山东省潍坊市高密四中学文慧校2024年中考联考物理试卷含解析

山东省潍坊市高密四中学文慧校2024年中考联考物理试卷注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．下列生活用品没有使用电磁波的是A．微波炉B．电暖器C．消毒柜D．电水壶2．“嫦娥四号”月球探测器在每个支脚的底部都安装了一个面积较大的底盘，这是为了A．减小压强 B．增大压强C．减小压力 D．增大压力3．某水电站的年发电量在8亿千瓦时以上，“千瓦时”是下列哪个物理量的单位A．电能 B．电功率 C．电压 D．电流4．如图，利用滑轮组提升600N的重物,绳子自由端的拉力F为350N,10s内将重物匀速提升2m,工人师傅的质量是60kg，不计绳重和摩擦,则下列说法不正确的是A．动滑轮重为100NB．绳子自由端拉力F的功率为140WC．工人师傅能提起货物的最大质量为110kgD．滑轮组的机械效率为80%5．关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）A．开关要串联在火线和电灯之间B．使用测电笔辨别火线时，手接触笔尖金属体C．三孔插座有时不需要接地D．发现有人触电后，立即用手把触电人拉离电线6．下列现象对应的物态变化及吸放热情况正确的是A．春天冰雪逐渐融化成水——汽化、吸热B．夏天自来水管外壁上出现的水——液化、放热C．秋天出现笼罩大地的浓雾——汽化、放热D．冬天窗户玻璃上形成的冰花——凝固、吸热7．关于家庭电路及安全用电，下列说法正确的是（）A．控制灯泡的开关接在零线上B．发现有人触电，迅速用手去拉C．同时使用多个大功率用电器D．使用试电笔时，手接触笔尾金属二、填空题（本大题7小题，共21分）8．图是探究声音产生及其特性的小实验：（1）用手拨动塑料尺，塑料尺会发出声音，说明声音是由物体的______而产生．（2）若增大塑料尺振动的幅度，则声音的______增大．（3）改变塑料尺伸出桌边的长度，会使声音的______发生改变．9．如图所示，是某同学用“伏安法”测量定值电阻R（阻值未知）实验电路图．如果电流表的内阻为RA，示数为I；电压表的内阻为RV，示数为U，则通过待测电阻R的电流为_____，待测电阻R的阻值为_____．10．央视一套播出的“舌尖上的中国”节目深受广大群众喜爱，色香味具全的“花米饭”是罗平人民“舌尖上的美食”．蒸“花米饭”时满屋飘香是_____现象，烹饪过程中其内能是通过_____方式改变的．11．有许多重大火灾都是因用电线路连接处接触不良所造成的，当线路连接处接触不良时，该处的电阻将_____（减小／增大／不变），在该接触处就会局部过热引起升温，接触处的电阻又将随着温度的升高而_____（减小／增大／不变），从而形成电热的逐步积累和恶性循环，以致引发火灾．12．太湖大桥是我国内湖第一长桥，位于苏州太湖环路至西山岛金庭镇段，大桥穿过三座小岛到达金庭镇，全长4308m。假期小明去西山岛游玩，感受大桥的风采，如果小明乘坐的汽车以36km/h的速度匀速通过大桥，所需的时间约为______小明坐在车内看到桥两边的路灯都往后退，是因为小明选择了______为参照物。13．小萌同学骑自行车上学途中，以自行车为参照物，小萌是________。若小萌以5m/s的速度从家里骑车10min到达学校，小萌家距学校________m。14．物理学的每一次重大发现都会推动社会的进步和发展。牛顿发现了万有引力定律，才有了今天的人造地球卫星；奥斯特发现了_____，进而研制出电磁继电器，_____发现了电磁感应现象，人类根据这个原理发明了_____机三、作图题（共7分）15．如图，茶杯静止在水平桌面上，请画出茶杯的受力示意图．16．如图所示,氢气球下吊一物体,不计空气阻力,物体沿MN方向做匀速直线运动，请画出物体所受力的示意图．17．如图所示，质地均匀的质量为500克圆柱形细木棒放在地面上，另一端与支点O连接，在图中画出木棒所受重力的示意图、重力的力臂．（________）四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．课堂上老师运用单摆演示动能与重力势能的相互转化,小雨看到单摆小角度不停往复摆动.（提出问题）单摆小角度往复摆动一次的时间与哪些因素有关呢?（猜想与假设）猜想一:可能与摆球的质量有关;猜想二:可能与摆动的幅度有关；猜想三：可能与绳长有关；（制定计划与设计实验）为了验证猜想是否正确，他设计了如图所示的装置，用系有细线（线长L可调）的小球制作了一个单摆进行了如下探究（摆动角度均较小）：（1）如图甲所示，用细线系住一个小球，保持细线的长度一定，使小球从A点由静止释放，改变OA（O固定悬点）的连线与竖直方向的夹角θ以改变小球摆动的幅度，测出小球在AB间往复运动一次所用的时间t与θ的关系如下表所示，由此可得出摆球小角度重庆复摆动一次的时间与摆动的幅度______（选填“有关”或“无关”）。θ/度46810t/秒2.02.02.02.0（2）用细线系住一铁球，改变细线的长度，使小球以较小的幅度在竖直面内CD之间摆动，用频闪相机（保持曝光时间间隔相等）拍摄小球由C运动至D的过程中的位置如图乙、丙所示（除C位置外，其余细线未画出），由此分析可知，单摆的摆长L越长，往复摆动一次的时间越______（选填“长”或“短”），由此可得出猜想_______是正确的。（交流与应用）（3）由表中实验记录可知，单摆来回摆动一次时间较短，直接测量摆动一次的时间误差较大，为减小误差，应_________。（4）生活中若摆钟走慢了，应如何调整钟摆的长度？_________。19．“测量橙汁的密度”实验①为了测量结果更准确，下列实验步骤的合理顺序是________（用字母表示）A．计算橙汁的密度B．用天平测出空烧杯的质量C．烧杯中盛适量的橙汁，用天平测出橙汁和烧杯的总质量D．调节天平平衡E．将烧杯中的橙汁全部倒入量筒中，读出橙汁的体积②测量橙汁和烧杯总质量时，砝码和游码的位置如图甲所示，则总质量为________g。③不用量筒，只需添加一个完全相同的烧杯和适量的水，也可以完成该实验。实验步骤如下：a．用已调好的天平测出空烧杯的质量，记为m0；b．向一个烧杯倒入适量橙汁，用天平测出橙汁和烧杯的总质量，记为m1；c．向另一个烧杯中倒入与橙汁等深度的水（如图乙），用天平测出水和烧杯的总质量，记为m2；d．橙汁的密度ρ橙汁=________（水的密度用ρ水表示）20．如图1是小明“测量小灯泡电功率”的电路，灯泡的额定电压为2.5V（电阻约10Ω）、电源电压恒为6V．（1）为保证实验顺利进行，应选择下列哪个滑动变阻器接入电路中_____；A．10Ω2AB．20Ω1A（2）闭合开关，调节滑动变阻器滑片P，发现电压表示数为2.7V，要使灯泡正常发光，下一步操作应该是：将滑片P向_____（填“左”或“右”）端移动；（3）实验数据如表：实验次数12345发光情况非常亮明亮较亮较暗熄灭电压U/V3.02.51.71.30.5电流I/A0.300.280.240.210.16分析实验数据可知：①第5次实验，灯泡熄灭的原因是_____；②小灯泡断电后的电阻可能是_____；A．0ΩB．2ΩC．10ΩD．11Ω（4）完成上述实验后，小明向老师又要了一个已知阻值为R0的定值电阻和一个单刀双掷开关，设计了如图2所示的电路测量灯泡的额定功率．请完成实验步骤：①闭合开关S1，将S2拨到触点_____（选填“1”或“2”），移动滑片P，使电压表的示数为_____V；②再将开关S2拨到触点_____（选填“1”或“2”），保持滑片P的位置不动，读出电压表的示数U；③灯泡额定功率的表达式为P额＝_____（用已知量和测量量符号表示）．21．在“测定物质的密度”实验中，要用电子天平测物体的____，用量筒测物体的___．在“探究杠杆平衡的条件”实验中，应将杠杆的中点支在铁架台上，调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在____位置保持平衡，若在图中所示的A点悬挂钩码，并在B点用力使杠杆平衡，为顺利完成实验，则应将弹簧力计沿____方向用力拉杠杆（选填“BM”、“BN”、“BP”或“BQ”）．22．在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：调节杠杆平衡时，应该使它在__________位置平衡．根据图示杠杆所处的位置如图（甲），应将杠杆左端平衡螺母向__________旋一些（填“右”或“左”）．挂上钩码，正确调节使杠杆再次平衡．此时挂在杠杆上的钩码施加的动力、阻力方向恰好与杠杆______，挂钩码位置所对应的刻度值就等于_______．杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂6个钩码,杠杆恰好在原位置平衡．于是小明便得出了杠杆的平衡条件为：F1l1=F2l2，他这样得出的结论不合理，原因是：__________．如乙图所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉时测力计的示数应为______N（每个钩码重0.5N），当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，使杠杆仍然在原位置平衡，则弹簧测力计的示数将____（选填“变大”、“变小”或“不变”），其原因是________．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．某太阳能热水器内盛有20℃的水50kg，在阳光照射下水温升高到60℃．试计算：（1）在此过程中这些水吸收了多少热量？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]（2）相当于完全燃烧多少kg的汽油放出的热量？（汽油的热值q＝3×107J/kg）24．下面的图表是从某台电热饮水机说明书上收集到的信息．经分析得知，当开关S闭合时，饮水机处于加热状态，S断开时，饮水机处于保温状态．为了测量它加热时的实际功率，小明断开其它所有用电器，只将该饮水机接入家庭电路中，闭合开关S，测得热水箱中的水从20℃升高到100℃，所用时间为7.5min，同时观察到家中标有“1200r/kw•h”字样的电能表转盘转过120转（r）．根据以上信息，求：热水箱容量1L额定电压220V加热时额定功率880W电阻R1的阻值（不考虑温度对阻值的影响）；饮水机热水箱中的水从20℃升高到100℃时所吸收的热量[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]；饮水机加热时的实际功率；饮水机此加热过程中的热效率．六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．白炽灯是日常生活中最重要的光源，小明对图甲所示的白炽灯和灯口进行了仔细观察后，结合所学有关知识，明白了许多道理：在家庭电路它与其他用电器之间是_____联，灯尾金属块必须与_____线相连，且灯口外壳和灯口上盖都是由塑料或橡胶制成，是由于它们都是_____，这些措施都是为了安全用电白炽灯用久了会发暗，其原因之一是钨丝先升华后_____（填物态变化名称）在灯泡内壁上，影响了玻璃的透光性原因之二是灯丝变细，电阻变大，在电压不变时，实际功率_____（选填“变大”“变小”或“不变”）．如图乙是光明牌白炽灯的铭牌，则25W表示_____．正常工作20h消耗的电能是_____kW•h．26．在①钳子、②镊子、③钓鱼杆、④铡刀这些工具中，属于省力杠杆的是________（选填序号）．如图所示，不计重力的杠杆OB可绕O点转动，重为6N的重物P悬挂在杠杆的中点A处，拉力F1与杠杆成30º角，杠杆在水平位置保持平衡，请在图中画出拉力F1的力臂，并求出拉力F1的大小为__________N．27．边长为0.1m的正方体木块，漂浮在水面上时，有2/5的体积露出水面，如图甲所示。将木块从水中取出，放入另一种液体中，并在木块表面上放一重2N的石块。静止时，木块上表面恰好与液面相平，如图乙所示。取g=10N/kg，已知水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，ρ石=2.5×103kg/m3。求：图甲中木块所受的浮力大小_______。木块的密度______。图乙中液体的密度__________。如将图乙中的石块放入液体中，则液面会_________（上升、下降、不变）。

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、D【解析】电磁波谱包括无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线，微波炉利用微波使食物中的水分子振荡从而加热食物的；电暖器运用了红外线，消毒柜是利用紫外线消毒的；电水壶是利用电流的热效应来工作的，故D符合题意，故选D．2、A【解析】

“嫦娥四号”月球探测器在每个支脚的底部都安装了一个面积较大的底盘，这是为了在压力一定时，增大受力面积来减小压强，故选A。3、A【解析】

“千瓦时”可根据得到，当功率单位为千瓦，时间的单位为小时，此时可得单位千瓦时，是电功的单位，也是电能的单位．选A．4、D【解析】

A.根据F=，则G动=nF-G=2×350N-600N=100N。故A正确，不符合题意。B.绳子自由端移动的距离为s=nh=2×2m=4m，则拉力F做的功为W=Fs=350N×4m=1400J，则拉力F的功率为P===140W。故B正确，不符合题意。C.若绳子自由端的拉力超过工人师傅的重力，则工人师傅将会被吊起，所以工人师傅能对绳子施加的拉力最大等于其自身重力，即最大拉力F最大=G人=m人g=60kg×10N/kg=600N。由F=得G=nF-G动，动滑轮重力不变，则工人师傅能提起货物的最大重力为G最大=nF最大-G动=2×600N-100N=1100N，则能提起货物的最大质量为m最大===110kg。故C正确，不符合题意。D.滑轮组的机械效率为η===85.71%。故D错误，符合题意。5、A【解析】

（1）开关应该控制火线；（2）使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的．使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故．（3）三孔插座需要接地；（4）发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施．【详解】A、在家庭电路中，开关应控制火线，即开关要串联在火线和电灯之间．故A正确；B、使用测电笔辨别火线时，用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故．故B错误；C、大功率或带有金属外壳的用电器必须使用三孔插座，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全．故C错误；D、直接用手去拉触电者，会引起救人者的间接触电，十分危险．故D错误；故选A．（1）安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．（2）触电原因是直接或间接接触火线．值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了．6、B【解析】

A．春天，冰雪融化是物质由固态变成液态的熔化过程，熔化吸热，故A错误；B．夏天，自来水管外壁上出现的水是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故B正确；C．秋天，出现笼罩大地的浓雾是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故C错误；D．冬天，窗户玻璃上形成的冰花是气态的水蒸气直接变成固态的冰，是凝华现象，凝华放热，故D错误．7、D【解析】

A、控制电灯的开关接在了零线上时，更换灯泡时易发生触电事故，故A错误。B、发现有人触电时，先切断电源，后实施抢救；人是导体，如果拉触电者，施救者也会触电，故B错误。C、家庭电路中各用电器是并联的，同时使用多个大功率用电器，会造成干路电流过大，引起火灾，故C错误；D、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，用笔尖接触被检验导线，才能辨别火线和零线，故D正确。二、填空题（本大题7小题，共21分）8、振动响度音调【解析】

(1)[1]声音是由物体的振动而产生的；(2)[2]增大振动的幅度，说明响声会增大；(3)[3]改变尺子伸出的长度，则尺子振动的频率会发生改变．9、I﹣【解析】

[1][2]图中电路的连接方式为电阻R与电压表并联后再与电流表串联，所以电流表的示数也就等于电阻R的电流与电压表的电流之和，即I=IR+IV；而IR=I-Iv=；待测电阻R的阻值为10、扩散热传递【解析】

蒸“花米饭”时满屋飘香，这是因为组成物质的分子不停地做无规则运动，是扩散现象；烹饪过程中，食物内能增加主要通过热传递方式实现的．11、增大增大【解析】

当线路连接处接触不良时，该处的电阻会增大；利用焦耳定律分析接触处局部过热，而金属电阻的阻值随温度升高而增大，据此分析．电路连接处与原来相比，由于接触不好，电流通过时受到的阻碍作用增大，因此电阻增大；连接处相对于其他地方电阻增大，根据焦耳定律Q=I2Rt，在电流相同、时间相同的情况下产生了更多的热量，因此导致局部温度升高，而金属导线的电阻随温度的升高而增大，电阻增大，产生的热量更多，温度升得更高，以致恶性循环引发火灾．12、430.8汽车或小明自己【解析】

当时车的速度为：v=36km/h=10m/s，通过大桥所需的时间t==430.8s。车在公路上向前运动时，选择汽车或小明自己为参照物，会看到两旁的路灯向后运动。13、静止的3000【解析】

小萌同学正在骑自行车去上学，若以自行车为参照物，小萌同学相对于与自行车的位置没有发生改变，因此小萌相对于自行车是静止的；验车的时间为：t=10根据v=ss=vt=5m/s14、电流的磁效应法拉第发电【解析】

丹麦物理学家奥斯特1820年发现了电流的磁效应；英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，进一步提示了电和磁的联系，导致了发电机的发明。三、作图题（共7分）15、如图所示：【解析】茶杯静止在水平桌面上，它受重力和桌面给它的支持力，并且这两个力大小相等、方向相反是一对平衡力．过茶杯重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示，作图时注意两条线段长度要相等，如图所示：16、【解析】分析：①若匀速直线运动或静止状态的物体受力，则受到的力一定是平衡力；②二力平衡的条件是：大小相等，方向相反，作用在同一物体上，作用在同一条直线上；③地面附近的物体受到重力的作用，重力的方向始终是竖直向下的，与物体的运动情况无关解答：不计空气阻力，重物在空中沿MN斜向上做匀速直线运动时，处于平衡状态，在运动中重物受到重力、细线的拉力的作用，重力的方向总是竖直向下的，拉力的方向应竖直向上；所以氢气球和重物应该在同一条竖直线上，因此过重心沿竖直向下的方向画出重力G，沿竖直向上的方向画出拉力F拉，而且大小相等，如图所示：【点睛】画力的示意图，是用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点．若需要画出物体受到的多个力的示意图时，要将这几个力画成共点力．17、【解析】

细木棒的重力G=mg=0.5kg×9.8N/kg=4.9N，均匀木棒的中心为木棒的重心，从重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，即为重力的示意图；从支点O作重力作用线的垂线，垂线段的长即为重力的力臂l，如图所示：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、无关长三测摆动20次的时间，再算一次的调短一些【解析】

（1）由表中实验数据可知，在摆长不变的情况下，OA(O固定悬点)的连线与竖直方向的夹角θ不同，而AB间往复运动一次所用的时间t相等，由此可知：摆球小角度重复摆动一次的时间与摆动的幅度无关；（2）由图乙丙可以看出，摆长越长，小球往复摆动一次的时间越长，由此可见：在质量与摆动幅度相同时，往复摆动一次的时间随绳长的增大而增大，这验证了猜想三是正确的。（3）由表中实验记录可知，单摆来回摆动一次时间较短，直接测量摆动一次的时间误差较大，为减小误差，应测量摆动20次的时间，取平均值作为摆动一次的时间；（4）因摆长越长，小球往复摆动一次的时间越长，生活中若摆钟走慢了，可减小摆长。19、DCEBA61.8m【解析】（1）实验步骤的确定，首先能保证完成测量任务，其次实验过程要严谨，尽可能地减小误差。（2）物体的质量等于砝码的质量与游码对应的刻度值的和；（3）只有天平，没有量筒，可以利用等体积的水和橙汁，称量水和橙汁的质量，根据体积相等列出等式求出橙汁的密度。解答：（1）为了测量结果更准确，实验步骤的合理顺序是DCEBA，这样误差最小；（2）由图知，天平标尺的分度值为0.2g；烧杯和橙汁的总质量：m（3）有以上步骤可知橙汁的质量：m橙汁=m1-m0，烧杯内水的质量故答案为：(1).DCEBA(2).61.8(3).m【点睛】测量液体密度时，只有量筒没有天平，可以采用被测液体和水的质量相同进行测量；只有天平没有量筒，可以采用被测液体和水的体积相同进行测量。橙汁体积的测量是本实验的难点，巧妙地利用等效替代法，是解决此题的关键。20、B右灯的实际功率太小B22.51【解析】

（1）当灯正常发光时，电路中的电流约为I＝＝＝0.25A，滑动变阻器两端的电压U滑＝U﹣UL＝6V﹣2.5V＝3.5V，变阻器连入的电阻为R滑＝＝＝14Ω＞10Ω，所以滑动变阻器选B：20Ω1A．（2）当电压表示数为2.7V，大于小灯泡的额定电压，要使灯泡正常发光，当增大滑动变阻器的阻值时，滑动变阻器分得的电压增大，因此滑片要向右端移动，直到电压表的示数为2.5V；（3）①灯在额定电压下的功率为额定功率，分析数据可知，灯在额定电压下的电流0.28A，小灯泡的额定功率为：P＝UIL＝2.5V×0.28A＝0.7W；第5次实验中，灯泡的实际功率：＝＝0.5V×0.16A＝0.08W，通过计算知灯的实际功率太小，达不到发光功率，所以灯泡熄灭；②金属导体的电阻与温度有关，小灯泡的电阻主要是受到温度变化的影响；由表中第5组实验数据可知，此时灯泡电阻R＝＝＝3.125Ω；灯泡电阻受温度影响，随温度降低而减小，小灯泡在断电一段时间后，灯丝温度降低，灯泡的电阻减小，但不会为0，则灯泡电阻可能是2Ω；故选B．（4）①首先使灯泡两端的电压为2.5V，使其正常发光，所以闭合开关Sl，将S2拨到触点2，移动滑片，使电压表的示数为2.5V；②再测定值电阻两端的电压，将开关S2拨到触点1，保持滑片的位置不动，读出电压表的示数U，则定值电阻两端的电压为U﹣2.5V；③电路中的电流I＝；则灯泡额定功率的表达式为P额＝U额I＝2.5V×I＝．21、质量体积水平BN【解析】

电子天平是测量物体质量的仪器，量筒是测物体的体积的仪器，测出了物体的质量和体积，根据密度公式可求出物质的密度；为了在杠杆上直接读出力臂大小，实验时应使杠杆在水平位置平衡．若在图中所示的A点悬挂钩码，并在B点用力使杠杆平衡，为顺利完成实验，方便读出力臂，应使力的方向与杆垂直，故应将弹簧测力计沿BN方向用力拉杠杆．22、水平右垂直力臂用实验来探究物理规律时，只有一次实验，实验结论具有偶然性3变大动力臂变小【解析】

(1)调节杠杆平衡时，应使杠杆在水平位置平衡；图中的杠杆左端低、右端高，说明此时杠杆的重心在支点左边，应将杠杆的重心向右移，所以应将平衡螺母向右调节，杠杆才能平衡；(2)挂上钩码，正确调节使杠杆再次平衡．此时挂在杠杆上的钩码施加的动力、阻力方向恰好与杠杆垂直，挂钩码位置所对应的刻度值就等于力臂；(3)小明只做了一次实验就得出结论，是不合理的，我们用实验来探究物理规律时，只有一次实验，实验结论具有偶然性，不能作为规律应用；(4)用弹簧测力计在C位置竖直向上拉，使杠杆保持水平平衡，根据F1l1=F2l2得测力计的示数为：；弹簧测力计逐渐向右倾斜时，要使杠杆继续保持水平平衡，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大，弹簧测力计示数变大．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）8.4×106J；（2）0.28kg。【解析】

（1）水吸收的热量是：Q吸＝cm1△t＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（60℃﹣20℃）＝8.4×106J；（2）因为Q吸＝Q放＝m2q，所以，这些热量相当于完全燃烧m2千克煤油是：m2＝Q吸q=8.4×1024、(1)55Ω；(2)3.36×105J；(3)800W.(4)93.3%.【解析】

（1）当开关S闭合时，饮水机处于加热状态，此时电路中只有电阻R1，如图1所示；S断开时，饮水机处于保温状态，此时电路中电阻R1和R2串联，如图2所示；由题知，U＝220V，P加热＝880W，电阻R1的阻值为：R1＝＝55Ω．（2）热水箱容量，即可装水的体积：V＝1L＝0.001m3，由ρ＝得饮水机内可装入水的质量；m＝ρV＝1×103kg/m3×0.001m3＝1kg；c水＝4.2×103J/（kg•℃），t＝100℃，t0＝20℃，水吸收的热量为：Q吸＝c水m（tt0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃20℃）＝3.36×105J．（3）每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘就转过1200r，电能表的转盘转过120r消耗的电能为：W＝W•h＝0.1kW•h＝3.6×105J，而t＝7.5min＝450s，饮水机的实际功率为：P实际＝＝800W．（4）Q吸＝3.36×105J，消耗电能W＝3.6×105J，饮水机的热效率为：η＝×100%＝×100%93.3%．（1）当开关S闭合时，饮水机处于加热状态