2018-2019学年甘肃省武威一中高三(上)期末物理试卷

1、2018-2019 学年甘肃省武威一中高三（上）期末物理试卷副标题题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共12 小题，共 36.0 分）1.牛顿是最有影响的科学家，他是经典力学基础牛顿运动定律的建立者，是过去一千多年中最杰出的科学巨人之一。下列说法中正确的是（）A. 牛顿利用“冲淡”重力实验证明自由落体运动是匀变速直线运动B. 牛顿发现万有引力定律，认为物体之间普遍存在万有引力C. 牛顿利用扭秤最先测出了引力常量D. 为了纪念牛顿，将力的国际单位命名为牛顿，并将其作为基本单位2. 质量为 1500kg 的汽车在平直的公路上运动， v-t 图象如图所示。由此不可求出的物理量是（）A.C.前 25

2、s 内汽车的平均速度前 l0s内汽车所受的阻力B.D.前 10s内汽车的加速度15 25s 内合外力对汽车所做的功3. 物块在外力作用下沿 x 轴做匀速直线运动， 图示为其位置坐标和速率的二次方的关系图线， 该物体运动的加速度大小为（）A. 0B. 0.25m/s2C. 0.5m/s2D. 1m/s24. 如图所示，某同学以不同的初速度将篮球从同一位置抛出，篮球两次抛出后均垂直撞在竖直墙上，图中曲线为篮球第一次运动的轨迹， O 为撞击点，篮球第二次抛出后与墙的撞击点在O 点正下方，忽略空气阻力，下列说法正确的是（）A. 篮球在空中运动的时间相等B. 篮球第一次撞墙时的速度较小C. 篮球第一次抛

3、出时速度的竖直分量较小D. 篮球第一次抛出时的初速度较小5. 如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢地从底部爬到 a 处，则下列说法正确的是（）A.B.在 a 点碗对蚂蚁的支持力大于在b 点的支持力在 a 点碗对蚂蚁的作用力大于在b 点的作用力第1页，共 21页C. 在 a 点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b 点的摩擦力D. 在 a 点蚂蚁受到的合力大于在b 点受到的合力6. 在桌子上有一质量为 m1 的杂志，杂志上有一质量为 m2 的书杂志和桌面之间的动摩擦因数为 1，杂志和书之间的动摩擦因数为2，欲将杂志从书下抽出，则至少需要用的力的大小为（）A. （ 1+）（ m） gB.（ m） g+

4、21+m211+m22m2gC. （ 1+2）m2gD. （ 1m1+2m2）g7. 同一高度处，使 A 球斜上抛，使 B 球平抛，且两球质量相等，初速度大小相同，最后落于同一水平地面上，空气阻力不计，在此过程中，下列说法正确的是（）A. 重力对两球做功相同B. 重力对两球冲量相同C. 两球运动过程中动量的变化量相同D. 两球着地时的动量相同8. 一物块在空中某位置从静止开始沿直线下落， 其速度 v 随时间 t 变化的图线如图所示。关于物块，下列说法错误的是（）A. 第一个 t0 与时间内的位移小于第二个t0 时间内位移B. 第一个 t0时间内的平均速度等于第二个t 0 时间内的平均速度C.

5、第一个 t0时间内重力的冲量等于第二个t 0 时间内重力的冲量D. 第一个 t0 时间内合外力的功等于第二个t 0 时间内克服合外力的功9. 如图，小球甲从 A 点水平抛出， 同时将小球乙从 B 点自由释放，两小球先后经过 C 点时速度大小相等， 方向夹角为 37，已知 B、C 高度差 h=5 m，g=10m/s2 ，两小球质量相等，不计空气阻力，由以上条件可知（）A. 小球甲作平抛运动的初速度大小为7.5m/sB. A、 B 两点高度差为3.2mC. 小球甲到达 C 点所用时间为0.8sD. 两小球在 C 点时重力的瞬时功率相等10. 如图所示，甲从 A 地由静止匀加速跑向 B 地，当甲前进

6、距离为 x1 时，乙从距 A 地 x2 处的 C 点由静止出发，加速度与甲相同， 最后二人同时到达B 地，则 AB 两地距离为（）A. x1+x2B.C.D.11.如图所示， 水平细杆上套一球AA与球B间用一轻，球绳相连， 质量分别为mA和mBB球受到水平风力，由于作用，球 A 与球 B 一起向右匀速运动。已知细绳与竖直方向的夹角为 ，则下列说法中正确的是（）A. 球 A 与水平细杆间的动摩擦因数为B. 球 B 受到的风力 F 为 mAgtan C. 风力增大时，若A、 B 仍匀速运动，轻质绳对球B 的拉力保持不变D. 杆对球 A 的支持力随着风力的增加保持不变12.如图所示，倾角为的斜面体

7、c 置于水平地面上，小盒 b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体a 连接，第2页，共 21页连接 b 的一段细绳与斜面平行，连接a 的一段细绳竖直，a 连接在竖直固定在地面的弹簧上，现在b 盒内缓慢加入适量砂粒，a、 b、 c 始终位置保持不变，下列说法中正确的是（）A. b 对 c 的摩擦力可能先减小后增大B. 地面对 c 的支持力可能不变C. c 对地面的摩擦力方向可能向左D. 弹簧一定处于压缩状态二、多选题（本大题共5 小题，共20.0 分）13.质量为 m 的小球，用长为的细线悬挂在O 点， O 点的正下方 P 点有一光滑的钉子。把小球拉到与钉子P 等高的位置a由静止释放， 小球

8、摆到竖直位置b 时摆线被钉子挡住，如图所示。当小球第一次经过最低点b 前后（）A. 小球摆动的线速度的值减小B. 小球摆动的角速度的值增大C. 小球摆动的向心加速度的值减小D. 悬线对小球拉力的值增大14.下列给出的四组图象中，能够反映同一直线运动的是（）A.B.C.D.15. 引力波探测于 2017 年获得诺贝尔物理学奖。 双星的运动是产生引力波的来源之一，假设宇宙中有一双星系统由P、Q 两颗星体组成，这两颗星绕它们连线的某一点在二者万有引力作用下做匀速圆周运动，测得P 星的周期为T，P、 Q 两颗星的距离为 l， P、 Q 两颗星的轨道半径之差为r（ P 星的轨道半径大于Q 星的轨道半径）

9、，万有引力常量为G，则（）A. Q、 P 两颗星的质量差为B. P、 Q 两颗星的运动半径之比为C. P、Q 两颗星的线速度大小之差为D. P、 Q 两颗星的质量之比为16. 滑块 a、 b 的质量均为 m， a 套在固定竖直杆上，与光滑水平地面相距 h，b 放在地面上， a、b 通过铰链用刚性轻杆连接，由静止开始运动，不计摩擦， a、b 可视为质点，重力加速度大小为g。则（）A. a 落地前，轻杆对 b 先做正功再做负功B. a 落地时速度大小为第3页，共 21页C. 从水平地面上方a 下落过程中，其加速度大小可能等于gD. a 落地前，当a 的机械能最小时，b 对地面的压力大小大于mg17

10、.如图甲所示，倾角为的光滑斜面固定在水平面上，劲度系数为k 的轻弹簧，下端固定在斜面底端，上端与质量为m 的物块 A 连接， A 的右侧紧靠一质量为m 的物块 B，但 B 与 A 不粘连 初始时两物块均静止现用平行于斜面向上的拉力F 作用在 B，使 B 做加速度为a 的匀加速运动，两物块在开始一段时间内的v-t 图象如图乙所示， t1 时刻 A、 B 的图线相切，t2 时刻对应A 图线的最高点，重力加速度为g，则（）A. t1=B. t2 时刻，弹簧形变量为C. t2 时刻弹簧恢复到原长，物块A 达到速度最大值D. 从开始到 t1 时刻，拉力F 做的功比弹簧释放的势能少三、实验题探究题（本大题

11、共1 小题，共10.0 分）18.如图 1 所示，用质量为m 的重物通过滑轮牵引小车，使它在长木板上运动，打点计时器在纸带上记录小车的运动情况。 利用该装置可以完成“探究动能定理”的实验。（ 1）打点计时器使用的电源是_（选填选项前的字母）。A直流电源B交流电源（ 2）实验中，需要平衡摩擦力和其他阻力，正确操作方法是_ （选填选项前的字母）。A把长木板右端垫高B改变小车的质量在不挂重物且 _（选填选项前的字母）的情况下，轻推一下小车，若小车拖着纸带做匀速运动，表明已经消除了摩擦力和其他阻力的影响。A计时器不打点B计时器打点（ 3）接通电源，释放小车，打点计时器在纸带上打下一系列点，将打下的第一

12、个第4页，共 21页点标为 O在纸带上依次取A、B、C 若干个计数点，已知相邻计数点间的时间间隔为 T测得 A、B、C 各点到 O 点的距离为x1、x2、x3 ，如图 2 所示。实验中，重物质量远小于小车质量，可认为小车所受的拉力大小为mg。从打 O 点到打 B 点的过程中，拉力对小车做的功W=_，打 B 点时小车的速度v=_ 。（ 4）假设已经完全消除了摩擦力和其他阻力的影响，若重物质量不满足远小于小车质量的条件，则从理论上分析，图3 中正确反映v2-W 关系的是 _。四、计算题（本大题共3 小题，共34.0 分）19. 有一个冰上推木箱的游戏节目，规则是：选手们从起点开始用力推箱一段时间后

13、，放手让箱向前滑动，若箱最后停在桌上有效区域内，视为成功；若箱最后未停在桌上有效区域内就视为失败其简化模型如图所示，AC 是长度为 L 1=7 m 的水平冰面，选手们可将木箱放在A 点，从 A 点开始用一恒定不变的水平推力推箱，BC 为有效区域已知BC 长度 L 2=lm，木箱的质量m=50kg，木箱与冰面间的动摩擦系数 =0.1某选手作用在木箱上的水平推力 F=200N，木箱沿 AC 做直线运动，若木箱可视为质点， g 取 l0m/s2 那么该选手要想游戏获得成功，试求：（ 1）推力作用在木箱上时的加速度大小；（ 2）推力作用在木箱上的时间满足什么条件？20. 木星的卫星之一叫艾奥， 它上面

14、的珞珈火山喷出的岩块初速度为 v0 时，上升的最大高度可达 h。已知艾奥的半径为 R，引力常量为 G，忽略艾奥的自转及岩块运动过程中受到稀薄气体的阻力，求：（ 1）艾奥表面的重力加速度大小g 和艾奥的质量 M；（ 2）距艾奥表面高度为 2R 处的重力加速度大小 g；（ 3）艾奥的第一宇宙速度 v。21. 如图所示，倾斜角为 37 的光滑导轨，顶端 A 点高 H =1.45m，下端通过一小段光滑圆弧与薄壁细管做成的玩具轨道相接于最低端B玩具轨道由长度为 x0 的水平轨道BC半径为 R=0.5 的圆轨道、足够长的水平轨道CE 组成，整个玩具轨道固定在竖直平面内，整个轨道水平部分动摩擦因数=0.20

15、，其它全部光滑， 一个质量 m=0.50kg的小球在倾斜导轨顶端A 以 v0=2.0m/s 速度水平发射，在落到倾斜导轨上P 点（ P点在图中未画出）时速度立即变成大第5页，共 21页小的 v1=3.0m/s，方向沿斜面向下小球经过 BC，并能恰好经过圆的最高点，取g=10m/s2，求（ 1）求 P 点离 A 点的距离。（ 2） x0 的大小。（ 3）小球最终停留位置与B 的距离。第6页，共 21页答案和解析1.【答案】 B【解析】解：A 、伽利略猜想做自由落体运 动的物体，其下落的距离与 时间平方成正比，并用实验进行了验证。故A 错误。B、牛顿发现万有引力定律，认为物体之间普遍存在万有引力，

16、故 B 正确；C、卡文迪许用扭秤最先 测出了万有引力常量，伽利略提出了速度、加速度的概念，故 C 错误；D、为了纪念牛顿。将力的国际单位命名为牛顿，但牛顿是导出单位，故 D 错误。故选：B。明确常见物理学史，根据物理学史和常 识解答，记住著名物理学家的主要 贡献即可。本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大 发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2.【答案】 C【解析】解：A 、据速度时间图象与 t 轴所围的面积表示位移，再据平均速度公式即可求出前 25s的平均速度，B、据速度时间的斜率表示加速度，所以能求出10s 的加速度，C、以上可知，求出 10s的加速度，但不知汽

17、车 牵引力，所以利用牛顿第二定律无法求出阻力，D、据图象可知各 时刻的速度，利用动能定理即可求出 15-25s的动能变化量，即求出合外力所做的功，本题选不可求出的物理量，故 选：C。首先利用速度 时间图 象知道物理意 义，能求出位移、加速度和各 时刻的速度，再利用物理 规律判断选项即可。第7页，共 21页本题是速度时间图象为基础，结合牛顿第二定律、图象的意义和动能定理的综合应用，知道图象的意义是解题的关键。3.【答案】 C【解析】解：由图根据数学知 识可得：x=v 2-2根据匀变速直线运动的速度位移关系公式得：得：x=对比可得：=1，解得：a=0.5m/s2，加速度为：a=0.5m/s2，故C

18、 正确故选：C。根据数学知 识写出 x 关于 v2 的表达式，根据位移速度公式求出x 关于 v2 的表达式，进行对比，得到加速度，本题主要考查了牛顿第二定律以及运 动学基本公式的直接 应用，图象问题，一般要根据物理 规律得到解析式，再从斜率和截距出 发研究图象的意义4.【答案】 B【解析】解：A 、将篮球的运动反向处理，即可视为平抛运动，第二次下落的高度 较小，所以运动时间较 短。故 A 错误 。B、水平射程相等，由 x=v0t 得知第二次水平分速度 较大，即篮球第二次撞 墙的速度较大，第一次撞时的速度较小，故 B 正确；C、因第二次时间较短，则由 vy=gt 可知，第二次抛出时速度的竖直分量

19、较小，故 C错误。D、根据速度的合成可知，不能确定抛出 时的速度大小，故 D 错误 。故选：B。由于两次 篮球垂直撞在 竖直墙面上，该运动的逆运动为平抛运动，结合平抛运动在水平方向和 竖直方向上的运 动规律分析求解。第8页，共 21页本题采用逆向思 维，考查将将斜抛运 动变为平抛运动处理的方法，要知道知道平抛运 动在水平方向和 竖直方向上的运 动规律。5.【答案】 C【解析】解：AC 、蚂蚁缓慢上爬，可以认为蚂蚁处 于平衡状 态，则合力始终为零，受力分析，根据共点力平衡有：f=mgsin ，N=mgcos，因为 A 点的 比 B 点的大，所以在 a 点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b 点的摩擦力，在

20、a 点碗对蚂蚁的支持力小于在b 点的支持力，故 A 错误，C 正确；B、在a点和 b 点，碗对蚂蚁的作用力都等于 蚂蚁的重力，所以在 a 点碗对蚂蚁的作用力等于在b 点的作用力，故 B 错误；D、在 a 点蚂蚁受到的合力与 b 点受到的合力均 为零，D 错误 。故选：C。蚂蚁缓慢上爬，可以认为蚂蚁处 于平衡状 态，合力为零，蚂蚁所受的摩擦力为静摩擦力，越往上爬，所受静摩擦力越大，根据共点力的平衡条件列方程分析支持力大小本题主要是考 查共点力的平衡 问题，解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡 进行求解6.【答案】 A【解析】杂刚好从书下抽出时书顿第二定律解：当 志， 所受的静摩擦力达

21、到最大，由牛得：对书，有：mg=m a222m+m）g=（m+m）a对整体，有：F-（11212第9页，共 21页联立得 F=（+）（m +m ）g1212故选：A。当杂志刚好从书下抽出时，书所受的静摩擦力达到最大，分 别对书和整体运用牛顿第二定律列式求解本题考查整体法与隔离法的 应用，重点是判定什么条件下出 现相对运动，知道当书与杂志刚要发生相对运动时静摩擦力达到最大7.【答案】 A【解析】解：A 、斜直上抛和平抛过程中两球都只受重力作用，只有重力做功，两物体初位置高度相同，故重力做功相同， 则 A 正确BC、两球初始高度相同，a 球斜上抛，b 球平抛，a 球开始时具有向上的分速度，所以 a

22、 运动的时间比 b 球运动的时间长，故重力对 a球的冲量比 对 b 球的冲量大，动量的变化大，故 BC 错误 。D、由于二者落地时的动能相等，则落地的速度大小相等； a 球做斜上抛运 动，则水平方向的分速度 较小，所以二者落地时速度的方向不同，可知二者落地时速度的方向和 动量的方向不同。 D 错误；故选：A。动量是矢量，动量的方向就是速度的方向，斜上抛和平抛运动的球落地 时速度方向是不一 样的，故这两种运动的球落地 时动量是不同的；斜上抛和平抛运 动的时间不同，故重力对两球的冲量不同；重力对两球做功 WG=mgh 相等；根据动能定理，两球着地时的动能相同此题的关键要知道斜上抛和平抛运 动都是只

23、受重力作用，但是它 们运动 的时间和落地速度方向都是不一样的，此题难度不大，属于中档 题。8.【答案】 B【解析】第10 页，共 21页解：A 、速度-时间图象中，图线与横轴围成的面积表示物块的位移，显然物块第一个 t0 时间内的位移小于第二个t0 时间内位移，故 A 正确；B、根据 =得，物块第一个 t0 时间内的平均速度小于第二个t0 时间内的平均速度，故 B 错误；C、冲量 I=mgt，可知第一个 t0 时间内重力的冲量等于第二个 t0 时间内重力的冲量，故 C 正确；D、根据动能定理可知，物块合外力做的功等于 动能的改变量，第一个 t0 时间内动能的变化量大小等于第二个t0 时间内动能

24、的变化量大小，第一个 t0 时间内合外力的功等于第二个t0 时间内克服合外力的功，故 D 正确。因选错误的，故选：B。AB 、由速度-时间图象中，图线与横轴围成的面积表示物块的位移的大小可判断位移的大小，根据 v=比较平均速度的大小；C、由冲量的定义可比较；D、由动能定理可比 较 。本题考查了对图象的识图、平均速度、冲量、动能定理等知 识，掌握它们的实质是正确选择并解题的关键。9.【答案】 C【解析】解：A 、由 h=gt2 可得乙运 动的时间为：t1=s=1s，所以甲与乙相遇时，乙的速度为：v=gt=10m/s，所以甲沿水平方向的分速度，即平抛的初速度为：vx=vB sin37 =6m/s。

25、故 A 错误；BC、物体甲沿竖直方向的分速度 为：vy=vB cos37 =8m/s，由vy=gt2，所以 B 在空中运动的时间为：t，。所以AB高度差为2=s=0.8s hAC = gt =3.2m5m-3.2m=1.8m，故B 错误，C 正确；D、两个小球质量相同，则小球在 C 点重力的功率：PG=mgvy，由于竖直方向第11 页，共 21页速度不同，故功率不同，故 D 错误；故选：C。由 h= gt2 求出乙运 动的时间，然后求出乙的速度；然后结合运动的合成与分解求出甲的初速度和 竖直方向的分速度，最后由速度公式求出甲在空中运 动的时间。该题结合重力的功率的考 查平抛运动的计算，解答的关

26、键是判断出 B 球沿水平方向的分速度与 竖直方向的分速度与A 球的速度之 间的关系10.【答案】 C【解析】设之间的距离为进为x1时，速度为 v，甲乙匀加速直线运解： ABL ，甲前 距离动的加速度 为 a。则有：S =L-x11根据速度位移公式得， v=设乙运动的时间为 t，对甲有：S1=vt+at2 ；对乙有 L-x 2=at2联立解得 t=将 代入 整理得 AB 的距离：L=。故选：C。设甲前进离为 x1 时，速度为 v，甲乙匀加速直线运动的加速度 为 a，根据两者同时到达 B 地，根据位移时间公式得出两者位移之差的表达式， 结合速度位移公式得出乙运 动时间的表达式，从而根据位移 时间公

27、式求出 AB 之间的距离本题考查了匀变速直线运动运动学公式的 综合运用，关键抓住时间 相等，结合位移关系 进行求解11.【答案】 D【解析】第12 页，共 21页【分析】先对球 B 受力分析，受重力、风力和拉力，根据共点力平衡条件列式分析； 对A 、B 两物体组成的整体受力分析，受重力、支持力、风力和水平向左的摩擦力，再再次根据共点力平衡条件列式分析各力的 变化。本题关键是先对整体受力分析，再对球 B 受力分析，然后根据共点力平衡条件列式分析求解。【解答】BC.对球 B 受力分析，受重力、风力和拉力，如右图：由平衡条件得：风力F=mB gtan ，故 B 错误；绳对 B 球的拉力 T=当风力增

28、大时，增大，则 T 增大。故 C 错误。AD. 把环和球当作一个整体， 对其受力分析，受重力（mA +mB ）g、支持力 N、风力 F 和向左的摩擦力f，如右图根据共点力平衡条件可得：杆 对 A 环的支持力大小：N=（mA +mB）g、f=F则 A 环与水平细杆间的动摩擦因数 为 = =，故A 错误；对整体分析，竖直方向上杆对环g，故D 正确；A 的支持力 N=（mA+mB ）故选：D。12.【答案】 A【解析】解：A 、由于不知道 b 的重力沿着斜面方向的分力与细线拉力的大小关系，故不能确定静摩擦力的方向，故随着沙子 质量的增加，静摩擦力可能增加、可能减小，有可能先减小后增大。故 A 正确；

29、B、以 b 与 c 组成的整体 为研究对象，整体受到重力、支持力以及绳子向右上方的拉力、地面的摩擦力，在 b 盒内缓慢加入适量砂粒后， 竖直向下的重力增大，而其他的力不变，所以整体受到的支持力一定增大。故B 错误；第13 页，共 21页C、以b 与 c 组成的整体 为研究对象，整体受到重力、支持力，若绳子有向右上方的拉力，则地面对 c 有摩擦力，整体位置不 变，水平方向除摩擦力外，只有绳子的拉力有一个向右的分力，所以可知地面对 C 的摩擦力的方向可能向左。由牛顿第三定律可知， C 对地面的摩擦力向右，故 C 错误；D、如果绳子对 a 的拉力是大于 a 的重力，则弹簧处于拉伸状 态，而如果绳子对

30、 a 的拉力是小于 a 的重力，则弹簧处压缩状态，故 D 错误 。故选：A。绳子拉力保持不 变。b 对斜面的压力等于 b 及沙子的 总重力沿垂直于斜面的分力。b 所受的重力沿斜面向下的分力与拉力的合力等于静摩擦力。当向 b 中缓慢加入沙子 时，根据平衡条件讨论 b 受到的摩擦力的 变化。整体保持静止，合力为零，保持不变。本题关键通过分析物体的受力情况，确定摩擦力的大小和方向；注意静摩擦力可能沿着斜面向下，也可能沿着斜面向上；而 弹簧也可以伸 长或压缩。13.【答案】 BD【解析】解：A 、把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当小球第一次 经过最低点 时，由于重力与拉力都与速度垂直，所以小球的线

31、速度大小不 变。故A 错误。B、根据 v=r ，知线速度大小不 变，半径变小，则角速度变大。故B 正确。C、根据向心加速度公式 a=得，线速度大小不 变，半径变小，则向心加速度变大。故 C 错误。D、根据向心力公式 F=m得，线速度大小不 变，半径变小，则向心力 变大。故 D正确。故选：BD。把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当小球第一次经过最低点时，线速度大小不 变，半径发生变化，根据 v=r ，a=、F=m判断角速度、向心加速度、向心力大小的 变化。第14 页，共 21页解决本题的关键知道线速度、角速度、向心加速度之 间的关系，以及知道在本题中悬线碰到钉子的前后瞬 间，线速度大小不 变。

32、14.【答案】 BC【解析】解：A 、第一个图是速度时间图象，由速度时间图象可知：0-3s 内物体以速度6m/s 匀速直线运动，4-5s内做匀加速直 线运动，加速度为 2m/s2，位移时间图象表示 0-3s内物体静止， 4-5s 内物体也静止，故 A 错误；B、速度-时间图象表示 0-3s 内物体以速度 6m/s 做匀速直 线运动，加速度为零，4-5s 内物体做匀加速直 线运动，加速度为 2m/s2，故B 正确；C、第一个图是位移时间图象，由速度时间图象可知：0-3s内物体静止， 4-5s 内匀速直线运动，速度为 v=2m/s。由速度时间图象可知，0-3s 内速度为零，4-5s内物体做匀速直线

33、运动为，速度2m/s。故 C 正确；图时间图象，由速度时间图象可知：0-3s 内物体静止，加速D、第一个 是位移度时间图象表示 0-3s内物体做加速度为零的运动，4-5s 内物体匀加速运 动，故 D错误。故选：BC。v-t 图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，位移 -时间图象的斜率等于物体运动的速度，加速度时间图 象表示加速度随 时间变化情况，根据图象即可求解本题主要考查了运动图象问题，要求同学们能根据图象得出运 动情况，能根据图象读出有效信息15.【答案】 CD【解析】解：ABD 、双星系统靠相互间的万有引力提供向心力，角速度大小相等， 则周期相等，所以 Q 星的周期 为

34、T；根据题意可知，rP+rQ=l，rP-rQ=r，解得：、，则 P、Q 两颗星的运 动半径之比 为；根据第15 页，共 21页，可、则质量差为：，=质为：， 量比，故 AB 错误，D 正确；C、P 星的线速度大小；Q 星的线速度大小则颗星的线速度大小之差为，； P、Q两故 C正确；故选：CD。双星系统靠相互间的万有引力提供向心力，角速度的大小相等，周期相等，根据向心力的关系求出 转动的半径之比，从而得出 线速度大小之比，根据向心力相等求出 质量关系。解决本题的关键知道双星系 统的特点，角速度大小相等，向心力大小相等，难度适中。16.【答案】 AC【解析】解：A 、当a到达底端 时，b 的速度为

35、零，所以在整个过程中，b 的速度先增大后动动能定理可知，轻杆对b 先做正功再做负功，减小， 能先增大后减小，根据故 A正确；B、a 落地时，b 的速度为设时a 的速度为统零， 此v。根据系 机械能守恒得：mgh= mv2，解得：v=故B 错误；C、在整个过程中，b 的速度先增大后减小，所以 a对 b 的作用力先是 动力后是阻力，所以 b 对 a 的作用力就是先阻力后动力，所以在 b 减速的过程中，b 对 a是向下的拉力，此时 a 的加速度大于重力加速度；而 b 加速度过程中，b 对 a 是向上的支持力，此 时 a 的加速度小于重力加速度，故从水平地面上方 a 下落 过程中，其加速度大小可能等于

36、 g，故C 正确；D、a、b 整个系统机械能守恒，当 a 的机械能最小 时，b 的速度最大，此时 b 受到 a 的推力为零，b 受重力和地面支持力的作用，所以b 对地面的压力大小为第16 页，共 21页mg，故 D 错误；故选：AC。a、b 组成的系统只有重力做功，系统的机械能守恒。 a 落地时，b 的速度为零，根据系统的机械能守恒求得a 落地时速度大小。通过 b 的速度变化，判断杆对b 做功情况，以及速度最大的条件，再分析分析 竖直杆对 a 的作用力 变化情况，从而分析加速度情况。解决本题的关键是要知道 a、b 组成的系统机械能守恒，以及知道当 a 的机械能最小时，b 的动能最大，b 的合力

37、为零。17.【答案】 BD【解析】解：A 、由图读出，t1 时刻 A 、B 开始分离，对 A 根据牛顿第二定律有：kx- mgsin =ma开始时有：2mgsin=kx0，又 x0-x=联立以三式得：t1=故A 错误 。BC、由图知，t2 时刻 A 的加速度 为零，速度最大，根据牛顿第二定律和胡克定则时弹簧处于压缩状态，故B 正确，C错律得：mgsin=kx， 得：x=，此误。D、由图读出，t1 时刻 A 、B 开始分离，对 A 根据牛 顿第二定律：kx- mgsin =ma 开始 时有：2mgsin=kx 0从开始到 t1 时刻，弹簧释放的势能 EP=kx 02-kx 2从开始到 t1 时刻

38、的过程中，根据动能定理得：W F+EP-2mgsin （x0-x）=?2mv122a（x0-x ）=v12由 解得：W F-EP=-第17 页，共 21页所以拉力 F 做的功比 弹簧释放的势能少，故D 正确。故选：BD。由图读出，t1 时刻 A、B 开始分离，对 A 根据牛顿第二定律和运 动学公式求解t1A 的速度最大 时加速度为零，根据胡克定律求出 A 达到最大速度 时的位移；根据牛顿第二定律求出拉力F 的最小值 根据功能关系分析能量如何 转化本题分析时要注意：从受力角度看，两物体分离的条件是两物体间的正压力为 0从运动学角度看，一起运 动的两物体恰好分离 时，两物体在沿斜面方向上的加速度和

39、速度仍相等18.A【答案】 B A B mgx2【解析】解：（1）打点计时器使用的是交流 电，故选：B；（2）平衡摩擦力的方法是：把木板一段 垫高，让小车滑下，当小车匀速运 动时，就意味着摩擦力抵消了，故 选：A ；此时应当让打点计时器打点，因为打点计时器也会有摩擦力，而且可以从 纸带的点是否均匀分析是否是匀速直线运动，故选：B；（3）重力做功 W=mgx2B 点的瞬时速度等于 这段时间内的平均速度，则 v=（4）如果实验中完全消除了摩擦力和其它阻力，那么重物重力做的功就等于重锤和小车动能的增加量；即：W=（M+m ）v2，期中 W=mgh，质量都是定 值，所以 v2 与 W 成正比，A 图正确。故选：A。故答案为：（1）B；（2）A ；B；（3）mgx2；（4）A 。（1）打点计时器使用的都是交流 电；（2）回忆平衡摩擦力的方法；为了平衡摩擦力和阻力， 应该让 打点计时器打点；第18 页，共 21页平衡摩擦力要考 虑限位孔的摩擦；（3）根据W=Fx 求得拉力做功，中间时刻的瞬时速度等于 这段时间内的平均速度；（4）根据牛顿第二定律分析 图象。本题考查动能定理的 实验探究，这