中考物理五模试卷（含解析）11.doc

陕西省西北工大附中2016年中考物理五模试卷一、单项选择题1下列有关物理量的估计，符合实际是（）A一只成熟苹果的质量约150gB人正常步行的速度约5m/sC普通家用照明灯的工作电流约2AD物理课本重约20N2如图，舞台上常用干冰制造白雾，以渲染气氛这种白雾是（）A二氧化碳B小水滴C空气D水蒸气3将凸透镜正对太阳光，其下方的纸上呈现一个并非最小的光斑，这时光斑到凸透镜的距离为l若凸透镜远离纸的过程中光斑一直变大，则该凸透镜的焦距（）A一定小于lB一定等于lC一定大于lD可能小于l，也可能大于l4在图中，s=60cm，与之对应的h=30cm现用弹簧测力计进行两次操作：（1）沿竖直方向匀速提升小车；（2）沿斜面方向匀速拉动小车，记录数据如下表操作数值测力计示数（N）移动距离（cm）竖直提升1030沿斜面拉动5.260分析数据有如下一些发现其中，具有较高水平的发现是（）A沿斜面拉动时，拉力比小车的重力小B测力计示数与移动距离近似成反比C利用斜面可以省力，但不能少做功D可以计算力所做的功，且两次做功近似相等5小明对“能源可持续发展”这一章进行了总结性反思，其中正确的是（）A能量是守恒的，不会有能源危机B能量转化和转移具有方向性C核电站不会产生任何污染D太阳能只能转化成电能和内能6如图是课本中的四个实验，哪个实验与其他三个实验的物理思想方法不同（）A烛焰随着声音节奏晃动B电流周围存在磁场C验证电磁波的存在D水流使水轮机转动，电流使灯泡发光7有两个小灯泡L1和L2上都标有“6V”字样，考虑温度对灯丝电阻的影响，加在小灯泡两端的电压随电流变化关系如图所示若把L1和L2接在电源电压为6V的电路中工作，则下列说法错误的是（）A小灯泡L1的电阻在某一时刻可能是20B小灯泡L2在某一时刻的实际功率可能是0.4WC两灯串联时电路的总功率是0.6WD两灯并联时电路的总功率是3.6W8某小区最近一段时间由于楼道灯的供电系统电压偏高，灯丝经常熔断，在电压暂时无法改变的情况下，为了延长楼道灯的使用寿命，小明采取下列方法，可行的是（）A用额定功率较大的灯泡替换原来的灯泡接入原电路中使用B用额定功率较小的灯泡替换原来的灯泡接入原电路中使用C用额定功率相同的两个灯泡串联后替换原来的灯泡接入原电路中使用D用额定功率相同的两个灯泡并联后替换原来的灯泡接入原电路中使用二、填空题9如图甲，装满牛奶的平底瓶子放在水平桌面上，然后倒过来放，牛奶对盖子的压强将（变大/不变/变小），瓶子对桌面的压强将（变大/不变/变小），小陈利用牛奶瓶做纸片托水试验后，倒光瓶中水，立即将原纸片盖在瓶口，倒立后纸片不落下，如图乙，这是为什么呢？小陈猜想：A瓶中的气压小于大气压，大气压使纸片不落下；B瓶口和纸片上有少量水，分子间的引力使纸片不落下你认为哪种猜想错误，（A/B），理由是10小明和小华利用吸管，细铁丝和石蜡各制作了一支简易密度计，小明的密度计的质量为10g，放入液体中，漂浮在液面上，如图甲，密度计受到的浮力为N，小华的密度计放入液体中，沉到容器底，不好测量液体密度，如图乙，请提出一种改进方法（g取10N/kg）11“418”前夕，公共自行车出现在扬州城道路旁，极大地方便了市民生活，小常租借了一辆自行车，在10s内行使了40m，骑车时受到的平均阻力是20N，这段时间内，他克服阻力做的功为J，平均功率为W12LED灯具有节能、环保等特点，如图是额定电压为220V、额定功率为4.4W的LED灯泡，该灯泡的额定电流是A，若它每天正常发光5h，一个月（30天）消耗的电能是kWh，与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，假设LED灯可以节约90%的电能，则这个LED灯与功率为W的白炽灯亮度相当13（1）画出被投出去的篮球的受力示意图（不计空气阻力和浮力）（2）如图，标出通电螺线管旁条形磁体的S、N极和图中磁感线方向三、实验与探究题14（1）探究“凸透镜成像规律”的实验中，依次将点燃的蜡烛、凸透镜、光屏放在同一直线上的A、O、B位置，在光屏上得到的清晰的烛焰的像，如图甲所示，将凸透镜向（选填“上”或“下”）移动，可以使烛焰的像清晰地成在光屏中心（2）在测定“小灯泡电功率”的实验中，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10，则图乙中的电流表尚未接入电路，连接时电流表应选0A的量程（3）如图丙所示为液体温度计的一部分，其示数为（4）李明同学用一对皮尺测量一木板的长度，如图丁所示该木板的长度是cm15小新和同学一起用硬纸板搭建了图示的轨道，测量小球运动的平均速度（1）根据实验的原理，需要测量的物理量是小球运动的路程和所用的时间（2）他们先用钢卷尺对轨道的各段长度进行测量并分段做了标记，因一次实验的测量误差较大，需多次测量为保证小球每次通过A点的速度相同，必须用同一小球从左边斜面的高度由静止释放要使小球能够通过E点，释放小球的高度应水平段BD的高度（3）从A点开始计时，用电子秒表分别测量小球经过B、C、D、E各点的时间整理实验数据并记录在下表中路段距离s/cm运动时间t/s平均速度v/（ms1）AB50.000.451.11BC50.000.600.83CD50.000.750.07DE100.000.930.08分析表中数据可知，vBCvCD，这是因为小车在运动过程中受作用；小球从A点运动到E点的过程中，在点的速度最小小球在BD段运动的平均速度为m/s（计算结果保留两位小数）16在我校的秋季运动会上，观察铅球比赛时，小佳发现有的同学掷得很远，便对“铅球的投掷距离与什么因素有关？”这一问题产生了兴趣，做出以下猜想：猜想一：可能与铅球掷出的速度有关猜想二：可能与铅球掷出的角度有关（1）请你就这一问题大胆提出不同于小佳的猜想：还可能与有关（2）为了检验自己的猜想是否正确，小佳制作了一个小球弹射器，如图所示它固定在铁架台的一定高度处，能使小球以大小不同的速度和方向射出，小球射出的方向的夹角可由固定在铁架台上的量角器读出通过实验得到如下数据：实验序号射出速度v/（ms1）射出角度射出的水平距离s/m1103010.12104510.9310609.24153021.05154523.46156020.07203036.68204541.09206035.2在研究小球射出的水平距离与射出速度大小的关系时，应保持不变；应比较实验序号为1和；通过比较实验序号为1、和的实验数据，可以验证猜想2是正确的；通过分析实验数据，可以初步得出：在射出速度相同的情况下，射出方向与水平方向夹角为时，射出的水平距离最大（3）请你再举出一个应用该实验的实例：四、综合题17如图1甲所示的是一台汽车起重机的示意图，起重钩的升降使用的是滑轮组，如图1乙所示，滑轮组上钢丝绳的收放是由卷扬机来完成的某次做业中，起重机将200Kg的货物由地面起吊到5m的高度，所用时问20s，钢丝绳的拉力F为800N（g取1ON/kg）（1）吊起重物时，应将液压起重车后部的四个金属支架放下以代替后轮，这除了起稳定作用外，还能减小对地面的顶起起重臂时，液压杆向上顶起的力重物的重力（2）起重机起吊货物的机械效率（保留一位小数）（3）卷扬机做功的功率（4）图2为该卷扬机的铭牌，其中有一个重要的参数是“最大额定起重量”运用你学过的物理知识，分析说明起重机设计时，该参数的确定需要考虑哪些因素？18如图1是某“汽车超载记录器”原理图控制电路中，电源电压U=6V，压敏电阻的阻值随压力变化关系如图2所示，继电器线圈电阻R0=10当通过线圈的电流达到0.2A以上时，继电器的衔铁被吸下，工作电路中的电控照相机工作，拍摄超载车辆（1）质量超过多少吨的车辆经过压敏电阻时才会被拍照？（2）闭合开关S，控制电路每分钟至少消耗电能多少焦？（3）请指出汽车超载的危害（一种即可）2016年陕西省西北工大附中中考物理五模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题1下列有关物理量的估计，符合实际是（）A一只成熟苹果的质量约150gB人正常步行的速度约5m/sC普通家用照明灯的工作电流约2AD物理课本重约20N【考点】质量的估测；速度与物体运动；重力大小的估测；电流的大小【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个【解答】解：A、三个苹果的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一个苹果的质量在150g左右此选项符合实际；B、人正常步行的速度在4km/h=4m/s1.1m/s左右此选项不符合实际；C、普通家庭照明灯额定功率在40W左右，正常发光时通过的电流约I=0.2A此选项不符合实际；D、物理课本的质量在200g=0.2kg左右，受到的重力大约为G=mg=0.2kg10N/kg=2N左右此选项不符合实际故选A【点评】本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道2如图，舞台上常用干冰制造白雾，以渲染气氛这种白雾是（）A二氧化碳B小水滴C空气D水蒸气【考点】液化及液化现象【分析】解决此题需掌握：干冰就是固态的二氧化碳；物质由固态直接变成气态的过程叫升华，物质的升华过程是吸热的；物质由气态变成液态的过程叫液化，液化过程是放热的【解答】解：干冰（固态二氧化碳）升华吸热使周围环境温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠形成“白雾”故选B【点评】本题主要考查对制造舞台效果的物理学原理的了解，考查了物态变化现象的判断，是一道热学的基础题3将凸透镜正对太阳光，其下方的纸上呈现一个并非最小的光斑，这时光斑到凸透镜的距离为l若凸透镜远离纸的过程中光斑一直变大，则该凸透镜的焦距（）A一定小于lB一定等于lC一定大于lD可能小于l，也可能大于l【考点】主光轴、光心、焦点和焦距【分析】根据纸上呈现一个并非最小的光斑，这个光斑可能是焦点之后的，也可能是焦点之前的光斑，根据凸透镜远离纸的过程中光斑一直变大可推断焦点在光斑之前，从而判断焦距【解答】解：由于光斑到凸透镜的距离为l时，即像距为l时，纸上呈现一个并非最小的光斑，这个光斑可能是焦点之后的，也可能是焦点之前的光斑，所以凸透镜的焦距fl；若凸透镜远离纸的过程中光斑一直变大，说明凸透镜的焦点不在光斑之后，故焦点应在光斑之前，因此f一定小于l故BCD错误，故A正确故选：A【点评】此题考查的是凸透镜的成像规律，理解“光屏上得到最小物象”时，像距即为焦距是解答此类问题的关键4在图中，s=60cm，与之对应的h=30cm现用弹簧测力计进行两次操作：（1）沿竖直方向匀速提升小车；（2）沿斜面方向匀速拉动小车，记录数据如下表操作数值测力计示数（N）移动距离（cm）竖直提升1030沿斜面拉动5.260分析数据有如下一些发现其中，具有较高水平的发现是（）A沿斜面拉动时，拉力比小车的重力小B测力计示数与移动距离近似成反比C利用斜面可以省力，但不能少做功D可以计算力所做的功，且两次做功近似相等【考点】功的原理；轮轴及其他常见简单机械【分析】利用图表中数据分析：使用机械可以省力、可以省距离、可以改变动力的方向，给人们带来方便；做到方便、快捷等；这是人们使用机械的目的，但使用任何机械都不能省功【解答】解：分析数据有如下一些发现其中，具有较高水平的发现是使用任何机械都不省功，这个结论叫做功的原理C是D基础上的延伸，故C更是具有较高水平的发现故选C【点评】此题主要考查学生对功的原理这一知识点的理解和掌握，解答此题的关键是学生明确使用机械都不能省功5小明对“能源可持续发展”这一章进行了总结性反思，其中正确的是（）A能量是守恒的，不会有能源危机B能量转化和转移具有方向性C核电站不会产生任何污染D太阳能只能转化成电能和内能【考点】能量转化与守恒观点的应用；核电站发电过程中的能量转化；太阳能的利用【分析】（1）能量可以相互转化或转移，但转化后的能源不一定能被利用；（2）能量在转化中具有方向性，即由电能转化为内能，但内能不能全部转化成电能；能量的传递是从高温物体传向低温物体，但不能够从低温物体传递到高温物体，故能量的转移也是有方向性的；（3）核电站的建设与运行若有疏漏会造成环境污染，其主要危害在于核燃料和核废料都具有放射性；（4）太阳能的利用方式有多种，直接被物体吸收转化为内能，如太阳能热水器；将太阳能转化为化学能，如植物的光合作用；太阳能可以转化为电能，如太阳能电池等【解答】解：A、能量在使用中发生转化和转移，总量是不会变化的，但能源不是取之不尽用之不竭；也会发生危机，故A错误；B、能量转化和转移过程是具有方向性，故B正确；C、核电站的建设与运行若有疏漏会造成环境污染，核废料具有放射性，故C错误；D、太阳能的利用方式有多种，可以转化为内能，化学能，电能等，故D错误故选：B【点评】本题考查了多方面的知识，综合性较强，但都是一些基础知识，是中考常见题型6如图是课本中的四个实验，哪个实验与其他三个实验的物理思想方法不同（）A烛焰随着声音节奏晃动B电流周围存在磁场C验证电磁波的存在D水流使水轮机转动，电流使灯泡发光【考点】物理学方法【分析】明确各个实验的实验原理，找到其共同地方，了解物理中各种思想方法的应用如转换法、类比法、等效法、控制变量法等【解答】解：A、烛焰随着声音节奏晃动，把扬声器的振动转化为烛焰的晃动，运用了转换法；B、磁场是看不见摸不到的，通过通电导体附近磁体方向的变化体现出来，运用了转换法；C、电磁波是看不见摸不到的，通过扬声器发出的声音证明电磁波的存在，运用了转换法；D、水路中水轮机的作用类似于电路中的小灯泡；水路中水流类似于电路中的电流，运用了类比法故选D【点评】透过现象去分析本质，要寻找出问题的相似性，正确理解各种物理方法在实验中的应用7有两个小灯泡L1和L2上都标有“6V”字样，考虑温度对灯丝电阻的影响，加在小灯泡两端的电压随电流变化关系如图所示若把L1和L2接在电源电压为6V的电路中工作，则下列说法错误的是（）A小灯泡L1的电阻在某一时刻可能是20B小灯泡L2在某一时刻的实际功率可能是0.4WC两灯串联时电路的总功率是0.6WD两灯并联时电路的总功率是3.6W【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用；实际功率【分析】当两灯泡串联时，根据串联电路的电压特点结合图象可知此时电路中的电流，根据P=UI求出电路的总功率和小灯泡L2的电功率，利用欧姆定律求出小灯泡L1的电阻；当两灯并联时，根据并联电路的特点结合图象可知此时通过两灯泡的电流，根据P=UI求出电路的总功率【解答】解：（1）两灯串联时，由图象可知当I=0.2A，U1=4V，U2=2V；此时电路的总功率为P=UI=6V0.2A=1.2W；此时小灯泡L2的电功率为P2=U2I=2V0.2A=0.4W；小灯泡L1的电阻R1=20；（2）当两灯并联时，两灯泡两端的电压为U=6V，由图象可知I1=0.25A，I2=0.35A，电路的总功率为P=P1+P2=U（I1+I2）=6V（0.25A+0.35A）=3.6W故选C【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点，以及欧姆定律、电功率公式的计算，关键是规律和公式的灵活运用；难点是从图象中找出符合题意的电流8某小区最近一段时间由于楼道灯的供电系统电压偏高，灯丝经常熔断，在电压暂时无法改变的情况下，为了延长楼道灯的使用寿命，小明采取下列方法，可行的是（）A用额定功率较大的灯泡替换原来的灯泡接入原电路中使用B用额定功率较小的灯泡替换原来的灯泡接入原电路中使用C用额定功率相同的两个灯泡串联后替换原来的灯泡接入原电路中使用D用额定功率相同的两个灯泡并联后替换原来的灯泡接入原电路中使用【考点】电功率的计算；电阻的串联；电阻的并联【分析】因电压偏高导致灯丝的熔断，故为了延长灯的寿命应想法减小灯泡两端的电压，分别分析各选项，找出能减小灯泡两端电压的方法即可【解答】解：因灯泡熔断的原因在于楼道内的实际电压高于额定电压，故灯泡的额定电压不变，改变功率都无意义，同样易于熔断，故A、B均错误；两灯串联时，总电阻变大，电路中的电流减小，所以两灯泡两端的电压均小于额定电压，即串后可以使用，故C正确；两灯并联后接在电路中，电源电压仍超过两灯的额定电压，故两灯均容易熔断，故D错误故选C【点评】本题考查串并联电路在生活中的应用，在学习中注意联系生活中的实际情况，做到学以致用，可以提高我们学习物理兴趣二、填空题9如图甲，装满牛奶的平底瓶子放在水平桌面上，然后倒过来放，牛奶对盖子的压强将不变（变大/不变/变小），瓶子对桌面的压强将变大（变大/不变/变小），小陈利用牛奶瓶做纸片托水试验后，倒光瓶中水，立即将原纸片盖在瓶口，倒立后纸片不落下，如图乙，这是为什么呢？小陈猜想：A瓶中的气压小于大气压，大气压使纸片不落下；B瓶口和纸片上有少量水，分子间的引力使纸片不落下你认为哪种猜想错误，A（A/B），理由是瓶内外气压相等【考点】压强大小比较；大气压强的存在【分析】（1）先判断倒置后液体的深度变化，再由液体压强公式p=gh可知液体对瓶盖的压强的大小变化；倒置后对桌面的压力不变，受力面积变小，根据压强定义式p=求压强的变化（2）大气能产生压强【解答】解：（1）瓶中装满牛奶正方时牛奶对瓶盖无压强，把瓶子倒过来，由液体压强公式p=gh可知，与正放时相比，深度不变，故牛奶对瓶盖产生压强不变；把瓶子倒过来，瓶子对桌面的压力F=G不变，而受力面积变小，根据压强公式p=可知，瓶子对桌面的压强变大（2）倒光瓶中水，立即将原纸片盖在瓶口，倒立后纸片不落下，是由于瓶口和纸片上有少量水，分子间的引力使纸片不落下，B正确，由于是空瓶子，瓶内外气压相等，纸片不受大气压的影响，A错误故答案为：不变；变大；A；瓶内外气压相等【点评】本题考查了学生对液体压强公式P=gh和压强的定义式p=以及大气压的掌握和运用，确定瓶内液体深度变化和桌子受力面积的变化是本题的关键10小明和小华利用吸管，细铁丝和石蜡各制作了一支简易密度计，小明的密度计的质量为10g，放入液体中，漂浮在液面上，如图甲，密度计受到的浮力为0.1N，小华的密度计放入液体中，沉到容器底，不好测量液体密度，如图乙，请提出一种改进方法减少吸管下端的一些细铁丝（g取10N/kg）【考点】物体的浮沉条件及其应用【分析】已知密度计的质量，求出其重力，根据物体的浮沉条件可知重力与浮力的关系；密度计是用来测量液体密度的仪器，它是利用漂浮在液面上的物体受到的浮力等于物体自身重力的原理制成的【解答】解：密度计重力G=mg=0.01kg10N/kg=0.1N；因为漂浮在液面上的物体受到的浮力等于物体自身重力，所以密度计受到的浮力F浮=G=0.1N；为了让吸管能竖直的漂浮在液体中，应减少吸管下端的一些细铁丝故答案为：0.1；减少吸管下端的一些细铁丝【点评】本题考查物体浮沉条件的应用，即让密度计在液体中漂浮，则可知密度计在任何液体中所受浮力都等于密度计的重力，则可由密度公式得出所测液体的密度值11“418”前夕，公共自行车出现在扬州城道路旁，极大地方便了市民生活，小常租借了一辆自行车，在10s内行使了40m，骑车时受到的平均阻力是20N，这段时间内，他克服阻力做的功为800J，平均功率为80W【考点】功的计算；功率的计算【分析】知道小常骑自行车行驶的距离和受到的阻力，利用W=Fs求克服阻力做的功，再根据P=即可求出小明骑车克服阻力做功的功率【解答】解：小常骑车克服阻力所做的功：W=fs=20N40m=800J；P=80W故答案为：800；80【点评】考查学生对功的公式、功率公式的掌握和运用，用所学知识分析解决身边的问题，有意义！12LED灯具有节能、环保等特点，如图是额定电压为220V、额定功率为4.4W的LED灯泡，该灯泡的额定电流是0.02A，若它每天正常发光5h，一个月（30天）消耗的电能是0.66kWh，与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，假设LED灯可以节约90%的电能，则这个LED灯与功率为44W的白炽灯亮度相当【考点】电功率的计算；电功的计算【分析】（1）利用I=求解灯的额定电流；（2）利用W=Pt求解消耗的电能；设两种灯泡正常发光的时间为t，利用公式W=Pt计算消耗的电能；（3）消耗的电能之差与白炽灯消耗的电能之比就是节约的百分比，据此进行解答【解答】解：（1）该灯泡的额定电流是I=0.02A；（2）消耗的电能W=Pt=0.0044kW5h30=0.66kWh（3）设两种灯泡正常发光的时间为t，P=，LED消耗的电能为W1=P1t=0.0044kWt，白炽灯消耗的电能为W2=P2t，在达到相同亮度的条件下，LED灯可以节约90%的电能，=90%，解得：P2=0.044kW=44W故答案为：0.02；0.66；44【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的灵活应用，关键是明白“LED灯可以节约90%电能”的含义，计算过程要注意单位的换算13（1）画出被投出去的篮球的受力示意图（不计空气阻力和浮力）（2）如图，标出通电螺线管旁条形磁体的S、N极和图中磁感线方向【考点】力的示意图；磁感线及其特点；通电螺线管的磁场【分析】（1）不计空气阻力和浮力，被投出去的篮球只受到重力的作用，根据重力的方向是竖直向下的，过重心做竖直向下的力即可（2）由安培定则可知螺线管的磁极，由磁感线的特点可知条形磁体的磁极及磁感线的方向【解答】解：（1）重力的方向是竖直向下的，过重心画一个带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：（2）根据安培定则，伸出右手四指弯曲指向电流的方向，大拇指所指的方向通电螺线管的右端为N极，则左端为S极磁体外部磁感线由N极指向S极，根据图中磁感线的形状可知，两磁极间一定为异名磁极，故条形磁铁的左端为S极，右端为N极，如图所示【点评】（1）本题考查了重力的示意图的作法不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的此题关键是对篮球进行正确的受力分析（2）解决此类题目的顺序都是一定的，重要的是找到问题的突破口即根据已知首先能做出判断的一项，本题的突破口是先根据电流的方向判断通电螺线管的磁极三、实验与探究题14（1）探究“凸透镜成像规律”的实验中，依次将点燃的蜡烛、凸透镜、光屏放在同一直线上的A、O、B位置，在光屏上得到的清晰的烛焰的像，如图甲所示，将凸透镜向下（选填“上”或“下”）移动，可以使烛焰的像清晰地成在光屏中心（2）在测定“小灯泡电功率”的实验中，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10，则图乙中的电流表尚未接入电路，连接时电流表应选00.6A的量程（3）如图丙所示为液体温度计的一部分，其示数为12（4）李明同学用一对皮尺测量一木板的长度，如图丁所示该木板的长度是4.30cm【考点】凸透镜成像规律及其探究实验；体温计的使用及其读数；长度的测量；电功率的测量【分析】（1）要解决此题，需要知道凸透镜成像的特点，在焦点之外成倒立的实像物体越向下移动，像越向上移动（2）已知小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10，根据欧姆定律求出灯泡额的电流的大约值确定电流表的量程（3）温度计的读数：首先根据确定液柱是远离零刻度还是靠近零刻度，确定零上还是零下然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数（4）刻度尺的分度值（或叫最小刻度值）为相邻的刻度线表示的长度；使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位【解答】解：（1）因为凸透镜成倒立的实像，上下颠倒，从图中看，像在光屏的上方，所以是蜡烛太矮，应将凸透镜向下移动（2）已知小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10，灯泡的额定电流大约为I=0.25A0.6A，则电流表应选00.6A的量程；（3）液柱远离零刻度是零下，每一个小格代表1，示数为12（4）由图知：1cm之间有10个小格，所以1个小格代表的是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左端与10.00cm对齐，右端与14.30cm对齐，所以物体的长度为L=14.30cm10.00cm=4.30cm故答案为：（1）下；（2）0.6；（3）12；（4）4.30【点评】此题考查“探究凸透镜成像规律”的实验，电流表量程的选择和欧姆定律的灵活应用，温度计上的读数，长度的测量等，是一道综合性较强的题目15小新和同学一起用硬纸板搭建了图示的轨道，测量小球运动的平均速度（1）根据实验的原理v=，需要测量的物理量是小球运动的路程和所用的时间（2）他们先用钢卷尺对轨道的各段长度进行测量并分段做了标记，因一次实验的测量误差较大，需多次测量为保证小球每次通过A点的速度相同，必须用同一小球从左边斜面的同一高度由静止释放要使小球能够通过E点，释放小球的高度应大于水平段BD的高度（3）从A点开始计时，用电子秒表分别测量小球经过B、C、D、E各点的时间整理实验数据并记录在下表中路段距离s/cm运动时间t/s平均速度v/（ms1）AB50.000.451.11BC50.000.600.83CD50.000.750.07DE100.000.930.08分析表中数据可知，vBCvCD，这是因为小车在运动过程中受摩擦力作用；小球从A点运动到E点的过程中，在D点的速度最小小球在BD段运动的平均速度为0.74m/s（计算结果保留两位小数）【考点】变速运动与平均速度【分析】（1）测量平均速度的原理：v=；（2）让小球从同一高度时，小球到达斜面底端时具有相同的速度；小球滑下的位置越高，小球具有的速度越大（3）根据表中平均速度一栏可比较小球在BC和CD段速度的大小；力可以改变物体的运动状态；小球克服阻力做的功越多，小球的速度越小；根据BD段的路程和所用的时间，利用速度公式求出小球在BD段的平均速度【解答】解：（1）测量小球平均速度的原理：v=；（2）为保证小球每次通过A点的速度相同，必须用同一小球从左边斜面的同一高度由静止释放由于阻力的作用，要使小球能够通过E点，释放小球的高度应大于水平段BD的高度（3）根据表中数据可知，vBC大于vCD，由于BC在同一水平面，导致速度变小的原因是摩擦力的作用；小球从A点运动到B点的过程中，将小球的动能转化为小球的重力势能，小球速度变小，而从B点到D点的过程中，由于阻力作用，小球的速度又逐渐变小，当小球从D点到E点的过程中，将重力势能转化为动能，小球的速度逐渐变大，因此D点的速度最小根据表中数据可知，sBD=50cm+50cm=100cm=1m；tBD=0.6s+0.75s=1.35s；则vBD=0.74m/s故答案为：（1）v=；（2）同一；大于；（3）；摩擦力；D；0.74【点评】本题考查了测量平均速度的原理、实验注意事项、能量转化问题、力可以改变物体运动状态以及数据分析等知识点，涉及的内容较多，认真审题便可正确解答16在我校的秋季运动会上，观察铅球比赛时，小佳发现有的同学掷得很远，便对“铅球的投掷距离与什么因素有关？”这一问题产生了兴趣，做出以下猜想：猜想一：可能与铅球掷出的速度有关猜想二：可能与铅球掷出的角度有关（1）请你就这一问题大胆提出不同于小佳的猜想：还可能与铅球掷出的高度有关（2）为了检验自己的猜想是否正确，小佳制作了一个小球弹射器，如图所示它固定在铁架台的一定高度处，能使小球以大小不同的速度和方向射出，小球射出的方向的夹角可由固定在铁架台上的量角器读出通过实验得到如下数据：实验序号射出速度v/（ms1）射出角度射出的水平距离s/m1103010.12104510.9310609.24153021.05154523.46156020.07203036.68204541.09206035.2在研究小球射出的水平距离与射出速度大小的关系时，应保持射出角度不变；应比较实验序号为1和4（或7）；通过比较实验序号为1、2和3的实验数据，可以验证猜想2是正确的；通过分析实验数据，可以初步得出：在射出速度相同的情况下，射出方向与水平方向夹角为45时，射出的水平距离最大（3）请你再举出一个应用该实验的实例：投掷实心球【考点】控制变量法与探究性实验方案【分析】（1）根据生活经验大胆猜想；（2）因为铅球射出的距离可能与射出点的高度、射出的速度和射出的仰角都有关系，所以在探究过程中应用到控制变量法在探究射出距离与射出速度的关系时，应该保持射出点的高度和射出仰角一定；在探究射出距离与射出仰角的关系时，应该保持射出点的高度和射出速度一定（3）体育课上投掷实心球【解答】解：（1）根据小球上升的高度不同，因此可能与铅球掷出的高度有关；（2）要探究射出距离与射出点的速度的关系时，应保持射出角度一定，抛出点的速度不同，所以应选择1、4、7的实验数据进行分析；1、2、3的实验数据，射出的速度相同，射出角度不同，且射出的速度越大，掷出的距离越远；根据表中1、2、3或4、5、6或7、8、9三组数据可知，在射出速度相同的情况下，射出方向与水平方向夹角为45时，射出的水平距离最大；（3）应用该实验的实例有投掷实心球故答案为：（1）铅球掷出的高度；（2）射出角度；4（或7）；2；3；45；（3）投掷实心球【点评】（1）本题主要考查学生对控制变量法的掌握，控制变量法是初中物理实验探究中经常采用的方法，一定要会运用这种方法研究问题；（2）考查了射出速度、射出仰角与射程的关系，射出高度和速度一定时，射出仰角45时，射程最远四、综合题17如图1甲所示的是一台汽车起重机的示意图，起重钩的升降使用的是滑轮组，如图1乙所示，滑轮组上钢丝绳的收放是由卷扬机来完成的某次做业中，起重机将200Kg的货物由地面起吊到5m的高度，所用时问20s，钢丝绳的拉力F为800N（g取1ON/kg）（1）吊起重物时，应将液压起重车后部的四个金属支架放下以代替后轮，这除了起稳定作用外，还能减小对地面的压强顶起起重臂时，液压杆向上顶起的力大于重物的重力（2）起重机起吊货物的机械效率（保留一位小数）（3）卷扬机做功的功率（4）图2为该卷扬机的铭牌，其中有一个重要的参数是“最大额定起重量”运用你学过的物理知识，分析说明起重机设计时，该参数的确定需要考虑哪些因素？【考点】机械效率的计算；功率的计算【分析】（1）压强与压力和受力面积有关，压力一定时，增大受力面积可以减小压强；杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力（2）根据G=mg求出货物的重力，根据=求出机械效率；（3）根据s=3h求出拉力移动距离，根据W=Fs求出卷扬机做的总功，根据P=求出功率；（4）起重机的最大额定起重量和起重机的质量、起重机的重心、卷扬机的最大拉力、钢丝承受的最大拉力、起吊臂的长度等有关【解答】解：（1）液压起重车后部的四个金属支架放下以代替后轮，增大了起重车与地面的接触面积，从而减小了起重车对地面的压强；由图可见，