湖南省邵东县创新实验学校2018届高三上学期第四次月考物理试题Word版含解析

1、湖南省邵东创新实验学校高三年级第四次月考物理试题一、选择题（共14小题，每小题4分，共56分。第18题只有一项符合题目要求，第914题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的不得分。）1. 学习物理不仅要掌握物理知识，还要领悟并掌握处理物理问题的思想方法。常用的思想方法有等效替代、理想实验法、微量放大等，在下图所示的几个实验中，研究物理问题的思想方法相同的是A丙 測宦万亦刖力常量T掾疙加逮度与 力、序量的关矗A.甲、乙B.乙、丙 C.甲、丙D.丙、丁【答案】B【解析】试题分析：甲是比较平抛运动和口市落体运动是采用了类比法，观察桌面的微小形变和测定万有引力常量的实验中，

2、通过平面镜的反射，反射光线发生较大的角度变化，从而 扩大了形变，用到了物理变量放大法，乙是物理变量放大法，丙也是物理变量放大法，研究加速度与质量、力的关系等验证牛顿第二定律中，用到了控制变量法，D是控制变量法 考点：物理思维方法【名师点睛】本题主要考查了物理中常用到的物理思维方法的理解和判断。是容易题。解决这类问题最主要的是要求熟悉物理中常用到的物理思维方法：控制变量法；物理变量放大法;理想模型法等，而瓦还要知道这些物理思维方法在高中物理中典型例子。2. 为了探测X星球，载着登陆舱的探测飞机在以该星球屮心为圆心，半径为门的圆轨道上运动，周期为7；,总质量为创，随后登陆舱脫离飞船，变轨到离星球更

3、近的半径为乃的圆轨道 上运动，周期为D此时登陆舱的质量为处，则A. 登陆舱在刀与匕轨道上运动时的速度大小关系v,v2B. 登陆舱在门与厂2轨道上运动时的周期大小关系Ti niB. 轻绳剪断时加速度之比为tan厲：tan（）【答案】AD【解析】试题分析：未剪断细绳时两球都处于平衡状态，设两球间的水平细绳的拉力大小为T.对A球分析受力如图由平衡条件得:T = mtanOj,同理，对B球有:T = mBgtan92f则得mtanOj = mBgtanO2,因 抵mAgsinGj mBgsin09故A正确.轻绳剪断时加速度之比为aA：aB =:= sin0：sine B错误;mAmB两球摆到最低点时速

4、度最大，动能最大.根据机械能守恒得：A球有mLl-cosO = mAv, 得你=押人(1-佔),同理对B可得vB = j2gLB(l-cos02),由图知：LALB, %码，故vAvB, 1 9 1 9 .C 错误；最大动能Eg = -mAv = 111(1-0080!),= -mBVg = niggLil-cos)，由图知：LaLb，i2但已烧不一定大于E D错误.选A.【点睛】未剪断细绳时两球都处于平衡状态，由平衡条件列式，得到水平绳的拉力与质竝的大小，从而得到两球质量关系.小球摆动过程中，机械能守恒,将A、B间轻绳剪断瞬间，由牛顿第二定律求加速度之比，两 到达最低点时的速度，根据机械能守

5、恒定律列式，分析最大 速度的大小.10物体静止在光滑水平面上,先施加一水平向右的恒力斤，经t时间后撤去斤，立刻施加另 一水平向左的恒力尺，乂经r时间后物体回到开始出发点。在前后两段时间内，尸仁尺的平均 功率为R、% F、尺在方时刻和2r时刻的瞬时功率为咒、只间的关系是A尺二 2 B. 3只二 2 C. 3A = P； D. 62 二 P【答案】BD【解析】试题分析：物体从静止起受水平恒力珥作用，做匀加速运动，经一段时间t后的速度为V =at = 2,以后受恒力F2,做匀减速运动，加速度大小为3.=-,经同样时间后冋到原处,11 m mw】即整个时间内物体的位移为零，得：f + vit-殳2=0

6、,解得F：F2=1：3,又经时间t后物体回到出发点,所以位移的大小有=X2,两个力做的功：W=FX, W2 = F2x2,p23Pi=P2, A错误，B正确；F在t时刻的瞬时功率卩3=尸=丄，2t时刻的瞬时速度m6F?P1F?在2t时刻的瞬时功率p =阳=V则即6P3=P4，选BD.mP4 6【点睛】物体先做匀加速运动，后做匀减速运动回到原处，整个过程中的位移为零.根据牛 顿笫二定律和运动学公式即可确定两个力的大小关系，速度的关系可根据运动学速度时间公 式求解，平均功率等于功除以时间，瞬时功率等于恒力与瞬吋速度的乘积.图乙11. 如图甲所示，在水平面上有一质量为2/的足够长的木板，其上叠放一质

7、量为m的木块。 现给木块施加一随时间t增大的水平力F = kt(k是常数),木板和木块加速度的大小变化的图线 如图乙所示，木块与木板Z间的动摩擦因数为田、木板与地面Z间的动摩擦因数为卩2,假定接 触面之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等，则以下说法正确的是m 2m/图甲A. 05时间内木块受到的摩擦力大小为pimgB. 円2旳C. 图线中a(j = (” 2 沧D. t上2与t2上3对应图线中的两段倾斜直线的斜率之比为1 ：3【答案】CD【解析】试题分析：由图乙可知，在“片时间内加速度为0,物体仍处于静止状态，物体受到 的是静摩擦力，与水平力F的大小相等，即随时间的增加而增大，A错误；在t2时刻

8、，木块与 长木板的静摩擦力达到最大为Pimg,此时对长木板有:= 2ma00,即田mg 3|i2mg, 则有田3比，解得% =（心气,b错误，C正确；耳q时间内两者有共同的加速度，贝IJF kF kt2t3水平力F只作用在m上，则a? = - = -l,则这两段时间的图线的斜率Z比为 3m 3mm mk3m |=-，D正确；选BD.k 3m【点睛】当F比较小时，两个物体相对静止，一起加速运动，加速度相同，根据牛顿第二定 律得出加速度与时间的关系.当F比较大时，m相对于2ni运动，两者加速度不同，根据牛顿 第二定律分别对两个物体研允，得出加速度与时间的关系，再分析判断.12. 如图所示，昇为斜面

9、，加为水平面.从昇点以水平速度y向右抛出小球时，其落点与昇 点的水平距离为从力点以水平速度3/向右抛出小球吋，其落点与力点的水平距离为S2. 不计空气阻力，则S : S2可能为A. 1 ： 3 B. 1 ： 8 C. 1 ： 12 D. 1 ： 24【答案】AB【解析】试题分析：本题可分三种情况进行讨论：若两次小球都落在BC水平面上，则下落的高度相同，所以运动的吋间相同，由x = vt知，水平距离之比等于水平初速度之比为Sj: s2 = 1:3； 若两次小球都落在斜面AB上，设斜面倾角为8,则有在沿斜面垂直的方向上（注意这只是一个分运动），小球作自由落体运动，设运动的时间分别为5和t2,贝山由

10、 d ygt,v2 = tanO =-=x vot 2v0 2vntan9得 1 =,可得 ti： t2=v： 3v=l： 3,水平位移为x = vot,可得 Si： s2=l： 9.g 若第一次落在斜面AB,第二次落在水平面BC上，根据平抛运动的基本规律可知其水平 位移比值在1： 3至IJ1： 9之间.故AB可能考点：考查了平抛运动规律的应用13. 一辆汽车在水平路面上匀速直线行驶，阻力恒定为f 亦时刻驶入一段阻力为空、的路段 继续行驶。直时刻驶出这段路，阻力恢复为f行驶中汽车功率恒定，则汽车的速度y及牵引力 F随吋间十的变化图象可能是【答案】AC【解析】试题分析：前，汽车做匀速直线运动，牵

11、引力与阻力相等，h时刻后阻力变为2f,汽车做减速运动，由尸=尸卩知，随着速度的减小，牵引力逐渐的增大，即汽车做加速 度逐渐减小的减速运动，当牵引力增大到2f时，汽车做匀速运动。t2时刻后，汽车驶出这段 路，阻力恢复为f,这吋牵引力为2f大于阻力f,汽车做加速运动，由F = 知，随着速 度的增加，牵引力逐渐的减小，加速度逐渐减小。由上分析知，A、C对。考点：机车启动。【名师点睛】“机车的启动”模型：物体在牵引力（受功率和速度制约）作用下，从静止开始克服一定的阻力，最后达到最大速 度的整个加速过程，可看作“机车的启动”模型.（1）恒定功率启动（所受阻力一定）先做变加速（a减小）运动，再做匀速（a

12、= 0）运动，在此过程中，F牵、v、a的变化情况是:当尸严心时，=( Z7达灵加人略(2) 恒定加速度启动(所受阻力一定)先做匀加速运动，再做变加速运动，最后匀速运动，具体变化过程如下卩十时心牟X0,还要増大作二步2増大人减小、隹許减小此后保持 匀速运动当4二0时.D达 到M大值vm(3) 启动过程满足的运动规律机车的功率p=Fv机车的加速度a=mp当机车的速度达到最大时，F=F，a = 0,最大速度 = rr14. 如图甲所示，在粗糙水平面上放一质量为肘的斜面体，质量为刃的木块沿斜面匀速下滑,此过程中斜面体保持静止，若如乙、丙、丁、戊图分别沿四个方向对物体施力，物体在沿斜而相应运动方向，斜而

13、体仍保持静止，下列说法正确的是A. 乙图中物体正向下运动，则此时地面对斜面体摩擦力为零B. 丙图中物体正向下运动，则此时地面对斜面体摩擦力为零C. 丁图中物体正向下运动，则此时地面对斜面体摩擦力为零D. 戊图中物体正向上运动，则此时地面刈斜面体摩擦力为零【答案】ABC【解析】试题分析：对甲图分析，物体向下运动，受重力、垂直斜面的弹力、沿斜面向上的 摩擦力，物体匀速下滑，则sin 6 = /wcos&得“ =tanG-对此时的斜面分析，受 重力、地面的支持力、垂直斜面向下的压力、沿斜面向下的摩擦力，斜面与地面间的摩擦力 假如水平向左，则pycosd + f =V sin 0 f又因“=加&知/j

14、ScosG = .V sin 0, f 为零。同理当物体沿斜血下滑吋都有/lVcosG = .Vsin及斜血与地血的摩擦力为零，ABC对；当物体沿斜面上滑时，斜面受沿斜面向上的摩擦力、重力、垂直斜面向下的压力、地面 的支持力等。沿斜而向上的摩擦力、垂直斜而向下的压力的合力必向右，故斜而与地而一定 有摩擦力，方向向左，D错。考点：受力分析、整体隔离法的应用。【名师点睛】略。二、实验题（本大题共2小题，共18分）15. 用游标卡尺测得某样品的长度如图所示，其示数厶二cm,用螺旋测微器测得该样品的外直径如图所示，其示数二mm。【答案】 （1）. 5.015cm（2）. 4. 700mm【解析】试题分

15、析：游标卡尺的主尺读数为3.3cm ,游标尺上第7个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其 读数为0.005x7cm=0.035cm ,所以最终读数为：3.3cm+0.035cm=3.335cm ;螺旋测微器的固定刻度 读数为3.0mm ,可动刻度读数为0.01x26.6mm二0.266mm ,所以最终读数为3.266mm二0.3266cm。考点：游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用；16. 某同学用如图）所示的装置来验证小球从力运动到过程屮的机械能守恒。让一个小球由静止开始从力位置摆到位置，悬点0正下方戶点处水平放置炽热的电热丝，当悬线摆至电热丝处时被烧断，小球向前飞出做平抛运动。在地面上铺放白纸，上面

16、覆盖着复写纸，当小球落在复写纸上时，会在下面白纸上留下痕迹。用重锤线确定出久点的投彫点爪臥重复实验10次（小球每一次都从同一点由静止释放），球的落点痕迹如图（方）所示，图中米尺水平放置，零刻度线与M点对齐，fi：出弘C2间的距离”再用米尺量出加的高度爪 别的高度屁 即对验证机械能守恒定律。已知小球的质量为加 当地的重力加速度为记录纸70米尺(1)根据图(勿可以确定小球平抛吋的水平射程为cm；(2)用题中所给字母表示出小球平抛时的初速度r0= (3)用已知量和测得暈表示出小球从力到过程屮，重力势能的减少量Afi二能的增加量5二【答案】 (1). 65. 0cm(2). x 碁(3).妊(力|一也

17、)(4).2mgx4h0【解析】试题分析：(1)根据刻度尺的读数原则，可知其读数为:64. 565 2cm.(2)物体从B点平抛，所以有:X=V(t解得:(3)重力势能的减小量等于重力做功：AEp=mgh=mg (h-h2)动能增量为：扭 = wv2 =mgx4h考点：验证机械能守恒定律【名师点睛】本题主要考查了验证机械能守恒定律实验和平抛运动。属于中等难度题。本题 借助平抛运动來验证机械能守恒，思路新颖，不但考查了机械能守恒定律的实验，还考查了 平抛运动，要求学生熟练全面掌握物理综合知识。三、计算题(本题共3小题，共36分。17小题10分，18小题12分，19小题14分。要求写 出必要的文字

18、说明、主要的计算公式及步骤和结果，有数据计算的要写清单位，只写最后结 果的不得分。)17. 如图所示，平行板间由于某种场的存在，可以给落入其中的物体提供一个除重力以外竖 直方向的恒力几平行板间距离为乩上板正中有一小孔。质量为加、可视为质点的小球从小 孔正上方高力处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零(空气阻力忽略不计，重 力加速度为0。求：h(1) 平行板间给物体提供的竖直方向恒力F的大小;(2) 小球从开始下落运动到下极板处的时间。【答案】Fmg(h + d)d2+Qgh2h【解析】试题分析： 对从释放到到达下极板处过程运用动能定理列式求解竖直方向恒力F的大小；(2)对加速过程和减

19、速过程分别运用运动学公式求解时间，再求和即为总时间(1) 对从释放到到达下极板处过程由动能定理得：mg(h + d)-Fd = O 解得：严警巴d(2) 小球到达小孔前是自由落体运动，根据速度位移关系公式得：v2 = 2gh解得：则加速过程下落的时间耳亠P 减速过程的加速度羽=电=卑 m dv 2则减速过程下落的时间。=d 则小球从开始下落运动到下极板处的时间t = t! + t, = d + PJgh18. 如图所示，粗糙绝缘的细圆管弯成半径为的1/4圆弧形，固定在竖直面内，管口 与 圆心0等高，管口 C与水平轨道平滑连接。质量为仍的小球(小球直径略小于细圆管直径)从管口 正上方的/点自由下

20、落，A. 间距离为4乩 从小球进入管口开始，小球经过管口 C滑上水平轨道，已知小球经过管口 C时，对管底的压力为9好，小球与水平轨道之间的动摩擦因数为，重力加速度为gc求:(1) 小球在恭过程中摩擦阻力做的功；(2) 小球在水平轨道上运动的距离。4R【答案】(l)Wf=-mgR (2)x = 【解析】试题分析：(1)在C点小球受重力和支持力作用，由牛顿第二定律可求11!在C点的 速度，从A到C由动能定理可求出摩擦阻力做的功，(2)物体在水平轨道上受摩擦力的作用 下，做匀减速运动，由动能定理可求岀在水平轨道上的距离.(1) 由题意知，在C点有小球对管底的压力为FN = 9mg2由牛顿第二定律得：

21、FN-mg = mR解得：vc = A/gR从A到C,由动能定理得：mg X 5R+Wf冷mv：解得：Wf=-mgR(2) 在水平轨道上，由动能定理得：-jimgx = O-lmvg2解得:X = 19. 如图所示，一足够长的水平传送带以速度y=2m/s匀速运动，质量为创二lkg的小物块 户和质量为加二1.5kg的小物块0由通过定滑轮的轻绳连接，轻绳足够长且不可伸长。某时 刻物块P从传送带左端以速度 = 4m/s冲上传送带，P与定滑轮间的绳子水平。己知物块P 与传送带间的动摩擦因数P= 0.5,重力加速度为=10m/s2,不计滑轮的质量与摩擦，整个 运动过程中物块0都没有上升到定滑轮处。求：物

22、块刚冲上传送带时的加速度大小;(2) 物块尸刚冲上传送带到右方最远处的过程中，系统机械能的改变量；(3) 若传送带以不同的速度v (0 Kr0)匀速运动，当u収多大时物块P向右冲到最远处时， 戶与传送带I可产生的摩擦生热最小？其最小值为多大？410【答案】(Dam/s2 (2)AE = -1.25J(3)v=-m/s, Qinin = JJJ【解析】试题分析：(1)物块P刚冲上传送带时因P的初速度大于传送带的速度，则P相对 传送帯向右运动，故P受到向左的摩擦力作用，分别对P、Q受力分析，由牛顿第二定律列式 求解加速度；(2)当P与传送帶共速后，因摩擦力f=gniig = 5Nvm2g = 15N,所以P继续做减 速运动，PQ系统机械能的改变暈等于摩擦力对P做的功；(3)求两段减速运动的相对位移， 根据热量Q =屮gx相对