九年级物理上学期第一次月考试卷（含解析） 苏科版8.doc

2016-2017学年江苏省连云港市灌云县西片九年级（上）第一次月考物理试卷一、选择题：（每题只有一个正确答案，每题2分，共20分）1如图所示，下列器件中属于省力杠杆的是（）A坩锅钳 B剪刀C 筷子 D镊子2如图所示的四幅图是小新提包回家的情景，小新提包的力不做功的是（）A 将包提起来 B站在匀速行驶的车上C 乘电梯上楼 D步行上楼3一台机器的功率是150W，它表示的含义是（）A这台机器所做的功只能是150JB这台机器每分钟内做功150JC这台机器每秒钟所做的功是150JD这台机器在每秒钟内所做的功是150W4如图所示的杠杆，每个砝码重均为1牛顿，杠杆处于平衡状态，若在杠杆两边各减去一个砝码，则（）A杠杆保持平衡B杠杆左边向下倾C杠杆右边向下倾D无法判5利用如图所示的装置估测物体重G，当杠杆平衡时，已知力F大小为5N，则物体重（）A大于5NB小于5NC等于5ND无法确定6如图示AOB为轻质杠杆，B端挂重物G，A端分别作用四个方向力时，杠杆都能在图示位置平衡则四个力大小说法正确的是（）AF2最小BF4最小CF1最小DF3最小7如图所示，在扶正被风吹倒的树木时，下列措施最合适的是（）A绳直接系在A点B绳直接系在B点C在A点垫上橡皮，再系上绳D在B垫上橡皮，再系上绳8下列不是功率的单位的是（）AJ/SBW/SCWDNm/s9晓亮同学从地面走上10m高的四楼教室，估计他克服重力做的功为（）A500WB500JC5000WD5000J10如图所示，轻质杠杆的支点为O，在杠杆的A点始终作用竖直向上的力F，将重为G的物体匀速提升至杠杆处于水平位置的过程中，则力F的大小将（）A逐步变大B逐步变小C始终不变D无法确定二、填空题（每空2分，共24分）11如图是一种拉杆式旅行箱的示意图，使用时相当于一个（填“省力”或“费力”）杠杆，若箱和物品共重100N，设此时动力臂是阻力臂的5倍，则抬起拉杆的力F为N12物体1000N，如果用一个定滑轮提起它，要用N的力如果用一个动滑轮提起它，要用N的力（不计摩擦及滑轮自重）13如图所示，某同学在做俯卧撑运动，可将他视为一个杠杆，他的重心在A点，重力为500N，那么他将身体撑起，双手对地面的压力至少N，若他在1min内做了20个俯卧撑，每次肩部上升的距离均为0.3m，则他1min内做的功至少为J，他的功率为W14如图，小云想粗略地测算自己在单杠上做引体向上运动的功率，如图所示，他用尺量出握拳时手臂的长度，并测出自己连续拉上去的次数和时间填入下表，请在空格处补上相应的数据臂长l/m体重G/N拉上去的次数克服重力所做的功W/J时间t/s功率P/W0.650051215如图慢慢将一根电线杆竖起；（1）若力的方向总是竖直向上，在电线杆竖直抬起的过程中，力的大小将；（2）若力的方向始终与杆垂直，则提起的过程中，力的大小将三、作图和实验探究题（2+2+6+6+10共26分）16如图所示，杠杆OA在F1、F2两个力作用下平衡，图中已画出了杠杆A端受的力F1如果虚线OO1是力F2的力臂，请在杠杆上画出力F2的示意图，并标出F1的力臂L117用滑轮组将陷在泥中汽车拉出来，试在图中画出最省力的绕绳方法18“动能的大小与哪些因素有关”的实验用质量不同的A、B两个小球（mAmB）碰撞静止在水平面上的纸盒，如图所示（1）该实验中是通过比较说明动能的大小，这种研究方法叫做（2）将甲与乙两实验比较可知，小球动能的大小与小球的有关； 结论是：（3）将甲与丙两实验比较可知，小球动能的大小与小球的有关 结论是：19某同学做探究杠杆平衡条件的实验（1）实验前没有挂钩码时，若杠杆左端下倾，则应将右端的平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡，实验时也要使杠杆水平平衡，目的是（2）如表是测得的两组数据，请你帮他补充完整：实验次数动力F1/N动力臂L1/m阻力F2/N阻力臂L2/m11.00.242.00.1221.50.10.5（3）分析如表，可得杠杆的平衡条件为：（4）如图所示，若每个钩码重0.5N，测力计的示数可能是N；如果将测力计沿图中虚线方向拉，仍使杠杆在水平位置平衡，则测力计的示数将（变大/不变/变小）20小静测量滑轮组的机械效率，使用如图所示的装置，图中钩码重2N，竖直向上拉弹簧测力计使钩码匀速从图甲上升到图乙的位置，上升过程中弹簧测力计的指针一直指在图丙所示的刻度（1）请将实验表格填写完整：钩码重G（N）弹簧测力计的示数F（N）钩码上升高度h（m）弹簧测力计移动距离s（m）有用功W有（J）总功W总（J）机械效率2（2）小静继续利用如图丁研究提高滑轮组的机械效率的方法，实验数据如表，钩码重G（N）弹簧测力计的示数F（N）钩码上升高度h（m）弹簧测力计移动距离s（m）有用功W有（J）总功W总（J）机械效率41.50.10.30.40.5488.9%62.20.10.30.60.6690.9%由实验数据可得出结论：使用同样的滑轮组，提起的钩码越重，滑轮组的机械效率越（3）若小静改用二个动滑轮二个定滑轮来提升原来的重物，如图丁，则弹簧秤的示数将（填变大、变小、不变）；但由于动滑轮自重增大，对动滑轮所做的额外功（选填“增大”或“减小”），此时滑轮组机械效率将（填变大、变小、不变）四、计算题（6+6+8共20分）21“解放”牌卡车在平直的公路上匀速行驶8s，通过的路程是120m，若此时卡车发动机的牵引力大约3000N，则在这段时间内：（1）卡车行驶的速度是多少？（2）发动机所做的功大约是多少？（3）发动机的功率又是多少？22如图所示，建筑工人用滑轮组提升重为220N的泥桶，动滑轮重为20N，不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重若工人在5s内将绳子匀速向上拉6m，求（1）手拉绳子的力为多大？（2）拉力的功率为多大？（3）滑轮组的机械效率23一辆汽车不小心开进了泥潭中，司机取来一套滑轮组欲将汽车从泥潭中拉出，如图所示若车重为8104N，汽车受到的阻力为车重的0.03倍，滑轮组的机械效率为80%，问：（1）该司机至少要用多大的力才能将汽车从泥潭中拉出？（2）若拉动汽车时，汽车前进的速度为0.1m/s，则司机做功的功率是多大？2016-2017学年江苏省连云港市灌云县西片九年级（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（每题只有一个正确答案，每题2分，共20分）1如图所示，下列器件中属于省力杠杆的是（）A坩锅钳 B剪刀C 筷子 D镊子【考点】杠杆的分类【分析】动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆【解答】解：A、坩埚钳，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；故A不符合题意B、剪刀，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；故B符合题意C、筷子使用时，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；故C不符合题意D、镊子，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；故D不符合题意故选B2如图所示的四幅图是小新提包回家的情景，小新提包的力不做功的是（）A 将包提起来 B站在匀速行驶的车上C 乘电梯上楼 D步行上楼【考点】力是否做功的判断【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可【解答】解：A、将包提起来，人给包一个向上的力，向上移动了距离力对包做功不符合题意B、站在水平匀速提包，人给包一个向上的力，向上没有移动距离力对包没有做功符合题意C、小新乘升降电梯，人向上施加了力，且在力的方向移动了距离，提包的力做了功，不符合题意；D、提着包上楼，人给包一个向上的力，向上移动了距离力对包做功不符合题意故选：B3一台机器的功率是150W，它表示的含义是（）A这台机器所做的功只能是150JB这台机器每分钟内做功150JC这台机器每秒钟所做的功是150JD这台机器在每秒钟内所做的功是150W【考点】功率的概念【分析】（1）物体单位时间所做的功叫功率；（2）由功率单位的规定和由公式运算得到的单位可得：1W=1J/s，它表示1s的时间完成的功为1J【解答】解：功率是150W=150J/s，它表示这台机器1s做的功是150J；故A、B、D错误；C正确故选C4如图所示的杠杆，每个砝码重均为1牛顿，杠杆处于平衡状态，若在杠杆两边各减去一个砝码，则（）A杠杆保持平衡B杠杆左边向下倾C杠杆右边向下倾D无法判【考点】杠杆的平衡分析法及其应用【分析】分析在杠杆两边各减去一个砝码后，两边的力和力臂是否相等得结论【解答】解：原来左边：45=20，右边：210=20，相等，所以杠杆平衡在杠杆两边各减去一个砝码后：左边35=15，右边：110=10，不相等，所以杠杆左边向下倾故选B5利用如图所示的装置估测物体重G，当杠杆平衡时，已知力F大小为5N，则物体重（）A大于5NB小于5NC等于5ND无法确定【考点】杠杆的平衡条件【分析】画出动力臂，分析动力臂与阻力臂之间的大小关系，又知道动力大小，利用杠杆的平衡条件估测物重【解答】解：如图，动力臂为LOA，阻力臂为LOB，LOALOC=LOB，FLOA=GLOB，LOALOB，GF=5N故选B6如图示AOB为轻质杠杆，B端挂重物G，A端分别作用四个方向力时，杠杆都能在图示位置平衡则四个力大小说法正确的是（）AF2最小BF4最小CF1最小DF3最小【考点】杠杆中最小力的问题；杠杆的平衡分析法及其应用【分析】由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小所以要判断哪个动力最小，就看哪个动力对应的动力臂最长支点与动力作用点之间的连线就是最长的动力臂，与这条动力臂垂直的力即为最小动力【解答】解：由图可知，动力F3与OA垂直，则动力F3对应的动力臂就是OA，它是最长的动力臂由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小因为F3对应的动力臂最长，所以F3最小故选 D7如图所示，在扶正被风吹倒的树木时，下列措施最合适的是（）A绳直接系在A点B绳直接系在B点C在A点垫上橡皮，再系上绳D在B垫上橡皮，再系上绳【考点】杠杆中最小力的问题；减小压强的方法及其应用【分析】减小压强的方法，在压力一定时，增大受力面积可以减小压强；根据杠杆平衡条件可知，动力（绳子上的力）、阻力臂一定时，动力臂越长、阻力（承受的风力）越大【解答】解：在树上垫上橡皮，再系上绳，增大树的受力面积、减小了对树的压强，以防损坏树木；在A点系绳，增大了动力臂，在动力一定时，根据杠杆平衡条件知道，可以承受更大的风力故选C8下列不是功率的单位的是（）AJ/SBW/SCWDNm/s【考点】物理量的单位及单位换算【分析】物理学中，各个物理量都有自己专用的单位，功率的国际单位是瓦特，简称瓦，符号为W；其它单位还有kW、J/s、Nm/s【解答】解：A、J/s在电学中用W取代，J/s和W都是功率的单位；故A不符合题意；B、W是功率的单位，S时间的单位，W/S不表示任何物理量的单位；故B符合题意；C、W即瓦，是功率的国际单位；故C不符合题意；D、Nm是功的单位，Nm/s是根据功率的计算公式P=得出的复合单位，是功率的单位；故D不符合题意；故选B9晓亮同学从地面走上10m高的四楼教室，估计他克服重力做的功为（）A500WB500JC5000WD5000J【考点】重力大小的估测；功的计算【分析】题中已知了该同学在力的方向上移动的距离，只需估算出他的重力，再代入功的计算公式进行解答即可【解答】解：若按晓亮的体重为50kg计算，那么：G=mg=50kg10N/kg=500N；他克服重力所做的功为：W=FS=Gh=500N10m=5000J；故选D10如图所示，轻质杠杆的支点为O，在杠杆的A点始终作用竖直向上的力F，将重为G的物体匀速提升至杠杆处于水平位置的过程中，则力F的大小将（）A逐步变大B逐步变小C始终不变D无法确定【考点】杠杆的动态平衡分析【分析】从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即力臂根据杠杆平衡条件动力动力力臂=阻力阻力力臂分析力臂变化可知力的变化【解答】解：如图所示，设杠杆与水平方向的夹角为，则阻力臂和动力臂分别为：LG=OBcos，LF=OAcos，由杠杆平衡条件得：GLG=FLF，则：F=，由于G、OB、OA保持不变，则力F将保持不变；故选C二、填空题（每空2分，共24分）11如图是一种拉杆式旅行箱的示意图，使用时相当于一个省力（填“省力”或“费力”）杠杆，若箱和物品共重100N，设此时动力臂是阻力臂的5倍，则抬起拉杆的力F为20N【考点】杠杆的分类；杠杆中最小力的问题【分析】由示意图分析动力和阻力，然后看动力臂和阻力臂的大小，根据杠杆的平衡条件进行计算求出抬起拉杆的力【解答】解：抬起拉杆的力F为动力，物品的重力为阻力，支点在下面，故动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆；由杠杆的平衡条件：F动L动=F阻L阻，可求得F动=20N；故答案为：省力，2012物体1000N，如果用一个定滑轮提起它，要用1000N的力如果用一个动滑轮提起它，要用500N的力（不计摩擦及滑轮自重）【考点】动滑轮拉力的计算【分析】使用定滑轮时不省力，只能改变力的方向；使用动滑轮可以省一半的力【解答】解：由题知，不计摩擦及滑轮自重，使用定滑轮将它提起时，所用拉力等于物体的重力，是1000N；使用动滑轮将它提起，所用拉力是物体重力的一半，为500N故答案为：1000；50013如图所示，某同学在做俯卧撑运动，可将他视为一个省力杠杆，他的重心在A点，重力为500N，那么他将身体撑起，双手对地面的压力至少300N，若他在1min内做了20个俯卧撑，每次肩部上升的距离均为0.3m，则他1min内做的功至少为1800J，他的功率为30W【考点】杠杆的分类；杠杆的平衡条件；功的计算；功率的计算【分析】（1）结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆（2）利用杠杆平衡的条件可以求出双手对地面的压力；根据W=FS求出做的功，利用P=求出功率【解答】解：（1）某同学在做俯卧撑运动过程中，阻力为人的重力，动力为地面对手的支持力，由图可知，动力臂大于阻力臂，可将他视为一个省力杠杆；（2）根据杠杆平衡条件可得：F1L1=F2L2即F11.5m=500N0.9m，压力和支持力为一对相互作用力，所以双手对地面的压力：F压=F1=300N；他1min内做的功：W=nFs=20300N0.3m=1800J；他的功率：P=30W故答案为：省力；300；1800；3014如图，小云想粗略地测算自己在单杠上做引体向上运动的功率，如图所示，他用尺量出握拳时手臂的长度，并测出自己连续拉上去的次数和时间填入下表，请在空格处补上相应的数据臂长l/m体重G/N拉上去的次数克服重力所做的功W/J时间t/s功率P/W0.6500512【考点】功的计算；功率的计算【分析】求解克服重力所做的功可利用公式W=Gh求解计算功的大小，利用功率的公式P=计算功率的大小【解答】解：通过表格分析可知，小云升高距离为0.6m，重力为500N，5次所做的功：W=5Gh=500N0.6m5=1500J；由功率的公式P=W=125W；故表格中的数据如下：15如图慢慢将一根电线杆竖起；（1）若力的方向总是竖直向上，在电线杆竖直抬起的过程中，力的大小将不变；（2）若力的方向始终与杆垂直，则提起的过程中，力的大小将变小【考点】杠杆的平衡分析法及其应用【分析】（1）如果力总是竖直向上，则由力F的力臂与重力的力臂的关系可以得出力的变化；（2）若力的方向始终与杆垂直，则可得出力F的力臂不变，由重力力臂的变化可求得力F的变化【解答】解：（1）若力总是竖直向上，则由几何知识可得力F的力臂始终为重力力臂的2倍，由力矩平衡得，力F将始终为重力的一半，故力F保持不变（2）若力与杆垂直，则力F的力臂不变，而重力的力臂逐渐减小，则由力矩平衡得力F将变小故答案为：不变，变小三、作图和实验探究题（2+2+6+6+10共26分）16如图所示，杠杆OA在F1、F2两个力作用下平衡，图中已画出了杠杆A端受的力F1如果虚线OO1是力F2的力臂，请在杠杆上画出力F2的示意图，并标出F1的力臂L1【考点】力臂的画法【分析】力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，据此画出力臂的垂线，与杠杆的交点为F2的作用点，为使杠杆平衡F2的方向应该向下，据此画出力F2的示意图【解答】解：过支点O作F1作用线的垂线段，即为F1的力臂L1；过阻力臂l2的末端O1作垂直于L2的直线，与杠杆的交点为F2的作用点，F2的方向斜向下，在线段末端标出箭头，标出阻力F2如下图所示：17用滑轮组将陷在泥中汽车拉出来，试在图中画出最省力的绕绳方法【考点】滑轮组的设计与组装【分析】要解决此题，需要知道滑轮组的绕线方法可以从定滑轮或动滑轮绕起要知道从动滑轮绕起比从定滑轮绕起多中间一根绕线承担物重，更省力【解答】解：只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮如图所示：18“动能的大小与哪些因素有关”的实验用质量不同的A、B两个小球（mAmB）碰撞静止在水平面上的纸盒，如图所示（1）该实验中是通过比较纸盒移动的距离说明动能的大小，这种研究方法叫做转换法（2）将甲与乙两实验比较可知，小球动能的大小与小球的速度有关； 结论是：质量相同时速度越大，动能越大（3）将甲与丙两实验比较可知，小球动能的大小与小球的质量有关 结论是：速度相同时质量越大，动能越大【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）转换法是物理研究中常用的方法之一，是将不易观察或测量的量通转换为容易观察或测量的量来进行研究的方法，这里就是通过观察木块来判断动能的；（2）掌握影响动能的两个因素：质量和速度比较甲乙、甲丙两图，找出相同的量和不同的量，便可得出结论【解答】解：（1）该实验中是通过比较纸盒移动的距离说明动能的大小，这种研究方法叫做转换法（2）由甲乙知，两球的质量相同，滚下的高度不同，从而到达底端的速度不同，可得动能与速度有关，质量相同时速度越大，动能越大；甲丙两图，小球从同一高度滚下，到达底端的速度相同，两个小球的质量不同，可得动能与质量有关，速度相同时质量越大，动能越大故答案为：（1）纸盒移动的距离；转换法；（2）速度；质量相同时速度越大，动能越大；（3）质量；速度相同时质量越大，动能越大19某同学做探究杠杆平衡条件的实验（1）实验前没有挂钩码时，若杠杆左端下倾，则应将右端的平衡螺母向右（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡，实验时也要使杠杆水平平衡，目的是方便力臂的测量（2）如表是测得的两组数据，请你帮他补充完整：实验次数动力F1/N动力臂L1/m阻力F2/N阻力臂L2/m11.00.242.00.1221.50.10.50.3（3）分析如表，可得杠杆的平衡条件为：动力动力臂=阻力阻力臂（4）如图所示，若每个钩码重0.5N，测力计的示数可能是1N；如果将测力计沿图中虚线方向拉，仍使杠杆在水平位置平衡，则测力计的示数将变大（变大/不变/变小）【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响调节杠杆两端的平衡螺母，使螺母向偏高的一端移动，使杠杆在水平位置平衡；（2）利用杠杆平衡条件F1L1=F2L2求出阻力臂即可；（3）根据表中实验数据，看F1L1与F2L2有什么关系，从而得出结论；（4）设杠杆的每一个小格L，知道动力臂、阻力臂、阻力，根据杠杆平衡条件求出动力；阻力、阻力臂不变，动力臂变小，动力变大【解答】解：（1）实验前没挂钩码时，发现杠杆左端下倾，则重心应向右移动，应将右端平衡螺母向右旋一些，使杠杆在水平位置平衡，实验前使杠杆水平平衡的目的是方便力臂的测量；（2）利用杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得：1.5N0.1m=0.5NL2，解得L2=0.3m；（3）由表中实验数据可知，杠杆平衡时，动力动力臂=阻力阻力臂；（4）由F1l1=F2l2可得，F18L=0.5N44L，解得：F1=1N；杠杆平衡时弹簧测力计的示数为F1，若在B点斜向上拉，杠杆要求在水平位置再次平衡时，弹簧测力计的示数为F1，杠杆在水平位置平衡，阻力、阻力臂不变，弹簧测力计倾斜拉动杠杆时，动力臂变小，动力变大所以则F1小于F1，弹簧测力计的示数变大故答案为：（1）右；方便力臂的测量；（2）0.3；（3）动力动力臂=阻力阻力臂；（4）1；变大20小静测量滑轮组的机械效率，使用如图所示的装置，图中钩码重2N，竖直向上拉弹簧测力计使钩码匀速从图甲上升到图乙的位置，上升过程中弹簧测力计的指针一直指在图丙所示的刻度（1）请将实验表格填写完整：钩码重G（N）弹簧测力计的示数F（N）钩码上升高度h（m）弹簧测力计移动距离s（m）有用功W有（J）总功W总（J）机械效率20.80.10.30.20.2483.3%（2）小静继续利用如图丁研究提高滑轮组的机械效率的方法，实验数据如表，钩码重G（N）弹簧测力计的示数F（N）钩码上升高度h（m）弹簧测力计移动距离s（m）有用功W有（J）总功W总（J）机械效率41.50.10.30.40.5488.9%62.20.10.30.60.6690.9%由实验数据可得出结论：使用同样的滑轮组，提起的钩码越重，滑轮组的机械效率越高（3）若小静改用二个动滑轮二个定滑轮来提升原来的重物，如图丁，则弹簧秤的示数将变小（填变大、变小、不变）；但由于动滑轮自重增大，对动滑轮所做的额外功增大（选填“增大”或“减小”），此时滑轮组机械效率将变小（填变大、变小、不变）【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验【分析】（1）在读取实验数据时，根据图中钩码和绳子自由端在提升前后的高度之差来得出其被提升的高度，读取弹簧测力计时要看清分度值，通过公式W有=Gh和W总Fs求出有用功和总功，最后通过公式=求出机械效率；（2）用同样的滑轮组，额外功相同，被提升的物体越重，所做的有用功越多，有用功占总共功的比值越大，则机械效率越高；（3）改用二个动滑轮二个定滑轮来提升原来的重物，与动滑轮相连的绳子段数多了，比以前更省力；影响滑轮组机械效率的因素有被提升物体的重力、动滑轮重力、绳子重力和摩擦等，提升物体重力不变，动滑轮重力增大了，机械效率减小了【解答】解：（1）由丙图可知，弹簧测力计的分度值为0.1N，拉力F=0.8N，由甲乙两图可知，物体上升的高度h=0.1m，滑轮组绳子的有效股数n=3，绳子自由端移动的距离s=nh=30.1m=0.3m，有用功W有=Gh=2N0.1m=0.2J，总功W总=Fs=0.8N0.3m=0.24J，滑轮组的机械效率=83.3%，如下表所示：钩码重G（N）弹簧测力计的示数F（N）钩码上升高度h（m）弹簧测力计移动距离s（m）有用功W有（J）总功W总（J）机械效率20.80.10.30.20.2483.3%（2）从表格中数据可以看出，提升物体的重力逐渐变大，其机械效率逐渐增大，故可以得出：使用同一滑轮组提升重物时，被提升物体所受重力越大，滑轮组的机械效率越高；（3）改用二个动滑轮二个定滑轮来提升原来的重物，与动滑轮相连的绳子段数n多了，根据滑轮组的省力公式F=G总可知，比以前更省力了，弹簧测力计的示数变小了；提升物体重力不变，动滑轮重力增大了，克服动滑轮重力做的额外功增大了，所以机械效率变小了故答案为：（1）见上表；（2）高；（3）变小；增大；变小四、计算题（6+6+8共20分）21“解放”牌卡车在平直的公路上匀速行驶8s，通过的路程是120m，若此时卡车发动机的牵引力大约3000N，则在这段时间内：（1）卡车行驶的速度是多少？（2）发动机所做的功大约是多少？（3）发动机的功率又是多少？【考点】速度的计算；功的计算；功率的计算【分析】已知路程和时间，可求速度，又知牵引力可求做的功，还知时间，可求功率【解答】解：（1）已知s=120m，t=8s，卡车行驶的速度，v=15m/s；（2）已知卡车的牵引力，F=3000N，发动机所做的功，W=Fs=3000N120m=3.6105J；（