非选择题共54分）二、非选择题（本题共5小题，共54分）11.某物理兴趣小组通过自由落体运动测量重力加速度。该小组利用“手机物理工坊”软件中的声学秒表功能记录物体的运动时间。该小组在铁架台上固定一个铁圈，充入空气的气球下方悬挂一个物体，放在铁圈上，如图甲所示。用针刺破气球时发出爆破音，手机上的传感器接收到声音信号开始计时，物体同时做自由下落。物体落地后发出声音，传感器再次接收到信号停止计时，记录了物体下落的时间t，如图乙所示。（1）要想计算重力加速度，还需要测量的物理量是_____________；（2）重力加速度的表达式为_________（用测量的物理量表达）；（3）为减少实验误差，改变铁圈的固定位置，多次测量。以为横坐标，_________为纵坐标建立坐标系，图线的斜率为重力加速度。〖答案〗（1）物体下端距地面的高度（2）（3）〖解析〗（1）[1]根据可知要计算重力加速度，还需要测量物体下端距地面的高度；（2）[2]根据可得（3）[3]根据整理可得可知为减少实验误差，改变铁圈的固定位置，多次测量。以为横坐标，为纵坐标建立坐标系，图线的斜率为重力加速度。12.甲同学设计了如图所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2的阻值．实验器材有：待测电源E（不计内阻），待测电阻R1，待测电阻R2，电压表V（量程为1.5V，内阻很大），电阻箱R（0-99.99Ω）；单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干．①先测电阻R1的阻值．请将甲同学的操作补充完整：闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数r和对应的电压表示数U1，保持电阻箱示数不变，_________________________，读出电压表的示数U2．则电阻R1的表达式为R1＝___________．②甲同学已经测得电阻Rl＝4.8Ω，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值．该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图所示的图线，则电源电动势E＝__________V，电阻R2=_________Ω．（保留三位有效数字）③利用甲同学设计的电路和测得的电阻Rl，乙同学测电源电动势E和电阻R2的阻值的做法是：闭合S1，将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出于相应的图线，根据图线得到电源电动势E和电阻R2．这种做法与甲同学的做法比较，由于电压表测得的数据范围___________（选填“较大”、“较小”或“相同”），所以___________同学的做法更恰当些．〖答案〗①S2切换到b②1.431.20③较小甲〖解析〗①[1][2]根据题意可知，保持电阻箱示数不变，将S2切换到b，由于R和R1串联，所以通过R1的电流，R1两端的电压为U2-U1，所以②[