2018-2019学年河南省南阳一中高一(下)第六次月考物理试

1、2018-2019 学年河南省南阳一中高一（下）第六次月考物理试卷一、单选题（本大题共8 小题，共24.0 分）1. 下列说法正确的是A. 物体动能不变，则一定没有力对其做功B. 被匀速吊起的集装箱，其机械能守恒C. 动量相同的两物体，动能也一定相同D. 物体动量不变，则所受合外力的冲量一定为零2. 如图所示， 货物放在自动扶梯的水平台阶上， 随扶梯一起向斜上方做匀速直线运动，下列说法正确的是A. 重力对货物做正功B. 摩擦力对货物做正功C. 支持力对货物做正功D. 合外力对货物做正功3. 如图所示，玻璃小球沿半径为R 的光滑半球形碗的内壁做匀速圆周运动，玻璃小球的质量为 m，做匀速圆周运动的

2、角速度忽略空气阻力，则玻璃小球离碗底的高度为A.B.C.D.4. 如图所示，一滑块从半圆形光滑轨道上端由静止开始滑下，当滑到最低点时，关于滑块动能大小和对轨道最低点的压力，下列结论正确的是A. 滑块的质量不变，轨道半径越大，滑块动能越大，对轨道的压力越大B. 滑块的质量不变，轨道半径越大，滑块动能越大，对轨道的压力与半径无关C. 轨道半径不变，滑块的质量越大，滑块动能越大，对轨道的压力越小D. 轨道半径不变，滑块的质量越大，滑块动能越大，对轨道的压力不变5.2019 年春节期间，中国科幻电影里程碑的作品流浪地球 热播。影片中为了让地球逃离太阳系，人们在地球上建造特大功率发动机，使地球完成一系列

3、变轨操作，其逃离过程如图所示，地球在椭圆轨道I 上运行到远日点B 变轨，进入圆形轨道 在圆形轨道 上运行到 B 点时再次加速变轨，从而最终摆脱太阳束缚。对于该过程，下列说法正确的是A.B.C.D.沿轨道 I 运动至 B 点时，需向前喷气减速才能进入轨道 沿轨道 I 运行的周期小于沿轨道 运行的周期沿轨道 I 运行时，在 A 点的加速度小于在 B 点的加速度在轨道 I 上由 A 点运行到 B 点的过程，速度逐渐增大6. 如图所示，滑板运动员沿水平地面向前滑行，在横杆前相对于滑板竖直向上起跳，人与滑板分离，分别从杆的上、下通过，忽略人和滑板在运动中受到的阻力。则运动员A. 起跳时脚对滑板的作用力斜

4、向后B. 在空中水平方向先加速后减速C. 在空中机械能先增大后减小D. 越过杆后仍落在滑板起跳的位置7.如图所示， A 套在光滑的竖直杆上，用细绳通过定滑轮将A 与水平面上的物体 B 相连，在外力 F 作用下 B 以速度 v 沿水平面向左做匀速运动，水平面粗糙， 且物体 B 与水平面间动摩擦因数不变。 则 A 在 B 所在平面下方运动的过程中，下列说法正确的是A.B.物体 A 也做匀速运动当绳与水平夹角为时，物体 A 的速度为第1页，共 12页C. 当绳与水平夹角为时，物体 A 的速度为D. A 与 B 组成的系统机械能守恒8.一辆汽车质量为，额定最大功率为，在水平路面由静止开始作直线运动，最

5、大速度为，运动中汽车所受阻力恒定，其行驶过程中牵引力F 与车速的倒数的关系如图所示。则A.B.图线 AB 段汽车匀速运动图线 BC 段汽车作匀加速度运动C. 整个运动中的最大加速度为D. 当汽车的速度为时发动机的功率为二、多选题（本大题共4 小题，共12.0 分）9. 恒力 F 作用在质量为 m 的物体上，如图所示，由于地面对物体的摩擦力较大，没有被拉动，则经时间t，下列说法正确的是A. 拉力 F 对物体的冲量大小为FtB. 拉力 F 对物体的冲量大小是C. 合力对物体的冲量大小为零D. 重力对物体的冲量大小是 mgt10.如图所示，运动的球A 在光滑水平面上与一个原来静止的球B 发生弹性碰撞

6、，A.B.C.要使 B 球获得最大动能，则应让A， B 两球质量相等要使 B 球获得最大速度，则应让A 球质量远大于B 球质量要使 B 球获得最大动量，则应让A 球质量远小于B 球质量D. 若 A 球质量远大于 B 球质量，则 B 球将获得最大动能、最大速度及最大动量11.如图所示，在光滑的水平面上有一个质为M 的木板 B 处于静止状态，现有一个质量为 m 的木块 A 在 B 的左端以初速度开始向右滑动， 在 A 从 B 的左端滑到右端的过程中，下列说法正确的是A. A 减少的动能可能等于B 增加的动能B. A 减少的动量一定等于B 增加的动量C. A 减少的动能一定大于B 增加的动能D. A

7、 减少的动量可能不等于B 增加的动量12.如图甲所示，在光滑水平面上的两小球发生正碰。小球的质量分别为和图乙为它们碰撞前后的位移时间 图象。已知。由此可以判断第2页，共 12页A. 碰前静止，向右运动B. 碰后和都向右运动C.D. 碰撞过程中系统损失了的机械能三、实验题（本大题共2 小题，共6.0 分）13. 如图甲所示，用半径相同的1、 2 两球的碰撞可以验证“动量守恒定律”。实验时先让质量为的 1球从斜槽上某一固定位置S 由静止开始滚下，进入水平轨道后，从轨道末端水平抛出，落到位于水平地面的复写纸上，在下面的白纸上留下痕迹。重复上述操作10 次，得到10 个落点痕迹，再把质量为的 2 球放

8、在水平轨道末端，让1 球仍从位置 S 由静止滚下， 1 球和 2 球碰撞后，分别在白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作10 次。 M、P、 N 为三个落点的平均位置，未放2 球时， 1 球的落点是 P点， O 点是水平轨道末端在记录纸上的竖直投影点，如图乙所示。在这个实验中，为了尽量减小实验误差，两个小球的质量应满足_选填“”、“”或“” ；关于本实验的实验操作，下列说法中正确的是_。 填选项前的字母A.如果小球每次从同一位置由静止释放，每次的落点一定是重合的B.重复操作时发现小球的落点并不重合，说明实验操作中出现了错误C.用半径尽量小的圆把10 个落点圈起来，这个圆的圆心可视为小球落点的平均位

9、置D .仅调节斜槽上固定位置S，它的位置越低，线段OP 的长度越大本实验中除了要测量OP、OM 、 ON 的值以外，其他必须要测量的物理量，以下正确的有_ 。填选项前的字母A.必须测量小球1 的质量和小球2 的质量B.必须测量小球 1 开始释放的高度 hC.必须测量抛出点距地面的高度H必须测量小球平抛运动的飞行时间当所测物理量满足表达式 _，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律。A.C.14. 用如图 1 实验装置验证、组成的系统机械能守恒，从高处由静止开始下落，上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律，图2给出的是实验中获取的一条纸带； 0 是打下的第一个点，每相

10、邻两计数点间还有4个点 图2 中未标出计数点的距离如图 2所示，已知、，则 已知当地重力加速度，结果保留两位有效数字第3页，共 12页在纸带上打下计数点5 时的速度_；在打点 过程中系统动能的增量_J，系统势能的减少量_ J.由此得出的结论是 _ 。四、计算题（本大题共4 小题，共48.0分）15. 质量均匀分布的星球， 半径为R不计星球的自转，表面的重力加速度为星球产生的重力加速度g 随距星球球心距离r 的变化规律如图所示。已知引力常量为 G，求：该星球的密度；在距球心 2R 处的重力加速度；16.如图所示，一水平放置的半径为的薄圆盘绕过圆心O 点的竖直轴转动，圆盘边缘有一质量的小滑块可看成

11、是质点。当圆盘转动的角速度达到某一数值时，滑块从圆盘边缘滑落，滑块与圆盘间的动摩擦因数，圆盘所水平面离水平地面的高度，g 取。当圆盘的角速度多大时，滑块从圆盘上滑落？若取圆盘所在平面为零势能面，求滑块到达地面时的机械能；17. 如图所示，在沙堆表面放置一长方形木块Am的爆竹B，其上面再放一个质量为木块的质量为当爆竹爆炸时， 因反冲作用使木块陷入沙中深度h，而木块所受的平均阻力为 f。若爆竹的火药质量以及空气阻力可忽略不计，重力加速度g。求：爆竹爆炸瞬间木块获得的速度；爆竹能上升的最大高度。第4页，共 12页18.如图，半径的四分之一圆弧形光滑轨道竖直放置，圆弧最低点B 与长为的水平面BC 相切

12、于 B 点，BC 离地面高，C 点与一倾角为的光滑斜面连接，质量的小滑块从圆弧上某点由静止释放，到达圆弧B 点时小滑块对圆弧的压力刚好等于其重力的2 倍，当小滑块运动到C 点时与一个质量的小球正碰，碰后返回恰好停在B 点，已知滑块与水平面间的动摩擦因数g 取，求：小滑块应从圆弧上离B 点多高处释放；小滑块碰撞前与碰撞后的速度；碰撞后小球的第一次落点距C 点的距离。第5页，共 12页答案和解析1.【答案】 D【解析】解： A、物体动能不变，根据动能定理可知，合外力做功为零，不是没有力做功，故A 错误。B、被匀速吊起的集装箱，拉力做正功，根据功能关系可知，机械能增加，故B 错误。C、根据动量和动能

13、的关系可知，动量相同的两物体，动能不一定相同，故C 错误。D、物体动量不变，根据动量定理可知，合外力的冲量一定为零，故D 正确。故选： D。根据动能定理和动量定理分析。根据动能和动量的关系分析。根据机械能守恒的条件分析。本题的关键是明确合外力对物体做功或外力对物体做功的代数和是引起物体动能变化的原因，动能定理是解决有关动力学问题的一个非常重要的规律，应深刻理解掌握。2.【答案】 C【解析】解：重力向下，物体的位移斜向右上方，重力和位移的夹角成钝角，重力做负功，故A 错误；物体匀速运动，只受到向下的重力和向上的支持力，不受摩擦力作用，且合外力为零，所以摩擦力和合外力都不做功，故 BD 错误；C.

14、支持力向上，位移斜向右上方，支持力和位移成锐角，支持力做正功，故C 正确；故选： C。分析物体的受力情况，找到位移的方向，根据做功的定义分析解答即可；解决该题的关键是明确知道物体的受力情况，知道做功的定义；3.【答案】 A【解析】 解：因为小球做的是匀速圆周运动，所以小球的向心力就是小球所受的合力，小球受重力、碗的支持力指向球心，如下图。为保证这两个力的合力指向圆周运动的圆心不是球心，则将支持力分解后必有竖直方向分力等于重力，水平方向分力即为向心力。设支持力与水平方向夹角为，则有：向解得：。则小球的高度为：故 A 正确， BCD 错误故选： A。小球在水平面内做匀速圆周运动，靠重力和支持力的合

15、力通过向心力，根据牛顿第二定律，结合几何关系求出球做匀速圆周运动的水平面离碗底的距离。解决本题的关键知道小球做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律和几何关系进行求解。4.【答案】 B【解析】解：对于滑块下滑的过程，根据动能定理得：，得：。滑块到达最低点的动能为：，可见，质量不变时，轨道半径越大，滑块到达轨道最低点第6页，共 12页时动能越大。轨道半径不变时，滑块的质量越大，滑块动能越大在轨道最低点，对滑块，由牛顿第二定律得，解得：。由牛顿第三定律知，滑块对轨道的压力大小，则知滑块对轨道的压力大小与半径也无关，故B 正确， ACD 错误。故选： B。根据机械能守恒定律或动能定理得出滑块运动到最

16、低点的速度，根据牛顿第二定律求出在最低点时轨道对滑块的支持力，从而得到滑块对轨道底端压力的大小与半径的关系。本题综合考查了动能定理和牛顿第二定律，关键是明确最低点向心力的来源：合外力。本题中的结果要作为常识要记住。5.【答案】 B【解析】解：A、轨道 I 运动至 B 点时，需向前喷后加速才能进入轨道 ，则 A 错误B、由开普勒第三定律可知半径或半长轴大的周期大，则B 正确，C、 A 点距离太阳近，其受的引力大加速度大，则C 错误D、在轨道I 上由 A 点运行到B 点的过程，引力做负功，速度逐渐减小，则D 错误故选： B。由低轨道变到高轨道要加速；由开普勒第三定律可知轨道大的周期长，万有引力产生

17、加速度，力大加速度大；引力做功引起动能的变化。本题考查了万有引力定律的应用，知道万有引力提供向心力是解题的前提，知道飞船的变轨原理是解题的关键，根据题意应用万有引力定律与牛顿第二定律即可分析解题。6.【答案】 D【解析】解： A、运动员起跳是斜抛运动，水平速度不变，竖直方向有速度，可知起跳时脚对滑板的作用力竖直向上，故 A 错误；B、运动员在空中是斜抛运动，水平速度不变，故B 错误；C、运动员在空中机械能守恒，故C 错误；D、运动员和滑板水平方向始终做相同速度的匀速直线运动，故D 正确；故选： D。运动员在空中是斜抛运动，水平速度不变。运动员在空中只受重力作用，机械能守恒。本题关键是掌握斜抛运

18、动的基本规律和受力情况，属于简答题。7.【答案】 C【解析】 A.将 A 物体的速度按图示两个方向分解，如图所示根据两物体在沿着绳子方向的速率大小相等，则有：物体 A 的速率为：。A 向上运动的过程中减小，则减小，可知A 向上做加速运动。故AB 错误， C 正确；D.系统在运动过程中，由于有摩擦阻力做负功，所以系统的机械能不守恒，故D 错误；故选： C。第7页，共 12页物体 B 以速度 v 沿水平面匀速向左运动，绳子的速率等于物体B 的速率，将A 物体的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向， 沿绳子方向的分速度等于绳速， 由几何知识求解 A 的速率，再讨论绳子的拉力情况。该题主要考查了与绳子

19、相关联的速度的分解问题，解决该类题，首先将物体的合速度找到，再将合速度分解到沿着绳方向和垂直于绳子的方向；8.【答案】 C【解析】解：A、因运动中汽车所受阻力恒定，由图象知，AB 段汽车的牵引力不变，根据牛顿第二定律，加速度不变，做匀加速直线运动，故A 错误；B、 BC 段图线的斜率表示汽车的功率，功率不变，即汽车达到额定功率，当速度增大，牵引力减小，则加速度减小，做加速度减小的加速运动，到达 C 点加速度为零，做匀速直线运动，故 B 错误；C、在整个运动过程中，AB 段的加速度最大，在C 点牵引力等于阻力，则最大加速度：，故 C 正确；D、在 B 点汽车的速度所以，当汽车速度为时，发动机的功

20、率为：故选： C。汽车从 A 到 B 牵引力不变，做匀加速直线运动，从，此时汽车未达到额定最大功率，故 D 错误。B 到 C 图线的斜率不变，知功率不变，做加速度减小的加速运动，到达C 点速度达到最大；根据牛顿第二定律求出最大加速度；利用求出发动机的功率。解决本题的关键能够通过图线分析出汽车的运动规律，知道汽车功率与牵引力的关系，当加速度为零时，速度达到最大。9.【答案】 ACD【解析】解：AB、拉力 F 对物体的冲量，故 A 正确， B 错误。C、由于地面对物体的摩擦力较大，物体没有被拉动，说明物体仍然处于平衡状态，受到的合外力为所以合力对物体的冲量大小为零，故C 正确。D、重力是恒力，冲量

21、大小为mgt，故 D 正确。故选： ACD。力对物体的冲量可以根据公式：计算。冲量具有独立性。冲量是矢量， 合成要使用平行四边形定则。该题考查冲量的计算，此题中各力都恒力，恒力的冲量公式与物体的运动状态无关，直接代入公式即可。属于基础题目。10.【答案】 ABC【解析】解：设碰撞前A 的速度为v0，碰后 A、B 的速度分别为、 B 的质量分别为、。设向右为正方向，根据动量守恒定律：根据机械能守恒定律得：联立两方程解得：A、 B 球获得的动能根据数学知识可知，当，即时， B 球获得的动能最大。故A 正确。第8页，共 12页B、 B 球获得的速度，当时，最大。故B 正确。C、 B 球获得的动量，当

22、时，P 最大，故 C 正确。D、由上知，若 A 球质量远大于B 球质量，只能使B 球获得最大速度，故D 错误。故选： ABC。两球发生弹性碰撞，根据动量守恒定律及机械能守恒定律列式，得到碰后 B 速度表达式，再得到 B 球的动能和动量表达式，再进行分析。解决本题的关键要掌握弹性碰撞的基本规律：动量守恒定律及机械能守恒定律，得到各个量的表达式，结合数学知识分析。11.【答案】 BC【解析】解： AC、根据能量转化和守恒定律分析可知，木块A 原有的动能转化为木块A 和木板 B 的内能与木板 B 的动能，故 A 减少的动能一定大于 B 增加的动能，故 A 错误， C 正确。BD 、系统所受外力之和为

23、零，系统动量守恒，则A 减少的动量等于 B 增加的动量，故B 正确， D 错误。故选： BC。木块滑上木板， A 做匀减速直线运动，B 做匀加速直线运动，根据能量守恒定律可知，A 减少的动能大于 B增加的动能。根据动量守恒定律可知，系统动量守恒，A 减少的动量等于B 增加的动量。本题考查了动能定理和动量守恒定律，以及摩擦生热知识，解题的关键是理解动量守恒的条件。12.【答案】 AC【解析】解： A、由位移时间 图象的斜率得到，碰前的位移不随时间而变化，处于静止。向速度大小为，方向只有向右才能与相撞。故A 正确。B、由图读出， 碰后的速度为正方向， 说明向右运动，的速度为负方向， 说明向左运动。

24、 故 B 错误。C、由图求出碰后和 的速度分别为，根据动量守恒定律得，代入解得，。故 C 正确。D 、碰撞过程中系统损失的机械能为，代入解得，故D错误。故选： AC。位移时间 图象的斜率等于速度，由数学知识求出碰撞前后两球的速度，分析碰撞前后两球的运动情况。根据动量守恒定律求解两球质量关系，由能量守恒定律求出碰撞过程中系统损失的机械能。本题首先考查读图能力，抓住位移图象的斜率等于速度是关键；其次要注意矢量的方向。13.【答案】CAA【解析】解：为防止两球碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，即：两个小球的质量应满足。、碰撞前后的速度是通过两次滑下完成的，所以落点不完全重合，但不重合

25、只是偶然误差所致辞并不是操作错误，故 AB 错误；C、为了减小偶然误差，小于的落点不重合，但用一个最小的圆把落点圈起来，用该圆的圆心代替落点是最恰当的，故 C 正确；D、仅调节斜槽上固定位置S，它的位置越低，球做平抛运动的初速度越小，线段OP 的长度越小，故D错误；故选： C；第9页，共 12页由动量守恒定律得：，两球离开轨道后，做平抛运动，它们在空中的运动时间t 相等，两边同时乘以时间t 得：，整理得：，处理测量 OP 、OM 、ON 外，还需要测量小球的质量，故选A；由可知，实验需要验证的表达式为：，故选 A；故答案为：；。明确实验原理，从而确定需要测量哪些物理量；在该实验中，小球做平抛运

26、动，H 相等，时间 t 就相等，水平位移，与 v 成正比， 因此可以用位移x 来代替速度 v。根据水平方向上的分运动即可验证动量守恒；根据动量守恒定律以及平抛运动规律可确定对应的表达式。该题考查用“碰撞试验器”验证动量守恒定律，该实验中，虽然小球做平抛运动，但是却没有用到速度和时间，而是用位移 x 来代替速度 v，成为是解决问题的关键。要注意理解该方法的使用。14.【答案】在误差允许范围内，、组成系统机械能守恒【解析】解：由于每相邻两个计数点间还有4 个点没有画出， 所以相邻的计数点间的时间间隔，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点5 的瞬时速度：。在 过程中系统动能的增量：。

27、系统重力势能的减小量为：，由此可知在误差允许范围内，、组成系统机械能守恒。故答案为：；，在误差允许范围内，、组成系统机械能守恒。匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，由此可以求出打下计数点5 时的速度。根据物体的初末动能大小可以求出动能的增加量，根据物体重力做功和重力势能之间的关系可以求出系统重力势能的减小量，比较动能增加量和重力势能减小量之间的关系可以得出机械能是否守恒。本题验证系统机械能守恒，关键得出系统动能的增加量和系统重力势能的减小量，要掌握求瞬时速度的方法。15.在该星球表面上，一个质量为的物体，设星球的质量为M，其所受重力与万有引力【答案】解：相等，则有：又有联

28、立以上各式可得：设在距离球心2R 处放一个质量为的物体，设此位置的重力加速度为g，物体所受重力等于万有引力，则有：结合前面的分析，可得：第10 页，共 12页答：该星球的密度为；在距球心2R 处的重力加速度。【解析】星球表面的物体所受重力与万有引力相等，由此先求出星球的质量，结合密度公式即可求出星球的密度；物体在距离星球表面一定高度时，所受重力与万有引力相等，列式分析即可。本题的分析过程中，关键是掌握物体所受重力与万有引力的关系：万有引力与重力相等。16.【答案】解：设圆盘的角速度为时，滑块受到的静摩擦力达到最大值，根据牛顿第二定律：，解得：；故当圆盘的角速度时，滑块从圆盘上滑落；抛出时的动能：，滑块作平抛运动，只有重力做功，机械能守恒，滑块到达地面时的机械能；答：当圆盘的角速度时，滑块从圆盘上滑落。若取圆盘所在平面为零势能面，求滑块到达地面时的机械能为；【解析】