物理必修答案.DOC

江苏最高考假期作业(寒假)高二物理参考答案第1天运动的描述1. A解析：“神舟九号”与“天宫一号”对接后一起运动，以“天宫一号”为参考系，“神舟九号”处于静止状态本题答案是A.2. D解析：位移是起点到终点的有向线段，A点的起点和终点重合，故A的位移是0，B的位移是100 m；路程是物体运动所留下的轨迹的长度，故A的路程是400 m，B的路程是100 m，选项A、B、C错误，选项D正确3. A解析：马拉松运动员在长跑过程中可以看做是质点，本题答案是A.4. B解析：由路牌信息可知，观察到左标牌在先，所以汽车行程为(12040) km80 km；从手表指示值可知，用时50分钟根据速度公式得出小李乘坐汽车行驶的平均速率为96 km/h.5. B解析：从高速公路走，很快就能到目的地；协和式客机飞行得很快；刘翔跑得快，他们的“快”均指的是速度大汽车能很快停下来，指的是速度在很短的时间内减为0，这里的“快”指的是加速度大本题正确答案为B.6. C解析：甲图所示汽车速度约为20 km/h5.6 m/s，乙图所示汽车速度约为60 km/h16.7 m/s，将数据代入加速度定义式得a1.4 m/s.本题答案是C.7. A解析：火药爆炸的瞬间加速度最大，选项A错误；轿车紧急刹车速度变化快，所以加速度大，选项B正确；高速行驶的磁悬浮列车做匀速直线运动的时候，加速度为零，选项C正确；根据可以求出平均速度，选项D正确本题答案是A.8. B解析：由题意知v00，a0，即加速度和速度同方向，物体始终加速，但是随着a逐渐减小，相同时间内速度的增加量减小，当a0时，速度不再增加，选项A错误、B正确；物体始终向着正方向运动，位移始终增加，选项C、D均错误9. (1) 交流(2) 图略(3) 匀加速10. 解：由a可知，a1 m/s20.25 m/s2，a2 m/s25 m/s2.11. 解：飞机做匀速直线运动，其测量仪器在地面扫过的是一个矩形飞机每小时测量的覆盖面积为题图中阴影部分表示的矩形面积，它的长度为飞机每小时飞行的距离xvt400 km/h1 h400 km，矩形的宽为l如右图所示，由三角函数知识可知l2htan602500 m1.731.73 km，由此可知飞机每小时测量的覆盖面积为400 km1.73 km692 km2.12. 解：(1) 由图可知前10 s汽车匀加速运动，05 s内的加速度和010 s内的加速度相同，根据加速度的定义式a1 m/s22 m/s2；5060 s内的加速度和4060 s内的加速度相同，a2 m/s21 m/s2.(2) 1030 s内汽车做匀速直线运动，加速度为0，结合(1)问结果可做出图象第2天匀变速直线运动的研究1. C解析：真空中，羽毛和苹果均不受空气阻力，仅受重力，加速度相同，同时从同一高度由静止释放，则运动情况相同，C正确2. B解析：甲、乙做的是匀速直线运动，且乙在甲的前面，在位移时间图象中，选项A错误、B正确；选项C中，甲、乙做的是匀加速直线运动，选项C错误；选项D中，甲、乙做的是匀速直线运动，但是甲的速度大于乙的速度，选项D错误本题答案是B.3. A解析：由hgt2得t s3 s，t1t1 s2 s，h1gt1022 m20 m，则h2hh145 m20 m25 m选项A正确4. C解析：vv2a2l，而vv2a3l，解得v3，C正确5. D解析：，即 m/s，得v05 m/s，所以D选项正确6. A解析：由题意知：v2aL，v22a，解得v，所以A项正确7. D解析：在速度时间图象中，位移看面积本题答案是D.8. A解析：小球做自由落体运动，从静止开始运动的连续相等时间内的位移之比为1357，而图中位移之比为2345，故位置“1”不是小球释放的初始位置，A错误、D正确；由a知a，B正确；v3，C正确9. vCa解析：vCAE；小车运动的加速度a.10. 解：(1) 由v2v2ax得a m/s242 m/s2.(2) 由vv0at得t s0.24 s.11. 解：t1 s50 s，t3s30 s，x1vt1750 m，x3vt33030 m450 m，t0s40 s， tt1t2t3t0100 s.12. 解：(1) 由xv0tat2知，xA(2t8t2)m，xB8t(1.6)t2m.A做匀加速直线运动，vA(28t) m/s；B做匀减速直线运动，vB(81.6t)m/s.(2) 由vv0at知，28t81.6t，t0.625 s.(3) A、B两物体相遇，即xAxB，4t22t8t0.8t2得t1.25 s，xxA41.25221.258.75 m.第3天相互作用1. A解析：壁虎在竖直玻璃上匀速爬行，受到重力和向上的力F的作用，两者大小相等方向相反本题答案是A.2. C解析：力是物体对物体的作用，但物体间不一定要直接接触；力有物质性，不能离开物体而独立存在；力的作用效果有形变和运动状态改变两种；力的大小用测力计、弹簧秤测量3. B解析：物体做匀速运动所受滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计拉力的大小，选项B正确4. D解析：根据直角三角形勾股定理得到另一个分力的大小为150 N.5. C解析：其余三个力的合力大小为F4，F4转过90后合力为F4.6. B解析：选项A中，A、B两个小球都受绳子的拉力和自身的重力保持静止，所以它们接触但是没有弹力；选项B中，A、B两个小球除了受绳子的拉力和自身的重力外，要想保持静止，还得受它们之间的一个弹力，所以选项B正确；选项C中，A、B两个小球都受地面的支持力和自身的重力保持静止，所以它们接触但是没有弹力；选项D中，小球A受绳子的拉力和自身的重力保持静止，所以和B接触，但是没有弹力本题答案是B.7. A解析：车厢中的货物受到重力、支持力和摩擦力的作用，将重力在垂直于车厢方向和平行于车厢方向进行正交分解得，摩擦力fmgsin、支持力FNmgcos，可见随着倾角越来越大，支持力逐渐减小、摩擦力逐渐增大，选项A正确8. B解析：在水平方向推力的分力为Fcos，与摩擦力平衡9. C解析：合力的大小应满足|F1F2|FF1F2.10. (1) D(2) F(3) B解析：(1) 合力和分力具有等效替代的关系，在本实验中合力和分力的共同作用效果是将橡皮条的结点拉到O点本题答案是D.(2) 图丙中方向一定沿AO方向的是用一个弹簧测力计拉的情况，即力F.(3) 本实验采用的科学方法是等效替代法11. 解：以运动员及行装为整体进行受力分析，如图所示，其中F1为崖壁对人手的拉力，F2为崖壁对人脚的作用力，根据重力的作用效果，将重力正交分解，有G1mgsin7510sin60 N649.5 N，G2mgcos7510cos60 N375 N，根据力的平衡条件，可得F1G2375 N，F2G1649.5 N.12. 解：由受力分析可知Fsinf1G，解得f1GFsin40 N500.6 N10 N，方向向上若物块匀速下滑：F2sinf2G，其中N2F2cos，而f2N2，联立得F2N.第4天牛顿运动定律及应用1. C解析：1球由静止释放后，球能加速下落，说明力是改变物体运动状态的原因，选项A错误；公交汽车在起动时，乘客都要向后仰，选项B错误；战斗机在空战时，甩掉副油箱是为了减小惯性，提高飞行的灵活性，选项C正确；运动员在百米冲刺时，速度很大，因为速度大到停下来速度的变化量大，故很难停下来，选项D错误2. C解析：人对地球的吸引力和地球对人的吸引力是一对作用力和反作用力，大小相等，选项A错误；地面对人的弹力和人对地面的弹力是一对作用力和反作用力，大小相等，选项B错误；人受到重力和地面对人的弹力的作用，跳起来的原因是地面对人的弹力大于人受到的重力，选项C正确、D错误3. D解析：孩子与爸爸“掰手腕”的游戏中，孩子对爸爸施加的力与爸爸对孩子施加的力属于作用力与反作用力本题答案是D.4. C解析：人站在体重计上，下蹲过程中，下蹲加速度先向下是失重状态，支持力小于重力；后加速度向上，支持力大于重力，稳定后恢复原状，选项C正确5. B解析：物体向右运动过程中受到向左的滑动摩擦力，所以合力为零的点在A、B之间，物体在该点的加速度为零，速度最大6. D解析：滑块在斜面上加速，加速度为agsin，之后在水平面上做匀速运动7. D解析：以货物为研究对象，对其进行受力分析，由ag可知项正确8. A解析：Nmgmay， ay2.5 m/s2. ax m/s2. fmaxmmg.选项A正确9. A解析：应将打点计时器接在交流电源上，应使小车离打点计时器近些10. (1) 匀速直线(2) a(3) 改变了小车的质量解析：(1) 平衡摩擦力时，让小车自由的从斜面上做匀速直线运动(2) 为了判断a与m成反比的关系，应该做出a图象(3) 探究加速度与力的关系时，应该保持小车的质量不变11. 解：(1) 拖拉机在时间t内匀加速前进s，根据位移公式sat2，解得a.(2) 拖拉机受到牵引力、支持力、重力、地面阻力和连杆拉力T，根据牛顿第二定律FkMgTcosMa，解得T.12. 解：(1) 由图象可知a8 m/s2.(2) 对物体受力分析可知：mgsinmgcosma，解得0.25.(3) xt4 m.第5天必修1综合1. A解析：“桥流水不流”说桥是运动的，显然是以运动的水为参照物的2. C解析：物体能否当做质点来处理，关键是看物体的形状、大小等因素能否被忽略不计选项A中的起重机吊起货物时要考虑臂架仰起时幅度大小等因素，不能当做质点，A错；选项B中研究坐在翻滚过山车中的小孩坐姿，是为了小孩的安全，不能当做质点，B错；选项C中绕地球飞行的宇宙飞船，在茫茫太空中它的形状和大小能被忽略，可以当做质点，C对；选项D中的门的运动是转动，不能当做质点，D错3. D解析：当人突然下沉时，人有向下的加速度，处于失重状态，人受到的重力大于人受到的支持力，D正确、A错误；人受到的支持力与人对沼泽地的压力是作用力与反作用力，大小相同，方向相反，B错误；人行走时受地面的支持力、自身重力、地面的摩擦力，因此对应三对作用力与反作用力，C也错误4. C解析：力F1和力F2是一对作用力和反作用力5. C解析：对小球进行受力分析由平衡条件作平行四边形，运用相似三角形求解6. D解析：伽利略的理想实验说明了物体不受外力作用时，总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态7. A解析：由速度图象可知，在0t3内速度始终大于零，表明这段时间内火箭一直在上升，t3时刻速度为零，停止上升，高度达到最高，离地面最远，A正确、B错误；t1t2的时间内，火箭在加速上升，具有向上的加速度，火箭应处于超重状态，而在t2t3时间内火箭在减速上升，具有向下的加速度，火箭处于失重状态，故C、D项错误8. A解析：由整体法：F2mgsin2mgcos2ma；对B进行研究：Nmgsinmgcosma，联立得N.选项A正确9. B解析：做出小球运动的速度图象，如图所示，小球沿轨道ABC运动是先加速再匀速，而沿ADEC运动是加速匀速交替进行，因为路程相等，所以判断B项正确10. (1) sat2(2) 控制两车同时运动和同时停止(3) 在实验误差允许的范围内，当小车的质量保持不变时，位移s与F成正比，故有a与F成正比(4) 调整两木板的倾角，平衡好摩擦力，满足盘和盘中砝码的总质量远小于小车的质量解析：(1) 位移与加速度的关系式sat2.(2) 刹车系统的作用是控制两车同时运动和同时停止(3) 由于本实验的刹车系统保证了两车运动的时间相同，故加速度a与位移s成正比，由表中数据可以看出，在实验误差允许的范围内，当小车的质量保持不变时，位移s与F成正比，故有a与F成正比(4) 调整两木板的倾角，平衡好摩擦力，满足盘和盘中砝码的总质量远小于小车的质量11. 解：(1) 设运动员自由下落h后展开伞，此时运动员速度为v0，落地速度为v.由运动学公式可知v2gh，v2v2a(Hh)，解得h125 m.(2) 由v2gh得v050 m/s.(3) 运动员自由下落的时间t15 s，展开伞后至落地的时间t23.6 s，运动员离开飞机后在空中下落的总时间tt1t28.6 s.12. 解：(1) 选箱子为研究对象，其受力分析如图所示由平衡条件知：Fcos37f1N，NGFsin37，由以上式子得：F200 N.(2) 过程及受力分析如图所示前3 s内：a15 m/s2，3 s末：v1a1t115 m/s，前3 s内的位移：s1a1t22.5 m，撤去F后：a2g5 m/s2，箱子还能滑行s2，由：0v2a2s2，得s222.5 m，所以箱子通过的总位移：ss1s245 m.第6天曲线运动平抛运动1. C解析：运动的合成是唯一的，但是运动的分解不加条件限制是无数个直线运动可以在一条直线上分解2. D解析：平抛运动的竖直方向的分运动为自由落体运动，A做的是平抛运动，B做的是自由落体运动，它们同时落地，说明A在竖直方向上做的是自由落体运动选项D正确，A、B、C错误3. B解析：伞在竖直方向上的受力情况不变，运动性质不变，时间不变水平方向上多了一个力，增加了水平方向的分速度，落地速度变大了4. B解析：物体在落地前在水平方向都有相同的速度，它们必在飞机的正下方各物体落地点的间隔是相等的5. B解析：因为演员站在旋转的平台上，所以根据运动的合成，投球的方向应该与球筐有一定的夹角本题答案是B.6. C解析：vygt， t.7. D解析：水平方向有xv0t，竖直方向有ygt2，tan1，解得t0.4 s，xv0t0.8 m，所以小球抛出后能落到的台阶为第四级台阶，D项正确8. C解析：根据运动的合成，知道小船船头垂直岸边的时候，轨迹是如选项C所示9. D解析：因为要确保石块落到斜面上，水平位移、竖直位移和斜面夹角满足tan.本题答案是D.10. 做平抛运动的物体在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动解析：将B球与A球相比较，可以看出在同一时刻，在水平方向上B球与A球在相同位置，说明B球水平方向上与A球的运动是相同的，即在水平方向上B球做匀速直线运动将B球与C球的运动相比较，B球在竖直方向上的位置与C球是相同的，即在竖直方向上B球与C球运动是相同的，即在竖直方向上B球做自由落体运动11. 解：(1) 由xvt得t10 s.(2) vygt1010100 m/s，vB100 m/s.(3) hgt210102500 m，Epmgh50105002.5105 J.12. 解：(1) 由Hgt2得t，代入数据得t2 s.(2) 抛出点和坡底的水平距离xv0t，代入数据得x10 m.(3) 小球落到坡底时的速度v，vygt，代入数据可得v5 m/s.第7天圆周运动向心力1. D解析：只有当v一定时，才有a与r成反比；只有当一定时，才有a与r成正比。2. D解析：匀速圆周运动的加速度大小不变，方向时刻改变，是变量，故匀速圆周运动是变加速运动匀速圆周运动速度时刻改变，这里的“匀速”的含义是“匀速率”，并非匀速运动，做匀速圆周运动的物体的运动状态也在时刻改变并非处于平衡状态3. D解析：汽车受重力、支持力、路面阻力和牵引力的作用，其中重力与支持力的合力提供向心力4. A解析：m做平抛运动的条件是在轮子最高点时，对轮子的压力为零由mgm得v.而vrr2n得n.选项A正确5. D解析：A、B用皮带连起来一起运动，它们的线速度相同，选项A错误；B、C属于同心圆一起转动，它们的角速度相同，选项C错误、D正确本题答案是D.6. C解析：大轮边缘点A与小轮边缘点B的线速度大小相等，大轮边缘点A与大轮上的C点角速度大小相等，选项C正确7. D解析：球到达最高点时，杆对小球的作用力和重力的合力提供球的向心力，即Fmgm，则球的速度v时，F是拉力；0v时，F是支持力；v时，F0.所以D选项正确8. C解析：匀速圆周运动的向心力来源于重力和支持力的合力，方向沿水平指向漏斗的轴线9. C解析：A、B同轴转动，角速度相等，距离轴心越远，线速度越大，加速度也越大，向心力大小无法判断10. 2gg解析：小球由A点到B点所做的运动是圆周运动的一部分，因而小球刚要到达B点时的运动为圆周运动的一部分，其加速度为向心加速度，大小为：a，将v代入可得a2g.小球滑过B点后做平抛运动，只受重力作用，加速度大小为g.11. 解：飞行员对座椅的压力与座椅对飞行员的支持力大小相等、方向相反，如图所示，飞至最低点时，飞行员受向下的重力mg和向上的支持力N1，合外力充当向心力，即N1mg，则N1mg2mg，故压力N12mg，解得：2.在最高点时，飞行员受向下的重力和向下的压力N2，合外力产生向心力，即N2mg，即N2mg0故压力N20，解得：0.即飞机飞至最低点时，飞行员对座椅的压力是自身重力的两倍，飞至最高点时，飞行员对座椅无压力12. 解：(1) 物块做平抛运动，在竖直方向上有Hgt2，在水平方向上有sv0t，联立上式解得v0s1 m/s.(2) 物块离开转台时，最大静摩擦力提供向心力，有fmmNmg，解得0.2.第8天曲线运动综合1. B解析：做曲线运动物体的速度方向一定变化，但大小可能变，也可能不变，A错误、B正确；做曲线运动的物体一定具有加速度，加速度也可能不变，也可能变化，故C、D错误。2. C解析：ARABRB. AB12，TATB21，aAaB12.3. B解析：除切向上的牵引力和阻力外，摩托车只受重力、地面支持力和地面的摩擦力作用，没有离心力，A项错误；摩托车正常转弯时可看作是做匀速圆周运动，所受的合力等于向心力，如果向外滑动，说明提供的向心力即合力小于需要的向心力，B项正确；摩托车将在沿线速度方向与半径向外的方向之间做离心曲线运动，C、D项错误4. D解析：平抛运动竖直方向做自由落体运动t，hAhB，tAtB，选项A、B错误；水平方向做匀速直线运动v，水平位移相同，tAtB，vAvB，选项C错误、D正确本题答案是D.5. D解析：由几何关系知，小船的合速度(实际航行速度)与河岸的夹角至少为30，所以小船速度的最小值为vv水sin302 m/s.6. C解析：根据牛顿第二定律有FNmgma，即FNm(ga)3mg，选项C正确7. C解析：B球水平方向以速度v0做匀速直线运动，故二者同时到达C点8. C解析：物体做平抛运动，vxv0，vyg2t，故2t时刻物体的速度v，C正确，A、B、C错误9. D解析：当系统要滑动时，对M有TMg.对m有Tmgm2L. (Mm)gm2L，解得.10. R、r、R11. 解：(1) 设球抛出时的最小速度为vmin，运动到框左侧上边缘的时间为t，则HLgt2，dLvmint，解得vmin2.(2) 设球刚落到框底时的最小动能为Ekmin，由功能关系有EkminmvmgH，解得Ekmin5 mgL.(3) 设球与墙壁碰撞的最高点离地面的高度为hmax，运动到墙壁的时间为t，根据对称关系有dLvmaxt，vmaxt5 L，Hhmaxgt2，解得hmaxL.12. 解：(1) Ekmv25082 J1 600 J.(2) t s0.6 s，hgt2100.62 m1.8 m.(3) 从C到D根据动能定理有：mgh20mv，代入数据可以求得vC5 m/s.根据圆周运动可得Fmgm，Fmgm5010501 000 N.第9天万有引力与航天1. A解析：根据万有引力公式FG知，卫星在接近小行星的过程中，r变小，F变大本题答案是A.2. C解析：北斗卫星在地球同步轨道上绕行，说明周期、角速度、转速与地球自转相同，选项A、D错误；绕行速度小于第一宇宙速度，选项B错误；向心力是由它与地球之间的万有引力提供本题答案是C.3. D解析：根据万有引力定律，FG，FGF，代入可求得结论4. A解析：由万有引力等于重力可知，mg，解得M.5. B解析：由v7.9 m/s知，第一宇宙速度是最大环绕速度，最小发射速度本题答案是B.6. D解析：地球上的物体与地球具有相同的角速度，赤道上物体的轨道半径最大，线速度最大7. A解析：由v知，r6r5，v6v5，选项A正确、B错误；由T2知，r6r5，T6T5，选项C、D均错误本题答案是A.8. B解析：宇宙飞船绕地球做匀速圆周运动时，飞船上的物体处于完全失重状态，物体仍受到重力的作用，但是视重为0.9. B解析：离月球表面R时恰好做匀速圆周运动，则Gm，得2v2；在月球表面上时，Gmg得gG.本题答案是B.10. 变大解析：“嫦娥二号”与月球的距离变小，则万有引力变大11. 解析：设该行星的质量为M，人造天体的质量为m，该行星半径为R，则mR，则M，又VR3，则.12. 解：平抛运动水平位移xvt，竖直位移hgt2，由以上两式得xv.由重力等于万有引力mgG得g.所以36，.x星x地10 m.第10天功功率1. D解析：做功的两个要素是力和力的方向上发生的位移2. D解析：功率表示物体做功的快慢，它等于功跟完成这些功所用的时间的比值，或者说是单位时间内所做的功，某物体的功率大，表示这一物体做功快，或单位时间内做功多3. C解析：功是力和在力的方向上的位移的乘积，四种情况中力和在力的方向上的位移都相同，所以四种情况做功一样多或由WFlcos计算，也可判断出四种情况做功一样多，故C正确4. C解析：当汽车速度为v时做匀速直线运动，由Pfv得Ff；当汽车的速度为时，fma得a.本题答案是C.5. A解析：根据物体的速度图象可知，物体01 s内做匀加速运动，合外力做正功，A项正确；13 s内做匀减速运动，合外力做负功.03 s内，合外力做功为零6. B解析：设举重运动员将杆铃举高1.7 m，则P1 083.75 W.7. C解析：绳子拉力与小球速度方向垂直，不做功，功率为零8. C解析：本题不能求出F1、F2的合力，所以不能直接用合力计算功但可用WW1W2来计算总功9. C解析：准确理解“缓慢移动”的意义，即物体的运动过程是一个准平衡过程，任何时刻物体都处于平衡状态，此时水平力F不是恒力，不能利用功的定义公式求解应利用动能定理变力做功与重力做的负功相等所以正确选项为C项10. 0.1解析：匀速提起重物，则有Fmg，而F，得v0.1 m/s.11. 解：2 s内雪橇的位移lat21 m，重力和支持力做功为零，拉力F做功WFFlcos6010.8 J48 J，雪橇所受合力为F合ma400.5 N20 N，合外力对物体做的功W合F合l201 J20 J，摩擦力做的功WFfW合WF20 J48 J28 J.12. 解：(1) 物体从抛出到落地全过程中重力做功Wmgh1105 J50 J下落时间t1 s，重力的平均功率：P50 W.(2) 物体落地时，竖直方向的瞬时速度vgt10 m/s，重力的瞬时功率：Pmgv11010 W100 W.(3) 物体落地前，竖直方向的瞬时速度vgt，Pmgvmg2t，重力的瞬时功率与经过的时间成正比第11天动能定理及应用1. A解析：合外力为零，则物体可能静止，也可能做匀速直线运动，这两种情况合外力做功均为零，所以合外力做功一定为零，A对；合外力做功为零或动能不变，合外力不一定为零，如匀速圆周运动，故B、D错；合外力做功越多，动能变化越大，而不是动能越大，故C错2. B解析：忽略阻力，由动能定理得，学生对足球所做的功等于足球动能的增加量，即Wmv2016 J，故B正确3. B解析：功是标量，总功为14 J根据动能定理，物体动能增加了14 J.4. B解析：在刹车过程中，由动能定理可知：mglmv2，得l可知，甲车与地面间动摩擦因数小(题图线1)，乙车与地面间动摩擦因数大(题图线2)，刹车时的加速度ag，乙车刹车性能好；以相同的车速开始刹车，乙车先停下来B正确5. A解析：物体举高过程中，人对物体有向上的力做功，物体的机械能增加由动能定理得：W合mv22 J，即合外力对物体做功2 J；WFmghmv2，WFmghmv212 J，即人对物体做功为12 J；物体机械能增量为mghmv212 J故选A.6. C解析：由动能定理知A、B错误；第1 s内F1mgma，1 s末至3 s末F2mg，第4 s内mgF3ma，所以F1F32F2，故C正确7. B解析：由动能定理得Wfmghmv2mv，所以Wfmv2mvmgh3 800 J.8. A解析：由动能定理得WFmvmv0.9. A解析：对A、B两个物体由动能定理得WF(mAmB)v23mBv2；对B物体由动能定理得WFmBv2100 J本题答案是A.10. mgh11. 解：(1) 止动轮挡放下前瞬间，飞机受力平衡，受到止动轮挡的作用力F1F1.26105 N，由牛顿第三定律可知，飞机对止动轮挡的作用力大小F1F11.26105 N.(2) 设飞机在跑道上运动的过程中发动机的推力所做的功为W，由动能定理有WfLmv0，解得W4.22107 J.(3) 设升空过程中飞机克服阻力做的功为W克，由动能定理有PtmghW克mvmv，解得W克7.2107 J.12. 解：(1) 由动能定理得mgRmv2，则v.(2) 由向心力公式得FNmgm，则FN3mg.(3) 由动能定理得mghWf0mv2，则Wfmg(Rh)第12天机械能守恒定律1. B解析：机械能守恒的条件是只有重力或者弹力做功，选项B中，还有起重机的拉力做正功，机械能增加，不守恒本题答案是B.2. B解析：取桌面为参考面，物体落地时的重力势能为mgh；重力做功与路径无关，只与起点和终点的位置有关WGmgh，所以B项正确3. B解析：小孩从粗糙的滑梯上加速滑下，重力势能减少，动能增加；因为要克服摩擦力做功，所以机械能减少本题答案是B.4. A解析：从地面跃起过程中，地面对他有支持力但没有位移，所以地面对他不做功，故A对、B错；从下蹲到离开地面上升时，消耗体内化学能从而使他具有一定的动能，机械能增加，故C错；离开地面后无论上升还是下落都处于失重状态，D错5. C解析：运动员在最高点时，速度可以为零，到最低点时，mv2mg2R，v2.由Fmgm得F5mg3 000 N.6. B解析：从小球刚接触弹簧被压缩到最短的过程中，小球的速度先增大后减小，因此动能先增大后减小，A项错误、B项正确；小球的重力势能一直减小，弹簧的弹性势能一直在增大，小球与弹簧组成的系统机械能守恒，因此从小球与弹簧接触到最低点时，小球减少的重力势能和动能之和等于弹簧增加的弹性势能，C、D项错误7. D解析：设小球上升至离地面高度h时，速度为v1，由地面上抛时速度为v0，下落至离地面高度h处速度为v2，空气阻力f.上升阶段：mgHfHmv，mghfhmvmv，2mghmv；下降阶段：mg(Hh)f(Hh)mv，mgh2mv.解得hH.8. D解析：弹力对m1做负功，对m2做正功，但是整个系统的机械能守恒，故D项正确9. B解析：由机械能守恒定律知：下落相同的高度，获得相同的动能，故甲、乙在同一高度的速率相等，B正确；作出速率一时间图象如图所示，最初甲的加速度大，速度增加得快，下落得快，乙的加速度小，速度增加得慢，所以甲先到达B处，A、C、D错误10. (1) 减小(2) 7.627.59解析：(1) 打点计时器的两个限位孔在同一条竖线上，目的是减少纸带与限位孔之间的摩擦(2) 重力势能减少量EpmghOB19.80.77767.62 J；B点的瞬时速度vB3.895 m/s，动能增加量Ekmv1(3.895)27.59 J.11. 解：(1) Gmg5010500 N.(2) Fm50500 N.(3) Ep减mgh501063 000 J，Ek增mv2501022 500 J，由于Ep减Ek增，则人和滑板从A运动到C过程中机械能不守恒12. 解：(1) 由向心力公式可知Fmgm，代入数据可以求得F10 N.(2) 由于物体恰能运动到最高点，则mgm，代入数据可以求得vB2 m/s，WG2mgl，由动能定理可知WfWGEkBEkAmvmv，解得Wf0.8 J.则小球从A点运动至B点过程中克服空气阻力做的功是0.8 J.(3) 由动能定理可知WfWGEkBEkAmvmv，由于阻力大小恒定，所以WfWG0.80.81.6 J，联立上式可得vv32，当物块运动至最高点时有Fmgm，联立可得F0.25v9(v36 )根据函数表达式可以作出图象，如图所示第13天必修2综合1. A解析：因为转动的半径不一定相同，所以线速度、加速度、向心力都不一定相同本题答案为A.2. D解析：水做平抛运动，增大高度或增大初速度都可以使水平方向的位移增加本题答案为D.3. C解析：上升、下降过程中，阻力对小球都做负功4. B解析：铁球与飞机具有相同的水平速度，它们在离地之前水平位移总相等，落地间隔相等5. B解析：由动能定理WEk2Ek1，只有重力做功，初动能一样，所以末动能相同，即速度的大小相同，但方向不同，故选项A错误、B正确；由受力分析可知agsin，而xat2所以AC边所用的时间短，故选项C、D错误6. B解析：发射速度大于7.9 km/s，而小于11.2 km/s，飞行器将绕地球运动的轨迹就不是圆，而是椭圆。本题答案为B.7. C解析：伽利略的理想斜面和摆球实验，斜面上的小球和摆线上的小球好像“记得”自己的起始高度，实质是动能与势能在转化过程中，总能量不变物体由静止开始沿不同倾角的光滑斜面(或弧线)下滑时，高度越大，初始的势能越大，转化后的末动能也就越大，速度越大选项C正确8. D解析：这个过程只有重力做功，所以机械能守恒Emv(以桌面为零势能参考面)，故选项D正确，A、B、C错误9. B解析：A球只受重力，B球受重力、支持力，两球在水平方向(x轴)上均不受力，vx恒定、相等，但运动时间不等，B的时间长，x方向上的水平位移大10. (1) E、H(2) 0.940.90解析：(1) 在本实验中，重锤下落的时间从纸带上的点之间的间隔可算出，不需要秒表重力势能的减少量与动能的增量都与质量成正比，可以不用天平测重锤的质量(2) 从O到B重力势能的减少量mghOB0.2100.47 J0.94 JvB m/s3 m/s，动能的增量为mv0.232 J0.90 J.11. 解：设物体m从A点到最高点的位移为x，对此过程由动能定理得(mgsinmgcos)x0mv，对全过程由动能定理得mgsinxABmgcos(2xxAB)0，联立以上两式得xAB.12. 解：(1) 由机械能守恒定律得mgrmv，解得vB4 m/s.(2) 物块先在传送带上做匀减速直线运动，运动时间为t14 s，通过的位移为x18 m；物块再在传送带上做匀加速直线运动，其末速度由mghmv得v12 m/s，则匀加速直线运动的时间为t22 s，通过的位移为x22 m；然后再做匀速运动，其通过的位移为x3x1x2826 m，匀速运动的时间为t33 s，所以物块在传送带上第一次往返所用的时间为tt1t2t34239 s.第14天电场电流磁场电磁感应电磁波及其应用1. D解析：奥斯特发现了电流的磁效应，但是是安培总结出了左手定则本题答案是D.2. C解析：根据库仑定律Fk，判断C项正确3. C解析：电场线的疏密表示电场强度大小，EPEQ，FPFQ.本题答案是C.4. A解析：负电荷定向运动方向与电流的方向相反，所以电流的方向是顺时针方向，根据右手螺旋定则可知，磁场的方向是垂直于纸面向里，小磁针N极垂直纸面向里本题答案是A.5. A6. A解析：由左手定则知，选项A受安培力方向向上，选项A正确；选项B中，B平行I，不受安培力；选项C受安培力竖直向下，选项C错误；选项D受安培力垂直于纸面向外本题答案是A.7. C解析：小磁针静止时N极的指向为磁感线的方向，选项A向右；选项B向左；选项D垂直纸面向里本题答案是C.8. A9. D解析：图象是异种等量电荷本题答案是D.10. A解析：A图表示的电流大小发生了周期性变化，而方向没有变化B、C、D图中的电流方向发生了周期性变化11. B解析：由平衡条件可知，电场力与重力相等由qEmg得E1104 N/C.方向竖直向下121. 变大3解析：磁通量是表示穿过某一横截面积的磁感线的条数，所以线圈从左侧进入磁场的过程中，磁通量变大；又En3 V.122. 减小1.5解析：电场力做正功，电势能减小；又WqUAB得UAB1.5 V.第15天2015年学业水平测试模拟试卷1. B解析：选择哪个物体作为参考系，哪个物体就看成是静止的，因此飞翔的小鸟是静止的，也就是参考系本题答案为B.2. B解析：自由落体运动是初速度为0的匀加速运动，速度的表达式为vgt，位移的表达式为xgt2，因此选项B正确3. C解析：由加速度的表达式a10 m/s2，选项C正确4. D解析：狗拉雪橇的力和雪橇拉狗的力是作用力和反作用力的关系，两者大小相等，方向相反，与运动状态无关选项D正确5. B解析：本题考查力的合成与分解，A、C、D各个力在竖直方向的分力的大小与B的绳子的拉力大小相等，因为A、C、D各个力还有水平方向的分力，所以A、C、D绳子的拉力要比