必修二 第一章 遗传因子的发现 阶段质量检测.doc

必修二 第一章 遗传因子的发现一、单项选择题(每小题2分，共30分)1孟德尔在一对相对性状和两对相对性状的豌豆杂交实验中分别做了三个实验，他发现问题阶段做的实验和验证假说阶段做的实验分别是 ()A自交、杂交和测交 B测交、自交和杂交C杂交、自交和测交 D杂交、测交和自交解析：发现问题的阶段进行了杂交(得F1)和自交(得F2)实验，提出假说后，再通过测交实验进行验证。答案：C2有关遗传与变异的说法，正确的是 ()A基因型为Dd的豌豆，产生雌雄两种配子的数量比接近11B自由组合定律的实质是所有等位基因分离，非等位基因自由组合C孟德尔成功的原因是从研究豌豆的全部相对性状综合分析入手DDNA中脱氧核苷酸的种类和数量发生改变，不一定引起染色体变异解析：基因型为Dd的豌豆，产生不同类型的雌配子或雄配子比接近11。自由组合定律的实质是所有等位基因分离，位于非源染色体上的非等位基因自由组合。孟德尔成功的原因是从研究豌豆一相对性状分析入手。DNA中脱氧核苷酸的种类和数量发生改变，引起的可能是基因突变，不一定是染色体变异。答案：D3已知某植物基因型为Dd，若该植物连续多代自交，则子代群体中纯合子所占比例f(n)的数学模型是 ()Af(n)11/2n Bf(n)11/2nCf(n)1/2n Df(n)1/3n解析：杂合子连续自交n代，子代中杂合子所占比例为1/2n，则纯合子所占比例为11/2n。答案：B4.如图为高秆抗病的小麦与高秆感病的小麦杂交，其子代的表现型和植株数目。据图分析，下列推断不正确的是 ()A两个亲本都是杂合子B抗病对感病为显性C高秆对矮秆为显性D控制这两对相对性状的基因自由组合解析：抗病与感病杂交产生的后代表现型为抗病和感病，且比例为11，此过程无法判断显隐性。答案：B5玉米子粒中黄色对无色为显性。用无色玉米作母本，去雄后授以黄色玉米花粉，若母本植株所结子粒中出现无色子粒，原因可能是 ()父本是杂合体 外来花粉受粉多倍体不育 未受精A BC D解析：多倍体不育、未受精两种情况都不会得到子粒；父本是杂合体、外来花粉与无色玉米相交，母本植株所结子粒中均可能出现无色子粒。答案：A6(2010深圳质检)现有AaBb和Aabb两种基因型的豌豆个体，假设这两种基因型个体的数量和它们的生殖能力均相同，在自然状态下，子一代中能稳定遗传的个体所占比例是 ()A1/2 B1/3C3/8 D3/4解析：AaBb的个体产生的能稳定遗传的个体所占比例为1/4，而Aabb个体产生的能稳定遗传的个体所占比例为1/2，所以这两种基因型的个体产生的能稳定遗传的个体共有1/21/41/21/23/8。答案：C7.右图是某种遗传病的系谱图。3号和4号为正常的异卵孪生兄弟，兄弟俩基因型为AA的概率是 ()A0 B1/9C1/3 D1/16解析：由1号和2号生出5号(女)患者，可以推知该遗传病为常染色体隐性遗传病，1号和2号均为杂合子(Aa)。由于3号和4号为异卵双生，且均正常，所以他们的产生是相对独立的，且基因型均可能是(AA或Aa)，按乘法原理，可以知道兄弟俩基因型均为AA的概率是。答案：B8果蝇灰身和黑身是由常染色体上的一对等位基因(A、a)控制的相对性状。用杂合的灰身雌雄果蝇杂交，去除后代中的黑身果蝇，让灰身果蝇自由交配，理论上其子代果蝇基因型比例为 ()A441 B321C121 D81解析：由题意可知道，灰身对黑身为显性。用杂合的灰身果蝇交配，除去黑身果蝇后，灰身果蝇中杂合体纯合体21，即1/3为纯合体，2/3为杂合体。灰身果蝇自由交配的结果可以用下列方法计算：因为含A的配子比例为2/3，含a的配子比例为1/3，自由交配的结果为4/9AA、4/9Aa、1/9aa，三者比例为441。答案：A9番茄果实的颜色由一对基因A、a控制，下表是关于番茄果实颜色的3个杂交实验及其结果。下列分析正确的是 ()实验组亲本表现型F1的表现型和植株数目红果黄果1红果黄果4925042红果黄果99703红果红果1 511508A番茄的果色中，黄色为显性性状B实验1的亲本基因型：红果为AA，黄果为aaC实验2的后代红果番茄均为杂合子D实验3的后代中黄果番茄的基因型可能是Aa或AA解析：由组合3知：双亲表现型相同，子代出现红果黄果31的性状分离比，说明红果为显性性状，子代中红果的基因型可能是AA、Aa。组合1的子代表现型红果黄果11，故亲本基因型分别为红果Aa、黄果aa。组合2的后代均为红果，说明亲本红果为显性纯合子，子代中红果的基因型为Aa。答案：C10一种观赏植物，纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，F1为蓝色，F1自交，F2为9蓝6紫1鲜红。若将F2中的紫色植株授以鲜红色植株的花粉，则后代的表现型及比例是 ()A2鲜红1蓝 B2紫1鲜红C1鲜红1紫 D3紫1蓝解析：由题干中F2各表现型个体比为961可知，本题应属于两对等位基因的自由组合问题，即F2中的9蓝为双显性类型(A_B_)，6紫为一显性一隐性类型(A_bb，aaB_)，1鲜红为双隐性类型(aabb)，其中6紫的基因及比例为：AAbb(1/6)、Aabb(2/6)、aaBB(1/6)、aaBb(2/6)，据此可计算出它们与鲜红色植株杂交后代的表现型及比例。答案：B11(2010盐城质检)通过饲养灰鼠和白鼠(基因型未知)的实验，得到结果如下表，如果亲本一栏中杂交组合中的灰色雌鼠和杂交组合中的灰色雄鼠交配，结果是()杂交亲本后代组合雌雄灰色白色灰色白色8278灰色灰色11839白色白色050灰色白色740A都是灰色 B都是白色C3/4是灰色 D1/4是灰色解析：由表中四组杂交信息可知：若该对基因(用A、a表示)位于常染色体上，则中灰色()的基因型为AA，中灰色()的基因型为Aa，交配结果都是灰色；若该对基因位于X染色体上，则中灰色()的基因型为XAXA，中灰色()的基因型为XAY，交配结果仍都是灰色。答案：A12豌豆花的颜色受两对等位基因E/e与F/f所控制，只有当E、F同时存在时才开紫花，否则开白花。下列选项中都符合条件的亲本组合是 ()P：紫花白花 F13/8紫花5/8白花AEeFfEeff BEeFFEeffCEeFfeeff DEEFfeeff解析：根据基因分离定律，利用相乘原则，可以计算得出，选项A的亲本组合是紫花白花，其杂交后代表现型为紫花的概率为3/41/23/8，符合题意。答案：A13燕麦颖色的控制涉及两对等位基因。只要有黑色素的存在就无法区分有无黄色素，只有在无黑色素的情况下，才能看出有无黄色素。将纯种黑颖燕麦和纯种黄颖燕麦杂交，子一代全为黑颖，子二代共得560株，其中黑颖420株，黄颖105株，白颖35株。则F2黑颖产生的所有配子中不含显性基因的配子所占比例为 ()A1/6 B1/4C1/3 D1/16解析：纯种黑颖与纯种黄颖杂交，子一代全为黑颖，所以黑颖是显性；子二代中的性状分离比为1231，是9331的变形，设A、a与B、b分别控制黑色素与黄色素的合成，则白颖的基因型为aabb，黑颖的基因型为A_，其中AA占，Aa占，BB占，Bb占，bb占，F2黑颖个体产生的配子中为隐性的比例为。答案：A14(2009上海高考)小麦的粒色受不连锁的两对基因R1和r1、R2和r2控制。R1和R2决定红色，r1和r2决定白色，R对r不完全显性，并有累加效应，所以麦粒的颜色随R的增加而逐渐加深。将红粒(R1R1R2R2)与白粒(r1r1r2r2)杂交得F1，F1自交得F2，则F2的表现型有 ()A4种 B5种C9种 D10种解析：由题意可知F1的基因型为R1r1R2r2，麦粒的颜色随R的增加而逐渐加深，所以表现型与R的数目有关。F1自交产生F2的R数目有如下五种可能，4个R,3个R,2个R,1个R,0个R，所以F2表现型为5种。答案：B15基因型为aabbcc的桃子重120克，每产生一个显性等位基因就使桃子增重15克，故AABBCC桃子重210克。甲桃树自交，F1中每桃重150克。乙桃树自交，F1中每桃重120克180克。甲乙两树杂交，F1每桃重135克165克。甲、乙两桃树的基因型可能是 ()A甲AAbbcc，乙aaBBCC B甲AaBbcc，乙aabbCCC甲aaBBcc，乙AaBbCC D甲AAbbcc，乙AaBbCc解析：根据题干信息“甲桃树自交，F1中每桃重150克”，知甲为纯合子，并且含有2个显性基因，可以排除B项。“乙桃树自交，F1中每桃重120克180克”，由于F1中120克表示aabbcc，则乙中每对基因中至少含有1个隐性基因，所以排除A项和C项。答案：D二、双项选择题(每小题3分，共15分)16(2010广州质检)下列有关孟德尔遗传定律的说法正确的是()A叶绿体基因控制的性状遗传不遵循孟德尔遗传定律B受精时，雌雄配子的结合是随机的，这是得出孟德尔遗传定律的条件之一C孟德尔发现分离定律与自由组合定律的过程运用了类比推理法D基因型为AaBb的个体自交，其后代一定有四种表现型和9种基因型解析：叶绿体基因在细胞质中，表现为母系遗传，不遵循孟德尔遗传定律。孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法。由于存在不同情况的显性、隐性情况，基因型为AaBb的个体自交后代中表现型不一定有4种，如下表：条件表现型及比例正常的完全显性4种；9331A、B同时存在时表现为一种性状，否则表现为另一种性状2种；97aa(或bb)成对存在时，表现双隐性性状，其余正常表现3种；934存在一种显性基因(A或B)时表现为同一种性状，其余正常表现3种；961只要存在显性基因(A或B)就表现为同一种性状，其余正常表现2种；151答案：AB17豌豆灰种皮(G)对白种皮(g)为显性，黄子叶(Y)对绿子叶(y)为显性，每对性状的杂合体(F1)自交后代为F2，下列叙述正确的是 ()AF1植株上结的种子，灰种皮白种皮接近31BF1植株上结的种子，黄子叶绿子叶接近11CF1植株上结的种子，胚的基因型有9种DF2植株上结的种子，灰种皮白种皮接近31解析：控制种皮、子叶性状的基因均遵循孟德尔遗传定律，但表现的时机不同：与种皮有关的基因在胚萌发至个体成熟结子时表现，而与胚有关的基因在胚形成时即表现。答案：CD18根据孟德尔关于豌豆两对相对性状的杂交实验，判断下列叙述正确的是(豆荚的颜色和是否饱满分别由位于非同源染色体上的等位基因A和a、B和b控制) ()P黄色不饱满豆荚绿色饱满豆荚 F1绿色饱满豆荚 F2黄色不饱满豆荚黄色饱满豆荚绿色不饱满豆荚绿色饱满豆荚A在该实验中，显性性状是绿色、不饱满BF2中黄色饱满豆荚的基因型是aaBB或aaBbCF2中黄色不饱满豆荚黄色饱满豆荚绿色不饱满豆荚绿色饱满豆荚的比例是9331D若只讨论豌豆豆荚的颜色，F2中绿色与黄色的比例是31，遵循基因的分离定律解析：根据杂交实验过程可知，两个纯合亲本杂交F1的表现型为绿色饱满豆荚，则绿色对黄色为显性，饱满对不饱满为显性。F1自交获得F2，F2中绿色饱满豆荚绿色不饱满豆荚黄色饱满豆荚黄色不饱满豆荚9331。答案：BD19下图表示不同基因型豌豆体细胞中的两对基因及其在染色体上的位置，这两对基因分别控制两对相对性状，从理论上说，下列分析正确的是 ()A甲、乙植株杂交后代的表现型比例是31B甲、丙植株杂交后代的基因型比例是1111C丁植株自交后代的基因型比例是121D正常情况下，甲植株中基因A与a在减数第二次分裂时分离解析：图中A(a)、B(b)在非同源染色体上，符合基因的自由组合定律，A与a是等位基因，正常情况下是在减数第一次分裂时分离的。答案：BC20报春花的花色白色(只含白色素)和黄色(含黄色锦葵色素)由两对等位基因(A和a，B和b)共同控制，两对等位基因独立遗传，显性基因A控制以白色素为前体物合成黄色锦葵色素的代谢过程，但当显性基因B存在时可抑制其表达。现选择AABB和aabb两个品种进行杂交，得到F1，F1自交得F2，则下列说法正确的是 ()A黄色植株的基因型是AAbb或AabbBF1的表现型是黄色CF2中的白色个体的基因型的种类数是7DF2中黄色白色的比例是35解析：由于“显性基因B存在时可抑制A表达”，则亲代AABB(白色)aabb(白色)，F1为AaBb(白色)，F1自交得F2,9A_B_(白色)3A_bb(黄色)3aaB_(白色)1aabb(白色)，黄色与白色的比例为313。F2中总共9种基因型，黄色植株的基因型是AAbb或Aabb，则白色个体的基因型种类是7种。答案：AC三、非选择题(本题包括4个小题，共55分)21(11分)(2010东莞模拟)在群体中位于某同源染色体同一位置上的两个以上、决定同一性状的基因称为等位基因，如控制ABO血型的基因。在家兔的常染色体上有一系列决定毛色的复等位基因：C、cch、ch、c。C基因对cch、ch、c为显性，cch基因对ch、 c为显性，ch对c为显性。C基因系列在决定家兔毛皮颜色时其表现型与基因型的关系如下表：毛皮颜色表现型基因型全色C_青旗拉cch_喜马拉扬ch_白化cc请回答下列问题：(1)家兔毛皮颜色的基因型共有_种，其中纯合体有_种。(2)若一只全色雄兔和一只喜马拉扬雌兔多次交配后，子代全色青旗拉11，则两只亲本兔的基因型分别为_、_。(3)基因型为Ccch的雌雄兔交配，子代中有全色兔和青旗拉兔，让子代中的全色兔与喜马拉扬杂合兔交配，请用柱状图表示后代的表现型及比例。(4)若有一只喜马拉扬雄兔和多只其他各色的雌兔，如何利用杂交方法检测出喜马拉扬雄兔的基因型？(写出实验思路和预期实验结果即可)解析：(1)根据题意，控制家兔毛色的复等位基因有C、cch、ch、c四种，可推知家兔毛皮颜色的基因型有10种，其中纯合子为CC、cch cch、ch ch、cc四种。(2)首先写出亲本的基因型为C_ch_，然后根据子代全色青旗拉11可知其亲本基因型为Ccch、ch ch或ch c。(3)基因型为 Ccch的雌雄兔交配，子代中全色兔的基因型有两种可能：1/3CC和2/3 Ccch，其与喜马拉扬杂合兔交配组合有两种：1/3CCchc和2/3 Ccchchc，则后代的表现型为全色青旗拉21。作图时要注意纵横坐标的标注。(4)根据遗传学的测交原理，应选用多只白化雌兔与该喜马拉扬雄兔交配，若后代均为喜马拉扬兔，则该喜马拉扬雄兔的基因型为ch ch，若后代出现了白化兔，则该喜马拉扬雄兔的基因型为chc。答案：(1)104(2)Ccchch ch或ch c(3)如右图(4)选用多只白化雌兔与该喜马拉扬雄兔交配，若后代均为喜马拉扬兔，则该喜马拉扬雄兔的基因型为chch，若后代出现了白化兔，则该喜马拉扬雄兔的基因型为chc。22(12分)某学校一个生物兴趣小组进行了一项实验来验证孟德尔的遗传规律。该小组用豌豆的两对性状做实验。选取了黄色圆粒(黄色与圆粒都是显性性状，分别用Y、R表示)与某种豌豆作为亲本杂交得到F1，并把F1的统计数据绘制成了柱形图。请根据 实验结果讨论并回答下列有关问题：(1)你能推测出亲本豌豆的表现型与基因型吗？请写出推测过程。_。(2)此实验F1中的纯合子占总数的_。(3)有同学认为子代黄色与绿色比符合基因的分离定律，但圆粒与皱粒的比不符合基因的分离定律，你觉得该同学的想法是否有道理？请设计一个实验来验证。_。(4)如果市场上绿色圆粒豌豆销售形势很好，能利用现有F1中四种表现型豌豆，获得纯合的绿色圆粒豌豆吗？请写出设计思路。_。解析：(1)由F1性状分离比黄绿31，圆皱11可推出亲本基因型为YyRrYyrr。(2)F1中纯合子所占比例为1/21/21/4。(3)验证分离定律可用自交法，据杂交后代分离比是否是31予以判断。(4)欲获得纯合的绿色圆粒(yyRR)豌豆，可选F1中基因型为yyRr的豌豆自交。答案：(1)能。根据基因分离定律，单独分析一对基因传递情况，子代中黄色与绿色分离比为31，则亲本的基因型为YyYy，圆粒与皱粒分离比为11，则亲本的基因型为Rrrr，所以亲本的基因型为YyRrYyrr，表现型是黄色圆粒、黄色皱粒(2)1/4(3)没有道理。如果将F1的黄色圆粒自交，则后代的圆粒与皱粒的比应该是31，符合基因的分离定律(4)能。将F1中绿圆豌豆(yyRr)自交，淘汰绿色皱粒，再连续自交并选择，直到不发生性状分离为止23(16分)(2009四川高考)大豆是两性花植物。下面是大豆某些性状的遗传实验：大豆子叶颜色(BB表现深绿；Bb表现浅绿；bb呈黄色，幼苗阶段死亡)和花叶病的抗性(由R、r基因控制)遗传的实验结果如下表：组合母本父本F1的表现型及植株数一子叶深绿不抗病子叶浅绿抗病子叶深绿抗病220株；子叶浅绿抗病217株二子叶深绿不抗病子叶浅绿抗病子叶深绿抗病110株；子叶深绿不抗病109株；子叶浅绿抗病108株；子叶浅绿不抗病113株(1)组合一中父本的基因型是_，组合二中父本的基因型是_。(2)用表中F1的子叶浅绿抗病植株自交，在F2的成熟植株中，表现型的种类有_，其比例为_。(3)用子叶深绿与子叶浅绿植株杂交得F1，F1随机交配得到的F2成熟群体中，B基因的基因频率为_。(4)将表中F1的子叶浅绿抗病植株的花粉培养成单倍体植株，再将这些植株的叶肉细胞制成不同的原生质体。如果得到子叶深绿抗病植株，需要用_基因型的原生质体进行融合。(5)请选用表中植物材料设计一个杂交育种方案，要求在最短的时间内选育出纯合的子叶深绿抗病大豆材料。解析：(1)组合一产生的F1均为抗病植株，所以抗病为显性性状，组合一亲本基因型为BBrrBbRR。组合二亲本基因型为BBrrBbRr。(2)由亲本基因型可知F1的子叶浅绿抗病植株基因型均为BbRr，BbRr自交产生的F2中表现型及比例可用棋盘格法快速推出。RRRrrrBBBBRRBBRrBBrrBbBbRRBbRrBbrr由棋盘格可知F2的表现型共有四种，比例对应为 3BBR 1BBrr 6BbR2Bbrr(子叶深绿抗病)(子叶深绿不抗病)(子叶浅绿抗病)(子叶浅绿不抗病)(3)BBBbF1BB、Bb，F1随机交配，则F1产生的雌雄配子均为b、B。F2的基因型及比例可用棋盘格法推出：bBb死亡BbBBbBB即F2成熟植株中基因型频率为BB、Bb，B的频率为，即80%。(4)表中F1的子叶浅绿抗病植株基因型为BbRr，产生花粉培养成单倍体植株基因型为BR、Br、bR、br四种。要获得子叶深绿抗病植株的基因型为BBR，所以用来融合的原生质体基因型为BR与BR或BR与Br。(5)纯合的子叶深绿抗病植株基因型为BBRR，组合一中用作父本的植株基因型为BbRR，只要将该植株自交，获得的深绿抗病植株即为BBRR。答案：(1)BbRRBbRr(2)子叶深绿抗病子叶深绿不抗病子叶浅绿抗病子叶浅绿不