高考物理二轮专题突破 专题七 电磁感应和电路（2）直流电路和交流电路检测题(2021年最新整理)

1、2017届高考物理二轮专题突破 专题七 电磁感应和电路（2）直流电路和交流电路检测题2017届高考物理二轮专题突破 专题七 电磁感应和电路（2）直流电路和交流电路检测题 编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（2017届高考物理二轮专题突破 专题七 电磁感应和电路（2）直流电路和交流电路检测题）的内容能够给您的工作和学习带来便利。同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您

2、生活愉快 业绩进步，以下为2017届高考物理二轮专题突破 专题七 电磁感应和电路（2）直流电路和交流电路检测题的全部内容。 专题七 电磁感应和电路第2讲：直流电路和交流电路一、夯实基础1。咸阳市区某学校创建绿色校园，如图1甲为新装的一批节能灯，该路灯通过光控开关实现自动控制:电灯的亮度可自动随周围环境的亮度改变而改变.如图乙为其内部电路简化原理图，电源电动势为e，内阻为r，rt为光敏电阻（光照强度增加时,其电阻值减小）.现增加光照强度，则下列判断正确的是(）图1a.电源路端电压不变b。r0两端电压变大c.b灯变暗，a灯变亮d。电源总功率不变2.如图2所示的闭合电路中,电源电动势为e，内阻为r，

3、电阻箱r1、r2、电灯和理想电流表a1、a2分别接入电路中，电灯的电阻为rl(电表和用电器均安全工作），下列说法正确的是（)图2a.仅调节r1,电流表a1的示数总大于a2的示数b.仅使r2减小，电流表a2变化量比a1变化量大c.仅使r1增大，电源内阻消耗的功率变大d。仅调节电阻箱r1,rlr1r时,电灯l可达到最亮3.（多选）如图3所示,虚线框内为漏电保护开关的原理示意图:变压器a处用火线和零线平行绕制成线圈，然后接到用电器.b处有一个输出线圈，一旦线圈b中有电流，经放大后便能推动继电器切断电源。如果甲、乙、丙、丁四人分别以图示方式接触电线（裸漏部分)，甲、乙、丙站在木凳上，则下列说法正确的是

4、（)图3a。甲不会发生触电事故，继电器不会切断电源b。乙会发生触电事故,继电器不会切断电源c.丙会发生触电事故，继电器会切断电源d.丁会发生触电事故，继电器会切断电源4。(多选）如图4所示，一边长为l的正方形均匀线圈，以ab边所在直线为轴在匀强磁场b中做匀速转动,线圈转动的角速度为,若以图示位置为零时刻，则下列选项反映四条边上的电势差随时间的变化正确的有（） 图4二、能力提升5.电阻为1 的矩形线圈绕垂直于磁场方向的轴在匀强磁场中匀速转动，产生的交变电动势随时间变化的图象如图5所示。现把交流电加在电阻为9 的电热丝上，则下列说法中正确的是（）图5a.线圈转动的角速度为31.4 rad/sb。如

5、果线圈转速提高一倍，则电流不会改变c。电热丝两端的电压u100 vd.电热丝的发热功率p1 800 w6。(多选)如图6所示是小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于磁场方向的水平轴oo沿逆时针方向匀速转动，角速度为,线圈匝数为n、电阻为r，外接电阻为r，交流电流表。线圈从图示位置（线圈平面平行于磁场方向)开始转过时的感应电流为i。下列说法中正确的是（)图6a。电流表的读数为2ib.转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值为c.从图示位置开始转过的过程中，通过电阻r的电荷量为d.线圈转动一周的过程中,电阻r产生的热量为7。有一理想变压器，副线圈所接电路如图7所示，灯l1、l2为规格相同的两只小灯泡.当s

6、断开时，灯l1正常发光.s闭合后，下列说法正确的是(）图7a.灯l1、l2都能正常发光b.原线圈的输入功率减小c.原、副线圈的电流比增大d.电阻r消耗的功率增大8。如图8甲所示的电路中,理想变压器原、副线圈匝数比为101，a、v均为理想电表，r为光敏电阻(其阻值随光强增大而减小),l1和l2是两个完全相同的灯泡。原线圈接入如图乙所示的正弦交流电压u，下列说法正确的是()图8a。电压u的频率为100 hzb.电压表v的示数为22 vc。当光强增大时，a示数变小d。当l1的灯丝烧断后，v示数不变三、课外拓展9。如图9所示,匀强磁场的磁感应强度b t。单匝矩形线圈面积s1 m2，电阻不计，绕垂直于磁

7、场的轴oo匀速转动。线圈通过电刷与一理想变压器原线圈相接，为交流电流表.调整副线圈的滑动触头p，当变压器原、副线圈匝数比为12时，副线圈电路中标有“36 v,36 w”的灯泡正常发光.以下判断正确的是(）图9a。电流表的示数为1 ab.矩形线圈产生电动势的最大值为18 vc。从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间变化的规律为e18sin 90tvd.若矩形线圈转速增大，为使灯泡仍能正常发光，应将p适当下移10。如图10所示为远距离输电示意图,两变压器均为理想变压器，升压变压器t的原、副线圈匝数比为k1。降压变压器t的原、副线圈匝数比为k2。原线圈两端接入一电压uumsin t的交流

8、电源，用户电阻为r(纯电阻)，若用户消耗功率为p，输电线的总电阻为2r,不考虑其他因素的影响，则输电线上损失的电功率pr和用户获得的电压u分别为(）图10a。prpub。prpuc。prpud.prpu11(多选）（2016湖南怀化模拟）如图11甲所示，阻值为r4 的矩形金属线框与理想电流表、理想变压器的原线圈构成回路,标有“12 v36 w”的字样的灯泡l与理想变压器的副线圈构成回路，灯泡l恰能正常发光，理想变压器原、副线圈的匝数之比为31。矩形金属线框在匀强磁场中绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的规律如图乙所示。则（）图11a理想变压器原线圈输入电压的瞬时值表达式为u40

9、sin（100t）vb理想电流表的示数为1 act0。01 s时，矩形金属线框平面与磁场方向平行d灯泡l与理想变压器的副线圈构成的回路中的电流方向每秒改变100次12如图12所示为一理想变压器通过二极管给某种型号的电池充电的简单原理图，现在变压器的原线圈接入有效电压为220 v的正弦交变电流，变压器原、副线圈的匝数比为1101，交流电流表的示数为 a,电池的内阻为2 ,二极管具有单向导电性,下列说法正确的是（)图12a电池的充电电压为2 vb理想变压器的输入功率为 wc充电时，电池的热功率为 wd充电时，电能转化为化学能的功率为（） w四、高考链接13.（多选)（2016全国丙卷19）如图13

10、,理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b.当输入电压u为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光。下列说法正确的是()图13a.原、副线圈匝数比为91b.原、副线圈匝数比为19c。此时a和b的电功率之比为91d.此时a和b的电功率之比为1914(2016全国卷 16）一含有理想变压器的电路如图14所示,图中电阻r1、r2和r3的阻值分别为3 、1 和4 ，为理想交流电流表,u为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定.当开关s断开时,电流表的示数为i;当s闭合时，电流表的示数为4i。该变压器原、副线圈匝数比为(）图14a2 b3 c4 d515(2016全国卷 17）阻值相等的四个

11、电阻、电容器c及电池e（内阻可忽略)连接成如图15所示电路.开关s断开且电流稳定时,c所带的电荷量为q1；闭合开关s，电流再次稳定后，c所带的电荷量为q2。q1与q2的比值为（）图15a。b.c.d。参考答案1。 答案b解析由题意，增加光照强度,rt减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知,干路电流i增大，电源的内电压增大,路端电压u减小，则a灯变暗，通过r0电流i0iia，i增大，而ia减小，则i0增大，r0两端电压u0增大,而r0、b的电压之和等于路端电压，路端电压减小，则知，b的电压减小,b灯变暗；电源的总功率pei,i增大，则p增大.故b正确，a、c、d错误。2。 答案b解析仅

12、调节r1，rl与r2的大小关系不确定，所以电流表a1的示数不一定总大于a2的示数.故a错误。仅使r2减小，并联部分电阻减小，通过rl的电流减小,总电流增大,则通过r2的电流增大，且电流表a2变化量比a1变化量大.故b正确.仅使r1增大，总电阻增大，总电流减小，则电源内阻消耗的功率减小，故c错误。仅调节电阻箱r1，r10时，电路中电流最大，电灯l的电压最大,达到最亮，故d错误.3. 答案ad解析甲、乙、丙、丁四人，只有丁电流由火线经丁流入大地，出现漏电，继电器会切断电源.4。 答案ad解析线圈在磁场中转动产生感应电动势，只有cd边产生感应电动势，故产生的感应电动势的最大值为embl2,产生的感应

13、电动势的瞬时值为ebl2cos t,根据闭合电路欧姆定律可知ab、bc、ad边的最大感应电动势为emembl2，故这三个边的电压的瞬时值为ebl2cos t，结合产生的感应电流的方向可知，a、d正确，b错误；cd端的电压即为路端电压，故瞬时值为ebl2cos t，故c错误。5. 答案d解析从图中可知：t0。02 s，314 rad/s，故a错误；其他条件不变，如果线圈转速提高一倍，角速度变为原来的两倍。由电动势最大值emnbs得知，交流电动势的最大值变为原来的两倍，电压的有效值为原来的2倍,根据欧姆定律可知电流发生改变。故b错误.该交流电压的最大值为200 v，所以有效值为100 v,则电热丝

14、两端的电压为100 v90 v,故c错误；根据p得：p w1 800 w,故d正确.6。 答案bcd解析由题有：iimcos ，则得感应电流的最大值im2i，有效值i有imi,则电流表的读数为i,故a错误;感应电动势的最大值emim(rr）2i（rr)，又emnbs，磁通量的最大值mbs，联立解得:mbs,故b正确;从图示位置开始转过的过程中，通过电阻r的电荷量qnnn,故c正确;线圈转动一周的过程中，电阻r产生的热量qirt（i)2r,故d正确.7。 答案d解析当s闭合后，电路的总电阻减小，副线圈的电流增大,所以通过电阻r的电压增大，r消耗的功率增大，灯泡两端的电压减小，灯l1、l2都不能正

15、常发光,故a错误，d正确；由于副线圈中负载电阻减小，消耗的功率p，故消耗的功率增大,输入功率等于输出功率，故原线圈的输入功率增大，故b错误；变压器原、副线圈的匝数不变，故原、副线圈中电流之比不变,故c错误。8。 答案d解析原线圈接入如题图乙所示的正弦交流电压，t0。02 s，所以频率为f50 hz，故a错误；原线圈接入电压的最大值是220 v，所以原线圈接入电压的有效值是u220 v,理想变压器原、副线圈匝数比为101，所以副线圈电压是22 v，所以v的示数小于22 v，故b错误;r阻值随光强增大而减小，可知副线圈电流增加,副线圈输出功率增加,所以原线圈输入功率也增加，原线圈电流增加,所以a的

16、示数变大,故c错误；当l1的灯丝烧断后，变压器的输入电压不变，根据变压比公式，输出电压也不变，故电压表读数不变，故d正确.9。 答案c解析小灯泡正常发光，故变压器的输出电流为：i21 a;根据变流比公式：,解得：i12 a,故a错误；小灯泡正常发光,故变压器的输出电压为36 v，根据变压比公式，解得：u118 v，故矩形线圈产生电动势的有效值为18 v，矩形线圈产生电动势的最大值为18 v,故b错误;根据公式emnbs，解得： rad/s90 rad/s，故从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间的变化规律eemsin t18sin 90t v,故c正确；若矩形线圈转速增大,根据公式

17、emnbs，感应电动势的最大值增加,故有效值也增加;为使灯泡仍能正常发光，应该减小变压比，故应将p适当上移,故d错误.10。 答案b解析用户流过的电流为i4，故在输电线路上的电流为i3,故损失的电功率为pri2rp；升压变压器两端电压的有效值为u1，输电线路上损失的电压为ui32r,升压变压器副线圈两端的电压为u2故降压变压器原线圈的电压为u3u2u，用户获得的电压u联立解得u11答案bd解析由于灯泡恰能正常发光,说明理想变压器的输出电压u212 v，根据理想变压器电压与匝数的关系可得u1u236 v，所以理想变压器输入电压的瞬时值表达式为u36sin（100t)v，故a选项错误；根据理想变压

18、器的电流与匝数的关系可得i1i21 a,又电流表显示的交变电流的有效值，则理想电流表的示数为1 a，故b选项正确；t0.01 s时，电动势的瞬时值为零,发电机的线圈平面与磁场方向垂直，故c错误；由于理想变压器不改变交流电的频率，根据图乙可知,灯泡l与理想变压器的副线圈构成的回路中的电流方向每秒改变100次，故d选项正确。12答案d解析由得变压器的输出电压u22 v，经过二极管后，正弦交变电流变成半波交变电流，根据有效值的定义得t，解得电池的充电电压u v，选项a错误；理想变压器的输出功率p2ui2 w，变压器的输入功率等于输出功率,故变压器的输入功率为 w，选项b错误；充电时，电池的热功率pir(）22 w w，选项c错误；充电时，电能转化为化学能的功率为 w w（) w，选项d正确。13. 答案ad解析设灯泡的额定电压为u0，两灯泡均能正常发光，所以原线圈输出端电压为u19u0,副线圈两端电压为u2u0，故，a正确，b错误；根据公式可得，,由于小灯泡两端的电压相等,