甘肃省兰州市2015年中考物理模拟试卷(二)(解析版) .

1、2015年甘肃省兰州市考物理模拟试卷（二）一、选择题：本大题16小题，每小题3分，共48分在每小题给出的四个选项，只有一个选项是符合题目要求的1牛顿第一定律又叫惯性定律以下描述符合牛顿第一定律的是（）A静止的物体一定不受力B运动的物体一定受到力的作用C只有静止或匀速直线运动的物体才具有惯性D运动的小球如果不受力，将一直匀速直线运动下去2下列说法正确的是（）A通过汽车的后视镜看到车后更广阔的范围，所以汽车后视镜是发散透镜B晴朗夏日的午，在树下看见圆形的光斑是由于光的直线传播形成的像C一个苹果在阳光下看起是红色的，是因为苹果只吸收红光D利用红外线可以验钞3如图所示，铅球从出手到将要落地的过程，下列

2、说法正确的是（不计空气阻力）（）A铅球由ab时，动能逐渐增大B铅球在b点的机械能大于a点的机械能C铅球由bc时，机械能逐渐减小D铅球在c点时动能最大4如图所示，电源电压保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程，电压表V1与电流表A示数的比值将（）A变小B不变C变大D无法判断5如图，在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起以下实验的操作目的与此实验放入棉絮作用相同的是（）A在研究电流与电阻、电压关系时，控制电阻不变去研究电流与电压的关系B奥斯特实验发现了电流的周围存在着磁场，实验放入小磁针C在做“探究二力平衡条件”实验时，选用质量较小的卡片D

3、选用2和8两个电阻串联代替10的电阻6重为G的均匀木棒竖直悬于O点，在其下端施一水平拉力F，让棒缓慢转到图虚线所示位置在转动的过程（）A动力臂逐渐变大B阻力臂逐渐变小C动力F逐渐变大D动力F逐渐减小7如图所示，竖直拿在手的瓶子处于静止状态，下列说法正确的是（）A手对瓶子的压力与瓶子受到的重力相平衡B手对瓶子的压力与手对瓶子的摩擦力相平衡C增大手对瓶子的压力，手对瓶子的摩擦力增大D增大手对瓶子的压力，手对瓶子的摩擦力不变8如图所示的电路，正常发光的三盏灯突然全部熄灭，经检查保险丝完好，用试电笔分别插入插座的两孔，氖管均发光，造成这一现象的原因是（）A插座发生短路了B进户的火线断了C进户的零线断了

4、D某盏电灯的灯丝断了9关于磁场的有关说法正确的是（）A磁感线是磁体周围真实存在的曲线B磁体间的相互作用是通过磁场发生的C磁场某一点小磁针静止时N极所指的方向跟该点的磁场方向相反D在磁体外部，磁感线从磁体的南极出回到磁体的北极10下列说法正确的是（）A宇航员能在太空对话，说明声音可以在真空传播B鼓手在击鼓时，时而重敲，时而轻敲，主要目的是为了改变音调C道路两旁设置隔音墙是在声源处减弱噪声DB超检查身体是应用了声能传递信息11下列属于液化现象的是（）A初春，冰雪融化成溪流B仲夏，从冰箱里拿出的饮料罐“出汗”C深秋，清晨草地上出现霜D严冬，湖水结成冰12如图所示，小灯泡上标有“6V 6W”字样，滑动

5、变阻器标有“12 2A”字样，闭合开关，滑动变阻器的滑片滑到最左端时，小灯泡正常发光设灯丝的电阻不变，在滑动变阻器滑片移动过程，以下说法正确的是（）A灯丝的电阻为8B小灯泡两端的电压变化范围是2V6VC小灯泡的实际功率最小值是2WD电源电压为12V13如图甲所示，长方体金属块在细绳竖直向上拉力作用下从水开始一直竖直向上做匀速直线运动，上升到离水面一定的高度处图乙是绳子拉力F随时间t变化的图象，取g=10N/kg根据图象信息，下列判断正确的是（）A该金属块重力的大小为34NB浸没在水的金属块受到的浮力大小是20NC在t1至t2时间段金属块在水受到的浮力逐渐增大D该金属块的密度是34103kg/m

6、314如图所示，利用滑轮组匀速拉动放在水平地面上的重为300N的物体，拉力F的大小为30N、如果不计滑轮和绳的重力、滑轮与绳间的摩擦力，那么物体和地面间的摩擦力、物体对地面的压力分别为（）A60N 300NB90N 300NC60N 240ND90N 210N15考体育测试跳绳的项目，某同学在1min内跳了180次，每次跳的高度大约为5cm他跳绳时的功率大约为（）A1000WB100WC10WD1W16如图所示，电源电压保持不变，电阻R1=R2=R3=10当S1、S2都断开时，电流表示数为1A，则（）A电源电压为30VB当S1、S2都闭合时，电流表示数为2AC当S1、S2都闭合时，整个电路消耗

7、的功率最大D当闭合S1、断开S2时，R1的功率为10W二、填空题：每空1分，共20分17在下列物理过程通过做功改变物体内能的是；通过热传递改变物体内能的是（填写物理过程前面的序号）一盆热水放在室内，一会儿就凉了；高温高压的气体，迅速膨胀，温度降低；铁块在火炉加热，一会热得发红；电烙铁通电后，温度升高；两手互相摩擦取暖18小明用天平测石块的质量，测量前，将天平放在水平桌面上，此时应将游码移到，接下她观察到指针偏向分度盘的左侧（如图甲所示），此时应将平衡螺母向（左/右）端调，然后用调节好的天平测石块的质量，天平平衡时右盘砝码的质量及游码在标尺上的位置如图乙所示，石块的质量为g19汽车发动机常用水冷

8、却，这是因为水的大，但冬天，汽车不使用时水会结冰，此时质量不变，但体积会（变大/变小）而使水箱损坏，所以冬天要在水加防冻液，使凝固点（降低/升高）20如图所示为某电热水器的原理示意图，发热体分别由R1和R2组成，通过通、断开关可以使热水器处于“加热”或“保温”状态断开S1、闭合S时，电热水器处于状态 如S1、S均闭合时，电热水器处于状态21如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体运动速度v与时间t的关系如图乙所示由图象可知当t=1s时物体处于状态当t=4s时，物体运动的速度为t=5s时，物体受到的摩擦力为N22小明在超市里的自动扶梯前发现电

9、梯运动较慢，当他站在电梯上时又快了起为了弄清其工作原理，他查阅资料找到其工作电路如图所示，其R是一个压敏电阻，且电源电压恒定他分析：当人站在电梯上，压敏电阻的阻值减小，则电磁铁的磁性变，衔铁与触点2接触，电动机的转速变2319世纪末，英国物理学家汤姆生首先发现了，从而揭开人们对原子内部的认识原子核是由带正电的和不带电的组成24一个额定电压为12V的小型电动机正常工作时，测得通过电动机的电流是05A，工作10min，所消耗的电能为J；在这10min内该电动机线圈产生的热量是360J，则电动机线圈的电阻是三、识图、作图题：共12分25如图所示，货物A随小车B一起向右做匀速直线运动请在图作出货物A所

10、受力的示意图26按照实物图在虚线框内作出电路图27下面几幅图是课本的一些实验装置图，请在题空格处填入相应的内容（1）图a装置是探究的实验（2）图b装置可探究跟电阻的大小关系（3）图c装置是观察的装置（4）图d装置是探究的装置四、实验探究题：共18分28在“验证凸透镜成像规律”的实验：（1）在如图所示的实验装置A是光具座，B是光屏，C是蜡烛，D是凸透镜在组装和调试实验装置时，应使凸透镜和光屏的心跟烛焰的心大致在（2）如果烛焰在光屏上成清晰的像，这个像是像（选填“虚”或“实”），蜡烛燃烧变短时，屏上的像将向（选填“上”或“下”）移动（3）当烛焰在凸透镜的焦点以内时，应从（选填“光屏”或“烛焰”）一

11、侧透过凸透镜观察像29下面是小王利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究“杠杆的平衡条件”的实验（2015兰州模拟）在测量小灯泡正常发光时的电阻的实验，选用的电源电压为45V，小灯泡的额定电压为25V，图甲是未连接完整的实验电路（1）请你用笔画线代替导线，将图甲所示的实验电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片P向左移动时电流表的示数变大）（2）闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片p，同时观察（选填“电压表”或“电流表”）示数的变化，当电压表的示数如图乙所示时，其读数为V；若要测得小灯泡正常发光时的电阻，滑片P应向（选填“A”或“B”）端移动（3）实验时闭合开关，两表均有示数，若将小灯泡从灯座取走，电压表示数

12、，电流表示数（两空均选填“有”或“无”）（4）改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，绘制了如图丙所示的IU图象（不计小灯泡电阻随温度的变化）由图象可知，小灯泡正常发光时的电阻是五、计算题：本大题共有4小题，解答应写出必要的文字说明、公式和步骤，只写最后结果的不给分，共22分31一装纯净水的水桶体积为18102m3，放在水平地面上，桶底和地面的接触面积是01m2，（忽略塑料水桶的质量，g取10N/kg，水的密度为1103kg/m3）求：（1）这桶水所受的重力；（2）水桶对水平地面的压强32随着人们生活水平的日益提高，小汽车越越多地走进了百姓人家一辆家用汽车，以72km/h的速度在水平路面

13、上匀速行驶了100km，发动机的实际功率为20kW求：（1）小汽车走完这段路程所用的时间；（2）小汽车所受的阻力；（3）发动机的牵引力作的功33如图所示，已知R1为定值电阻，电路A、B之间的电压为U0且保持不变，调节滑动变阻器的滑片P，记录电压表和电流表的示数U、I，并得到实验数据如表：U/V4540353025201510I/A01502025030350404505求：（1）电阻R1的阻值是多少；（2）A、B之间的电压U0是多少；（3）写出电压U与电流I之间的函数关系式34电磁炉以其高效、节能、价廉、安全、操作简便等优点成为现代厨房的新宠小铭学习了电学的相关知识后，想知道自家的电磁炉性能如

14、何，他关闭了家其他用电器，在只有电磁炉正常工作的情况下，做了以下测试：用快速烧水模式（额定功率为2kW）将锅里3L水从20加热至沸腾，记录时间为20min观察家的电能表，看到上面标有“3000r/（kWh）”请回答下列有关问题：（1）若外界大气压为1标准大气压下，加热过程锅内的水至少吸收多少热量？水的密度为10103kg/m3，水的比热容为42103J/（kg）（2）该电磁炉的效率是多少？（3）加热过程电能表转了多少圈？2015年甘肃省兰州市考物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、选择题：本大题16小题，每小题3分，共48分在每小题给出的四个选项，只有一个选项是符合题目要求的1牛顿第一定律又

15、叫惯性定律以下描述符合牛顿第一定律的是（）A静止的物体一定不受力B运动的物体一定受到力的作用C只有静止或匀速直线运动的物体才具有惯性D运动的小球如果不受力，将一直匀速直线运动下去【考点】牛顿第一定律【专题】应用题；运动和力【分析】根据对牛顿第一定律的理解以及对惯性的理解可对选项的描述逐一做出判断【解答】解：A、静止的物体可能不受力，也可能是受平衡力，故A错误；B、运动的物体可能是受到平衡力的作用，也可能不受力，故B错误；C、一切物体都有保持原运动状态不变的性质，与物体的运动状态无关，故C错误；D、根据牛顿第一定律，运动的小球如果不受力，将一直匀速直线运动下去，故D正确故选D【点评】解答本题的关

16、键是深入理解牛顿第一定律和惯性的概念，从而确定运动和力之间的关系2下列说法正确的是（）A通过汽车的后视镜看到车后更广阔的范围，所以汽车后视镜是发散透镜B晴朗夏日的午，在树下看见圆形的光斑是由于光的直线传播形成的像C一个苹果在阳光下看起是红色的，是因为苹果只吸收红光D利用红外线可以验钞【考点】凸面镜和凹面镜；光在均匀介质直线传播；物体的颜色；紫外线【专题】应用题；光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散【分析】A、凸面镜只能成正立缩小的虚像，主要用扩大视野；B、光在均匀的介质是按直线传播的；C、不透明物体的颜色，是由反射光线的颜色决定的；D、紫外线有广泛的应用，它和红外线的特点是不同的，可

17、以用验钞、杀菌消毒灯等【解答】解：A、汽车的观后镜是利用凸面镜，成正立的、缩小的虚像，增大观察范围，扩大视野，所以汽车后视镜是汇聚透镜，故此说法错误；B、阳光透过密密的树叶在地面上形成一个个圆形的“光斑”，这就是小孔成像，是太阳所成的像，是因为光在同种均匀物质沿直线传播，故此说法正确；C、太阳光照射到苹果上，其他颜色的光都被吸收了，只有红光被反射，所以呈现红色，故此说法错误；D、验钞器是利用紫外线工作的故此说法错误；故选B【点评】本题涉及到凸透镜成像规律及其应用、红外线、紫外线的应用、光的直线传播等知识点的理解和掌握，难度不大，综合性较强，都是一些基础知识3如图所示，铅球从出手到将要落地的过程

18、，下列说法正确的是（不计空气阻力）（）A铅球由ab时，动能逐渐增大B铅球在b点的机械能大于a点的机械能C铅球由bc时，机械能逐渐减小D铅球在c点时动能最大【考点】动能和势能的大小变化；动能和势能的转化与守恒；机械能守恒条件【专题】控制变量法【分析】（1）物体没有发生弹性形变，不考虑弹性势能质量不变，根据高度判断重力势能大小，根据机械能=动能+势能由重力势能大小判断动能大小（2）不计空气阻力，不考虑摩擦生热，机械能守恒（3）铅球在上升过程，动能转化为重力势能，下落过程，重力势能转化为动能（4）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大【解答】解：A、铅球由ab时，动

19、能转化为重力势能，动能逐渐减小，重力势能不断增大不符合题意B、不计空气阻力，不考虑摩擦生热，机械能守恒a、b、c三点的机械能相等不符合题意C、不计空气阻力，不考虑摩擦生热，机械能守恒铅球由bc时，机械能都相等不符合题意D、a、b、c三点的机械能相等机械能=动能+势能铅球的质量不变，hbhahc，b点的铅球的重力势能大于a点铅球的重力势能大于c点的铅球的重力势能，b点的铅球的动能小于a点铅球的动能小于c点的铅球的动能所以铅球在c点时动能最大符合题意故选D【点评】（1）掌握动能和重力势能的转化（2）重视题目的条件，不计空气阻力时，机械能守恒（3）掌握机械能=动能+势能4如图所示，电源电压保持不变闭

20、合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程，电压表V1与电流表A示数的比值将（）A变小B不变C变大D无法判断【考点】欧姆定律的应用；电路的动态分析【专题】动态预测题；图析法【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V1测量的是滑动变阻器两端的电压，电压表V2测量的是电源电压，电流表测电路的电流首先判断出滑动变阻器的滑片P向右移动的过程，滑动变阻器连入电路电阻的变化，而电压表V1与电流表A示数的比值即为滑动变阻器连入电路的电阻，从而可以判断出两者比值的变化【解答】解：从图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V1测量的是滑动变阻器两端的电压，电压表V2测量的是电源电压，电流表测电路

21、的电流滑动变阻器的滑片P向右移动的过程，滑动变阻器连入电路的电阻变大，而电压表V1与电流表A示数的比值即为滑动变阻器连入电路的电阻，所以电压表V1与电流表A示数的比值将变大故选C【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是能把比值问题转化为阻值问题处理，这样就可以减小问题的复杂性5如图，在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起以下实验的操作目的与此实验放入棉絮作用相同的是（）A在研究电流与电阻、电压关系时，控制电阻不变去研究电流与电压的关系B奥斯特实验发现了电流的周围存在着磁场，实验放入小磁针C在做“探究二力平衡条件”实验时，选用质量较小的卡

22、片D选用2和8两个电阻串联代替10的电阻【考点】物理学方法【专题】其他综合题【分析】物理学对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法棉絮燃烧就是将压缩气体做功改变物体内能这种看不见的现象直观表现出【解答】解：A、在研究电流与电阻、电压关系时，控制电阻不变去研究电流与电压的关系，采用的是控制变量法，故A不合题意；B、奥斯特实验发现了电流的周围存在着磁场，实验放入小磁针将看不见摸不着的磁场非常直观地显现出，故B符合题意；C、在物理学，突出问题的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的物理模型，是经常采用的一种科

23、学研究方法，选用质量较小的卡片采用的是理想模型法，故C不合题意；D、选用2和8两个电阻串联代替10的电阻采用的是等效替代法，故D不合题意故选：B【点评】控制变量法、转换法、模型法、等效替代法、推理法、类比法等是初物理研究问题最常用的方法，在解决实际问题要注意发现和应用6重为G的均匀木棒竖直悬于O点，在其下端施一水平拉力F，让棒缓慢转到图虚线所示位置在转动的过程（）A动力臂逐渐变大B阻力臂逐渐变小C动力F逐渐变大D动力F逐渐减小【考点】杠杆的动态平衡分析【专题】简单机械【分析】先确定阻力臂、动力臂的变化，然后根据杠杆平衡的条件（动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂）分析动力的变化【解答】解：（1）杠

24、杆在转动的过程符合杠杆平衡的条件，即阻力为硬棒的重力，大小不变，硬棒在竖直位置时，重力的力臂为0，转过角后，重力力臂（阻力臂）逐渐增大，故B错；（2）当硬棒在竖直位置时，F的力臂是杠杆的长度，且力臂最长，当杠杆转过后，力与杠杆不再垂直，所以动力臂变小，故A错；根据杠杆平衡的条件可得，阻力与阻力臂的乘积增大，而动力臂减小，所以动力逐渐增大，故D错误，C正确故选C【点评】知道杠杆平衡的条件，会熟练应用杠杆平衡的条件分析问题解决问题是关键7如图所示，竖直拿在手的瓶子处于静止状态，下列说法正确的是（）A手对瓶子的压力与瓶子受到的重力相平衡B手对瓶子的压力与手对瓶子的摩擦力相平衡C增大手对瓶子的压力，手

25、对瓶子的摩擦力增大D增大手对瓶子的压力，手对瓶子的摩擦力不变【考点】平衡力的辨别；摩擦力大小的影响因素【专题】运动和力；重力、弹力、摩擦力【分析】用手握住酒油瓶保持静止，处于平衡状态，受到的力为平衡力；再根据二力平衡条件：作用在同一个物体上的两个力大小相等，方向相反，且作用在同一直线上进行解答【解答】解：（1）手对瓶子的压力是水平方向的，瓶子受到的重力和摩擦力是竖直方向的，所以，瓶子受到的压力与受到的重力不平衡，瓶子受到的压力与瓶子的摩擦力不平衡，故AB不正确；（2）瓶子处于平衡状态，所受合力为0，所以竖直方向手对瓶子的摩擦力等于瓶子受到的重力，增加手对瓶子的压力时，瓶子受到的重力不变，则受到

26、的摩擦力不变，故C不正确，D正确故选D【点评】根据二力平衡的条件可知，平衡力的大小相等方向相反静摩擦力大小与握力无关，其大小由二力平衡求8如图所示的电路，正常发光的三盏灯突然全部熄灭，经检查保险丝完好，用试电笔分别插入插座的两孔，氖管均发光，造成这一现象的原因是（）A插座发生短路了B进户的火线断了C进户的零线断了D某盏电灯的灯丝断了【考点】家庭电路的故障分析【专题】应用题；电与热、生活用电【分析】三盏电灯全部熄灭但保险丝完好，说明电路干路上有断路，测电笔测试插座的两孔，氖管都发光，说明两孔与火线是连通的，故只可能是零线断了【解答】解：试电笔能亮，说明火线上有电，而零线上本该不亮，但也亮了，说明

27、是进户线的零线开路了，故C正确；插座处发生短路，会使保险丝熔断，故A错；进户线的火线断了，试电笔的氖管不会发光，故B错因各灯并联，互不影响，某个电灯的灯丝烧断了，其它灯仍还亮，故D错；故选C【点评】本题考查了用测电笔检修家庭电路的故障的方法“电灯突然熄灭”好象就是某盏灯的灯丝断了，这是没有注意到家庭电路各灯是并联的、互不干扰9关于磁场的有关说法正确的是（）A磁感线是磁体周围真实存在的曲线B磁体间的相互作用是通过磁场发生的C磁场某一点小磁针静止时N极所指的方向跟该点的磁场方向相反D在磁体外部，磁感线从磁体的南极出回到磁体的北极【考点】磁场【分析】磁感线是人们为了形象描述磁场而假想的曲线，在磁体外

28、部，磁感线从N极出回到S极；磁体周围存在磁场，对处于其的磁体有力的作用，磁场某一点的磁场方向规定为小磁针在该点静止时N极所指的方向【解答】解：A、磁感线并不是真实存在的，而是人们为了形象描述磁场而假想的曲线故A错B、磁体间的相互作用是通过磁场发生的，只有处于磁场的磁体才会有磁力作用B正确C、磁场某一点小磁针静止时N极所指的方向就是该点的磁场方向，C错误D、在磁体外部，磁感线是从北极出回到南极；在磁体内部，磁感线是从南极到北极D错误故选B【点评】本题考查磁场和磁感线的性质和特点，同学们要特别注意磁感线并不是真实存在的，而是假想的磁场虽然看不见、摸不着，但磁场是真实存在的10下列说法正确的是（）A

29、宇航员能在太空对话，说明声音可以在真空传播B鼓手在击鼓时，时而重敲，时而轻敲，主要目的是为了改变音调C道路两旁设置隔音墙是在声源处减弱噪声DB超检查身体是应用了声能传递信息【考点】声音的传播条件；响度与振幅的关系；防治噪声的途径；声与信息【专题】应用题；声现象【分析】声音的传播需要介质，声音不能在真空传播；声音的三个特征：音调、响度、音色音调是指声音的高低；响度是声音的大小；音色是声音的品质和特点，与发声体的材料和结构有关；减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声；声音可以传递信息和能量【解答】解：A、声音不能在真空传播，宇航员能在太空对话是通过电磁波传递声音的

30、，故A错误；B、手在击鼓时，时而重敲，时而轻敲，主要目的是为了改变响度的大小，故B错误；C、道路两旁建隔音墙是在噪声的传播过程减弱噪声，故C错误；D、B超检查身体是应用了声能传递信息，故D正确故选：D【点评】本题考查声音的综合利用，知识点多，但都较简单，属于基础题11下列属于液化现象的是（）A初春，冰雪融化成溪流B仲夏，从冰箱里拿出的饮料罐“出汗”C深秋，清晨草地上出现霜D严冬，湖水结成冰【考点】液化及液化现象【专题】汽化和液化、升华和凝华【分析】物体由气态变为液态的过程叫液化；生活的液化现象大多是水蒸气遇冷液化形成的小水滴【解答】解：A、冰化成水是由固态变成液态，是熔化现象不合题意B、从冷藏

31、箱取出饮料罐上有“水珠”，是空气的水蒸气遇到温度较低的饮料罐液化而成的，符合题意；C、深秋，地面上的霜，是由空气的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，不符合题意；D、冬天湖水结冰是液态变成固态是凝固现象，不符合题意；故选B【点评】解决此类问题的关键是知道物体状态，结合物态变化过程进行分析判断12如图所示，小灯泡上标有“6V 6W”字样，滑动变阻器标有“12 2A”字样，闭合开关，滑动变阻器的滑片滑到最左端时，小灯泡正常发光设灯丝的电阻不变，在滑动变阻器滑片移动过程，以下说法正确的是（）A灯丝的电阻为8B小灯泡两端的电压变化范围是2V6VC小灯泡的实际功率最小值是2WD电源电压为12V【考点

32、】电路的动态分析；欧姆定律的应用；电阻的串联；电功率的计算【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题【分析】（1）知道的额定电压和额定功率，根据P=求出灯泡的电阻；（2）当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，此时灯泡两端的电压最大即为电源的电压，根据额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路的电流最小，灯泡两端的电压最小，灯泡的实际功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路的电流，根据欧姆定律求出灯泡两端的最小电压，进一步求出灯泡两端电压的变化范围，根据P=I2R求出灯泡的最小实际功率【解答】解：（1）根据P=可得，灯泡

33、灯丝的电阻：RL=6，故A不正确；（2）当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，此时灯泡正常发光，灯泡两端的最大电压即电源的电压：ULmax=U=U额=6V，故D不正确；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路的电流最小，灯泡两端的电压最小，灯泡的实际功率最小，串联电路总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得，电路的电流：I=A，灯泡两端的最小电压：ULmin=IRL=A6=2V，小灯泡两端的电压变化范围是2V6V，故B正确；灯泡的最小实际功率：PLmin=I2RL=（A）26=W，故C不正确故选B【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道额定电

34、压下灯泡正常发光13如图甲所示，长方体金属块在细绳竖直向上拉力作用下从水开始一直竖直向上做匀速直线运动，上升到离水面一定的高度处图乙是绳子拉力F随时间t变化的图象，取g=10N/kg根据图象信息，下列判断正确的是（）A该金属块重力的大小为34NB浸没在水的金属块受到的浮力大小是20NC在t1至t2时间段金属块在水受到的浮力逐渐增大D该金属块的密度是34103kg/m3【考点】重力的计算；密度的计算；阿基米德原理；浮力大小的计算【专题】计算题；压轴题；图析法【分析】分析绳子拉力随时间t变化的图象，当金属块从水一直竖直向上做匀速直线运动，但未露出液面，此时金属块排开水的体积不变，由阿基米德原理可知

35、，此时的浮力不变，绳子的拉力也不变，即为图的AB段当金属块完全露出液面，没有浸入水时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图的CD段，据此求出金属块重判断A是否符合题意当金属块未露出液面时，拉力等于重力减去浮力，据此求金属块受到的浮力，再根据阿基米德原理求金属块排开水的体积（金属块的体积），知道金属块的重，利用重力公式求金属块的质量，最后利用密度公式求金属块的密度判断B、D是否符合题意首先判断拉力的在t1至t2时间段内的变化，再利用公式F浮=GF拉判断浮力的变化判断C是否符合题意【解答】解：当金属块完全露出液面，没有浸入水时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图的CD段，从图可知，该金属

36、块重力为：G=F拉=54N，故A说法错误，不符合题意当金属块未露出液面时，即为图的AB段，从图可知，此时绳子的拉力为34N，则金属块受到的浮力大小为：F浮=GF拉=54N34N=20N故B说法正确，符合题意F浮=水v排g，金属块排开水的体积（金属块的体积）：V金=V排=0002m3，G=mg，金属块的质量为：m=54kg，金属块的密度为：金=27103kg/m3故D说法错误，不符合题意从图可知，绳子的拉力在t1至t2时间段内逐渐的变大，则由公式F浮=GF拉可知，金属块的重力不变，而拉力逐渐的变大，所以浮力逐渐变小故C说法错误，不符合题意故选B【点评】本题考查了重力、浮力、质量、密度的计算，以及

37、阿基米德原理，关键是公式和公式变形的应用，难点是通过图乙确定金属块的重力及绳子受到的拉力、会用称重法计算出金属块受到的浮力14如图所示，利用滑轮组匀速拉动放在水平地面上的重为300N的物体，拉力F的大小为30N、如果不计滑轮和绳的重力、滑轮与绳间的摩擦力，那么物体和地面间的摩擦力、物体对地面的压力分别为（）A60N 300NB90N 300NC60N 240ND90N 210N【考点】滑轮组绳子拉力的计算【专题】简单机械【分析】（1）首先确定滑轮组由2段绳子与动滑轮相连，n=2，由于不计滑轮和绳的重力、滑轮与绳间的摩擦力，则F=f，据此物物体受到的摩擦力；（2）放在水平地面上的物体对地面的压力

38、等于其重力【解答】解：（1）由图知，n=2，不计滑轮和绳的重力、滑轮与绳间的摩擦力，F=f，物体和地面间的摩擦力：f=2F=230N=60N；（2）放在水平地面上的物体对地面的压力等于其重力，所以物体对地面的压力F=G=300N故选A【点评】此题主要考查的是学生对滑轮组拉力和压力的理解和掌握，基础性题目15考体育测试跳绳的项目，某同学在1min内跳了180次，每次跳的高度大约为5cm他跳绳时的功率大约为（）A1000WB100WC10WD1W【考点】功率的计算【专题】估算题；功、功率、机械效率【分析】首先估测出学生的重力，而跳绳的过程是克服自身重力做功的过程，知道每次跳的高度，可利用公式W=G

39、h计算出所做的总功，又知道做功的时间，再利用公式P=计算出跳绳时的功率【解答】解：初生体重大约为600N，h=5cm=005m，1min做的总功为：W=Gh=600N005m180=5400J；t=1min=60s，跳绳时的功率为：P=90W；在上述四个答案，只有100W最接近90W，所以B符合题意故选B【点评】本题考查功与功率的计算，关键是重力的估测本题需要注意的是跳绳所做的总功（等于每次所做的功乘以跳绳的次数），在计算过程要注意单位的换算16如图所示，电源电压保持不变，电阻R1=R2=R3=10当S1、S2都断开时，电流表示数为1A，则（）A电源电压为30VB当S1、S2都闭合时，电流表示

40、数为2AC当S1、S2都闭合时，整个电路消耗的功率最大D当闭合S1、断开S2时，R1的功率为10W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】欧姆定律；电能和电功率【分析】（1）当S1、S2都断开时，R1、R2串联，电流表测电路的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（2）当S1、S2都闭合时，R2与R3并联，电流表测干路电流，根据电阻的并联求出电路的总电阻，根据欧姆定律求出电流表的示数，此时电路的电流最大，电路消耗的电功率最大；（3）当闭合S1、断开S2时，电路为R2的简单电路，电阻R1被短路，电阻R3被断路，据此可知R1的功率【解答】解：（1）当S1、S2都断开时，R1、R2串联，

41、电流表测电路的电流，因串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=可得，电源的电压：U=I（R1+R2）=1A（10+10）=20V，故A错误；（2）当S1、S2都闭合时，R2与R3并联，电流表测干路电流，因并联电路总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路的总电阻：R=5，电流表示数：IA=4A，故B错误，此时电路的电流最大，电路消耗的电功率最大，故C正确；（3）当闭合S1、断开S2时，电路为R2的简单电路，电阻R1被短路，电阻R3被断路，则R1的功率为0W，故D错误故选C【点评】本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别

42、二、填空题：每空1分，共20分17在下列物理过程通过做功改变物体内能的是；通过热传递改变物体内能的是（填写物理过程前面的序号）一盆热水放在室内，一会儿就凉了；高温高压的气体，迅速膨胀，温度降低；铁块在火炉加热，一会热得发红；电烙铁通电后，温度升高；两手互相摩擦取暖【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能【专题】应用题；比较思想；分子热运动、内能【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化；热传递实质是热量从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，有传导、对流和辐射三种式【解答】解：一盆热水放在室内，一会儿就凉了

43、，是能量发生了转移，属热传递改变物体的内能；高温高压的气体，迅速膨胀，温度降低，是气体对外做功，属做功改变物体的内能；铁块在火炉加热，一会热得发红，是能量发生了转移，属热传递改变物体的内能；电烙铁通电后，温度升高，是电能转化为内能，属电流做功改变物体的内能；两手互相摩擦取暖，是能量发生了转化，属做功改变物体的内能综上所述，通过做功改变物体内能的是；通过热传递改变物体内能的是故答案为：；【点评】本题主要考查学生对改变物体内能两种方法的理解和掌握，是招的热点18小明用天平测石块的质量，测量前，将天平放在水平桌面上，此时应将游码移到0刻度处，接下她观察到指针偏向分度盘的左侧（如图甲所示），此时应将平

44、衡螺母向右（左/右）端调，然后用调节好的天平测石块的质量，天平平衡时右盘砝码的质量及游码在标尺上的位置如图乙所示，石块的质量为534g【考点】质量的测量与天平【专题】质量及其测量【分析】天平的正确使用：把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度；调节天平的平衡螺母使天平的横梁平衡；物体放在天平的左盘，砝码放在天平的右盘，使天平的横梁重新平衡；物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值【解答】解：（1）用天平测石块的质量，测量前，将天平放在水平桌面上，此时应将游码移到0刻度处，如图指针偏向左侧，说明天平的右侧上翘，平衡螺母向右移动（2）石块的质量m=50g+34g=534g故答案为：0刻度处；

45、右；534【点评】天平分为物理天平和托盘天平，初物理实验室最常用的是托盘天平，作为一种较为精密的测量仪器，天平在使用时有着一整套使用规则与要求，是我们必须熟练掌握的实验技能19汽车发动机常用水冷却，这是因为水的比热容大，但冬天，汽车不使用时水会结冰，此时质量不变，但体积会变大（变大/变小）而使水箱损坏，所以冬天要在水加防冻液，使凝固点降低（降低/升高）【考点】水的比热容的特点及应用；熔点和凝固点【专题】应用题；温度计、熔化和凝固；比热容、热机、热值【分析】（1）因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析（2）知道水结冰时体积是变大的，同

46、时为了防止水结冰，即加防冻液，就是为了降低水的凝固点【解答】解：因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机冷却用水作为工作物质；冬天，汽车不使用时水会结冰，此时质量不变，但体积会变大，而使水箱损坏，所以冬天要在水加防冻液，使凝固点降低，即在温度比较低的情况下，水也不会结冰故答案为：比热容；变大；降低【点评】知道水的比热容最大，并知道在汽车的水箱加防冻液的目的是解决该题的关键20如图所示为某电热水器的原理示意图，发热体分别由R1和R2组成，通过通、断开关可以使热水器处于“加热”或“保温”状态断开S1、闭合S时，电热水器处于保温状态 如S1、S均

47、闭合时，电热水器处于加热状态【考点】电功率【专题】电能和电功率【分析】我们知道加热功率大于保温时的功率，根据公式P=可知，加热时电路的总电阻较小，再根据串联或并联电路的电阻特点判断出断开S1、闭合S时，电路电阻的大小关系，从而可以判断出电热水器处于处于什么状态【解答】解：加热和保温属于两个过程，加热时功率大，保温时功率小根据P=可知，两个过程的电源电压相同，电阻越小，功率越大；断开S1、闭合S时，电路只有R2，电路的总电阻变大，电压不变，功率变小，加热器处于保温状态；闭合开关S1和S时，R1和R2并联接入电路，此时电路的总电阻最小，功率最大，电热水器处于加热状态故答案为：保温；加热【点评】本题

48、考查了电功率公式和电功公式的灵活运用，分析当断开S1、闭合S时的电路连接方式，根据电功率公式判断电热水的状态是本题的难点21如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体运动速度v与时间t的关系如图乙所示由图象可知当t=1s时物体处于静止状态当t=4s时，物体运动的速度为4m/st=5s时，物体受到的摩擦力为2N【考点】力与图象的结合【专题】应用题；定量思想；图析法；运动和力；重力、弹力、摩擦力【分析】由图乙vt图象读出02s内和2s4s内的运动速度，然后判断出物体的运动状态；由图乙vt图象读出4s6s的运动速度判断出物体的运动状态，根据Ft图象

49、读出此段时间内物体受到的推力，根据二力平衡条件求出t=5s时受到的摩擦力【解答】解：由vt图象可知，02s内物体的速度为0，则物体处于静止状态，所以，t=1s时，物体处于静止状态；由vt图象可知，4s6s内物体运动的速度不变，做的是匀速直线运动，速度：v=4m/s，物体处于平衡状态，受到的摩擦力和推力是一对平衡力，二力大小相等，由Ft图象可知，4s6s内物体受到的推力为2N，则t=5s时物体受到的摩擦力为2N故答案为：静止；4m/s；2【点评】本题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象得出相关的信息，然后根据平衡条件即可正确答题，是考的热点考题22小明在超市里的自动扶梯前发现电梯运动较慢，当

50、他站在电梯上时又快了起为了弄清其工作原理，他查阅资料找到其工作电路如图所示，其R是一个压敏电阻，且电源电压恒定他分析：当人站在电梯上，压敏电阻的阻值减小，则电磁铁的磁性变强（或大），衔铁与触点2接触，电动机的转速变大（或快）【考点】电磁继电器的组成、原理和特点【专题】磁现象、电生磁【分析】本题有两个电路，左侧为压敏电阻与电磁铁串联为控制电路，右侧为电机控制工作电路，当衔铁与触点1接触时，R1与电机串联，当衔铁与触点2接触时，电阻R1断路，电机电压增大【解答】解：当人站在电梯上时，压敏电阻R的阻值减小，通过电磁铁钱圈的电流增大，电磁铁的磁性变强，则衔铁被吸下，与触点2接触，则电机直接接在电源上，

51、则电压增大，电动机转速变快故答案为：强（或大）；大（或快）【点评】本题考查应用物理知识解决实际问题的能力，在本题应认清电路的构造联系所学知识进行解答2319世纪末，英国物理学家汤姆生首先发现了电子，从而揭开人们对原子内部的认识原子核是由带正电的质子和不带电的子组成【考点】原子的核式模型【专题】粒子与宇宙、材料世界【分析】根据课本提到的物理学史的相关基础知识以及原子结构的基础知识可以确定此题的答案【解答】解：1897年汤姆生首先发现了电子；原子是由带正电的原子核和带负电核外电子组成的；原子核由质子和子组成，其质子带正电，子不带电故答案为：电子；质子；子【点评】本题考查了原子结构及原子核组成问题，

52、考查的是基础知识，难度不大，是一道基础题24一个额定电压为12V的小型电动机正常工作时，测得通过电动机的电流是05A，工作10min，所消耗的电能为3600J；在这10min内该电动机线圈产生的热量是360J，则电动机线圈的电阻是24【考点】电功的计算；焦耳定律的计算公式及其应用【专题】计算题；电能和电功率【分析】（1）电动机正常工作时的电压和额定电压相等，又知道电流及通电时间，根据W=UIt求出电流做的功即所消耗的电能；（2）知道电动机线圈产生的热量、通过的电流以及通电时间，根据焦耳定律的变形公式R=求出电动机线圈的电阻【解答】解：（1）电动机正常工作时的电压U=U额=12V，工作时间t=10min=600s，则电流做的功：W=UIt=12V05A600s=3600J；即所消耗的电能为3600J；（2）由Q=I2Rt得，电动机线圈的电阻：R=24故答案为：3600；24【点评】本题考查了电动机工作时消耗的电能以及线圈电阻产生热量的计算，关键是电动机所在电路不是纯电阻电路，除电动机工作外线圈还产生热量，应注意公式的适用条件三、识图、作图题：共12分25如图所示，货物A随小车B一起向右做匀速直线运动请在图作出货物A所受力的示意图【考点】力的示意图【专题】作图题；压轴题；运动和力【分析】货物A做匀速直线运动，处于平衡状态，A受到竖直向下的重力G和竖直向上的