通用版2020版高考物理二轮复习专题分层突破练2力与直线运动含解析

1、 专题分层突破练2 力与直线运动 A组 . 1 bbat=a分,时刻汽车直线和和曲线沿两条平直的平行车道以相同速度同时经过同一地点,如图0 ) 由图可知(别是这两车行驶的速度时间图象,t 两车运动方向相反时刻,A.在1t 两车再次相遇时刻B.在,1bt ,这段时间内但方向不变车的速度先增大后减小C.在01 bt ,0D.在车的平均速度等于这段时间内1 . 2 利用函数图象是解决物理问题的常用方法。某同学利用传感器探究一玩宁夏银川质量检测)(2019 tt=由此可知的图象。如图所示,具车沿某一路段做直线运动的性质从时刻开始计时得到了0- ) (- A.3 m/s玩具车做速度为的匀速直线运动 B.

2、玩具车做变加速直线运动2 m/s C.玩具车做匀加速直线运动,初速度大小为 2. 加速度的大小为15 m/sD.玩具车做匀加速直线运动,. 3 其劲度系数,4根相同的竖直弹簧山东淄博三模)如图所示,某宾馆大楼中的电梯下方固定有(2019mk的电梯,均为总质量为。这是为了防止电梯在空中因缆绳断裂而造成生命危险。若缆绳断裂后gg下),电梯坠到最低点时加速度大小为5为重力加速度大小(下坠,4根弹簧同时着地而开始缓冲, ) (列说法正确的是 每根弹簧的压缩长度为A.电梯坠到最低点时, ,每根弹簧的压缩长度为B.电梯坠到最低点时 电梯先处于失重状态后处于超重状态C.从弹簧着地开始至电梯下落到最低点的过程

3、中, 电梯始终处于失重状态D.从弹簧着地开始至电梯下落到最低点的过程中,. 4 mm=ABm=m与水平面间的动摩3如图所示,粗糙水平面上并排放着两个长方体木块,、质量分别为,BABA使木块通过轻质水平弹簧与竖直墙壁相连,现用外力缓缓向左水平推木块,擦因数均为,木块BBAA当弹簧弹力大小由静止开始向右运动、一起向左缓慢移动一段距离后突然撤去外力,木块, B AF) 未分离),、则(为时(木块 BA 的作用力大小一定为木块对木块A. BA B.木块对木块的作用力大小一定为 mgF-BA 3的作用力大小一定为木块C.对木块 ABF-mg 的作用力大小一定为D.木块对木块. 5 AmmB的木块在光滑的

4、水平面上有一个质量为现有一个质量为的木板,处于静止状态如图所示,BABv=mm和木板从和的左端以初速度。用分别表示木块3 m/s开始水平向右滑动,已知0tvAB其中可下面关于二者速度,的变化图象的图象,在木块随时间从,的左端滑到右端的过程中 ) 能正确的是( . 6 B=AmABBAB=m之叠放在物体,上2 kg,置于光滑水平面上,如图所示,物体6 kg,、质量分别为BABA.=AF的加速、间的动摩擦因数,02,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现对则施加一水平力2 g ) )(度可能是(10 m/s取22=aa A.2 m/s6 m/s,BA22=a=a 2 m/s,B.6 m/sBA22=aa

5、 8 m/sC.4 m/s,BA22=aa= 6 m/s10 m/sD.,BA. 7 BA在水平和,)如图所示,置于粗糙水平面上的物块用轻质弹簧连接(2019江苏苏锡常镇四市二模mmABFAB它们与地面间的动摩擦、恒力以相同的加速度向右运动。的作用下,、的质量关系为BA ) (因数相同。为使弹簧稳定时的伸长量增大,下列操作可行的是AB 仅增大的质量的质量 B.A.仅减小BA D.、仅减小水平面的粗糙程度的位置对调C.仅将 . 8 v逆时针匀速转动。在传送带的上端轻轻放置,以速度(多选)如图所示,传送带与水平面夹角为0 x平均速度,。在0车做匀变速直线运动应时间内的位移,则在0这段时间内这段时间

6、内ab11 b 项错误。车平均速度故D, 222 =a=+. x=v t+at=vata=v可2m/s,解得m/s,可得2,C解析 由图得:m/s m/s,由,得: 000 2正确。故,C、D错误A,初速度大小为2m/s,加速度的大小为m/s。故、B知物体做匀加速直线运动 选C。 . kx-mg=maa=gx=,选项A、B,解得错误;从弹簧着其中由牛顿第二定律在最低点时3C解析 ,:4,5 地开始至电梯下落到最低点的过程中,重力先大于弹力,电梯向下先加速运动,当重力小于弹力时, 电梯的加速度向上,电梯向下做减速运动,则电梯先处于失重状态后处于超重状态,选项C正确,D错误。 . FABFA、对对

7、木块。根据牛顿第二定律A的作用力大小为解析 当弹簧弹力大小为,时,4设木块N F=maFF-mg=BF-mg=maB 。故选整体有:3A434,对,有联立解得:NN BBA. A根据牛顿第二定律得做匀加速直线运动做匀减速直线运动解析 木块,滑上,5时C, Ama=a=a则B错误。若,斜率的绝对值应大于不能滑下的斜率,已知故,所以A、,即BBAA BAA 项错误。故C则项正确的速度较大,D的速度较小,两者最终共速,若滑下,g=mABF=. B12N,、此时的加速度达到最大间的摩擦力达到最大值时6,D,解析 对则而言,当Afm 2 a=ma=+m=F=发时)则最大加速度,48N,即当拉力增加到6m

8、/s。对整体运用牛顿第二定律可得48N(BA 222=aFa=aFaaa 6m/s,正确。恒定不变,生相对滑动当且 8N时,6m/s, m/ ,当,48N时故DBBAAABAa. kxaBkx-mg=m对,对7C受力分析有解析 设弹簧的劲度系数为,伸长量为,加速度相同为BB mxx=mxF-mg-kx=maa减小受力分析有,增大故A,两式消去错误,整理可得;减小,减小,ABAA xx=ABxmm正故,位置对调以后1,的表达式为所以;故B错误因为,又因为,所以C增大1,BA xx D错误。与水平面的粗糙程度无关,确;故的表达式中没有动摩擦因数,因此 .此所以木块受到的摩擦力方向向下,在刚开始时,

9、8由于木块的速度小于传送带的速度BD,解析 g=ga=+木块的速度仍没有达到和传送带的速度相时。若到达传送带最低端时,cossin1 a做匀加速直线运动。若在到达底端前速度和传送带的速度相则整个过程中木块都是以加速度同,1再由,木块继续沿传送带加速向下运动,但是此时摩擦力的方向沿斜面向上tan知,同了则由 -aa=gmg=maa=g可知斜面体对滑块的静则tantan,斜面体之间恰无摩擦力,则此时若tan,000 正确。,选项D摩擦力方向沿斜面向下,可知则摩擦力对滑块做正功 0 . 44 N (1) s11(2)2答案 0aa ,解析 (1)设砝码在纸板上加速运动时的加速度为在桌面上减速运动的加

10、速度为21amg=m 由112=aa 2m/s知:21 l ,分析可知加速运动的最大距离是。所以砝码加速和减速的时间相等 2tl=a 由1 0 t=s 得: 00 0 t=t=s 则砝码移动的最长时间为2m 0 atF,设为由,则此时的拉力最小(2)设当纸板的加速度为,时砝码经历时间恰好从纸板上滑下3运动学公式: 2 tad+ 3 2=a 得:202m/s3ag=mF-m+m 由(2)3221.F=44N :2得.44N 即纸板所需的拉力至少为2 . (3)2 s 答案 (1)0(2)2048 m124 J: 加速度大小为乙沿传送带向下做匀加速直线运动,解析 (1) 0 02 /s=.+g=g

11、a 12 05m 021 a= :甲沿传送带向下做匀减速直线运动,加速度大小为2 0 0 0 2= m/s tv 设甲和乙刚好达到共同速度时速度为时间为,11tv=a :根据运动学公式可得111v=v-at 1012v=t=.24s 3m/s,联立解得:011 . =-x=vta84m 甲的位移为:0 20甲1 .=ax= 36m 0乙的位移为: 1乙 乙相对甲滑行的最大距离: x=x-x=.48m 0乙甲t=0时刻到甲和乙刚好达到共同速度的过程中,甲与传送带之间因克服摩擦而产生的热(2)从Q=m+mgx=.8J 16(量:) 0甲1121Q=mgx=.6J 甲与乙之间因克服摩擦而产生的热量: 03222Q=Q+Q=.4J :20系统因克服摩擦而产生的总热量21(3)当甲和乙刚好达到共同速度的瞬间启动传送带时,对甲乙系统,则m+mg=