山西省河津市第二中学2019届高三物理阶段性测评试题（含解析）.docx

山西省河津市第二中学2019届高三物理阶段性测评试题（含解析） 一、单项选择题1.牛顿建立的经典力学体系，是人类认识自然及历史的第一次大飞跃和理论的大综合，它开辟了一个新的时代，并对科学发展的进程以及人类生产生活和思维方式产生极其深刻的影响，标志着近代理论自然科学的诞生，并成为其他各门自然科学的典范。以下说法正确的是（ ）A. 牛顿发现了万有引力定律，并实验测出了引力常量GB. 牛顿通过论证开普勒行星运动定律与他的引力理论间的一致性，证明了天上力学和地上力学的统一性，所以牛顿定律在非惯性系中也成立C. 在著名的“月-地检验”中，人们计算出了月球绕地球运动轨道的加速度是地球表面重力加速度的D. 牛顿第一定律又被称为惯性定律，任何物体都有惯性，速度越大，物体的惯性越大【答案】C【解析】【详解】牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用实验测出了引力常量G，选项A错误；牛顿通过论证开普勒行星运动定律与他的引力理论间的一致性，证明了天上力学和地上力学的统一性，但是牛顿定律在非惯性系中不成立，选项B错误；在著名的“月-地检验”中，人们计算出了月球绕地球运动轨道的加速度是地球表面重力加速度的，选项C正确；牛顿第一定律又被称为惯性定律，任何物体都有惯性，质量越大，物体的惯性越大，选项D错误；故选C.2.如图所示，在粗糙水平地面上有一斜面，斜面倾角为，物块A静止在斜面上，则下列说法正确的是（ ）A. 若水平面是光滑的，其他条件不变，斜面会向右运动B. 若增大角，A受到的摩擦力一直增大C. 增加A的质量，A会沿斜面滑下D. 地面对斜面没有摩擦力【答案】D【解析】【详解】对物体而言，所受的斜面的支持力和摩擦力的合力与重力平衡，则合力的方向竖直向上，则物体对斜面的作用力方向竖直向下，可知斜面在水平方向不受力，地面对斜面没有摩擦力，斜面仍然静止，选项A错误，D正确；若物块在斜面上静止，则物块所受的摩擦力为mgsin，则增大角，摩擦力变大；若增大角后物块下滑，则摩擦力为mgcos，增大角，摩擦力变小，选项B错误；物体在斜面上静止，则mgsinmgcos，即sin12cm 某处静止释放一带电的粒子，不计粒子重力，则粒子运动的图象可能正确的是( )A. B. C. D. 【答案】BC【解析】【详解】在x轴上可以求出q1和q2合场强为零的位置为x=12cm；因为沿x轴无限远处的场强为零，所以电场的变化如图，从0到0，先增大后变小，以E=0左右两侧电场方向相反；在x12cm处，若释放带正电的粒子，粒子向x轴正向运动的速度越来越大，加速度可能先增大后减小，也可能一直减小，选项B正确；粒子不可能匀变速运动，选项D错误；若释放的是负粒子，负粒子要在x轴上做往复运动，选项C正确；因为在x12cm处释放带电粒子，不可能加速度一直变大，选项A错误；故选BC.【点睛】此题关键是搞清在x轴上各个部分的电场分布情况，尤其是先找到场强等于零的位置，结合场强的变化分析粒子的运动的情况.11.如图所示，光滑水平面上A球以4 m/s速度向右运动，与静止的B球发生碰撞，已知A球质量为0.3 kg,5球的质量为0.2 kg，则在碰撞中B球获得的冲量大小可能为( ) A. 0.46Ns B. 0.50 NsC. 1.2 Ns D. 0.78 Ns【答案】BD【解析】【详解】A球和B球发生碰撞，可能是弹性碰撞也可能是非弹性碰撞，取两种极限情况分析，弹性碰撞： 解得： ；完全非弹性碰撞：解得；根据动量定理， B球的动量变化等于它所受的冲量，即； ，所以B球所受的冲量介于两者之间，则选项AC错误；BD正确；故选BD.12.如图所示,在竖直面内有一固定光滑半圆环,O为其圆心，半径为R，A、B为半圆环的左右端点，C为圆环最低点。一质量为m的小环(可视为质点），套在圆环上。现把小环置于A点同时在小环上作用一水平向右的恒力F，且，小环由静止开始运动，则小环从A点运动到其轨迹的最高点的过程中，以下说法正确的是( )A. 小环运动到B点时，轨道对小环的支持力为B. 小环运动到其轨迹的最高点时速度大小为C. 从A点运动到其轨迹最高点过程中小球机械能增量为5mgRD. 从4点运动到其轨迹最高点过程中小球机械能增量为4mgR【答案】BD【解析】【详解】从A点到B点重力做功为0，利用动能定理：F2R=mv2；又根据圆周运动：得支持力FN=F=5mg，选项A错误；离开轨道时速度，方向向上，此后向上做匀减速运动，向右做匀加速运动，两个方向的加速度大小相等，当达到最高点时，竖直向上的速度大小由变为0，水平速度大小由0变为，选项B正确；从A点到最高点非重力做功，即F做功，等于小环机械能的增加，离开圆环后小环向右的位移等于向上的位移 ，F共做功4mgR，选项C错误，D正确；故选BD.【点睛】此题关键是分析小环在两个方向的受力情况，从而分析在两个方向的运动情况；知道机械能的增加量等于除重力以外的其它力的功.三、实验探究题13.如图所示为用来验证牛顿第二定律的实验装置，水平桌面上有一个右端带有小滑轮的长木板，木板上的小车顶端带有凹槽，小车右端固定有遮光条，桌子上固定两个光电门G1和C2，可以记录小车通过两个光电门的所用时间。已知小车的质量大约为一个钩码质量的4倍(开始右边有4个钩码）。(1)在小车开始运动后的实验过程中，绳子的拉力_(选填“能”或“不能”)认为近似等于右边钩码的总重力。(2)该同学在绳子上连接一个力的传感器，如果有了力的传感器，本实验还需要平衡摩擦力吗？_ (选 填“需要”或“不需要”）(3)该同学在第二步安装力的传感器的基础上，正确调整装置后，测出遮光条的宽度为d，光电门分别记录了第一次遮光时间，第二次遮光时间以及两次遮光之间的时间间隔小车及小车上砝码的总质量为，力的传感器读数为F，只需验证_就达到实验目的。【答案】 (1). 不能 (2). 需要 (3). 【解析】【详解】（1）因为在运动中绳子拉力近似等于砝码的重力的条件是小车的 质量远大于钩码的质量；所以在小车开始运动后的实验过程中，绳子的拉力不能认为近似等于右边钩码的总重力。（2）需要平衡摩擦力；有了力的传感器只是知道了拉力的大小；平衡了摩擦力，拉力才等于合力；（3），；小车做匀加速直线运动，则加速度；故只需验证： 就能达到实验的目的.14.描绘一个标有“3 V 0.9 W”的小灯泡的伏安特性曲线，有以下器材供选用：A.电压表V1量程3 V，内阻约3 k; B.电压表V2量程6 V，内阻约6 k; C.电流表A1量程0.6 A，内阻约0.1； D.电流表A2量程0.3 A，内阻为0.2；滑动E.变阻器; F.滑动变阻器R2(200,0.5 A)； G.蓄电池(电动势6 V，内阻不计）；H.开关一个。（1）要求能尽可能多的记录实验数据，误差尽可能小，请在虚线框中画出实验电路图，并标出所选用实验器材的符号_。（2）根据实验数据画得小灯泡的安特性曲线如图，则小灯泡正常工作时的电阻为_。(保留三位有效数字）(3)如果把该小灯泡直接和一个电动势为2 V，内阻为0.5的蓄电池相连，则此时小灯泡的实际功率为_W。(保留两位小数）【答案】 (1). （1） (2). （2）10.7 (3)0.47W 【解析】【详解】（1）电压表选择量程为3V的V1；灯泡的额定电流为0.3A，则电流表选择量程0.3 A的 A2；滑动变阻器选择阻值较小的R1组成分压电路；电路图如图；（2）由灯泡的伏安特性曲线可知，当电压U=3V时，电流I=0.28A，则电阻为. （3）由题可知电源的U-I关系是：I=4-2U；在小灯泡的I-U图像中做电源的I-U图像，取两个特殊点（2V，0）和（1.9V，0.20A）连线如图，得交点为（1.88V，0.25A），可得小灯泡的实际功率为：P=IU=0.251.88W=0.47W.【点睛】此题关键是知道仪器选择的原则：安全、准确、方便；知道测量小电阻时要用电流表外接以及分压电路；在灯泡的伏安特性曲线中画出电源的U-I线，其交点即为小灯泡的工作点.四、计算题15.如图所示，在水平面上有一足够长的木板，物块放在长木板的左端，木块的质量为=2 kg，长木板的质量=lkg,已知物块和木板间的动摩擦因数为=0.5,木板和地面之间的动摩擦因数=0.25。现用力f作用在物块上。(1)若F=10.5N,求经过5s摩擦产生的热量。(2诺F=20N,求经过1s摩擦产生的热量。【答案】(1)93.75J (2)21.875J【解析】【详解】（1）假设物块和木板恰好发生相对滑动，以木板为研究对象，此时物块给木板提供向右的滑动摩擦力： ；地面给木板向左的摩擦力：；木板的加速度 选取木块：，其中a1=a2，解得F=15N；当F=10.5N时，木块和木板没有相对滑动，一起向右运动；对整体：经5s整体的位移： 木板和地面产生的热量：Q1=f2x=93.75J（2）当F=20N时，物块和木板相对滑动，物块的加速度 物块的位移： 木板的加速度：木板的位移：产生的总热量：【点睛】此题时典型的板块模型；首先必须要求出两者发生相对滑动时的F的临界值，然后判断两者之间是否发生相对滑动，再结合牛顿第二定律利用整体及隔离法求解加速度.16.在竖直平面xOy坐标系中的第二象限存在竖直向下的匀强电场，在其他三个象限存在垂直纸面向外的匀强磁场(未画出）。一粒子源在A(-2L，)点沿轴正方向射出一个带正电，质量为m,电荷量为q的粒子，经过时间该粒子通过y轴上的B(0, )点进入磁场，磁感应强度大小为。不计粒子重力，磁场和电场均无限大。(1)粒子进入磁场时的动能。(2)粒子第一次穿越A:轴，经过轴上的P点，求P点坐标。(3)求粒子从B点开始进入磁场到第三次穿越轴时所需要的时间。【答案】(1) (2)(L,O) (3) 【解析】【详解】（1）粒子做类平抛运动，水平方向的初速度：；在B点做速度的反向延长线过水平位移AD的中点C，结合坐标得：，CD=L，所以速度v与y轴夹角为=600，则 进入磁场时，粒子的动能 （2）在B点做速度的垂线，圆心在垂线上，如图所示；做圆周运动的半径为： 因为OB=L，r=2L，=600可得，圆心在x轴上，即粒子垂直于x轴穿越，由几何关系可知，P点的坐标（L，0）.（3）粒子第一次穿越x轴经历粒子第二次穿越x轴经历 粒子第二次穿越x轴后进入第二象限的电场做匀减速运动，加速度： 粒子进入电场减速到0的时间： 第二次穿越x轴到第三次穿越x轴共用时间2t=4t粒子第三次穿越x轴经历的总时间：【点睛】带电粒子在电场和磁场中的运动问题，关键是画出粒子的运动轨迹图，认真分析粒子运动的物理过程，结合平抛运动的规律以及圆周运动的规律求解.五、选做题17.以下说法正确的是_。A.晶体熔化时，分子的平均动能不变，分子势能不变B.多晶体没有规则的几何形状，表现为各向同性C.热机在工作时，如果没有漏气、没有摩擦等各种损失，效率可以达到100%D.当固体和液体的附着层液体分子比较稀疏时，液体分子力为引力，表现为不浸润现象E.固体与固体之间也存在扩散现象【答案】BDE 【解析】【详解】晶体熔化时要吸收热量，温度不变，则分子的平均动能不变，分子势能增加，选项A错误；多晶体没有规则的几何形状，表现为各向同性，选项B正确；根据热力学第二定律可知，任何热机的效率都不可以达到100%，选项C错误；当固体和液体的附着层液体分子比较稀疏时，液体分子力为引力，表现为不浸润现象，选项D正确；固体与固体之间也存在扩散现象，选项E正确；故选BDE.18.如图甲所示，水平放置汽缸由导热材料制成，总体积为P,内部被一光滑活塞分为体积相等的两部分，活塞的面积为S,开始时两部分的气体压强为W。现将汽缸由水平位置缓慢旋转90竖直放置，活塞下移,设环境温度不变，重力加速度为g,求活塞的质量。【答案】 【解析】【详解】左右两部分气体的体积都是，压强都为p0；竖直放置后，对上部分气体列等温气体方程： 解得对下部分气体列等温气体方程： 解得 对活塞受力分析： 解得：19.以下说法正确的是。A.如甲图所示，为沿轴正向传播的简谐横波某时刻波形图，P为介质中一点，则该时刻P点速度沿y轴正向B.如乙图所示，小球在两个倾斜角很小的斜面上来回运动是简谐运动C.如图丙所示，测量单摆振动周期时，相比于平衡位置把最高点作为计时起点误差相对较大D.如图丁所示，在倾角为的光滑斜面上，沿斜面将小球下拉一小段距离，然后松手，小球的运动是简谐运动E.如图丁所示，两列频率相同的波相遇，实线代表波的波峰，虚线代表波的波谷，M点是振动加强点，从图示时刻再过,M点的位移不变【答案】ACD【解析】【详解】甲图中波向x轴正方向传播，则该时刻P点速度沿y轴正向，选项A正确；由图乙可知，小球在斜面上是加速度恒定的匀加速和匀减速运动，不是简谐振动，选项B错误；丙图中，单摆最高点附近速度较小，最高点位置不易确定，误差较大，选项C正确；丁图中小球的运动时简谐振动，选项D正确；戊图中，该时刻M点的位移最大，再经过T/4，位移变为0，选项E错误；故选ACD.20.如图所示，横截面为四边形ABCD的玻璃体MB面竖直