黑龙江省牡丹江市一中2019_2020学年高二物理上学期10月月考试题理（含解析）.docx

黑龙江省牡丹江市一中2019-2020学年高二物理上学期10月月考试题 理（含解析）一、单选题（每小题4分，共48分。每小题只有一个选项正确。）1.真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F。如果保持这两个点电荷的带电量不变，而将它们之间的距离变为原来的4倍，那么它们之间的静电力的大小为A. B. C. D. 【答案】D【解析】在距离改变之前库仑力为：，带电量不变，而将它们之间的距离变为原来的4倍时库仑力为：，故D正确，ABC错误。2.2s内有0.1C电荷通过一段横截面积为0.5cm2的导体材料，则电流强度是（ ）A. 0.1AB. 0.15AC. 0.25AD. 0.05A【答案】D【解析】【详解】由电流的定义式A. 0.1A与分析不符，A错误B. 0.15A与分析不符，B错误C. 0.25A与分析不符，C错误D. 0.05A与分析符合，D正确3.如图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】本题考查了对电场强度相等的理解，电场强度是矢量，要相等，大小和方向都必须相等，A中是负电荷形成的电场，根据可得AB两点的电场强度大小相等，但是方向不同，所以A错误，B中是正电荷形成的电场，A点的电场线比B点的电场线要密，所以A点的电场强度大于B点的电场强度，B错误，C中的电场是匀强电场，区域里的所有点的电场强度大小和方向都相等，所以C正确，D中A点的电场线比B点的电场线要疏，所以A点的电场强度小于B点的，另外两点的方向也不相同，所以选C思路拓展：本题的关键是要明白各种电场中如何比较电场强度，一种是根据电场线的疏密程度，一种是根据公式4.以下说法正确的是( )A. 放在电场中的带电粒子一定受到电场力的作用B. 电源的电动势越大，说明电源储存的电能越多C. 根据电势差的定义式，两点间的电势差 U 与静电力做的功W成正比，与移动电荷的电量 q 成反比D. 在电路中，电荷定向移动的方向就是电流的方向【答案】A【解析】【详解】A根据知放在电场中的带电粒子一定受到电场力的作用，故选项A符合题意；B电动势的大小与所储存的电能是无关的，故选项B不符合题意；C电场中两点间的电势差与电荷量无关，与静电力做功也无关，故选项C不符合题意；D电流是由电荷的定向移动形成的，同时规定了电流的方向是：正电荷定向移动的方向为电流的方向，电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，故选项D不符合题意。5.原来静止的氕核（）、氘核（）、氚核（）混合物经同一电场加速后（不考虑电荷之间的静电力作用），它们具有相同的（ ）A. 速度B. 动能C. 动量D. 以上都不对【答案】B【解析】【详解】氕核（）、氘核（）、氚核（）的电荷量相同，根据动能定理，有：故动能相同，速度不同，动量不同；A与分析不符，不符合题意；B与分析相符，符合题意；C与分析不符，不符合题意；D与分析不符，不符合题意。6.如图所示，真空中有两个点电荷Q1和Q2，Q1=+9q，Q2=-q，分别固定在x轴上x=0处和x=6cm处，下列说法正确的是（）A. 在x=3cm处，电场强度为0B. 在区间上有两处电场强度为0C. 在x9cm区域各个位置的电场方向均沿x轴正方向D. 将试探电荷从x=2cm移到x=4cm处，电势能增加【答案】C【解析】【详解】A.某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强。根据点电荷的场强公式E=，所以要使电场强度为零，那么正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强必须大小相等、方向相反。因为它们电性相反，在中间的电场方向都向右。设距离Q2为x0处的电场强度矢量合为0，则：可得：x0=3cm，故A错误；B.由选项A的分析可知，合场强为0的点不会在Q1的左边，因为Q1的电荷量大于Q2，也不会在Q1Q2之间，因为它们电性相反，在中间的电场方向都向右。所以，只能在Q2右边。即在x坐标轴上电场强度为零的点只有一个。故B错误；C.设距离Q2为x0处的电场强度矢量合为0，则：可得：x0=3cm，结合矢量合成可知，在x9cm区域各个位置的电场方向均沿x轴正方向。故C正确；D.由上分析，可知，在0x6cm的区域，场强沿x轴正方向，将试探电荷+q从x=2cm处移至x=4cm处，电势能减小。故D错误。7.如图所示是某导体的IU图线，图中45，下列说法正确的是( )A. 该导体的电阻与其两端的电压成正比B. 此导体可能是半导体C. IU图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1.0D. 在该导体两端加6.0V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3.0C【答案】D【解析】【详解】A.由图可知，电流随着其两端的电压的增大而增大，故电流与其两端的电压成正比，电阻不变，故A错误；BC.由图可知，得导体的电阻为=2.0，且保持不变，不是半导体，故BC错误；D.在导体两端加6.0V的电压时，电路中电流A，则每秒通过电阻的电荷量为q=It=3.01=3.0C；故D正确。8.如图是匀强电场遇到空腔导体后的部分电场线分布图，电场方向如图中箭头所示，M，N,Q是以直电场线上一点O为圆心的同一圆周上的三点,OQ连线垂直于MN.以下说法正确的是A. O点电势高于Q点电势B. O、M间的电势差等于N、O间的电势差C. 将一正电荷由M点移到Q点，电荷的电势能增加D. 在Q点释放一个正电荷，正电荷所受电场力将沿与OQ垂直的方向竖直向上【答案】A【解析】【详解】A.根据电场线与等势线垂直特点，在O点所在电场线上找到Q点的等势点，根据沿电场线电势降低可知，O点的电势比Q点的电势高，故A正确；B.根据电场分布可知，OM间的平均电场强度比NO之间的平均电场强度大，由公式U=Ed可知，OM间的电势差大于NO间的电势差，故B错误；C. M点的电势比Q点的电势高，正电荷从高电势移动到低电势电场力做正功，电荷的电势能减小，故C错误；D. 在Q点释放一个正电荷，正电荷所受电场力将沿与该点电场线的切线方向相同，斜向上，故D错误。9.如图所示，要使电阻R1消耗的功率最大，应该把电阻R2的阻值调节到（ ）A. R2=R1+rB. R2=R1-rC. R2=rD. R2=0【答案】D【解析】【详解】由题，电阻R1是定值电阻，电阻保持不变，根据功率公式P=I2R分析得知，当I最大时，R1消耗的功率最大。由闭合电路欧姆定律得到，此时R2=0。D正确。10.一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为10V、17V、26V。下列说法正确的是A. ab连线中点的电势与ac连线中点的电势相等B. 电子在a点的电势能比在b点的电势能少7eVC. 若电子从b点运动到c点，需克服电场力做功9eVD. 电场强度的大小为2.5V/cm【答案】D【解析】【详解】A.根据匀强电场分布规律可知ac连线中点的电势为18V，ab连线中点的电势为13.5V，故A错误.B.电子在电势较低位置的电势能大于电子在电势较高位置的电势能，故B错误.C.电子从电势较低处向电势较高处运动，电场力做正功，故C错误.D.如图所示:设ac之间的d点电势与b点相同，则所以d点的坐标为(3.5cm，6cm)，过c点作等势线bd的垂线，由几何关系可得cf的长度为3.6cm，电场强度的大小为故D正确.11.相同长度和材料的导线两端的电压分别为U1和U2，若导线上的电功率也相同，则两导线截面积之比S1：S2为 ( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】导线上的电功率相同，根据则有：根据得输电线上的电阻：则两导线的电阻之比：导线长度和材料也相同，由则两导线截面积之比：A与分析不符，不符合题意；B与分析不符，不符合题意；C与分析相符，符合题意；D与分析不符，不符合题意。12.如图所示，在真空室中有一水平放置的不带电平行板电容器，板间距离为d，电容为C，上板B接地。现有大量质量均为m、带电量均为q的小油滴，以相同的初速度持续不断地从两板正中间沿图中虚线所示方向射入，第一滴油滴正好落到下板A的正中央P点。如果能落到A板的油滴仅有N滴，且第滴油滴刚好能飞离电场，假定落到A板的油滴的电量能被板全部吸收，而使A板带电，同时B板因感应而带上等量异号电荷，不考虑油滴间的相互作用，重力加速度为g，则下列说法正确的是( )A. 落到A板的油滴数B. 落到A板的油滴数C. 第滴油滴通过电场的整个过程所增加的电势能等于D. 第滴油滴通过电场的整个过程所减少的机械能等于【答案】A【解析】【详解】AB对于第一滴油，则有：联立解得：最多能有个落到下极板上，则第个粒子的加速度为，由牛顿运动定律得：其中：可得：第粒子做匀变速曲线运动，有：第粒子不落到极板上，则有关系：联立以上公式得：故选项A符合题意，B不符合题意；C第滴油滴通过电场的整个过程所增加的电势能为：故选项C不符合题意；D第粒子运动过程中电场力做负功等于粒子减少的机械能：电故选项D不符合题意。二、多选题（每小题4分，共12分。每小题至少有两个选项正确，选不全得2分，有错或不选得0分。）13.如图所示，虚线框内有匀强电场，AA、BB、CC是该电场的三个等势面，相邻等势面间的距离均为3.0 cm，已知BB上的电势为0 V。一个电子沿AA方向以初动能Ek = 4 eV自图中的P点进入电场，刚好从C点离开电场，电子从P到C的过程电场力做功为6 eV。下列说法正确的是A. 平面AA上的电势为3VB. 该匀强电场的场强为100 V/mC. 该粒子经过平面BB时的电势能为10eVD. 该粒子从P到C的过程动能和电势能总和守恒【答案】BD【解析】【详解】A. 电子从P到C的过程电场力做功为6 eV，即 ，所以，已知BB上的电势为0 V 则平面AA上的电势为-3V，故A错误；B.根据匀强电场电场强度公式可知，故B正确；C. 已知BB上的电势为0 V，根据可知该粒子经过平面BB时的电势能为0eV，故C错误D.粒子运动过程中只有电场力做功，使得动能和电势能之间相互转化，所以粒子的动能与电势能之和不变，故D正确14.家用电吹风中，有一个小电动机和与它串联的一段电热丝。电热丝加热空气，电动机带动风叶转动，送出热风。设电动机线圈的电阻为，电热丝的电阻为。将电吹风接到直流电源上，电源输出电压为U，输出电流为I，电吹风消耗的电功率为P。以下表达式中正确的是A. B. C. D. 【答案】AD【解析】【详解】AB电吹风机消耗电功率P是总的功率，总功率的大小应该是用P=IU来计算，所以总功率P=IU，故A正确，B错误；CD电吹风机中发热的功率要用I2R来计算，所以总的发热功率为P=I2（R1+R2），吹风机的总功率P=IU要大于发热部分的功率，所以C错误，D正确；15.如图，由、两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器，极板与静电计的金属球相接，极板与静电计的外壳均接地给电容器充电，静电计指针张开一定角度实验过程中，电容器所带电荷不变下面操作能使静电计指针张角变大的是（ ）A. 将板向上平移B. 将板沿水平向右方向靠近板C. 、之间插入有机玻璃板D. 在、之间插入厚金属板，且不和、接触【答案】A【解析】试题分析：极板M和静电计外壳均接地，相当于以大地为导向连接在一起，那么两极板之间的电压即静电计的指针和外壳之间的电压越大，指针偏角越大，平行板电容器电压，M板上移，正对面积变小，电压变大，选项A对。将M板沿水平向右方向靠近N板，板间距离变小，在M、N之间插入有机玻璃板相对介电常数变大，在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触，板间距离变小，都会导致电压变小，指针张角表小，选项BCD错。考点：平行板电容器三、填空题（每空3分，共18分。）16.一段粗细均匀的电阻丝，电阻为现把它均匀的拉长为原来的2倍，它的电阻变成_，若把它对折起来当一条导线使用，则电阻变为_【答案】 (1). 4R (2). 【解析】分析】在电阻丝温度不变的条件下，电阻的影响因素是材料、长度、横截面积，当导线被拉长后，长度变长的同时，横截面积变小，但导体的整个体积不变【详解】当导体长度拉长到原来的2倍时，其材料和体积均不变，则横截面积变为原来的；而导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以此时导体的电阻变为原来的4倍；根据可知，则电阻值是4R；一段长度为L的粗细均匀的电阻丝电阻为R，现将其对折绞合在一起，则此时长度是原来的，横截面积是原来的2倍，根据可知，其电阻的阻值为17.一个量程为的电流表，内阻为1000，再给它串联一个 99000的电阻，将它改装成电压表，改装后电压表的量程为 _V。【答案】30【解析】【详解】1 改装后的电压表的量程为：18.有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线，有下列器材供选用:A电压表(03 V，内阻约为6 k)B电压表(015 V，内阻约为30 k)C电流表(03 A，内阻约为0.1)D电流表(00.6 A，内阻约为0.5)E滑动变阻器(10，5 A)F蓄电池(电动势6 V，内阻不计)(1)请设计合适的电路，在空白方框内画出正确的电路图_。按设计的电路图进行测量，电压表应选用_，电流表应选用_。(用序号字母表示)【答案】 (1). (2). A (3). D【解析】【详解】1根据可得灯泡的电阻为：根据可知电流表选用外接法；由于用伏安法描绘这个灯泡的伏安特性，所以滑动变阻器采用分压式，所以电路图如图：2由题意可知，灯泡的额定电压为2.8V，故电压表的量程应大于2.8V，故电压表应选3V量程，故选A；3由可得电流为：故电流表应选D；四、解答题（2小题，共31分.必须写出必要的文字说明、方程，直接写出答案不给分）19.如图所示的电路中，R1=5，R2=9当开关K接1时，电流表示数I1=0.5A，当开关K接2时，电流表示数I2=0.3A，则（1）电源电动势E=？（2）当开关K接2时，电阻R2消耗的功率P=？【答案】（1）E=3V， r=1（2）0.81W【解析】【详解】（1）K接1，时，根据闭合电路欧姆定律有K接2时，根据闭合电路欧姆定律有联立代入数据：解得：E=3V，r=1（2）K接2时，电阻消耗的功率20.如图甲为科技小组的同学们设计的一种静电除尘装置示意图，其主要