安徽省滁州市明光中学2019_2020学年高二物理上学期期中试题.docx

安徽省滁州市明光中学2019-2020学年高二物理上学期期中试题时间：90分钟 满分：100分 考试范围：选修3-1第一章到第三章第4节一选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在给出的四个选项中，第18小题只有一个选项正确，第912小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.下列说法中正确的是（）A.在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上，各处的电场强度都相同B.真空中点电荷形成的电场中某点的电场强度可由求得C.电场强度的方向就是放人电场中的电荷受到的电场力的方向D.当初速度为零时，放入电场中的电荷在电场力作用下的运动轨迹一定与电场线重合2.a、b两个带电小球的质量均为m，所带的电荷量分别为3q和q，两球间用一绝缘细线连接，用长度相同的另一绝缘细线将a悬挂在天花板上，在两球所在的空间有方向向左的匀强电场，电场强度为E，平衡时两细线都被拉紧，则平衡时两球的位置可能是图中的()3.如图所示，一粗糙绝缘竖直平面与两个等量异种点电荷连线的中垂面重合，A、O、B为该面上同一条竖直线上的三点，且O为点电荷连线的中点。现有带电荷量为q、质量为m的小物块(可视为质点)，在A点以初速度v0释放沿AOB向下滑动，则 ( ) A小物块带正电B从A到B，小物块的电势能先减小后增大C从A到B，小物块所受电场力先增大后减小D从A到B，小物块的加速度不变4.安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流。设电荷量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动，关于该环形电流的说法正确的是()A电流大小为，电流方向为顺时针 B电流大小为，电流方向为顺时针C电流大小为，电流方向为逆时针 D电流大小为，电流方向为逆时针5.如图所示，坐标系中的图线甲、乙分别为某电源和定值电阻的曲线，现将该电源和定值电阻串接在一起，则下列说法正确的是( )A.该电源的内阻随输出电压的增大而增大B.当输出电压为2 V时，电源的内阻为10C.当输出电压为2 V时，电源的内阻消耗的电功率为0.32 WD.如果将定值电阻的阻值减小，则电路消耗的总功率减小6.如图所示，一直流电动机与阻值的电阻串联在电源上，电源的电动势，内阻。闭合开关，用理想电压表测出电动机两端的电压，已知电动机线圈的电阻，则下列说法中正确的是( ) A.通过电动机的电流为10A B.电动机的输入功率为20WC.电源的输出功率为4WD.电动机的输出功率为18W7.智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接为移动设备充电的储能装置.充电宝的转换率是指充电宝放电总量占充电宝容量的比值，一般在0.60. 7.如图为某一款移动充电宝，其参数见下表.下列说法正确的是（ ）容量20 000 mAh兼容性所有智能手机边充边放否保护电器是输入DC5V2AMAX输出DC5V0.1A2.5A尺寸156*82*22mm转换率0.60产品名称索杨SY10200重量约430gA. 充电宝充电时将电能转化为内能B. 该充电宝最多能储存的能量为C. 该充电宝电量从零到完全充满所用时间约为2 hD. 用该充满电的充电宝给电量为零、容量为 3 000 mAh的手机充电，理论上能充满4次8. 关于磁感应强度B，下列说法正确的是()A根据磁感应强度的定义式B可知，磁感应强度B与F成正比，与IL成反比B一小段通电导线放在磁感应强度为零处，它所受的磁场力一定为零C一小段通电导线在某处不受磁场力的作用，则该处的磁感应强度一定为零D磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相同9. 如图中所示为电场中的一条电场线，在电场线上建立坐标轴，坐标轴上OB间各点的电势分布如图乙所示，则( ) A.在OB间，场强先减小后增大B.在OB间，场强方向没有发生变化C.若一个负电荷从O点运动到B点，其电势能逐渐减小D.若从0点静止释放一个仅受电场力作用的正电荷，则该电荷在OB间一直做加速运动10.如图甲、图乙所示分别为定值电阻A和定值电阻B的曲线，则下列说法中正确的是( ) A.由于曲线的斜率表示电阻的大小，则定值电阻A、B的阻值相等B定值电阻A与定值电阻B的阻值之比为1:2C如果在两电阻两端加相同的电压，流过两电阻的电流相同 D如果在两电阻两端加相同的电压，则相同时间内通过导体截面的电荷量之比为2:1 11如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地，在两极板间有一固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，Ep表示点电荷在P点的电势能，表示静电计指针的偏角。若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则() A增大，E增大 B减小，Ep不变C减小，Ep增大 D减小，E不变12.由相同的电流表改装而成的三个电压表按如图所示的方式接入电路,已知的量程最大,的量程最小,且的量程等于与的量程之和,当电路导通时,三个电压表的示数分别为,指针偏转的角度分别为,则有( ) A. ， B. ，C. ， D. ，二、实验题（本题共2小题，共16分，按要求作答。）13(6分) 某实验小组的同学准备探究某个小灯泡的伏安特性曲线,所用器材如下:A.待测小灯泡一只(额定电压2.5V,额定功率1.5W)B.电压表(量程0300mV,内阻约300)C.电压表(量程015V,内阻约6k)D.电流表(量程00.6A,内阻约0.1)E.电流表(量程0300mA,内阻约1)F.滑动变阻器(最大阻值200)G.滑动变阻器(最大阻值10)H.定值电阻(阻值2700)I.电动势为4.5V的直流电源一个，开关一个，导线若干（1）实验中电压表、电流表和滑动变阻器应选_(填写器材前的字母代号)（2）请在图甲虚线框中画出该实验的电路图.（3）该小组的同学通过实验作出了小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示,如果将小灯泡直接与电动势、内阻的电源相连,则小灯泡的功率为_W(结果保留两位有效数字)14(10分) 某中学实验小组的同学想要测量某蓄电池的内阻和一未知电阻的阻值，已知该蓄电池的电动势约为6V，蓄电池的内阻和未知电阻的阻值约为几十欧姆。实验室为该小组提供的实验器材有：双量程电流表(030mA和0100mA)、电压表(06V)、滑动变阻器 (05)、滑动变阻器(0300)、开关以及导线若干。该小组的同学设计了如图甲所示的电路，并进行了如下操作：a.将实验器材按图甲所示电路连接；b.将滑动变阻器的滑动触头滑至最左端，闭合开关，将滑动触头逐渐向右移动，记录多组实验数据，并将实验数据描绘在坐标系中，作出图线，如图乙所示；c.断开开关，将未知电阻接在2、3间，重复b操作，将得到的多组实验数据描绘在同一坐标系中，作出图线（图中未画出），与横轴、纵轴的交点分别为，0)、(0，)。根据以上操作回答下列问题：（1）滑动变阻器应选择_；（2）由图线可知，该蓄电池的内阻r约为_；（3）未知电阻的阻值=_ (用、r表示）；（4）如果两电表均为理想电表，未知电阻接在1、2间和接在2、3间，滑动变阻器的滑动触头从最左端向右移动相同的距离时，电流表读数的变化量_，电压表读数的变化量_。（选填“相同”或“不同”）三、计算题（本题共3小题，共36分，按要求作答。）15（10分）如图所示,电源的电动势为,内阻为,滑动变阻器的最大阻值为15,定值电阻，闭合开关，则(1)当R为何值时，电源的输出功率最大?最大值为多少?(2)当R为何值时，R消耗的功率最大?最大值为多少?16（12分）如图所示，水平导轨间距为L=0.5m，导轨电阻忽略不计；导体棒ab的质量m=1kg，电阻R0=0.9，与导轨接触良好;电源电动势E=10V，内阻r=0.1，电阻R=4，外加匀强磁场的磁感应强度B=5T，方向垂直于ab，与导轨平面成=53角；ab与导轨间动摩擦因数为=0.5(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，定滑轮摩擦不计，线对ab的拉力为水平方向，重力加速度g=10m/s2，ab处于静止状态。(已知sin53=0.8,cos53=0.6)求：（1）ab受到的安培力大小和方向。（2）重物重力G的取值范围。17(14分) 如图甲所示，为两块平行金属板，板极间电压为，两板中央各有小孔O和。现有足够多的电子源源不断地从小孔O由静止进入之间.在B板右侧，平行金属板长度均为，板间距离，在距离右侧边缘处有一荧光屏P，当之间未加电压时电子沿M板的下边沿穿过，打在荧光屏上的点并发出荧光.现在金属板之间加上按如图乙所示规律变化的电压U,M板电势低于N板电势.已知电子质量为，电荷量为.求：(1)每个电子从B板上的小孔射出时的速度为多大？(2)电子打在荧光屏上的范围是多少？物理试卷答案一、选择题（48分） 1.答案：B解析：在一个以点电荷为中心、r为半径的球面上，各处电场强度的大小都相等，而方向不同，故A错误；真空中点电荷形成的电场中某点的电场强度可由求得，故B正确；电场强度方向就是放入电场中的正电荷受到的电场力的方向，故C错误；若电场线是曲线，则电荷受力将发生方向上的变化，其轨迹不可能与电场线重合，故D错误。2.答案：D解析a带正电，受到的电场力水平向左，b带负电，受到的电场力水平向右。以整体为研究对象，整体所受的电场力大小为2qE，方向水平向左，受力分析如图所示，则上面悬挂a的绳子应向左偏转，设上面的绳子与竖直方向的夹角为，则由平衡条件得tan ；以b球为研究对象，设a、b间的绳子与竖直方向的夹角为，则由平衡条件得tan ，可得，根据几何知识可知，b球应在悬点的正下方，故D正确，A、B、C错误。3.答案：C 解析：AOB平面在两等量异种电荷的中垂面上，故在同一等势面上，电势能不变，B错；若物块带正电，则物块将离开AOB平面，则A错；由力的平行四边形定则及库仑定律知，从A到B电场力先增大后减小，故C正确，由，则加速度先减后增，D错。4.答案：C解析：电子做圆周运动的周期T，由I得I，电流的方向与电子运动方向相反，故为逆时针。5.答案：C解析：题图中图线甲切线斜率的绝对值等于电源的内阻，由图线甲可知，输出电压越小，电源的内阻越大，A错误；由图线甲可知，该电源的电动势为3.6 V,电源的输出电压为2 V时电路中的电流为0.2 A，则电源的内阻，电源的内阻消耗的电功率,B错误，C正确；如 杲将定值电阻的阻值减小，定值电阻两端的电压减小，总电流增大，电路消耗的总功率增大，D错误.6.答案：B解析：根据闭合电路欧姆定律有,解得，故A错误。电动机的输入功率，电源的输出功率，电动机的输出功率,故B正确，CD错误7.答案：D解析：充电宝充电时将电能转化为化学能，故A错误;该充电宝的容量为，电压为5 V，所以充电宝最多能储存的能量,故B错误；以2 A的电流充电，充电宝电量从零到完全充满所用时间，故C错误；由于充电宝的转换率是0.60,所以放电总量为，给电量为零、容量为3 000 mAh的手机充电的次数次，故D正确.8.答案：B9.答案：BD解析：图线的斜率大小的绝对值等于电场强度大小，由几何知识得，在OB间，图线的斜率大小的绝对值先增大后减小，则场强先增大后减小，A错误；在OB间，电势一直降低，根据沿着电场线方向电势降低可知场强方向没有发生变化，B正确；由题图乙可知从0点到B点，电势逐渐降低，若一负电荷从0 点运动到B点.电场力做负功，则其电势能逐渐增大，C错误；电场方向沿x轴正方向，若从0点静止释放一仅受电场力作用的正电荷，其受到的电场力方向沿x轴正方向，正电荷将做加速运动，D正确。10.答案：BD解析：由欧姆定律可知，A错误，B正确；由欧姆定律可知，两电阻两端加相同的电压时，流过两定值电阻的电流之比为2:1，又由公式可知，相同时间内通过导体截面的电荷量之比为2:1,C错误，D正确。11. 答案BD解析若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离，根据C可知，C变大；根据QCU可知，在Q一定的情况下，两极板间的电势差减小，则静电计指针偏角减小；根据E，QCU，C联立可得，E，可知E不变；P点离下极板的距离不变，E不变，则P点与下极板的电势差不变，P点的电势不变，故Ep不变；由以上分析可知，选项B、D正确。12.答案：BD解析：由相同的电流表改装而成的三个电压表,其满偏电流相同,的量程最大,的量程最小,的量程等于与的量程之和,则,.由题图可知,电压表与串联,则流过两电表的电流I相等,电压表指针偏转角度相等,即,由于,电压表示数,则,故A错误,B正确;由题阁可知,电压表与串联,然后与并联,由串、并联电路特点可知,电压表示数关系为,由于并联电路各支路两端电压相等,则两支路电流相等,各电压表指针偏转角度相等,故C错误,D正确.二、实验题（16分）13（6分）答案：（1）BDG（2）如图所示(见解析)（3）0.27(0.240.30)解析：（1）灯泡的额定电压为2.5V,量程太大不能准确测量,故应采用和串联使用测量电压;由题图乙可知,电流最大约为0.4A,则电流表选择D;滑动变阻器需要采用分压式接法,故滑动变阻器选择最大阻值较小的.（2）滑动变阻器采用分压式接法;改装后电压表内阻远大于灯泡电阻.电流表应采用外接法,电路图如图所示.（3）在灯泡的图象坐标系内,作出电动势为、内阻为的电源图象如图所示,两图象交点即为小灯泡的工作点.由图象可得灯泡两端电压为1V,通过灯泡的电流为0.27A,则灯泡实际功率.14.（10分）答案：（1） （2）25 （3） （4）相同; 不同解析：（1）因为该蓄电池的电动势约为6V，未知电阻的阻值和几十欧姆，可估算出电路中的电流为100mA左右，因此电流表的量程应选择0100mA;为了电路正常工作以及方便调节，可多测几组数据，滑动变阻器应选（2）根据题图甲所示电路可知，电压表测量的是路端电压，电流表测量的是总电流，因此题图乙中图线斜率的绝对值等于蓄电池的内阻，有（3）改接电路后，将未知电阻与蓄电池视为整体，即为“等效电源”，此时图线斜率的绝对值等于“等效电源”的内阻，因此，解得。（4）如果两电表均为理想电表，未知电阻接在2、3间和接在1、2间，电路的总电阻可变范围不变，电流表的示数变化范围不变，可知电流表读数的变化量相同；未知电阻接在2、3间时，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压，而未知电阻接在1、2间时，电压表测量的是滑动变阻器与未知电阻两端电压的和，由于对应滑动变阻器接入电