xx届高考物理第一轮考纲知识复习-功能关系 能量守恒定律

1 / 27 XX 届高考物理第一轮考纲知识复习 :功能关系 能量守恒定律 本资料为 WoRD文档，请点击下载地址下载全文下载地址 m 第 4 节功能关系能量守恒定律 【考纲知识梳理】 一、功能关系 1做功的过程是能量转化的过程，功是能的转化的量度。 2.功能关系 功是能量转化的量度 重力所做的功等于重力势能的减少 电场力所做的功等于电势能的减少 弹簧的弹力所做的功等于弹性势能的减少 合外力所做的功等于动能的增加 只有重力和弹簧的弹力做功，机械能守恒 重力和弹簧的弹力以外的力所做的功 等于机械能的增加WF=E2 E1=E 克服一对滑动摩擦力所做的净功等于机械能的减少E=fS （ S 为相对滑动的距离） 克服安培力所做的功等于感应电能的增加 二、能量守恒定律 【要点名师透析】 2 / 27 一、几种常见的功能关系 【例 1】 (XX杭州模拟 )(10 分 )一物块放在如图所示的斜面上 ,用力 F 沿斜面向下拉物块，物块沿斜面运动了一段距离，若已知在此过程中，拉力 F 所做的功为 A，斜面对物块的作用力所做的功为 B，重力做的功为 c，空气阻力做的功为 D，其中 A、 B、 c、 D 的绝对值分别为 100j、 30j、 100j、20j，则 (1)物块动能的增量为多少？ (2)物块机械能的增量为多少？ 【答案】 (1)150j(2)50j 【详解】 (1)在物块下滑的过程中，拉力 F 做正功，斜面对物块有摩擦力，做负功，重力做正功，空气阻力做负功 .根据动能定理，合外力对物块做的功等于物块动能的增量，则 Ek=W 合 =A+B+c+D=100j+(-30j)+100j+(-20j) =150j(5 分 ) (2)根据功能关系，除重力之外的其他力所做的功等于物块机械能的增量，则 E 机 =A+B+D=100j+(-30j)+(-20j)=50j(5 分 ) 二、摩擦力做功的特点 3 / 27 【例 2】 (XX广州模拟 )(12 分 )质量为 m 的长木板放在光滑的水平面上，一质量为 m 的滑块以某一速度沿木板表面从 A 点滑到 B 点，在板上前进了 L，而木板前进了 l，如图所示，若滑块与木板间的动摩擦因数为 ，求： (1)摩擦力对滑块和木板做的功； (2)系统产生的热量 . 【答案】 (1) mg(L+l)mgl(2)mgL 【详解】 (1)滑块的对地位移为 x1=L+l 摩擦力对滑块做的功为： W1= Ffx1= mg(L+l)(4 分 ) 木板的对地位移为 x2=l 摩擦力对木板做的功为： W2=Ffx2=mgl(4 分 ) (2)滑块相对木板的位移为 x=L 系统产生的热量 Q=Ffx=mgL(4 分 ) 三、对能量守恒定律的理解和应用 1.对定律的理解 (1)某种形式的能减少 ,一定存在其他形式的能增加 ,且减少量和增加量一定相等 .即 E 减 =E 增 . (2)某个物体的能量减少 ,一定存在其他物体的能量增加 ,且减少量和增加量一定相等 .即 EA 减 =EB 增 . 2.应用能量守恒定律解题的步骤 4 / 27 (1)分清有多少形式的 能如动能、势能 (包括重力势能、弹性势能、电势能 )、内能等在变化 . (2)明确哪种形式的能量增加 ,哪种形式的能量减少 ,并且列出减少的能量 E 减和增加的能量 E 增的表达式 . (3)列出能量守恒关系式 :E 减 =E 增 . 【例 3】 (XX福州模拟 )(16 分 )如图所示 ,光滑水平面AB 与竖直面内的半圆形导轨在 B 点相切 ,半圆形导轨的半径为 R.一个质量为 m 的物体将弹簧压缩至 A 点后由静止释放 ,在弹力作用下物体获得某一向右的速度后脱离弹簧 ,当它经过 B 点进入导轨的瞬间对轨道的压力为其重力的 8 倍 ,之后向上运动 恰能到达最高点 c.(不计空气阻力 )试求 : (1)物体在 A 点时弹簧的弹性势能 . (2)物体从 B 点运动至 c 点的过程中产生的内能 . 【答案】 (1)(2)mgR 【详解】 (1)设物体在 B 点的速度为 vB,弹力为 FNB,则有 (3分 ) 又 FNB=8mg 由能量转化与守恒可知 : 弹性势能 (4分 ) (2)设物体在 c 点的速度为 vc,由题意可知 : (3分 ) 5 / 27 物体由 B 点运动到 c 点的过程中 ,由能量守恒得： (4分 ) 解得： Q=mgR(2分 ) 【考点模拟演练】 1.（ XX新课标全国卷 T16）一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离。假定空气阻力可忽略，运动员可视为质点，下列说法正确的是 A.运动员到达最低点前重力势能始终减小 B.蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加 c.蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒 D.蹦极过程中，重力势能的改变与重力势能零点的选取有关 【答案】选 A、 B、 c。 【详解】运动员在下落过程中，重力做正功，重力势能减小，故 A 正确。蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力向上，位移向 下，弹性力做负功，弹性势能增加，故 B 正确。选取运动员、地球和蹦绳为一系统，在蹦极过程中，只有重力和系统内弹力做功，这个系统的机械能守恒，故 c 正确。重力势能改变的表达式为 Ep=mgh，由于 h 是绝对的与选取的重力势能参考零点无关，故 D 错。 6 / 27 6.（ XX安徽高考 T24）如图所示，质量 m=2kg的滑块套在光滑的水平 轨道上，质量 m=1kg 的小球通过长 L=的轻质细杆与滑块上的光滑轴 o 连接，小球和轻杆可在竖直平面内绕 o 轴自由转动，开始轻杆处于水平状 态，现给小球一个竖直向上的初速度 =4m/s， g 取 10。 若锁定滑块，试求小球通过最高点 P 时对轻杆的作用力大小和方向。 （ 2）若解除对滑块的锁定，试求小球通过最高点时的速度大小。 在满足（ 2）的条件下，试求小球击中滑块右侧轨道位置点与小球起始位置点间的距离。 【答案】（ 1） 2N，方向竖直向上（ 2）（ 3） m 【详解】设小球能通过最高点，且此时的速度为 v1，在上升过程中，因只有重力做功，小球的机械能守恒，则 设小球到达最高点时，轻杆对小球的作用力为 F，方向向下，则小球受到的拉力和重力提供做 圆周运动的向心力，有 由 式，得 由牛顿第三定律知，小球对轻杆的作用力大小为 2N，方向竖直向上。 7 / 27 （ 2）若解除锁定，设小球通过最高点时的速度为 v2，此时滑块的速度为 V。小球和滑块起始状态沿在水平方向初速度均为零，在上升过程中，因系统在水平方向不受外力作用，水平方向的动量守恒。以水平向右方向为正方向，有 在上升过程中，因只有重力做功，系统的机械能守恒，则 ， 由 式得。 （ 3）设小球击中滑块右侧轨道的位置点与小球起始位置点间的距离为 s1,滑块向左移动的距离为 s2。任意时刻小球的水平速度大 小为 v3，滑块的速度大小为 V 。由系统水平方向的动量守恒，得 将 式两边同乘以，得 ，因 式对任意时刻附近的微小间隔都成立，累积相加后，有 ，又 ,由 式，得 m 3.（ XX大纲版全国 T26） 26.装甲车和战舰采用多层钢板比采用同样质量的单层钢板更能抵御穿甲弹的射击。通过对一下简化模型的计算可以粗略说明其原因。 质量为 2m、厚度为 2d的钢板静止在水平光滑桌面上。质量为 m的子弹以某一速度垂直射向该钢板，刚好能将钢板射穿。现把钢板分成厚度均为 d、质量均为 m 的相同两块，间隔一段距离 水平放置，如图所示。若子弹以相同的速度垂直射向第一块钢板，穿出后再射向第二块钢板，求子弹射入第二块钢板的深度。设子弹在钢板中受到的阻力为恒力，且两块钢板不会发生碰撞不计重力影响。 8 / 27 【详解】设子弹初速度为，射入厚为的钢板后，最终的共同速度为，根据动量守恒 解得 动能损失 分成两块钢板之后，设子弹打穿第一块时两者的速度分别是和，根据动量守恒 子弹在钢板中所受的阻力为恒力，射穿第一块钢板的动能损失为，根据能量守恒， 联立 ，考虑到必须大于，得 设子弹射入第二块钢板并留在其中后两者的共同速度为，根据动量守恒 动能损失 联立 ，得 因为子弹在钢板中所受的阻力为恒力，由 式，得射入第二9 / 27 块钢版的深度 4.（ 09天津 10）如图所示，质量 m1=的小车静止在光滑的水平面上，车长 L=15m,现有质量 m2=可视为质点的物块，以水平向右的速度 v0=2m/s 从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保 持相对静止。物块与车面间的动摩擦因数 =,取 g=10m/s2，求 （ 1）物块在车面上滑行的时间 t; （ 2）要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度 v0 不超过多少。 答案：（ 1） (2)5m/s 解析：本题考查摩擦拖动类的动量和能量问题。涉及动量守恒定律、动量定理和功能关系这些物理规律的运用。 （ 1）设物块与小车的共同速度为 v，以水平向右为正方向，根据动量守恒定律有 设物块与车面间的滑动摩擦力为 F，对物块应用动量定理有 其中 解得 10 / 27 代入数据得 （ 2）要使物块恰 好不从车厢滑出，须物块到车面右端时与小车有共同的速度 v ，则 由功能关系有 代入数据解得 =5m/s 故要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车的速度 v0不能超过 5m/s。 5.（ 09山东 38）（ 2）如图所示，光滑水平面轨道上有三个木块， A、 B、 c，质量分别为 mB=mc=2m,mA=m，A、 B 用细绳连接，中间有一压缩的弹簧 (弹簧与滑块不栓接 )。开始时 A、 B 以共同速度 v0 运动， c 静止。某时刻细绳突然断开， A、 B 被弹开，然后 B 又与 c 发生碰撞并粘在一起，最终三滑块速度 恰好相同。求 B 与 c 碰撞前 B 的速度。 解析：（ 2）设共同速度为 v，球 A 和 B 分开后， B 的速度为 ,由动量守恒定律有 ,联立这两式得 B和 c碰撞前 B的速度为。 考点：动量守恒定律 6.（ 09安徽 24）过山车是游乐场中常见的设施。下图是一种过山车的简易模型，它由水平轨道和在竖直平面内的三个圆形轨道组成， B、 c、 D 分别是三个圆形轨道11 / 27 的最低点， B、 c 间距与 c、 D 间距相等，半径、。一个质量为kg 的小球（视为质点），从轨道的左侧 A 点以的初速度沿轨道向右运动， A、 B 间距 m。小球与水平 轨道间的动摩擦因数，圆形轨道是光滑的。假设水平轨道足够长，圆形轨道间不相互重叠。重力加速度取，计算结果保留小数点后一位数字。试求 （ 1）小球在经过第一个圆形轨道的最高点时，轨道对小球作用力的大小； （ 2）如果小球恰能通过第二圆形轨道， B、 c 间距应是多少； （ 3）在满足（ 2）的条件下，如果要使小球不能脱离轨道，在第三个圆形轨道的设计中，半径应满足的条件；小球最终停留点与起点的距离。 答案：（ 1）；（ 2） (3)当时，；当时， 解析：（ 1）设小于经过第一个圆轨道的最高点时的速度为v1根据动能 定理 小球在最高点受到重力 mg 和轨道对它的作用力 F，根据牛顿第二定律 由 得 （ 2）设小球在第二个圆轨道的最高点的速度为 v2，由题意 12 / 27 由 得 （ 3）要保证小球不脱离轨道，可分两种情况进行讨论： I轨道半径较小时，小球恰能通过第三个圆轨道，设在最高点的速度为 v3，应满足 由 得 II轨道半径较大时，小球上升的最大高度为 R3，根据动能定理 解得 为了保证圆轨道不重叠， R3最大值应满足 解得 R3= 综合 I、 II，要使小球不脱离轨道 ，则第三个圆轨道的半径须满足下面的条件 或 当时，小球最终焦停留点与起始点 A 的距离为 L ，则 13 / 27 当时，小球最终焦停留点与起始点 A 的距离为 L，则 7.（ 09重庆 23） XX 年中国女子冰壶队首次获得了世界锦标赛冠军，这引起了人们对冰壶运动的关注。冰壶在水平冰面上的一次滑行可简化为如下过程：如题 23图，运动员将静止于 o 点的冰壶（视为质点）沿直线推到 A点放手，此后冰壶沿滑行，最后停于 c 点。已知冰面各冰壶间的动摩擦因数为，冰壶质量为 m， Ac=L， =r,重力加速度为g （ 1）求冰壶在 A 点的速率； （ 2）求冰壶从 o 点到 A 点的运动过程中受到的冲量大小； （ 3）若将段冰面与冰壶间的动摩擦因数减小为，原只能滑到 c 点的冰壶能停于点，求 A 点与 B 点之间的距离。 解析： 8.（ 09广东物理 19）如图 19 所示，水平地面上静止放置着物块 B 和 c，相距 =。物块 A 以速度 =10m/s沿水平方向与 B 正碰。碰撞后 A 和 B 牢固地粘在一起向右运动，并再与 c 发生正碰，碰后瞬间 c 的速度 =/s。已知 A 和 B的质量均为 m， c 的质量为 A 质量的 k 倍，物块与地面的 动14 / 27 摩擦因数 =（设碰撞时间很短， g 取 10m/s2） （ 1）计算与 c 碰撞前瞬间 AB的速度； （ 2）根据 AB与 c 的碰撞过程分析 k 的取值范围，并讨论与c 碰撞后 AB的可能运动方向。 解析： 设 AB 碰撞后的速度为 v1,AB 碰撞过程由动量守恒定律得 设与 c 碰撞前瞬间 AB的速度为 v2，由动能定理得 联立以上各式解得 若 AB与 c 发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得 代入数据解得 此时 AB的运动方向与 c 相同 若 AB与 c 发生弹性碰撞，由动量守恒和能量守恒得 联立以上两式解得 代入数据解得 此时 AB的运动方向与 c 相反 若 AB与 c 发生碰撞后 AB的速度为 0，由动量守恒定律得 15 / 27 代入数据解得 总上所述得当时， AB的运动方向与 c 相同 当时， AB的速度为 0 当时， AB的运动方向与 c 相反 9.（ 09广东物理 20）如图 20 所示，绝缘长方体 B 置于水平面上，两端固定一对平行带电极板，极板间形成匀强电场 E。长方体 B 的上表面光滑，下表面与水平面的动摩擦因数 =（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相同）。 B 与极板的总质量 =带正电的小滑块 A 质量 =，其受到的电场力大小 F=假 设 A所带的电量不影响极板间的电场分布。 t=0时刻，小滑块 A从 B表面上的 a点以相对地面的速度 =/s向左运动，同时， B（连同极板）以相对地面的速度 =/s向右运动。问（ g取 10m/s2） （ 1） A 和 B 刚开始运动时的加速度大小分别为多少？ （ 2）若 A 最远能到达 b 点， a、 b 的距离 L 应为多少？从 t=0时刻至 A 运动到 b 点时，摩擦力对 B 做的功为多少？ 解析： 由牛顿第二定律有 A 刚开始运动时的加速度大小方向水平向右 B 刚开始运动时受电场力和摩擦力作用 由牛顿第三定律得电场力 摩擦力 B 刚开始运动时的 加速度大小方向水平向左 16 / 27 设 B 从开始匀减速到零的时间为 t1，则有 此时间内 B 运动的位移 t1时刻 A 的速度，故此过程 A 一直匀减速运动。 此 t1时间内 A 运动的位移 此 t1时间内 A 相对 B 运动的位移 此 t1时间内摩擦力对 B 做的功为 t1后，由于， B 开始向右作匀加速运动， A 继续作匀减速运动，当它们速度相等时 A、 B 相距最远，设此过程运动时间为 t2，它们速度为 v，则有 对 A 速度 对 B 加速度 速度 联立以上各式并代入数据解得 此 t2时间内 A 运动的位移 此 t2时间内 B 运动的位移 此 t2时间内 A 相对 B 运动的位移 此 t2时间内摩擦力对 B 做的功为 所以 A 最远能到达 b 点 a、 b 的距离 L 为 从 t=0时刻到 A 运动到 b 点时，摩擦力对 B 做的功为 。 10.（ 09宁夏 24）冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目，比赛场地示意如图。比赛时，运动员从起17 / 27 滑架处推着冰壶出发，在投掷线 AB 处放手让冰壶以一定的速度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近圆心 o.为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小。设冰壶与冰面间的动摩擦因数为 =，用毛刷擦冰面后动摩擦因数 减少至 =在某次比赛中，运动员使冰壶 c 在投掷线中点处以 2m/s 的速度沿虚线滑出。为使冰壶 c 能够沿虚线恰好到达圆心 o 点，运动员用毛刷擦冰面的长度应为多少？（ g 取 10m/s2） 解析： 设冰壶在未被毛刷擦过的冰面上滑行的距离为，所受摩擦力的大小为：在被毛刷擦过的冰面上滑行的距离为，所受摩擦力的大小为。则有 +=S 式中 S 为投掷线到圆心 o 的距离。 设冰壶的初速度为，由功能关系，得 联立以上各式，解得 18 / 27 代入数据得 【考点模拟演练】 1.已知货物 的质量为 m,在某段时间内起重机将货物以 a 的加速度加速升高 h,则在这段时间内，下列叙述正确的是 (重力加速度为 g)() A.货物的动能一定增加 mah-mgh B.货物的机械能一定增加 mah c.货物的重力势能一定增加 mah D.货物的机械能一定增加 mah+mgh 【答案】选 D. 【详解】根据动能定理可知，货物动能的增加量等于货物合外力做的功 mah， A 错误；根据功能关系，货物机械能的增量等于除重力以外的力做的功而不等于合外力做的功 ,B 错误；由功能关系知 ,重力势能的增量对应货物重力做的负功的大小 mgh,c 错误；由功能关系 ,货物机械能的增量为起重机拉力做的功 m(g+a)h,D 正确 . 2.(XX福州模拟 )重物 m 系在上端固定的轻弹簧下端 ,用手托起重物 ,使弹簧处于竖直方向 ,弹簧的长度等于原长时 ,突然松手 ,重物下落的过程中 ,对于重物、弹簧和地球组成的系统来说 ,正确的是 (弹簧始终在弹性限度内变化 )() A.重物的动能最大时 ,重力势能和弹性势能的总和最小 19 / 27 B.重物的重力势能最小时 ,动能最大 c.弹簧的弹性势能最大时 ,重物的动能最小 D.重物的重力势能最小时 ,弹簧的弹性势能最大 【答案】选 A、 c、 D. 【详解】重物下落过程中 ,只发生动能、重力势能和弹性势能的相互转化 ,所以当动能最大时 ,重力势能和弹性势能的总和最小 ,A 正确 ;当重物的重力势能最小时 ,重物应下落到最低点 ,其速度为零 ,动能最小 ,此时弹簧伸长量最大 ,弹性势能最大 ,故 B 错误 ,c、 D 正确 . 3.如图 (甲 )所示，质量不计的弹簧竖立固定在水平面上， t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复 .通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力 F 随时间 t 变化的图象如图 (乙 )所示，则 () 时刻小球动能最大 时刻小球动能最大 t3这段时间内，小球的动能先增加后减少 t3 这段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能 【答案】选 c. 20 / 27 【详解】小球在未碰弹簧前先做自由落体运动，碰后先做加速度减小的加速运动直到加速度为零，即重力等于弹簧的弹力时速度最大，而后做加速度增大的减速运动，上升过程恰好与下降过程互逆，在整个过程中小球的动能、势能及弹簧的弹性势能总和不变，由 (乙 )图可知 t1 时刻小球开始接触弹簧， t2 时刻小球运动到最低点，动能最小， t3 时刻小球恰好离开弹簧上升， t2 t3这段时间内小球从最低点向上运动的过程中先加速到速度最大然后做减速运动，小球动能先增加后减少，弹簧减少的弹性势能转化为小球的动能和重力势能，故选 c. 4.(XX吉林模拟 )如图所示，小球从 A 点以初速度 v0沿粗糙斜面向上运动，到达最高点 B 后返回 A， c 为 AB的中点 .下列说法中正确的是 () A.小球从 A 出发到返回 A 的过程中，位移为零，外力做功为零 B.小球从 A 到 c 过程与从 c 到 B 过程，减少的动能相等 c.小球从 A 到 c 过程与从 c 到 B 过程，速度的变化量相等 D.小球从 A 到 c 过程与从 c 到 B 过程，损失的机械能相等 【答案】选 B、 D. 【详解】小球从 A 出发到返回 A 的过程中，重力做功为零，摩擦力做负功， A 错误；小球从 A 到 c 过程与从 c 到 B 过程21 / 27 中，合外力做功相等，动能的增量相等，但速度的变化量不等， B 正确， c 错误；小球从 A 到 c 过程与从 c 到 B 过程，损失的机械能等于克服摩擦力做的功，而克服摩擦力做的功相等，故 D 正确 . 5节日燃放礼花弹时，要先将礼花弹放入一个竖直的炮筒中，然后点燃礼花弹的发射部分，通过火药剧烈燃烧产生的高压燃气，将礼花弹由炮筒底部射向空中若礼花弹在 由炮筒底部出发至炮筒口的过程中，克服重力做功 W1，克服炮筒阻力及空气阻力做功 W2，高压燃气对礼花弹做功 W3，则礼花弹在炮筒内运动的过程中 (设礼花弹发射过程中质量不变 ) ( ) A礼花弹的动能变化量为 W3 W2 W1 B礼花弹的动能变化量为 W3 W2 W1 c礼花弹的机械能变化量为 W3 W2 D礼花弹的机械能变化量为 W3 W1 【答案】 Bc 【详解】由动能定理，动能变化量等于合外力做的功，即W3 W2 W1， B 正确除重力之外的力的功对应机械能的变化，即 W3 W2， c 正确 6飞船 返回时高速进入大气层后，受到空气阻力的作用，接近地面时，减速伞打开，在距地面几米处，制动发动机点火制动，飞船迅速减速，安全着陆下列说法正确的是 22 / 27 ( ) A制动发动机点火制动后，飞船的重力势能减少，动能减小 B制动发动机工作时，由于化学能转化为机械能，飞船的机械能增加 c重力始终对飞船做正功，使飞船的机械能增加 D重力对飞船做正功，阻力对飞船做负功，飞船的机械能不变 【答案】 A 【详解】制动发动机点火制动后，飞船迅速减速下落，动能、重力势能均变小，机械能减小， A 正确， B 错误；飞船进入大气层后，空气阻力做负功，机械能一定减小，故 c、 D 均错误 7如图所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为 30 的粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F 作用，这时物块的加速度大小为 4m/s2，方向沿斜面向下，那么，在物块向上运动过程中，正确的说法是 ( ) A物块的机械能一定增加 B物块的机械能一定减小 c物块的机械能可能不变 D物块的机械能可能增加也可能减小 23 / 27 【答案】 A 【详解】机械能变化的原因是非重力、弹簧弹力做功，本题亦即看成 F 与 F 做功大小问题，由 mgsin F F ma，知 F F mgsin30 ma0，即 FF ，故 F 做正功多于克服摩擦力做功，故机械能增大 8如图所示，分别用恒力 F1、 F2 先后将质量为 m 的物体由静止开始沿同一粗糙的固定斜面由底端拉至顶端，两次所用时间相同，第一次力 F1沿斜面向上，第二次力 F2 沿水平方向，则两个过程 ( ) A合外力做的功相同 B物体机械能变化量相同 c F1做的功与 F2做的功相同 D F1做的功比 F2做的功多 【答案】 AB 【详解】两次物体运动的位移和时间相等，则两次的加速 度相等，末速度也应相等，则物体的机械能变化量相等，合力做功也应相等用 F2 拉物体时，摩擦力做功多些，两次重力做功相等，由动能定理知，用 F2拉物体时拉力做功多 9一物体沿固定斜面从静止开始向下运动，经过时间 t0滑至斜面底端已知在物体运动过程中物体所受的摩擦力恒24 / 27 定若用 F、 v、 x 和 E 分别表示该物体所受的合力、物体的速度、位移和机械能，则如下图所示的图象中可能正确的是 ( ) 【答案】 AD 【详解】物体在沿斜面向下滑动的过程中，受到重力、支持力、摩擦力的作用，其合力为恒力， A 正确；而物体在此合力作用下做匀加速运动， v at， x 12at2，所以 B、 c 错；物体受摩擦力作用，总的机械能将减小， D 正确 10.如图所示，甲、乙两车用轻弹簧相连静止在光滑的水平面上，现在同时对甲、乙两车施加等大反向的水平恒力 F1、F2，使甲、乙同时由静止开始运动，在整个过程中，对甲、乙两车及弹簧组成的系统 (假定整个过程中弹簧均在弹性限度内 )，正确的说法是 () A.系统受到外力作用，动能不断增大 B.弹簧伸长到最长时，系统的机械能最大 c.恒力对系统一直做正功，系统的机械能不断增大 D.两车的速度减小到零时， 弹簧的弹力大小大于外力 F1、F2的大小 【答案】选 B. 【详解】对甲、乙单独受力分析，两车都先加速后减速，故25 / 27 系统动能先增大后减