2018-2019学年湖南省株洲市醴陵一中高二(下)期中物理试卷(理科)

1、2018-2019 学年湖南省株洲市醴陵一中高二（下）期中物理试卷（理科）副标题题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共8 小题，共32.0 分）1. 在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用下列叙述符合史实的是（）A. 安培在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B. 奥斯特根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出分子电流假说C. 法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D. 楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化2. 用图示装

2、置研究光电效应现象， 光阴极 K 与滑动变阻器的中心抽头 c 相连，当滑动头 P 从 a 移到 c 的过程中，光电流始终为零。为了产生光电流，可采取的措施是（）A. 增大入射光的强度B.率C. 把 P 向 a 移动D.3.下列说法正确的是（）增大入射光的频把 P 从 c 向 b 移动A. 结合能越大，原子核中的核子结合得越牢固，原子核越稳定B. 黑体辐射电磁波的强度按波长的分布规律与黑体的温度无关C. 对放射性物质施加压力，其半衰期不变D. 动能相等的质子和电子，它们的德布罗意波波长相等4.如图所示， 实线为不知方向的三条电场线，从电场中M 点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、 b 两个带电粒

3、子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示则（）A. a 一定带正电， b 一定带负电B. a 的速度将减小， b 的速度将增加C. a 的加速度将减小，b 的加速度将增加D. 两个粒子的动能，一个增加一个减小5. 如图所示，五根平行的长直导体棒分别过竖直平面内的正方形的四个顶点和中心，并和该正方形平面垂直，各导体棒中均通有大小相等的电流，方向如图所示，则中心处的导体棒受到其余四根导体棒的磁场力的合力方向是（）A. 竖直向上B. 竖直向下C. 水平向左D. 水平向右第1页，共 18页6. 矩形导线框 abcd 与长直导线 MN 放在同一水平面上， ab 边与 MN平行，导线MN 中通入如图所

4、示的电流方向，当MN 中的电流增大时，下列说法正确的是（）A.B.导线框 abcd 中有顺时针方向的感应电流导线框 abcd 中有逆时针方向的感应电流C. 导线框所受的安培力的合力向左D. 导线框所受的安培力的合力为零7.如图所示， A、B、C、D 、E、F 为匀强电场中一个边长为 1m 的正六边形的六个顶点， A、B、C 三点电势分别为 10V、20V、30V，则下列说法正确的是（）A. B、 F 一定处在同一等势面上B. 匀强电场的场强大小为 10V/mC.D.正点电荷从E 点移到 F 点，则电场力做负功电子从 F 点移到 D 点，电荷的电势能减少20eV8. 如图所示，足够长的竖直绝缘管

5、内壁粗糙程度处处相同，处在方向彼此垂直的匀强电场和匀强磁场中，电场强度和磁感应强度的大小分别为E 和 B一个质量为m，电荷量为 +q 的小球从静止开始沿管下滑，下列关于小球所受弹力N、运动速度 v、运动加速度a、运动位移x、运动时间t 之间的关系图象中正确的是（）A.B.C.D.二、多选题（本大题共4 小题，共16.0 分）9. 如图所示，电阻 R1=3，R2=6，线圈的直流电阻不计，电源电动势 E=5V，内阻 r =1开始时，电键 S闭合，则（）A.B.断开 S 前，电容器所带电荷量为零断开 S 前，电容器两端的电压为C.D.断开 S 的瞬间，电容器a 板带上正电断开 S 的瞬间，电容器b

6、板带上正电10. 如图，由某种粗细均匀的总电阻为 3R 的金属条制成的矩形线框 abcd，固定在水平面内且处于方向竖直向下的匀强磁场 B 中。一接入电路电阻为R 的导体棒PQ，在水平拉力作用下沿ab、dc 以速度 v 匀速滑动， 滑动过程PQ 始终与 ab 垂直，且与线框接触良好，不计摩擦。 在 PQ 从靠近 ad 处向 bc 滑动的过程中（）A. PQ 中电流先增大后减小B. PQ 两端电压先减小后增大C. PQ 上拉力的功率先减小后增大D. 线框消耗的电功率先增大后减小11.元素 X 是 Y 的同位素，分别进行下列衰变过程XPQ， YRS，则下列说法正确的是（）第2页，共 18页A. Q

7、与 S 是同位素B. X 与 R 原子序数相同C. R 的质子数少于上述任何元素D. R 比 S 的中子数多212.下列说法错误的是（）A. 已知某物质的摩尔质量为M，密度 ，阿伏加德罗常数为NA，则该种物质的分子体积为V0 =B. 布朗运动是在显微镜下看到的液体分子的无规则运动C. 分子质量不同的两种理想气体温度相同，它们分子的平均动能一定相同D. 两个分子间距增大的过程中，分子间的作用力一定减小三、实验题探究题（本大题共2 小题，共14.0 分）13. 关于多用表的使用：（ 1）下述关于用多用表欧姆挡测电阻的说法中正确的是_A测量电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关S 拨至倍率较小的挡位

8、，重新调零后测量B测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C测量电路中的某个电阻，不应该把该电阻与电路断开D测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零（ 2）以下是欧姆表原理的电路示意图，正确的是_14. 如图甲所示是测量阻值约几十欧的未知电阻Rx 的原理图，图中 R0 是保护电阻（ 10），R1 是电阻箱（ 0 99.9 ），R 是滑动变阻器，A1 和 A2 是电流表， E 是电源（电动势10V，内阻很小）在保证安全和满足需求的情况下，使测量范围尽可能大实验具体步骤如下：连接好电路，将滑动变阻器R 调到最大；闭合 S，从最大值开始调节电阻箱R1，先调 R1 为适当值，再调节滑

9、动变阻器R，使 A1 示数 I1=0.15A，记下此时电阻箱的阻值R1 和 A2 的示数 I2；重复步骤（ 2），再测量6 组 R1 和 I2的值；将实验测得的 7 组数据在如图乙所示坐标纸上描点根据实验回答以下问题：（ 1）现有四只供选用的电流表A电流表（ 0 3mA，内阻为2）B电流表（ 0 3mA，内阻未知）第3页，共 18页C电流表（ 0 0.3A，内阻为5）D电流表（ 0 0.3A，内阻未知）A1 应选用 _， A2 应选用 _（ 2）测得一组 R1 和 I2 值后，调整电阻箱 R1，使其阻值变小， 要使 A1 示数 I 1=0.15A，应让滑动变阻器 R 接入电路的阻值 _（选填“

10、不变”、 “变大”或“变小”） （ 3）在如图乙所示坐标纸上画出R1 与 I 2 的关系图（ 4）根据以上实验得出 Rx=_ （结果保留两位有效数字）四、计算题（本大题共4 小题，共38.0 分）15. 普朗克常量h=6.63 10-340-19J，现用波长 =200nm 的光J?s，铝的逸出功 W =6.7210照射铝的表面 （结果保留三位有效数字）求光电子的最大初动能；若射出的一个具有最大初动能的光电子正对一个原来静止的电子运动，求在此运动过程中两电子电势能增加的最大值（电子所受的重力不计）16. 如图为一个封闭有一定质量理想气体的内壁光滑的圆环形细管， S 是固定在管上的阀门， M 为可

11、自由移动的活塞，其质量不计初始时， S、M 与管道中心 O 在同一水平面内，气体被均分为上下两部分，气体温度均为T0 =305K，压强为P0=1.05 105Pa现对下面部分气体缓慢加热， 且保持上面部分气体温度不变，当活塞 M 缓慢移动到管道最高点时，求：上面部分气体的压强；下面部分气体的温度17. 如图甲所示，一足够长阻值不计的光滑平行金属导轨MN PQ之间的距离L=1.0m、，NQ 两端连接阻值 R=1.0 的电阻，磁感应强度为B 的匀强磁场垂直于导轨所在平面向上，导轨平面与水平面间的夹角=30一质量 m=0.20kg，阻值 r =0.50 的金属棒垂直于导轨放置并用绝缘细线通过光滑的定

12、滑轮与质量M=0.60kg 的重物相连细线与金属导轨平行金属棒沿导轨向上滑行的速度v 与时间 t 之间的关系如图乙所示，已知金属棒在 0 0.3s内通过的电量是0.30.6s内通过电量的，g=10m/s2，求：（ 1） 0 0.3s内棒通过的位移；（ 2）金属棒在 0 0.6s内产生的热量第4页，共 18页18. 如图，在xOy坐标系的第一象限内有互相正交的匀强电场E与匀强磁场B E的大，小为 1.0 103V/m，方向未知， B 的大小为1.0T，方向垂直纸面向里；第二象限的某个圆形区域内，有方向垂直纸面向里的匀强磁场B，一质量为 m=110-14kg，电荷量 q=110-10C 的带正电微

13、粒以某一速度v 沿与 x 轴负方向60o 角从 A 点进入第一象限运动，并沿此方向运动到B，经 B 点即进入处于第二象限内的磁场B区域，一段时间后，微粒经过 x 轴上的 C 点并与 x 轴负方向成60o 角的方向飞出。已知A点的坐标为（10， 0）， C 点坐标为（ -30， 0），不计微粒重力。（ 1）请分析判断匀强电场 E 的方向并求出微粒的运动速度v；（ 2）匀强磁场 B的大小为多大？（ 3）微粒从 A 运动 C 到所用时间为多少？第5页，共 18页答案和解析1.【答案】 D【解析】解：A 、B、安培根据通电螺线管的磁场和条形磁 铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，很好地解释了磁化现象

14、。奥斯特在实验中观察到电流的磁效 应，该效应揭示了电和磁之间存在联系，故 A、B 错误 。C、法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止 导线附近的固定 导线圈中，磁通量不变，不会出现感应电流。故 C 错误 。D、楞次在分析了许多实验事实后提出楞次定律，即感 应电流应具有这样的方向，感应电流的磁场总要阻碍引起感 应电流的磁通量的 变化。故 D 正确。故选：D。对于物理中的重大 发现、重要规律、原理，要掌握其发现者和提出者，了解所涉及伟大科学家的重要成就本题关键要记住力学和 电学的一些常 见的物理学史，需要学生平 时加强积累2.【答案】 B【解析】解：A 、能否产生光电效应与入射光的 强度无关，

15、增大入射光的 强度，仍不能产生光电流。故 A 错误 。B、增大入射光的频率，当入射光的频率大于金属的极限 频率时，产生光电效应，金属有光电子发出，电路中能产生光电流。故 B 正确。C、把 P 向 a 移动。P 点电势大于的 c 点电势，光电管加上正向 电压，但不能产生光电效应，没有光电流形成。故 C 错误 。D、把 P 从 c 向 b 移动，不能产生光电效应，没有光电流形成。故 D 错误 。故选：B。第6页，共 18页当滑动头 P 从 a移到 c 的过程中，光电管加的是正向 电压，光电流始终为零，说明没有产生光电效应，根据光电效应产生的条件 进行分析。本题考查光电效应的条件。当入射光的 频率大

16、于金属的极限 频率时，金属才能产生光电效应，与入射光的强度、光照时间、所加电压无关。3.【答案】 C【解析】解：A 、比结合能的大小反映原子核的稳定程度，比结合能越大，原子核中的核子结合得越牢固，原子核越 稳定，故 A 错误；B、黑体辐射时电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关，随温度升高，辐射强度的极大 值向波长较短的方向移 动，故 B 错误；C、半衰期由原子核本身决定，与外界因素无关，故 C 正确；D、由 P= 及 P= 可知，动能相同的 质子和电子，其动量不同，故其波长也不相同，故 D 错误 。故选：C。比结合能的大小反映原子核的稳定程度；黑体辐射时电磁波的强度按波长的分布只与黑体的

17、温度有关，温度越高，黑体辐射的强度越大，随着温度的升高，黑体 辐射强度的极大 值向波长较短的方向移动；半衰期的大小与元素所 处的化学状 态以及物理 环境无关。本题考查了结合能与比 结合能的区 别，黑体辐射规律以及半衰期等等，同 时注意理解半衰期的大小与元素所处的化学状 态以及物理 环境无关。4.【答案】 C【解析】解：A 、物体做曲线运动，所受力的方向指向 轨道的内侧，由于电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定，故 A 错误；B、物体做曲线运动，所受力的方向指向 轨道的内侧，从图中轨道变化来看速第7页，共 18页度与力方向的 夹角小于 90，所以电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，故 B

18、错误，D 错误 。C、电场线密的地方 电场的强度大，电场线疏的地方 电场的强度小，所以 a 受力减小，加速度减小，b 受力增大，加速度增大，故 C 正确。故选：C。电场线密的地方 电场的强度大，电场线疏的地方 电场的强度小物体做曲 线运动，所受力的方向指向 轨道的内侧根据电场力做功来判断 动能的变化加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本 题5.【答案】 C【解析】解：根据题意，由右手螺旋定则对角导线电流产生磁场正好相互叠加，如图所示，由矢量的合成法 则，则得磁场方向竖直向下，根据左手定 则可知，中心处 的导体棒受到其余四根 导体棒的磁 场 力的合力方向是水平向左；故选：C。根据安培

19、定 则确定出安培力的方向，再利用矢量合成法则求得 B 的合矢量的方向，再根据左手定 则，即可求解本题考查磁感应强度 B 的矢量合成法 则，会进行磁感应强度的合成，从而确定磁场的大小与方向，并掌握左手定 则的内容6.【答案】 B【解析】第8页，共 18页解：A 、直导线中通有向上均匀增大的 电流，根据安培定则，知通过线框的磁场方向垂直 纸面向里，且均匀增大，根据楞次定律，知感 应电流的方向 为逆时针方向。故 A 错误，B 正确。C、根据左手定则，知ab边所受安培力方向水平向右， cd 边所受安培力方向水平向左，离导线越近，磁感应强度越大，所以 ab边所受的安培力大于cd 边所受的安培力，则线圈所

20、受磁 场力的合力方向向右。故 CD 错误 。故选：B。直导线中通有向上均匀增大的 电流，根据安培定则判断导线右侧的磁场方向以及磁场的变化，再根据楞次定律判断感 应电流的方向，最后根据左手定 则判断出 ab、cd 边所受安培力的方向，注意离 导线越近，磁感应强度越大解决本题的关键掌握安培定 则，左手定则，以及会用楞次定律判断感 应电流方向7.【答案】 D【解析】连电势为20V ，与B电势则EB连线必为一解：A 、 接 AC 、DF，AC 中点相等，条等势线强电场的等势则DF 直线也是一条等势线，BF不处于，而匀面平行，等势线上。故 A 错误；B、BA 间的电势差为 UBA =10V，又UBA =

21、EdAB cos30 ，得场强 E=V/m 。故 B 错误；C、由上得知，E的电势为20V，F 点与 A点的电势相等为10V则电荷从 E， 正电场力做正功，故 C错误；点移到 F 点，D、由以上得，F 点与 A 点电势电子从 F点移到 C点与从 A点移到 C相等，故点电场力做功相同，电荷的电势能减少量 为 20eV，故D 正确；故选：D。连接 AC ，根据匀强电场电势 随距离均匀 变化（除等势面）的特点，则知 AC 中第9页，共 18页点的电势为 20V，连接 EB，EB 即为一条等势线，CA 连线即为一条电场线，由BA 间的电势差，由公式 U=Ed求出场强大小由 W=qU ，则电场力做功就可

22、以求解题的关键找等势点，作出电场线，这是解决这类问题 常用方法同时还要充分利用正六 边形的对称性分析匀 强电场中各点电势的关系8.【答案】 A【解析】解：小球向下运动的过程中，在水平方向上受向右的 电场力 qE 和水平向左的洛伦兹力 qvB 和管壁的 弹力 N 的作用，水平方向上合力始 终为零，则有：N=qE-qvB在竖直方向上受重力 mg 和摩擦力 f 作用，其中摩擦力 为：f= N= （qE-qvB） 在运动过程中加速度 为：a=g-A 、由 式可知，N-v 图象是一条直 线，且N 随 v 的增大而减小，选项 A 正确。B、由可知，小球向下运动的过程中，速度的变化不是均匀的，所以加速度的变

23、化也不是均匀的，选项 B 错误 。C、由 可知，在速度增大的 过程中，摩擦力是先减小后增大的（在达到最大速度之前），结合 式可知加速度先增大后减小， C 图体现的是加速度先减小后增大，所以选项 C 错误 。D、在速度增到到最大之前，速度是一直增大，而 图 D 体现的是速度先减小后增大，所以选项 D 错误 。故选：A。先分析小球的受力情况，来判断其运动情况：小球受重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向左的洛伦兹力、向右的电场力，当洛伦兹力等于电场力时，合力等于重力，加速度最大；当洛伦兹力大于电场力，且滑动摩擦力与重力平衡时，速度最大；结合相关的式子 进行分析推 导即可得知正确 选项第10 页

24、，共 18页本题关键明确小球的运 动情况，先做加速度增加的加速运 动，然后做加速度减小的加速运 动，当加速度减为零时，速度最大同时要注意在不同的 图象中斜率所表示的不同含 义9.【答案】 AC【解析】解：A 、断开开关 S 前，线圈电流稳定，线圈的直流 电阻不计，则电容器两端 电压为零，所以电容器没有 电荷量。故 A 正确；B、当断开开关 S 前，线圈电流稳定，且线圈的直流 电阻不计，则电容器两端电压为零，所以电容器没有 电荷量。故 B 错误；C、当开关断开瞬间，线圈电流减小，由于线圈的自感 现象，导致线圈中产生感应电动势 ，且左端电势高于右端，从而对电容器充电，因此电流流向 a 板。故 C正

25、确；D、当开关断开瞬间，线圈电流减小，由于线圈的自感 现象，导致线圈中产生感应电动势 ，且左端电势高于右端，从而对电容器充电，因此电流流向 a 板。故 D错误；故选：AC。对于电容器来说能通交流隔直流，而 频率越高越容易通 过对于线圈来讲通直流阻交流，通低频率交流阻高 频率交流当电容器的电容越小，频率越低时，容抗越高；而线圈的自感系数越大， 频率越高时，感抗越高开关断开后产生瞬间电压，相当于电源与电容器相连10.【答案】 CD【解析】【分析】本 题可分段 过程分析：当PQ 从左端滑到 ab 中点的 过程和从 ab 中点滑到右端的过程，抓住棒 PQ 产生的感应电动势 不变。导体棒由靠近 ab边向

26、 bc 边匀速滑动的过程中，产生的感应电动势 不变，外电路总电阻先增大后减小，由欧姆定律分析 PQ中电流和 PQ两端的电压如何变化；PQ上外力的功率等于 电功第11 页，共 18页率，由 P=，分析功率的变化；根据矩形 线框总电阻与 PQ 电阻的关系，分析其功率如何 变化。当矩形线框的总电阻等于 PQ 的电阻时，线框的功率最大。本题一要分析清楚 线框总电阻如何变化，抓住 PQ 位于 ad 中点时线框总电阻最大，分析电压的变化和电流的变化；二要根据推论：外电阻等于电源的内阻时电源的输出功率最大，分析功率的 变化。【解答】A. 导体棒由靠近ad边向 bc 边匀速滑动的过程中，产生的感应电动势 E=

27、BLv ，保持不变电总电阻先增大后减小，由欧姆定律分析得知PQ 中的电流先，外 路减小后增大，故 A 错误；B.PQ 中电流先减小后增大， PQ 两端电压为路端电压，由U=E-IR ，可知PQ 两端的电压先增大后减小。故 B 错误；C.导体棒匀速运 动，PQ 上外力的功率等于回路的 电功率，而回路的总电阻 R先增大后减小，由 P=，分析得知，PQ 上拉力的功率先减小后增大。故 C正确；D.线框作为外电总电阻最大值为R总=则导体棒 PQ上的路，R，电阻始终大于线框的总电导动的过程中电路中的总电阻先阻，当 体棒向右运增大后减小，根据闭合电路的功率的分配关系与外电阻的关系可知，当外 电路的电阻值与电

28、源的内电阻相等时外电路消耗的 电功率最大，所以可得 线框消耗的电功率先增大后减小。故 D 正确。故选 CD。11.【答案】 AD【解析】解：A 、根据衰变方程知 X 和 Y 都经历了一次 衰变和一次 衰变，质子数都减少了 1，Q 和 S 也是同位素，故 A 正确；第12 页，共 18页B、Y 经过 衰变，质子数比原来多 1，所以X 的原子序数比 R 少 1，故B 错误；C、X 的质子数比 P 多 2，比Q 多 1，R 的质子数比 X 多 1，故R 的质子数多于前述任何元素，故 C 错误；D、R 经过一次 衰变成为 S，质量数减少 4 个，质子数减少 2 个，所以 R 比 S 的中子数多 2，故

29、D 正确；故选：AD 。依衰变规律写出衰 变方程，可知 Q 与 S 质子数相同、中子数不同，是同位素。X 与 R 质量数相同，但质子数不同，R 的质子数比 X 多 1。根据 衰变方程知道新生成的原子核的 质子数和质量数的关系即可 顺利解决此类题目。12.【答案】 ABD【解析】解：A 、由于物质不明确状 态，若是气体，要考虑分子间距，则不能计算分子体积，故A 错误；B、布朗运动观察到的是 悬浮颗粒的无规则运动，不是液体分子的无 规则运动，故B 错误；C、温度是分子平均动能的标志，两种气体温度相同。它们分子的平均 动能一定相同；故 C 正确；D、两分子间距增大，分子力可能增大，也可能减小，故 D

30、 错误 。本题选择错误 的故选：ABD 。对于固体或液体，分子 间距较小，摩尔体积等于分子体 积乘以阿伏加德 罗常数，但气体的分子间 距较大，不能计算分子体 积；布朗运 动并不是分子的运 动，但间接证明了分子在永不停息的做无规则运动；温度是分子平均 动能的标志；分子间距增大时，分子间相互作用力不一定减小。第13 页，共 18页本题考查热力学多个知 识，其中分子动理论、布朗运动、分子间作用力是常考内容，要注意准确 记忆，注意分子力为引力和斥力的合力。13.【答案】 AC【解析】解：（1）A 、指针偏转过大，则电阻小，应将选择开关 S 拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量A 正确B、测量电阻对红、黑

31、表笔没有要求，则 B 错误C、测量电阻必须要把电阻与电路分开则 C 错误D、不换档，不用调零则 D 错误故选：A（2）因要电流由红表笔流入，则红表笔接电源的负极电流计的正接线柱接电选源的正极可知 C 正确，故：C故答案为：（1）A（2）C实验欧姆表前要进行机械调换挡后要重新进行欧姆调零；用欧姆零；欧姆表表测电阻要选择合适的挡针指针中央刻度线附近；位，使指欧姆表使用完 毕要把选择开关置于 OFF 档或交流 电压最高档，多用表的电流总由红表笔流入，由黑表笔流出本题考查了欧姆表的 实验注意事项与使用方法，要掌握欧姆表的使用方法、注意事项读数方法；要注意欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零、14.【答案】

32、DC变大31【解析】解（1）A 1 示数 I1=0.15 A，则 A 1应选用量程 为 0.3 A 的电流表，由于只要知道电流大小即可，即选用 D；根据R1 与 I 2 的关系图可知，A 2 的量程为 0.3 A，且必须要知道其 电阻，因此选用 C（2）调整电阻箱 R1，使其阻值变小，要使 A 1 示数 I1=0.15 A，则与其串联的电阻和电流表的两端 电压必须减小，因此只有让滑动变阻器 R 接入电路的阻值第14 页，共 18页变大，才能达到这样的条件（3）根据题目中已描的点，平滑 连线，注意让点分布在 图线的两边，如图所示：（4）根据欧姆定律，则有：（R1+R0+RA1）IA1 =I 2（

33、Rx+RA2 ） 整理可得：R1=I2-R0-RA1而 R1 与 I 2 的图象的斜率 k= 241.7 则有Rx=kI A1 -RA2=241.7 0.15-5 31故答案为：（1）D；C；（2）变大；（3）如图所示；（4）31（1）由题意可知，A 1 示数 I1=0.15A，即可确定量程，根据题目中图象示数可知，A 2 的量程为 0.3A；（2）由欧姆定律，结合电路分析方法，可知滑 动变阻器的阻 值如何变化；（3）根据坐标系内描出的点作出 图象；（4）根据串并联特征，结合 R1 与 I 2 的图象的斜率含 义，依据欧姆定律，即可求解本题考查如何确定 电表的方法，紧扣题意是解题的关键，理解欧

34、姆定律的应用，掌握串并联特点，注意误差与错误的区别，理解图象的斜率含 义15.【答案】 解：根据爱因斯坦光电效应方程得：光电子的最大初动能为Ek=h-W0又 =Ek=3.23 10-19J两电子增加的电势能来自系统损失的动能，当两电子的速度相等时电势能最大，由动量守恒：mv0=2 mv则损失的动能为：Ek= mv02- （ 2m） v2=1.62 10-19J所以，电势能增加的最大值为1.62 10-19J第15 页，共 18页答：光电子的最大初动能为3.23 10-19J；-19此运动过程中两电子电势能增加的最大值为1.62 10J 根据爱因斯坦光 电效应方程求光 电子的最大初 动能； 两电

35、子增加的 电势能来自系 统损失的动能，当两电子的速度相等 时发生完全非弹性碰撞，动能损失最大，则两电子获得的电势能最大，由动量守恒求出共同速度，再由能量守恒求解即可本题与宏观物体中两球碰撞相似，遵守 动量守恒和能量守恒， 还要掌握爱因斯坦光电效应方程，属于基础题16.【答案】 解：设四分之一圆环的容积为V，对上面气体，由题意可知，气体的状态参量：初状态： V1=2V，p1=P0=1.05 105 Pa，末状态： V1 =V，气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p1V1=p1 V1，代入数据得：p1 =2.1 105Pa；对下部分气体，由题意可知，气体的状态参量：初状态： V2=2V，T2=T0=305K， p2=P0=1.05 105Pa，末状态： V2 =3V， p2 =p1 =2.1 105Pa ，由理想气体状态方程得：=，代入数据得：T2 =915K ；5答：上面部分气体的压强为2.1 10 Pa；【解析】 对上面气体 应用玻意耳定律可以求出气体的压强； 对下面气体 应用理想气体状 态方程可以求出气体的温度应用理想气体状 态方程与热力学第一定律即可正确解题，根据题意求出气体的初末状 态参量、应用理想气体状 态方程即可正确解 题；要掌握连接体问题的解题思路与方法17.【答案】 解：（ 1）金属棒在 0.30.6s内通过的电量是q1=I 1t1 =；金属棒在0 0.3s