2018-2019学年重庆市开州区九年级(上)期末物理试卷.doc

2018-2019学年重庆市开州区九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）1.下列数据中，最接近实际情况的是()A. 普通家用照明灯的工作电流约为2AB. 家用手电筒的额定功率约为20WC. 一节新干电池的电压约为1.5VD. 电饭锅加热煮饭时的功率约为100W【答案】C【解析】解：A、家用电风扇的工作电流在0.2A左右，普通家用照明灯的电流与此差不多，在0.2A左右。故A不符合实际；B、家用手电筒的工作电压一般为2.5V，通过的电流约0.2A，额定功率在P=UI=2.5V0.2A=0.5W左右。故B不符合实际；C、一节新干电池的电压为1.5V.故C符合实际；D、电饭锅加热煮饭时的电流不小于5A，功率在P=UI=220V5A=1100W以上。故D不符合实际。故选：C。不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。2.美丽的蓟州，山清水秀、景色怡人。以下美景的形成，与“分子动理论”有关的是()A. 春天，槐花飘香B. 夏天，泛舟于桥C. 秋天，果实落地D. 冬天，满天飞雪【答案】A【解析】解：A、春天槐花飘香是槐花的香味在空气中发生扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故A正确；B、夏天泛舟于桥，是舟在做机械运动，不是分子的运动，故B错误；C、秋天，果实落地，是果实在做机械运动，不是分子的运动，故C错误；D、冬天满天飞雪，是雪花在做机械运动，不是分子的运动，故D错误；故选：A。本题需要从分子的角度来对每个选项进行分析。注意分子运动和物质运动的区别，分子是看不见的，固体小颗粒是看得见的。判断扩散现象是本题的关键，扩散现象的发生实质是分子的运动，分子的运动是无法用眼睛观察的，只能通过一些现象来判断分子的运动，如果我们看到的微小颗粒的运动，不属于扩散现象，例如柳枝飞扬、落叶飘零、雪花飘飘等等，都不属于扩散现象。3.以下是小王在生活中联想到的物理知识，其中正确的是()A. 炒菜时加盐有咸味，说明分子间存在相互的作用力B. 我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多C. 旋转按钮台灯变亮，是因为电路中的电阻变小，导致通过灯的电流变大D. 烧水时，壶盖被水蒸气顶起，是机械能转化成内能【答案】C【解析】解：A、炒菜时加盐有咸味，说明分子不停地做无规则的运动，并不能说明分子间存在相互作用力，故A错误；B、我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为热汤的温度高，故B错误；C、旋转按钮台灯变亮，是因为电路中的电阻变小，导致通过灯的电流变大，故C正确；D、烧水时，壶盖被水蒸气顶起，是内能转化为机械能，故D错误。故选：C。(1)组成物质的分子不停地做无规则的运动，分子间存在引力和斥力；(2)热量是个过程量，区别于状态量，只是在热传递这个过程中才有热量这个物理量，当两物体温差达到相等时，热传递就停止。所以只能说某物体吸收了多少热量，放出了多少热量；(3)滑动变阻器是靠连入电路的电阻丝的长度来改变电阻；(4)物体对外做功内能转化为机械能。此题考查了生活中常见的物理现象，要会用物理知识去分析，从物理走向生活。4.下列说法正确的是()A. 甲轻质小球与丝绸摩擦过的玻璃棒相互吸引，则甲一定带负电B. 根据公式R=UI可知，导体的电阻与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比C. 电路两端有电压，电路中就一定有电流D. 马路两旁的路灯，晚上同时亮，早上同时灭，它们是并联的【答案】D【解析】解：A、甲轻质小球与带正电的玻璃棒相互吸引，甲可能带负电荷，也可能不带电，故A错误；B、电阻是导体对电流的阻碍作用，是导体本身的一种特性，其大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关；而与导体两端有无电压、电压高低，导体中有无电流、电流大小无关，故B错误；C、电路中有电压且电路是通路，电路中才有电流，故C错误；D、路灯是并联的，晚上同时亮，早晨同时灭是有一个总开关来控制的。如果各路灯是串联的，各路灯不能正常工作，并且有一盏灯损坏，其它灯将都不能工作，故D正确。故选：D。(1)带电体能够吸引轻小物体；(2)电阻是导体对电流的阻碍作用，影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积、温度，与通过导体的电流和导体两端的电压无关；(3)电路中有电压且电路是通路，电路中才有电流；(4)并联电路中，各个用电器是互不影响的，串联电路中，各用电器互相影响。该题考查了并联电路的特点应用、影响电阻大小的因素、电路中形成电流的条件和带电体的基本性质，是一道综合题。5.在如图所示的电路图中，能用电压表正确测出灯L2两端电压的是()A. B. C. D. 【答案】C【解析】解：A、电压表并联在L1两端。不符合题意。B、电压表并联在灯泡L1、L2两端，测量灯泡L1、L2两端的总电压。不符合题意。C、电压表并联在L2两端，测量L2两端的电压。符合题意。D、电压表并联在L1两端，电压表的接线柱接反了。不符合题意。故选：C。用电压表测出灯L2两端电压，则电压表必须与灯L2并联；并且电流从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出；不要超过电压表使用的量程。本题考查电压表的正确使用，知道电压表测量谁的电压，就必须与谁并联。6.某电热水壶正常状态下，断开开关，指灯L熄灭，电热丝R不工作：闭合开关，指示灯L亮，同时电热丝R工作。小明用该电热水壶烧水时，发现电热丝R断了，指示灯L仍然亮。四位同学设计了该电热水壶的模拟电路，其中可能正确的是()A. B. C. D. 【答案】B【解析】解：由题意知，闭合开关，L和R同时工作；断开开关，L和R都不工作，说明开关同时控制R和L；电热丝R断了，指示灯L仍然亮，说明R与L互不影响，即R与L并联。即R与L并联，开关在干路上。所以ACD不符合题意，B符合题意。故选：B。串联电路中各元件之间相互影响，并联电路中各支路间互不影响。由此根据开关闭合和断开时L与R的工作情况以及R与L间是否相互影响分析判断。本题考查了电路设计，关键是正确分析用电器之间的连接方式和开关的作用。7.灯L1规格为“6V3W“，灯L2规格为“3V 3W”，忽略灯丝电阻变化，则下列说法正确的是()A. L1与L2灯丝电阻之比为2：1B. 两灯串联，当电路中电流为0.5A时，灯L2两端电压为3VC. 两灯并联，当一盏灯正常发光时，通过另一盏灯的电流为1.5AD. 两灯并联在3V电压下，灯L1与灯L2消耗的实际功率之比为1：4【答案】D【解析】解：A、灯L1规格为“6V3W”，表示这个灯的额定电压为6V，额定功率为3W；灯L2规格为“3V3W”，表示这个灯的额定电压为3V，额定功率为3W；由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I1=P1U1=3W6V=0.5A，I2=P2U2=3W3V1A，由欧姆定律可得，两灯泡的电阻分别为：R1=U1I1=6V0.5A=12，R2=U2I2=3V1A=3，则L1与L2灯丝电阻之比R1：R2=12：3=4：1，故A错误；B、两灯泡串联，当电路中电流为0.5A时，电路中的电流和L1的额定电流相等，则灯L1两端电压为6V，灯L2两端电压为U2=IR2=0.5A3=1.5V，故B错误。C、因并联电路中各支路两端的电压相等，因L2的额定电压小，能正常发光的灯泡为L2，不能正常发光的为灯泡L1，且电源的电压U=U2=3V，由欧姆定律，此时通过灯泡L1的电流：I1=UR1=3V12=0.25A，故C错误；D、因并联电路中各支路两端的电压相等，两灯并联在3V电压下时，它们两端的电压相等，根据P=U2R，在电压相时时，功率与电阻成反比，则两灯泡的实际功率之比：P1P2=R2R1=312=14，故D正确；故选：D。(1)知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻，然后求出两者的电阻之比；(2)两灯泡串联，当电路中电流为0.5A时，比较电路中的电流和L1的额定电流，然后确定灯L2两端电压；(3)两灯泡并联时，能正常发光的灯泡为额定电压较小的，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过不能正常发光灯泡的电流；(4)两灯并联在3V电压下它们两端的电压相等，根据P=UI=U2R，在电压相时时，功率与电阻成反比求出两灯泡的实际功率之比。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，知道两灯泡并联时能正常发光的灯泡为额定电压较小的是关键。8.如图甲所示的电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器(其最大阻值为40)。闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P从b端移至a端的过程中，R1消耗的电功率随R1电阻变化关系如图乙所示，根据图象信息，则下列判断正确的是()A. 电路中最小电流为0.4AB. R0消耗的最大电功率为10WC. R0的阻值是20D. 电源电压为15V【答案】B【解析】解：(1)由图甲可知：R0、R1串联，当滑动变阻器R1的滑片P在a端时，其接入电路的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图象可知，R1的电阻最大为40时，R1的功率为Pa=1.6W；由P=I2R可得电路中的最小电流：I最小=PaR最大=1.6W40=0.2A；故A错误；(2)由图象可知，当R1=10时，R1的功率P1=2.5W，由P=I2R可得此时电路中的电流：I=P1R1=2.5W10=0.5A；由欧姆定律和串联电路的特点可得，当R1=10时电源电压：U=I(R1+R0)=0.5A(10+R0)-同理可得，当R1=40时电源电压：U=I最小(R最大+R0)=0.2A(40+R0)-电源电压不变，联立方程得：R0=10，U=10V；故CD错误；(3)当滑动变阻器连入电路的电阻为0时，R0的电压最大为电源电压，此时R0的功率最大，则R0消耗的最大电功率：P0大=UR0=(10V)210=10W，故B正确。故选：B。(1)当滑动变阻器的滑片P从a端移至b端的过程中，滑动变阻器R1的功率P=I2R可求出最小电流值；(2)由图象数据求出当R1=10时电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路的特点得出当R1=10和R1=40时的电源电压表达式，然后联立即可求出电源电压和R0的阻值；(3)利用功率公式P=U2R即可求出R0消耗的最大电功率。本题难度较大，由图象找出电功率对应的电阻是正确解题的前提与关键，熟练应用电功率公式的变形公式、欧姆定律、串联电路特点即可正确解题。二、填空题（本大题共6小题，共12.0分）9.燃料在燃烧过程中将燃料的化学能转化为_能，由于液态氢的_(选填“热值”或“比热容”)大，发射火箭时常用液态氢作燃料。【答案】内 热值【解析】解：燃料燃烧过程中把燃料的化学能转化内能；火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以放出更多的热量。故答案为：内；热值。燃料的燃烧是目前人类获得内能的主要方式，其能量转化的过程为化学能转化为内能；热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，放出的热量越多。本题考查的知识点基础性强，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。10.如图所示，两个相同的验电器A和B，A带负电，B不带电。若用金属棒把A和B连接起来的瞬间，金属棒中的电流方向从_(选填“A到B”或“B到A”)；若用橡胶棒连接两验电器，验电器B的金属箔片将不会张开，是因为橡胶棒是_体，它不易导电。【答案】B到A 绝缘【解析】解：用金属棒把A和B连接的瞬间，电子从A到B移动，而电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以金属棒中的电流方向BA；橡胶棒属于绝缘体，不容易导电，所以用橡胶棒连接两验电器，验电器B的金属箔片将不会张开。故答案为：B到A；绝缘。(1)A因多余电子而带负电，连接的瞬间，A带的负电减少，说明电子从A到B移动。据此判断电流方向；(2)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。此题考查了电流的方向和导体与绝缘体的特点，难度不大，是一道基础题。11.某同学运用所学电学知识设计了一个电子身高测量仪，如右图所示，其中定值电阻R1=5，电源电压恒为4.5V，R2的规格为“150.5A”，电压表量程为0-3V，电流表量程为0-0.6A。(1)当被测身高增加时，电压表的示数_(填“变大”、“变小”或“不变”)；(2)当变阻器R2接入电路的阻值是4时，电流表的示数为_A；【答案】变大 0.5【解析】解：由图知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；(1)由图可知，当被测身高增加时，滑片上移，滑动变阻器接入电阻增大，总电阻增大，则由欧姆定律可知电路中电流I减小，即电流表示数变小；由U1=IR1可知，R1两端的电压减小，由串联电路的电压规律可知电压表示数U2=U-U1，所以电压表的示数变大。(2)当变阻器R2接入电路的阻值是4时，电路中总电阻R=R2+R1=4+5=9，电路中的电流I=UR=4.5V90.5A，即电流表示数为0.5A；故答案为：(1)变大；(2)0.5。(1)分析升高增加时，滑片P的移动方向，判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，由串联电路特点判断电压表、电流表示数如何变化。(2)已知变阻器阻值与定值电阻R1阻值，依据串联电路特点结合欧姆定律可求得电流的大小。本题考查电路的动态变化，即电压表电流表示数如何变化，分析清楚电路结构是正确解题的前提。12.分别标有“220V 20W”和“220V 100W”的甲、乙两只白炽灯泡，串联在家庭电路中，较亮的是_。某定值电阻两端的电压由6V变为10V时，通过该电阻的电流增大了0.1A，则该该电阻消耗的功率变化了_W。【答案】甲灯 1.6【解析】解：(1)由题知，两灯的额定电压相同，乙灯的额定功率较大，由公式R=U2P可知，乙灯的电阻小于甲灯的电阻；把两盏灯串联在220V的家庭电路中，由于串联电路电流相等，乙的电阻小于甲的电阻(即甲的电阻较大)，根据公式P=I2R可知，甲的实际功率大于乙的实际功率，甲灯较亮。(2)由欧姆定律可得，当U=6V时，电路中的电流I1=UR=6VR；当U=10V时，电路中的电流I2=UR=10VR，则10VR-6VR=0.1A，解得：R=40；定值电阻两端的电压为6V时的功率：P1=U12R=(6V)240=0.9W；定值电阻两端的电压为10V时的功率：P2=U22R=(10V)240=2.5W；则该电阻消耗的功率变化量：P=P2-P1=2.5W-0.9W=1.6W；故答案为：甲灯；1.6。(1)首先分别利用公式R=U2P，比较出甲乙两盏灯的电阻值；灯泡的亮度取决于实际功率，根据串联的特点分析即可得出灯泡的功率大小，进而确定亮度关系；(2)根据欧姆定律表示出两种情况下电路中的电流得出等式求出电阻R的阻值；根据P=U2R算出该该电阻消耗的功率的变化量。本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据电流的变化确定定值电阻的阻值。13.在如图的电路中，电源电压恒为12V，定值电阻R0为50，滑动变阻器的最大值为50，小灯泡上标有“6V”字样，不考虑灯丝电阻变化。若开关S、S1、S2都闭合，当滑片P在b端时，电流表示数为_A.若开关S闭合，S1、S2都断开，当滑动变阻器接入电路的阻值为20时，电流表的示数为0.4A，则小灯泡的额定电功率是_W。【答案】0.48 3.6【解析】解：(1)若开关S、S1、S2都闭合，定值电阻R0与滑动变阻器R并联，当滑片P在b端时，滑动变阻器R接入阻值最大为50，则通过R的电流：IR=UR=12V50=0.24A，通过R0的电流：I0=UR0=12V50=0.24A，所以，电流表示数为I=I0+IR=0.24A+0.24A=0.48A；(2)若开关S闭合，S1、S2都断开，L和滑动变阻器R串联，由I=UR可得此时滑动变阻器两端的电压：UR=IR=0.4A20=8V，因串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和，所以，灯泡两端的电压：UL=U-UR=12V-8V=4V，由I=UR可得灯泡的电阻：，则灯泡的额定功率为：P额=U额2RL=(6V)210=3.6W。故答案为：0.48；3.6。(1)若开关S、S1、S2都闭合，定值电阻R0与滑动变阻器R并联，当滑片P在b端时，根据欧姆定律和并联电路的电流特点即可求出干路电流，即为电流表示数；(2)若开关S闭合，S1、S2都断开，L和滑动变阻器R串联，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，然后根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据公式R=UI可求灯泡的电阻，利用P=U2R可求灯泡的额定电功率。本题考查电阻、电流、电压、电功率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是判断出开关断开与闭合时电路的连接情况，要记住串联电路电压和并联电路电流的规律。14.如图所示是一只“会飞的大熊猫”-空中列车，由两节车厢组成，长18米，宽2.3米，外表为大熊猫样式，整体悬挂在一根箱形轨道上。这列空中列车结合了新能源技术，采用锂电池包为牵引电动机供电提供列车前进动力，不需要高压电设备输送动力，运行噪音极低，对运营周边环境基本无污染，目前充一次电能持续运营2-4小时，在大站台设置充电柱，可随时充电。请找出一个与以上情景有关的物理信息，并指出对应的物理知识，不得与示例重复。示例：物理信息：空中列车整体悬挂在一根箱形轨道梁上；物理知识：列车受到平衡力的作用。作答：物理信息_；物理知识_。【答案】在大站台设置充电柱，可随时充电 电能转化为化学能【解析】解：物理信息：采用锂电池包为牵引电动机供电提供列车前进动力；物理知识：电能转化为机械能；物理信息：运行噪音极低；物理知识：在声源处减弱噪声；物理信息：在大站台设置充电柱，可随时充电；物理知识：电能转化为化学能。故答案为：在大站台设置充电柱，可随时充电；电能转化为化学能。根据题干的内容从声、电、能量转化方面提出问题并进行解答。本题考查了学生灵活运用所学知识解释实际现象的能力，具有一定的综合性，是中考的热点题型之一。三、计算题（本大题共3小题，共22.0分）15.如图所示的电路中，电源电压不变，电阻R2的阻值为10.闭合开关S，电流表A1的示数为2A，电流表A2的示数为0.8A.求：(1)电源电压；(2)电阻R1消耗的电功率。【答案】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。(1)因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=UR可得，电源的电压：U=I2R2=0.8A10=8V；(2)因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R1的电流：I1=I-I2=2A-0.8A=1.2A，电阻R1消耗的电功率：P1=UI1=8V1.2A=9.6W。答：(1)电源电压为8V；(2)电阻R1消耗的电功率为9.6W。【解析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。(1)根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；(2)根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流，根据P=UI求出电阻R1消耗的电功率。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。16.如图所示电路，灯L标有“3V0.9W”，电源电压为4.5V，滑动变阻器R上标有“501A”的字样，电压表量程为0-3V，电流表量程为0-0.6A，(假设灯L的电阻保持不变)求：(1)灯L的电阻；(2)灯L正常工作时滑动变阻器消耗的功率；(3)为保护所有元件安全滑动变阻器允许接入电路的阻值范围。【答案】解：(1)灯泡正常发光时的电压UL=3V，功率PL=0.9W，由P=UI可得，灯L正常工作时的电流：IL=PLUL=0.9W3V=0.3A，由I=UR可得，灯泡的电阻：RL=ULIL=3V0.3A=10；(2)灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，串联电路中各处的电流相等，则此时电路中的总电阻：R总=UIL=4.5V0.3A=15，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路中的最小电阻：R滑min=R总-RL=15-10=5；此时滑动变阻器消耗的功率：P滑=I2R滑min=(0.3A)25=0.45W；(3)当电压表的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，则灯泡两端的电压：UL=U-URmax=4.5V-3V=1.5V，因串联电路中各处的电流相等，所以有ULRL=URmaxRmax，即1.5V10=3VRmax，解得：Rmax=20，在(2)中解得Rmin=5，故滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是520。答：(1)灯L的电阻为10；(2)灯L正常工作时滑动变阻器消耗的功率为0.45W；(3)为保护所有元件安全滑动变阻器允许接入电路的阻值范围为520。【解析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出正常工作时的电流，再根据欧姆定律求出灯泡的电阻；(2)灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，再根据电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小电阻；根据P滑=I2R滑算出灯L正常工作时滑动变阻器消耗的功率；(3)根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律分别表示出电路中的电流，利用串联电路的电流特点得出等式即可求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，进一步得出答案。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是滑动变阻器接入电路中最大和最小阻值的判断。17.饮水机是一种常见的家用电器，其工作电路可简化为如图所示的电路，其中S是温度控制开关，当水温升高到一定温度时，它会自动断开，使饮水机处于保温状态；R1是饮水机加热管的电阻，R2是与加热管串联的电阻，如表是从其说明书中摘录下的一些技术数据(不考虑R1R2的阻值受温度的影响)。求：额定电压220V频率50Hz加热功率880W热水箱容量2L保温时整机耗电量048Kwh/24h(1)水的比热容为4.2103J/(kg)，将一满热水箱的水从20加热到100需要吸收多少热量；(2)在额定电压下，饮水机处于加热状态时，工作1min消耗的电能；(3)电阻R2的阻值。【答案】解：(1)一满热水箱的水的质量：m=V=1103kg/m3210-3m3=2kg，将一满热水箱的水从20加热到100需要吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/(kg)2kg(100-20)=6.72105J；(2)饮水机处于加热状态时，工作1min消耗的电能：W=P加t=880W160s=5.28104J；(3)已知R1是饮水机加热管的电阻，R1的阻值：R1=U2P加热=(220V)2880W=55，保温状态时的功率：P保温=W保温t=0.48kWh24h=0.02kW=20W，保温时电阻R1、R2串联，串联的总电阻：R串=U2P保温=(220V)220W=2420，电阻R2的阻值：R2=R串-R1=2420-55=2365。答：(1)将一满热水箱的水从20加热到100需要吸收6.72105J的热量；(2)在额定电压下，饮水机处于加热状态时，工作1min消耗的电能是5.28104J；(3)电阻R2的阻值是2365。【解析】(1)由密度公式可求一满热水箱的水的质量，根据Q吸=cmt可求将一满热水箱的水从20加热到100需要吸收的热量；(2)由表格数据可知饮水机的加热功率，根据W=Pt求出加热1min消耗的电能；(3)根据P=UI=U2R求出R1的阻值，求出保温状态下的功率，根据P=UI=U2R求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R2的阻值。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清饮水机处于不同状态时电路的连接方式是关键。四、实验探究题（本大题共3小题，共22.0分）18.小明和小华同学在“探究串联电路电压的规律”实验中，都设计了如图甲所示的电路。(1)连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操作是_。(2)小明根据图甲连接好电路，闭合开关后，发现电压表示数为零，若只有L1或L2中的一处发生故障，则故障可能是_(写出一种即可)。(3)排除故障后，小明完成了实验，并把数据记录在下表中。UAB/VUBC/VUAC/V1.41.42.8分析实验数据得出两个实验结论：串联电路两端的电压_各部分电路两端电压之和：串联电路中，各部分电路两端电压相等。(4)实验结束后小明和小华互相交流，小华指出结论是错误的，造成结论错误的原因是_，另外，小明的实验在设计方案上还存在另一个不足之处是_。(5)小明和小华还进行了深入交流，为了节省时间，利用原来的电路图，在测L2两端的电压时，电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并把接线改接到C接点上，这个方法_(选填“能”或“不能”)测出L2两端的电压，理由是_。【答案】对电压表进行调零 L2断路(或L1短路) 等于 选用相同规格的灯泡做实验 只测出了一组实验数据，实验次数太少，得出的实验结论具有偶然性和片面性 不能 电压表的正负接线柱接反了【解析】解：(1)由图知，连接电路前，在检查实验器材时发现电压表指针没有指在零刻度线上，则应对电压表进行调零，使指针指在零刻度线上；(2)由电路图知，两灯泡串联，电压表测灯泡L1两端的电压；闭合开关S后，电压表示数为零，且只有L1或L2中的一处发生故障；若灯L1、L2均不亮，说明电路发生断路，而电压表没有示数，说明电压表的两端不能与电源连通，则是L2断路；若L2亮、L1不亮，而电压表没有示数，则可能是灯L1短路；(3)由表中实验数据可知，串联电路的总电压等于各部分电路电压之和。(4)由实验数据可知，各部分电路两端电压相等，该结论是错误的，造成结论错误的原因是选用了规格相同的灯泡做实验；由实验数据可知，只测出了一组实验数据，实验次数太少，得出的实验结论具有偶然性和片面性，为得出普遍结论，应改变灯泡的规格进行多次实验或改变电源电压进行多次实验；(5)为了节省时间，利用原来的电路图，在测L2两端的电压时，电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并把接线改接到C接点上，这样做不能测出L2两端的电压，因为根据电路图分析可以看出，直接改接一端连线，会造成电压表的正负接线柱接反了；故答案为：(1)对电压表进行调零；(2)L2断路(或L1短路)；(3)等于；(4)选用相同规格的灯泡做实验；只测出了一组实验数据，实验次数太少，得出的实验结论具有偶然性和片面性；(5)不能；电压表的正负接线柱接反了。(1)使用电压表前应对电压表进行调零，使指针指在零刻度线上；(2)两灯泡串联，电压表测灯泡L1两端的电压，闭合开关S后，两个电灯都不亮，说明是断路，而电压表没有读数说明L2没有连到电源，故在L2处断路；(3)分析表中实验数据，根据实验数据得出实验结论。(4)为得出普遍结论，应使用不同规格的实验器材进行多次实验，测出多组实验数据。(5)根据电路图分析可以看出，直接改接一端连线，会造成电压表正负接线柱接反了。此题为探究串联电路中的电压规律实验，考查电压表的正确使用以及串联电路的电压特点，还考查了学生对实验数据的处理能力和分析、归纳、总结能力。19.在探究“影响电流热效应的因素”实验中：(1)为了探究电流通过电阻产生的热量与电流的关系，小明设计了甲图装置，在烧瓶内安装一根电阻丝，并插入一支温度计，该实验通过比较_(选填“温度计示数变化”或“加热时间”)判断相同时间内不同电流产生的热量多少。(2)小明先测量烧瓶内液体的温度后，闭合开关，通电30s再测量烧瓶内液体的温度，得到温度的升高量填入表中；然后移动滑动变阻器滑片改变电流大小，重复上述操作，获得第二组数据(见表)。实验次数电流/A通电时间/s电阻/温度升高量/10.330101.520.630106.0由此得出：同一导体，在通电时间相等时，电流_，其产生的热量_。(3)若要探究电流通过电阻产生热量与电阻的关系，可选择乙图中_(选填“A”或“B“)烧瓶中的电阻与甲图中的烧瓶电阻_联。(本题中，三个烧瓶中装入等质量的煤油)(4)小明提议利用上述实验装置改做“比较水和煤油比热容的大小”的实验，则他应选择乙图中_(选填“A”或“B“)烧瓶与甲图中的烧瓶并联，并将其中一烧瓶中的液体换成_，水和煤油吸热的多少是通过_来反映的。【答案】温度计示数变化 越大 越多 B 串 A 水 加热时间【解析】解：(1)电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数变化来反映，这是转换法。本实验中是通过温度计示数变化来判断电流产生的热量多少；(2)本实验应用了控制变量法，从实验表格中数据可以看出：通电时间和电阻相同时，通过电阻的电流越大，升高的温度量越大，由转换法可知，电流产生的热量越多；(3)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。探究电流产生热量多少跟电阻的关系，控制电流和通电时间不变，改变电阻的大小。由于串联电路中电流处处相等，通电时间相同，所以选择乙图中的B烧瓶与甲图中的烧瓶电阻串联；(4)“比较水和煤油比热容的大小”，根据Q=cmt，可以采用质量相同的不同物质，用相同的加热器对它们进行加热；对比甲乙两图可知，应选择乙图中A烧瓶，由于电阻相同，和甲图烧瓶并联，电压相同，它们的发热功率相同(相同时间内放出的热量相同)，并且把烧瓶A的液体换成和甲图中质量相同的水；水和煤油吸热的多少是通过加热时间来反映。故答案为：(1)温度计示数变化；(2)越大；越多；(3)B；串；(4)A；水；加热时间。(1)电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数变化来反映产生热量的多少。这种方法是转换法；(2)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。本实验应用了控制变量法，从实验表格中需要控制的变量分析答题；(3)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。探究电流产生热量多少跟电阻的关系，控制电流和通电时间不变，改变电阻的大小；(4)“比较水和煤油比热容的大小”根据Q=cmt，可以采用质量相同，吸收热量相同的不同物质，根据温度变化量来判断比热容的大小；两个烧瓶内的电阻相同，并联在同一电压下，产生的热量相同；水和煤油吸收热量多少用加热时间来反映。本题考查了电流产生热量的因素和比热容大小的探究，用同一个实验装置可以探究电流产生热量多少跟影响因素之间的关系，也可以探究不同物质比热容不同，但是都是采用控制变量法和转换法来进行的。中考常考题，同学们要重点掌握。20.在“测量小灯泡的电功率”实验中，可选择的器材有：两端电压恒为4.5V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡(阻值约为10)，电流表(0-0.6A,0-3A)，电压表(0-3V,0-15V)，“201A”的滑动变阻器R1和“52A”的滑动变阻器R2，开关和导线若干，实验步骤如下：(1)请用笔画线表示导线将图甲的电路连接完整，使滑片向右移动时小灯泡变亮。(2)连接好电路，正确操作，移动滑动变阻器的滑片P，小明发现灯泡忽亮忽暗，则故障可能是_；A.滑动变阻器滑片接触不良B.小灯泡短路C.滑动变阻器短路D.滑动变阻器断路(3)故障排除后，小明移动滑片P，当电压表的示数为2V时，滑动变阻器应向_(选填“左”或“右”)移动，使用电压表示实数为额定电压，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定电功率为_W。(4)小明根据实验中获得的6组数据绘制的小灯泡“I-U”图象如图丙所示，则本实验中小明选用的滑动变阻器是_(选填：“R1”或“R2”)。由图象可知小灯泡的电阻随温度的升高而_。(5)完成上述实验后，小明又找来5、10、20、25的电阻各一个，选择滑动变阻器R1来完成探究“电流与电阻