高考生物二轮复习 解题突破篇 热考题型五课件.ppt

热考题型五高考常考的五类“基本计算”,1.(经典高考题)某蛋白质由124个氨基酸组成，其中有8个SH，在肽链形成空间结构(如图)时，生成4个二硫键(SS)，若氨基酸平均分子量为125，则该蛋白质的分子量约为(),A.13278B.13286C.13294D.15500,解析124个氨基酸的相对分子质量是124125，脱去的123个水分子其相对分子质量是18123，8个SH形成4个二硫键脱去8个H原子，所以该蛋白质相对分子质量是12412518123813278。答案A,2.(2013广东卷，25略有改动)果蝇红眼对白眼为显性，控制这对性状的基因位于X染色体，果蝇缺失1条号染色体仍能正常生存和繁殖，缺失2条则致死，一对都缺失1条号染色体的红眼果蝇杂交(亲本雌果蝇为杂合子)，F1中(),答案C,类型一蛋白质合成及中心法则相关计算1.(2016郑州质检)下图表示一个由200个氨基酸构成的蛋白质分子。下列叙述正确的是(),A.该分子中含有198个肽键B.这200个氨基酸中至少有200个氨基C.合成该蛋白质时相对分子质量减少了3600D.该蛋白质中至少含有4个游离的羧基,解析该分子共2条链，共200个氨基酸，由于第25与120及第70与165号氨基酸间形成了2个多出的肽键，故肽键数共200个，且200个氨基酸至少含202个氨基，合成该蛋白质时，相对分子质量减少了200183600，该蛋白质中至少含2个游离羧基。答案C,2.关于DNA分子的结构与复制的叙述中，正确的是(),A.含有a个碱基对的DNA分子中有n个腺嘌呤脱氧核苷酸，则该DNA分子含有3a2n个氢键B.DNA双链被32P标记后，在不含标记的环境中复制n次，子代DNA中有标记的占1/2nC.细胞内全部DNA被32P标记后在不含32P的环境中进行连续有丝分裂，第二次分裂产生的每个子细胞染色体均有一半有标记D.在一个双链DNA分子中，GC占M%，那么该DNA分子的每条链中GC都占该链碱基总数的M%,解析含有a个碱基对的DNA分子有n个腺嘌呤脱氧核苷酸，则含GC碱基对an个，故共有氢键2n3(an)3an；DNA分子的双链被标记，复制n次，形成2n个DNA分子，其中有2个DNA分子被标记，故被标记的DNA分子占1/2n1；细胞内全部DNA被32P标记后在不含32P的环境中连续进行有丝分裂，第一次分裂形成的两个细胞中染色体都被标记，第二次分裂后期被标记的染色单体分离后随机进入两极，故形成的4个子细胞中被标记的染色体数不能确定；由于双链DNA分子中，遵循G与C配对、A与T配对的原则，因此双链DNA分子中GC的比例与每条单链中GC所占该链碱基总数的比例相等。答案D,1.避开蛋白质类计算题的误区,(1)从特殊元素(N、O、S等)入手，建立氨基酸脱水缩合前后某些特定原子数目的守恒数学模型，是解决蛋白质类计算题的突破口。(2)若形成的多肽是环状：氨基酸数肽键数失去水分子数。(3)在蛋白质相对分子质量的计算中，若通过图示或其他形式告知蛋白质中含有二硫键时，要考虑脱去氢的质量，每形成一个二硫键，脱去2个H。,2.与碱基互补配对或DNA复制相关的计算,(1)进行DNA分子碱基计算时必须明确已知所求碱基比例是占DNA双链碱基总数的比例还是占一条链上碱基数的比例(2)抓准DNA复制中的“关键字眼”DNA复制中，用15N标记的是“亲代DNA”还是“培养基中原料”。子代DNA中，所求DNA比例是“含15N”的还是“只含15N”的。已知某亲代DNA中含某碱基m个，明确所求是“复制n次”m(2n1)还是“第n次复制”m2n1消耗的碱基数。,类型二光合作用与细胞呼吸相关计算1将生长状况相同的某种植物的叶片均分成4等份，在不同温度下分别暗处理1h，再光照1h(光照强度相同)，测其有机物变化，得到如图数据。下列说法正确的是(多选)(),A该植物在27时生长最快，在29和30时不表现生长现象B该植物呼吸作用和光合作用的最适温度在所给的4个温度中都是29,C在27、28和29时光合作用制造的有机物的量相等D30时光合作用制造的有机物大于呼吸作用消耗的有机物解析暗处理后有机物减少量代表呼吸速率，4个温度下分别为1mg/h、2mg/h、3mg/h、1mg/h，光照后与暗处理前的有机物增加量代表1h光合作用制造有机物量和2h呼吸作用消耗有机物量的差值，所以4个温度下总光合速率(有机物制造量)分别为5mg/h、7mg/h、9mg/h、3mg/h。该植物在29时生长最快，4个温度下都表现生长现象；该植物在29条件下制造的有机物量最多；该植物在30条件下光合作用制造的有机物为3mg/h，呼吸作用消耗的有机物为1mg/h。答案BD,2.当其他条件均最适宜时，北沙参在不同温度和光照强度下的总光合速率如图所示，光合速率以干重增加速率mg/(单位叶面积h)表示，请回答：,(1)15条件下，光照强度为1klx时叶肉细胞中产生ATP的场所是_。(2)25条件下，光照强度为5klx时的真正光合速率_(填“大于”“等于”或“小于”)点P代表的真正光合速率。(3)25条件下，北沙参黑暗处理1h后再在12klx光照强度下照射1h，则实验期间干重积累量为_mg/单位叶面积。,解析(1)15条件下，光照强度为1klx时北沙参既进行光合作用，又进行呼吸作用，因此，叶肉细胞中产生ATP的场所是细胞质基质、线粒体、叶绿体。(2)25条件下，光照强度为5klx时的真正光合速率为10mg/(单位叶面积h)，P点代表的真正光合速率也为10mg/(单位叶面积h)，二者相等。(3)25条件下，北沙参呼吸速率为4mg/(单位叶面积h)，黑暗处理1h消耗的有机物为4mg/单位叶面积，在12klx光照强度下照射1h，积累的有机物为14mg/单位叶面积，则实验期间干重积累量为10mg/单位叶面积。答案(1)细胞质基质、线粒体、叶绿体(2)等于(3)10,光合作用与细胞呼吸相关计算必须把握的规律(1)总光合速率(CO2固定速率)净光合速率(植物从外界吸收CO2速率)呼吸速率(植物呼吸产生CO2速率)(2)利用光合作用与细胞呼吸反应式进行相关计算利用反应物或生成物间的摩尔数进行计算：利用反应物或生成物的分子质量进行计算分子质量之比为：C6H12O66O26CO2180(632)(644)易错提醒：植株(或细胞)从外界(或从空气中)吸收的CO2量应为“净光合量”，叶绿体利用CO2量为总光合量。,类型三孟德尔定律、伴性遗传及人类遗传病相关概率计算1.一对夫妇，其后代患甲病的概率为a，不患甲病的概率为b；患乙病的概率为c，不患乙病的概率为d，则这对夫妇生育一个小孩，只患一种病和两病兼发的概率依次为(),A.adbc、adB.1acbd、adC.ac2ac、acD.bd2ac、ac解析根据题意，只患甲病的概率为adaac，只患乙病的概率为cbcac，故只患一种病的概率为adcb或ac2ac；两病兼发的概率为ac，故选C。答案C,2.甲、乙两种单基因遗传病分别由基因A、a和D、d控制，图一为两种病的家系图，图二为10体细胞中两对同源染色体上相关基因定位示意图。以下分析正确的是(),A.甲病为常染色体显性遗传病B.6个体的基因型为aaXDXDC.13个体是杂合子的概率为1/2D.12与14婚配后代正常的概率为5/48,答案D,1.突破自由组合定律最有效的方法是分解组合法，即首先研究一对相对性状的遗传(分解)然后再利用乘法(或加法)原理将多对性状结合起来考虑(组合)。,2.“患病男孩”与“男孩患病”的概率,3.用列举法和配子法求解F1自交或自由交配，其后代F2的基因型、表现型的比例,实例：将基因型为Aa的水稻自交一代后的种子全部种下，(1)让F1自交或自由交配，求其后代F2的基因型、表现型的比例。(2)在幼苗期淘汰F1全部隐性个体后，让其自交或自由交配，求其后代F2的基因型、表现型的比例。,解法一：列举法(适用于自交)(1)F1无淘汰自交，交配组合方式有以下三种：1/4AAAA1/4AA；2/4AaAa1/8AA2/8Aa1/8aa；1/4aaaa1/4aa。F2基因型的比例为AAAaaa(1/41/8)(2/8)(1/81/4)(3/8)(2/8)(3/8)323；F2表现型的比例为A_aa(1/41/82/8)(1/81/4)(5/8)(3/8)53。(2)F1淘汰aa后自交，交配组合方式有以下两种：1/3AAAA1/3AA；2/3AaAa1/6AA2/6Aa1/6aa。F2基因型的比例为AAAaaa(1/31/6)2/61/6(3/6)(2/6)(1/6)321；F2表现型的比例为A_aa(1/31/62/6)(1/6)(5/6)(1/6)51。,答案(1)323、53，121、31(2)321、51，441、81,类型四基因频率及基因型频率的计算1.某昆虫种群中，基因A决定翅色为绿色，基因a决定翅色为褐色，AA、Aa、aa的基因型频率分别为0.3、0.4和0.3。假设该种群非常大，所有的雌雄个体间都能自由交配并能产生后代，没有迁入和迁出，不发生突变和选择，则在理论上该种群的子代中aa的基因型频率为(),A.0.25B.0.3C.0.4D.0.5,答案A,2.对某校学生进行红绿色盲遗传病调查研究后发现：780名女生中有患者23人、携带者52人，820名男生中有患者65人，那么该群体中红绿色盲基因的频率是(),A.4.4%B.5.1%C.6.8%D.10.2%,答案C,类型五生态类计算1.某科技小组在调查一块方圆为2hm2的草场中灰苍鼠的数量时，放置了100个捕鼠笼，一夜间捕获了50只，将捕获的灰苍鼠做好标记后在原地放生。5天后，在同一地点再放置同样数量的捕鼠笼，捕获了42只，其中有上次标记的个体13只。由于灰苍鼠被捕一次后更难捕捉，因此推测该草场中灰苍鼠的种群数量最可能(),A.小于92只B.大于92只C.小于161只D.大于161只,答案C,2.下图是一个食物网，假如鹰的食物有2/5来自兔，2/5来自鼠，1/5来自蛇，那么鹰若要增加20g体重，至少需要消耗植物(),A.900gB.500gC.200gD.600g解析当能量传递效率为最大值即20%时，消耗的植物量最少。鹰经兔途径消耗的植物量为20(2/5)20%20%200g；鹰经鼠途径消耗的植物量为20(2/5)20%20%200g；鹰经蛇