浙江专用高考数学复习专题七数学思想方法第2讲分类讨论思想转化与化归思想练习.docx

专题七 数学思想方法 第2讲 分类讨论思想、转化与化归思想练习一、选择题1.等比数列an中，a37，前3项之和S321，则公比q的值是()A.1 B.C.1或 D.1或解析当公比q1时，a1a2a37，S33a121，符合要求.当q1时，a1q27，21，解之得，q或q1(舍去).综上可知，q1或.答案C2.过双曲线1(a0，b0)上任意一点P，引与实轴平行的直线，交两渐近线于R，Q两点，则的值为()A.a2 B.b2 C.2ab D.a2b2解析当直线PQ与x轴重合时，|a，故选A.答案A3.函数f(x)2xx32在区间(0，1)内的零点个数是()A.0 B.1 C.2 D.3解析法一函数f(x)2xx32在区间(0，1)内的零点个数即函数y12x2与y2x3的图象在区间(0，1)内的交点个数.作图，可知在(0，)内最多有一个交点，故排除C，D项；当x0时，y11y20，当x1时，y10y21，因此在区间(0，1)内一定会有一个交点，所以A项错误.选B.法二因为f(0)1021，f(1)21321，所以f(0)f(1)0.又函数f(x)在(0，1)内单调递增，所以f(x)在(0，1)内的零点个数是1.答案B4.已知函数f(x)ln xx1，g(x)x22bx4，若对任意的x1(0，2)，任意的x21，2，不等式f(x1)g(x2)恒成立，则实数b的取值范围是()A. B.(1，)C. D.解析依题意，问题等价于f(x1)ming(x2)max，f(x)ln xx1(x0)，所以f(x).由f(x)0，解得1x3，故函数f(x)单调递增区间是(1，3)，同理得f(x)的单调递减区间是(0，1)和(3，)，故在区间(0，2)上，x1是函数f(x)的极小值点，这个极小值点是唯一的，所以f(x1)minf(1).函数g(x2)x2bx24，x21，2.当b1时，g(x2)maxg(1)2b5；当1b2时，g(x2)maxg(b)b24；当b2时，g(x2)maxg(2)4b8.故问题等价于或或解第一个不等式组得b1，解第二个不等式组得1b，第三个不等式组无解.综上所述，b的取值范围是.故选A.答案A二、填空题5.若数列an的前n项和Sn3n1，则它的通项公式an_.解析当n2时，anSnSn13n1(3n11)23n1；当n1时，a1S12，也满足式子an23n1，数列an的通项公式为an23n1.答案23n16.在ABC中，点M，N满足2，若xy，则x_，y_.解析不妨设ACAB，有AB4，AC3，以A为坐标原点，AB，AC所在直线分别为x轴，y轴建立平面直角坐标系，如图所示.则A(0，0)，B(4，0)，C(0，3)，M(0，2)，N，那么，(4，0)，(0，3)，由xy，可得x(4，0)y(0，3)，即(4x，3y)，则有，解得答案7.设F1，F2为椭圆1的两个焦点，P为椭圆上一点.已知P，F1，F2是一个直角三角形的三个顶点，且|PF1|PF2|，则的值为_.解析若PF2F190，则|PF1|2|PF2|2|F1F2|2，|PF1|PF2|6，|F1F2|2，解得|PF1|，|PF2|，.若F2PF190，则|F1F2|2|PF1|2|PF2|2|PF1|2(6|PF1|)2，解得|PF1|4，|PF2|2，2.综上所述，2或.答案2或8.已知a为正常数，若不等式1对一切非负实数x恒成立，则a的最大值为_.解析原不等式即1(x0)，(*)令t，t1，则xt21，所以(*)式可化为1t对t1恒成立，所以1对t1恒成立，又a为正常数，所以a(t1)2min4，故a的最大值是4.答案4三、解答题9.数列an中，a18，a42，且满足an22an1an0.(1)求数列的通项公式；(2)设Sn|a1|a2|an|，求Sn.解(1)an22an1an0，所以an2an1an1an，所以an1an为常数列，所以an是以a1为首项的等差数列，设ana1(n1)d，a4a13d，所以d2，所以an102n.(2)因为an102n，令an0，得n5.当n5时，an0；当n5时，an0；当n5时，an0.所以当n5时，Sn|a1|a2|an|a1a2a5(a6a7an)T5(TnT5)2T5Tnn29n40，Tna1a2an，当n5时，Sn|a1|a2|an|a1a2anTn9nn2.所以Sn10.已知函数g(x)(aR)，f(x)ln(x1)g(x).(1)若函数g(x)过点(1，1)，求函数f(x)的图象在x0处的切线方程；(2)判断函数f(x)的单调性.解(1)因为函数g(x)过点(1，1)，所以1，解得a2，所以f(x)ln(x1).由f(x)，则f(0)3，所以所求的切线的斜率为3.又f(0)0，所以切点为(0，0)，故所求的切线方程为y3x.(2)因为f(x)ln(x1)(x1)，所以f(x).当a0时，因为x1，所以f(x)0，故f(x)在(1，)上单调递增；当a0时，由得1x1a，故f(x)在(1，1a)上单调递减；由得x1a，故f(x)在(1a，)上单调递增.综上，当a0时，函数f(x)在(1，)上单调递增；当a0时，函数f(x)在(1，1a)上单调递减，在(1a，)上单调递增.11.已知椭圆1(ab0)的一个焦点与抛物线y24x的焦点F重合，且椭圆短轴的两个端点与点F构成正三角形.(1)求椭圆的方程；(2)若过点(1，0)的直线l与椭圆交于不同的两点P，Q，试问在x轴上是否存在定点E(m，0)，使恒为定值？若存在，求出E的坐标，并求出这个定值；若不存在，请说明理由.解(1)由题意，知抛物线的焦点为F(，0)，所以c.因为椭圆短轴的两个端点与F构成正三角形，所以b1.可求得a2，故椭圆的方程为y21.(2)假设存在满足条件的点E，当直线l的斜率存在时设其斜率为k，则l的方程为yk(x1).由得(4k21)x28k2x4k240，设P(x1，y1)，Q(x2，y2)，所以x1x2，x1x2.则(mx1，y1)，(mx2，y2