电功和电功率知识点及例题.doc

1、专题复习：电功和电功率【考点热点指津】定义：电流所做的功公式： WUIt电功单位： J ( kW h)测量：电能表定义：电流在单位时间内所做的功公式： PWUIt单位： W知识结构 电功率W方法一：原理 P测量：t主要器材：电能表、秒表额定功率用电器的功率实际功率内容焦耳定律电热表达式 QI 2 Rt电热的利用和危害本章的电功、电功率、焦耳定律和电功率的综合计算是中考电学知识的重点考点，通过复习，明确电流做功的特点实际上是电能转化为其他形式的能的过程。如电流通过各种用电器使之产生转动、发热、发光、发声等现象。学会用电能表和秒表测某一用电器的实际功率。电功率的计算是本章难点，因此必须掌握解题要领

2、。焦耳定律是一个实验定律，生活中利用发热现象工作的电器很多，这里的计算也是需要重点掌握的内容。一、电功和电功率（ 1）电功和电功率所描述的物理概念不同：电功是描述电流做功多少的物理量，而电功率是描述电流做功快慢的物理量。电功率不仅跟电流做功的多少有关，还跟做功的时间有关。（2）电功和电功率的计算公式不同：电功的基本计算公式是W=UIt，由此可以看出，电流做功多少跟电压、电流强度和通电时间三个因素有关，是由它们三者的乘积来决定大小的。电功率的基本公式是P=UI，它表明电功率跟电压、电流两个因素有关，其大小由它们的乘积决定。（3）电功和电功率的单位不同：电功的单位是J 和kWh，而电功率的单位是W

3、和kW。（ 4）电功和电功率的测量方法不同：电功用电能表来直接测量的，而电功率有两种测量方法，第一种方法是用伏安法间接进行测量，即测出用电器两端的电压及通过的电流，然后根据 P=UI 求出电功率。第二种方法是用电能表和秒表间接测量，即测出某一段时间用电器所做的功，然后根据PW 可得用电器电功率。t（5）电功和电功率的联系密切，利用公式PW 可得出 W=Pt。t二、额定功率和实际功率一个用电器的电功率是随着它两端电压的改变而改变的，一个用电器不是随便接入任何一个电路都能正常工作。设计用电器时，需要确定它在正常工作时的条件（如电压、电流、电功率） 。通常在用电器的铭牌上标出。正常工作时的电压叫额定

4、电压，在额定电压下的电功率叫额定功率。一个用电器一但生产出来，其额定电压和额定功率是确定的。实际功率是用电器在实际工作时的电功率，是不确定的，如果用电器两端的实际电压等于它的额定电压，那么实际功率就等于额定功率，这是用电器正常工作；如果用电器两端的实际电压小于它的额定电压，那么实际功率就小于它的额定功率，这时用电器不能正常工作；如果用电器两端的电压大于额定电压，那么实际功率就大于额定功率，用电器不仅不能正常工作，严重时还会烧坏用电器。为此，在使用用电器时，应保证用电器两端的电压等于它的额定电压，这样才能使用电器更好地发挥作用。三、理解焦耳定律焦耳定律是在大量实验的基础上总结得出的，它定量地描述

5、了电能向内能转化的规律。用公式 Q=I2Rt 表示，它适用于任何电路。当电流所做的功全部用来产生热量时，焦耳定律可以根据电功的公式W=UIt 和欧姆定律 IU 导出： Q W UItU 2 t Pt 。这里的条件是电流所做的功全部用于产生RR热量，而电流做功全部转化成热的情况也只对纯电阻电路才成立。所以上述导出公式只适用于纯电阻电路。例如在电动机工作的电路中，加在电动机两端的电压是U，通过的电流是 I ，电动机的线圈也有一定的电阻R，此时电流做的功 W=UIt，而电流做的功并没有全部转化为热，绝大部分转化为机械能了，通过线圈电阻R 的电流仍使线圈发热，产生的热量为 Q=I2Rt ，但此时 Q

6、W ，而是 QW，此时 W Q机械能。初中阶段所研究的电路仅限于纯电阻电路，如电灯、电炉、电烙铁等电路。故W Q2成立。所以我们用公式QI 2 Rt， QUIt ， QU t， QPt 来计算的结果都一样，R在不同情况下选用不同的公式进行计算问题会更简单。【典型例题透视】例 1.关于电热和电功，以下说法正确的是（）A. 电流在电路中所做的功一定等于电热B. 电流在电路中所做的功一定大于电热C. 在电路中包含有电动机时，电流做的功将转化为机械能、内能，此时，电功必大于电热D. 在电路中仅有电阻时，电功等于电热答案： C、D透视： 电流通过电路做功的过程，实际上就是电能转化为其他形式的能的过程。电

7、流做了多少功，就有多少电能转化为其他形式的能。这种能的转化同样遵循能的转化和守恒定律。若电流通过电动机做功时，则电能转化为机械能和内能；若电流通过的电路只有电阻（即纯电阻电路） ，电流做的功就全部转化为内能（如电炉等） 。例 2.照明电路的电压是220V，如果在某电灯并联接入一个大电炉，发现灯的亮度变暗，其原因是（）A. 干路上的电流减小了B. 电炉从灯那里分出了部分电流C. 干路中的电流变大，干路上导线分担电压增多D. 干路上消耗的电压不变，但电灯两端的电压变小了答案： C透视： 这里所说的大电炉意指该电炉的功率很大，依分式U2R知，功率越大的电P炉其电阻越小。当这个电炉与电灯并联后其总阻值

8、比原来电灯的电阻值要小，根据欧姆定律 I U 知，干路中的电流必增大，且由于电炉功率大，干路电流值明显增大，所以线路R的分担电压U 线Ir（r为线路电阻）明显增大。由于干路两端电压维持220V 不变，故电灯两端的电压U 灯UU 线 必下降，从而使灯的亮度变暗。例 3.有两个定值电阻 R1和 R2，将它们并联到电源上，它们消耗的电功率分别为P1和 P2，如果把它们串联起来再接到同一电源上，它们消耗的总功率应为多大？解：设电源电压为 U，当 R1与 R2 并联时，每个电阻两端的电压均为U，所以 R1 和 R2消耗的电功率P1 和 P2 分别为：P1U 2，P2U 2R1R2则可以求得定值电阻R1

9、和 R2 的阻值为：R1U 2，R2U 2P1P2将 R1 与 R2 串联起来接在电压U 两端时，它们消耗的总功率为：P总U 2R1R2将定值电阻阻值代入上式得：P总P1 P2P1P2答案： 消耗的总电功率P1 P2P1P2透视： 此题为中考中以各种题型出现，变化形式多样，同学们要灵活掌握。例 4.如图 1 所示电路，灯L 上标有 “12V9W” 字样，当开关S 和 S1 都闭合，变阻器的滑片P 移到 a 端时，灯恰好正常发光，电流表示数是1.25A ，求：（1）变阻器的最大阻值是多少？（2）当开关 S 闭合， S1 断开，变阻器的滑片P移到 b 端时，灯消耗的功率是多少？图 1解：（ 1）当

10、开关 S1 、S2 都闭合时， P 在 a 端，灯泡L 与变阻器R1 并联，灯正常发光I LI 额P额9WU 额0.75A12V通过 R1 的电流I 1II L125. A0.75A0.5A因为灯 L 与变阻器 R1 直接并联到电源两端，所以URULU源12VU R12V变阻器最大值： R124I 105. A（2）当开关 S 闭合， S 断开，滑片P 滑到 R 的 b 端时，灯L 与 R 串联。111U 源12V灯的电阻： RL16I 额0.75 A串联后总电阻：RRLR1162440U 源12V电路中的实际电流： I 0.3AR40灯的实际功率： PL ( I ) 2 RL (0.3A)

11、216144.W答案： （ 1）变阻器的最大阻24；（2）当 S 闭合 S1 断开 P 在 b 端时，灯消耗的功率1.44W。透视： 电功率综合应用问题把欧姆定律、串、并联电路的知识及初中阶段电学仪器的全部应用和电功、电功率知识融合在一起，通过对这部分问题的训练、学习，同学们的物理思想、逻辑分析能力、表达能力及应用数学讨论物理问题的能力都会有一个大的飞跃。解决电功率综合问题的方法：（ 1）弄清电路的连接方法，必要时画等效电路图。（ 2）弄清引起电路结构变化的原因是开关的断开、闭合，还是滑动变阻器滑动引起变化。（ 3）弄清电压表、电流表测的是哪部分电路的电压和电流。（ 4）列方程式，抓住电路中的

12、不变量（如电源电压不变）或利用串、并联的特点列式求解。该题是开关和滑动变阻器引起的电路结构变化的题型，首先要弄清闭合了哪些开关，滑动变阻器滑片 P 在什么位置，电路发生了怎样的变化，然后根据题中已知量列方程求解。例 5.某同学利用电源、电流表、电压表、开关，标有“502A” 字样的滑动变阻器和若干导线测定小灯泡的额定功率。其中灯泡上所标“0.3A” 字样清晰可见，电压表0 15V 挡损坏，小灯泡的额定功率估计为1.5W 左右。该同学实验步骤正确。当闭合开关时，电压表和电流表的示数分别为2V 和 0.2A ，接着他边思考边实验，直至灯正常发光，这时滑动变阻器的滑片恰好在中点上（即变阻器连入电路的

13、电阻为25）。（ 1）画出灯正常发光的电路图，并简述判定灯正常发光的理由；（ 2）求出灯的额定功率。答案： （ 1）由灯的额定功率大约是1.5W 左右，额定电流0.3A ，可估算出灯的额定电压大约是5V 左右，而题目中已知电压表015V 挡损坏，只能用0 3V 挡，据此判断，灯正常发光时，其两端不应接有电压表，只能依据电流表示数为0.3A 时，确定正常发光，此时电路图如图所示。（2）根据实验规则，刚闭合开关时，滑动变阻器连入电路的电阻值应最大，由此可计算出此时滑动变阻器两端电压：U 变0.2A5010V电源电压： UU 灯U 变2V10V12V当灯正常发光时，滑动变阻器两端电压：U 变0.3

14、A257.5V灯额定电压： U 额UU 变12V7.5V4.5V灯的额定功率：P额U 额 I 额4.5V0.3A135.W透视： 本题目把实验过程与计算结合在一起，是近几年出现的新题型。由于它已知条件隐蔽，综合性强，故形成难点。解此类题目的关键是要结合实验现象和操作过程对题目进行全面分析，一旦整个实验过程清晰了，问题也就迎刃而解了。例 6.如图 3 所示是一个电热毯的示意电路图，R0 是电热毯中的电阻丝，R 是与电热毯电阻丝串联的电阻，电热毯上标有“220V100W” 字样， S 是控制电热毯处于加热状态或保温状态的开关。（1）用学过的公式推理说明开关S 断开时，电热毯是处于加热状态还是保温状

15、态？（2）若要求在保温时电流通过电阻丝R0 每分钟有 60J 的电能转化为内能，电阻R的阻值是多大？图 3U 2答案： （ 1）当开关S 闭合时，电阻R0 消耗的功率P0U 2当开关 S 断开时， R0 消耗的功率PR0R0因为UU ，所以 P0 P0所以 S 断开时，电热毯处于保温状态。U 额22（2）电热毯的电阻丝阻值：R0( 220V )P额100W484保温状态时，根据QU 02t 可知电阻丝两端的电压为：R0U 0QR060J48422Vt60s所以 R 两端的电压为：U R UU 0220V22V 198V根据 QI 2 R0t 可知通过 R 和 R0 的电流：IQ60 J1 AR

16、0 t48460s22U R198V4356所以电阻 R1IA22透视： 本题与生活联系紧密。例 7.某课外活动小组，找出了“101A” 的滑动变阻器、 “6V 3.6W ” 的灯泡、电压恒为12V 的电源、开关、导线以及电阻为1/cm的足够长的电阻丝（用“”表示），准备自制一个亮度可调的玩具台灯，要求开关闭合以后，将滑动变阻器的滑片从一端移动到另一端时，电灯逐渐变亮直至正常发光，他们利用上述器材，设计出如图所示的电路图，请你解决下列问题：（1）这样设计存在的问题是，当滑片移近a 端时，发生_ 现象；（2）画出符合要求的电路图，并计算此电路中灯泡有耗的最小动率。（假定灯丝电阻不变）图 4答案：

17、 烧坏灯泡灯的电阻： RLU 22103.6W因为 P 在 a 处，灯正常发光所以电路中的电流： I LRL36. WU L06.A6V连入电路中电阻丝的阻值：R1U 1U U L12V 6VI 1I L100.6AP 在 b 处，电路中的电阻：RRLR1Rab10101030图 5电路中的各电流：U12VI0.4 AR30电灯消耗的最小功率PminI2RL21016.W0.4 A透视： 本题考查了学生运用物理知识去分析问题、解决问题的能力，题目更加贴近生活，同时考查了学生的动手设计实验的能力，体现了从生活走向物理，从物理走向社会的新理论。第1 问中，要求学生必须对灯的额定电压和额定功率有正确

18、的理解，同时滑动变阻器此时所起的作用是什么，滑片P 逐渐移近 a 端时，灯 L 上所分的电压逐渐增加，因为电源电压 12V 比灯的额定电压时6V 大得多，所以当滑片P 移近 a 端，灯会被烧坏。因此，为了保护电路中小灯泡在滑动变阻器的滑片滑至a 端时不至烧坏，就必须在电路中串联一段电阻丝。究竟电阻丝的阻值有多大，才能起到应有的作用如图所示。通过分析、计算可知灯的电阻 RL=10， P 在 a 处，灯正常发光，可求出连入电路中电阻丝的阻值R1=10。由于灯泡 L，电阻丝 R1，滑动变阻器三者串联，根据公式P=I 2R 可知在：当灯泡电阻 RL 一定时，电流 I 最小时，灯泡消耗的功率为最小。此时

19、滑动变阻器接入电路中的阻值应为最大。例 8.在如图 6 所示的电路中，电源电压和灯泡电阻不变，电阻R1=12，灯 L 标有“6V12W” 的字样，电流表量程为0 3A，电压表量程为0 15V，滑动变阻器R2 上标有“2.5A” 的字样。（ 1）只闭合 S1，电流表的示数为 0.6A ，求电源电压；（2）当闭合 S1、 S2 和 S3，并将滑片 P 移到 b 端时，电流表的示数为 1.2A ，求滑动变阻器 R2 的最大阻值；（3）只闭合 S2 时，求电路总功率的最大值。图 6解：（ 1）只闭合S1 时，灯 L 与 R1 串联。灯泡的电阻： RLU 额2(6V )2P额312W电源电压： UI R

20、1RL0.6 A1239V（2）当闭合 S1、 S2 和 S3 时，灯 L 短路， R1 与 R2 并联通过 R1 的电流： IU9V1R10.75A12滑动变阻器的最大阻值：RabU9V20I I112. A0.75A（3）只闭合 S2 时，灯泡 L 与 R2 串联灯泡 L 的额定电流：I 额P额12WU 额2 A6V为保护灯泡，电流 I2 A为保护电流表，电流I3A为保护滑动变阻器，电流I2.5A电压表量程 0 15V，电源电压9V， 9V 15V电压表始终是安全的由此可得电路中的最大电流I max2 A电路总功率的最大值PUI max9V 2A 18W答案： （ 1）电源电压是9V；（

21、2）滑动变阻器 R2 的最大阻值是 20；（ 3） 电路总功率的最大值是 18W。透视： 此题是由多个开关和滑动变阻器组成的动态电路问题。要求学生必须准确识别电路在某一时刻的连接情况。 （ 1）只闭合开关 S1 时，灯 L 与 R1 是串联的，（ 2）当闭合开关S1、 S2、 S3 时，灯 L 被短路， R2 与 R1 并联，电流表在干路中测电阻总电阻， （ 3）只闭合 S2 时，灯泡 L 与滑动变阻器 R2 串联，电路中出现的元件还有电流表、电压表，为了保护电路中所有元件不致烧坏，必需逐一分析每个用电器的工作电流情况，经过分析比较，选择出所需要的值进行计算。例 9.图 7 是 SD600 全

22、自动豆浆机的结构示意图，下表是铭牌。额定电压220V电机功率260W额定频率50Hz干豆容量605g电热功率600W外形尺寸215190347 mm制浆过程：先将90g 泡好的黄豆装入滤杯内，再往制浆杯内加入1000 mL 的水。第一步：加热，接通电源，加热管开始加热，加热6 min 杯内水温升至80；第二步：打浆，加热停止，电机开始打浆，按工作10s 停 8s 方式循环，经1.2min 停止；第三步：再加热，打浆结束后，加热管继续加热，加热3min 豆浆由 80升温至100。根据以上信息计算：（1）在 “第三步，再加热”的过程中，豆浆吸收的热量（设豆浆与水的比热容相等）；（ 2）豆浆机在 “

23、 加热 打浆 再加热 ” 的全过程中，共消耗的电能。解：（ 1）水的质量：m1V10.10 3 kg / m3100010 6 m31kg豆浆质量：mm1m21kg0.09kg109. kg豆浆吸收的热量：Q吸cm t t04.2103 J / (kg ) 109. kg (100 80 )9.156104 J（2）豆浆机第一次加热消耗的电能：W1Pt600W660s 2.16105 J豆浆机第二次加热消耗的电能：W2P1t2600W360s108.105 J电机工作时间：12. 10st310s10s 40s8s豆浆机打浆消耗电能：W3P2t 3260W40s104.10 4 J豆浆机消耗的

24、总电能：WW1W2W32.16105 J108.105 J104.104 J3.344105 J答案： （ 1）在 “ 再加热 ” 的过程中，豆浆吸收的热量是9.156104 J。（2）豆浆机在全过程中，共消耗电能3.344105 J。透视： 此题要求学生能根据题中所给内容，提取出对他解题有用的信息。题目与我们的实际生活紧密相联，学生应能正确分析出豆浆机工作的整个过程，（ 1）中，求 “ 第三步，再加热 ”过程中，豆浆吸收的热量时，豆浆质量应为黄豆加水的质量，（2）中，豆浆机在“ 加热 打浆 再加热 ” 的全过程中消耗的电能，同学们应区分开加热功率和电机功率。例 10. 如图 8 所示，家庭用

25、电是通过设立在附近的 “ 变电站 ” 提供的。为了保证居民用户所有用电器都能在 220V 的电压下正常工作，变电站的输出电压一般都高于 220V。（ 1）居民楼用电器的总功率为 44kW，当这些用电器全部正常使用时，通往居民楼的输电线路中的电流是多少？（2）若输电线的总电阻为01.，“变电站 ”输出的电压是多少？（3）居民楼由于家电增加，向供电部门申请率由 44kW增加到 88kW，用电器两端电压仍保持在前增加了多少？“增容 ”，即增加功率。当用电器的总功 220V 时，输电线路的功率损失比 “ 增容 ”（4）若想在不减小功率的前提下减小输电线路的损失，应采取什么措施？图 8答案： （ 1）“

26、 增容 ”前输电线路中的电流P144 103 WI 1220 AU220V（2）消耗在输电线路中的电压U 输IR线200A01.20V变电站的输出电压U输VVV22020240（3）“ 增容 ” 后输电线路中的电流I 2P288 103WU400A220V“增容 ” 后输电线路损失的功率P1 I12 R线 (200A)201.4000W“增容 ” 后输电线路损失的功率P2 I22 R线 (400A)201.16000WPP2 P1 16000W4000W12000W（4）解答同分析（4）。透视： （ 1）家用电器的额定电压均为220V，若居民楼用电器的总功率为44kW，当这些用电器全部正常使用

27、时，通往居民楼的输电线路中的电流应该由PUI得IP可求U得。（2）知道输电线路中的电流与输电线的总电阻，由欧姆定律I U 得U IR求输R电线路消耗的电压， “ 送电站 ” 和输出电压应该是居民楼所有用电器正常工作时的电压加输电线路上消耗的电压。（ 3）居民楼由于家用电器增加导致电路总功率的增加，从而增加了输电线路中的电流。即增加了输电线路的功率损失，增加的损失功率减去原来的损失功率，就是多出来的损失功率。2（4）在不想减小功率的前提下减小输电线路的损失，由P损IR线 可知，输电线损失的功率与电流的平方成正比，与电阻成正比。减小输电电流，虽然可以减小线路损耗，但用户的用电功率也会随之减小，是不

28、可取的方法，只能减小R线 。R线 与导线长度，材料及横截面积有关，导线长度由变电站到居民楼的距离决定，不能减小。能够改变的只有导线材料和导线横截面积，将铝线换成铜线，把较细的线换成较粗的线，都是可以采取的措施。这是一道联系实际的题目，从题目中求出的数据可知，消耗导线上的功率是相当大的。国家投巨资实施大规模“ 农网 ” 改造，目的就是减小能量损耗，降低农村电价。远距离输电要用高电压与此题有相似的特点，也有不同的地方。由P损I 2R可知，相同的是都要减小线路导线的损耗，达到节能的目的。不同的是远距离输电要减小电流，为了不改变用户电功率，所以要提高电压，实现高压输电；而此题是改变导线的电阻。例 11

29、.在一次测定小灯泡额定功率的实验中，老师给出了下列器材：额定电压为U 0 的小灯泡、电源（电压未知）、一个阻值为R的电阻、一个滑动变阻器、一只电流表、一个单刀双掷开关和若干导线。实验时不能忽略灯丝的电阻随温度而发生的变化。（ 1）小张同学设计的实验电路图如下，请你根据电路图用笔画线连接未完成的实物连线。图 9（ 2）实验中所需要的物理量 _ 。（3）本实验中，小灯泡额定功率的表达式P0_。（ 4）若在给出的器材中只将其中的一只电流表改为一只电压表，请你重新设计一个实验电路图，测量小灯泡的额定功率（将实验电路图画在下面的方框内，不需要说明实验步骤）。答案： （ 1）电路连接如图10 所示：图10

30、（2）第一步：计算当R 两端的电压为U 0 时，通过它的电流为U 0R；第二步：S 掷向接线柱1，调节滑动变阻器，使用电流表读数为U 0；第三步：保持滑动变阻器滑片不动，RS 掷向接线柱2，读出电流表读数I 2 。U 0（3） U0I2R（4）电路图如下图11。图11透视： （ 1）结合电路图和实际电路可以看出，电路中还有 3 根导线没有连接：灯与单刀双掷开关的动触点间的导线，静触点 1 与电流表的 “ ” 接线柱间的导线，定值电阻（或灯 L）的右边接线柱到滑动变阻器之间的导线。（2）实验中没有电压表，故问题的关键是如何调节滑片使灯泡两端电压等于它的额定功率电压U。小张同学设计了如下方案，其处

31、理方法为：先将S 拨到 1，调节滑动变阻器，使电流表示数I 1与定值电阻R 和乘积等于灯L 的额定电压，再将S 拨到2 让电流表处于干路读出这时的读数I2 ，由I 2 和 I1 便可以得到灯正常发光时的电流，从而可以进一步求出灯泡的额定功率。（3）因为灯正常发光时，流过R的电流为I 1U 0R，利用公式可表示出其额定功率为：P0U 0I 2 _U 0 R（或P0U 0I 2I 1）（4）当只有电压表时，测量额定功率的关键是如何得到灯泡正常工作时的电流，这时可以利用串联电路中电流相等的规律，采用已知定值电阻R 同时灯 L 串联的基本方法。在用伏安法测电阻或电功率的实验中，若没有电压表，可以采用阻

32、值已知的定值电阻同被测电阻（或灯泡）并联的基本方法测电压；若没有电流表；通常采用阻值已知的电阻与被测电阻（或灯泡）串联的基本方法间接测量电流。伏安法测电阻或电功率，仪器不受限制，称其为一般测量。若实验仪器有所限制，测电阻或电功率就要采取特殊的测量方法。不仅电阻或电功率的测量有一般方法和特殊方法之分，其实其它测量也是如此，请同学们总结。例 12.学校淋浴用的简易太阳能热水箱中的水在冬天往往温度不够高，同学们在水箱中加装了一个 “220V 2000W” 的电热器，并利用一个 “6V 1W” 的小灯泡和一段的电阻丝为电热管安装了一个指示灯。10/m（ 1）画出电热管及指示灯的电原理图。（ 2）在同学

33、们的方案中，小灯泡两端的电压是按 5V 设计的，对于有指示灯来说，这样设计有什么好处？（ 3）按上述设计，电阻丝需截用多长一段？（ 4）安装指示灯后，电热管的实际功率是额定功率的百分之几？答案： 方法一：（1）电热管及指示灯的原理图如图12 所示。图 12（ 2）指示灯两端的电压按 5V 设计，则实际工作时通过小灯泡的电流略小于小灯泡的额定电流，这样可以延长指示灯的使用寿命。（3）由公式 PU 2得电热管的电阻为：RU 12220V 224.2R12000WP1电热管两端的实际电压：U 1 220V5V215V通过电热管的实际电流为：I1U1 215V8884. AR1242.U 226V23

34、6小灯泡的电阻：R21WP2通过小灯泡的实际电流： I 2U 2 5V0139. AR236通过电阻丝的电流为：I 3I 1I 2 8.884 A0139. A8.745A电阻丝的电阻值为：R3U 35V0.572I 38745.A则所用电阻丝的长度应为：L0572.100.0572m/ m（4）由电功率的公式PU 2可知同一电阻在不同电压下其电功率与电阻两端电压R的平方成正比，故知此时电热管的实际功率与其额定功率的比值为：PU 1 2221596%PU 1220100%方法二：（ 1）（ 2）同方法一U 122（3）电热管的电阻为： R1220VP124.22000WU 226V2小灯泡电阻

35、为： R236P21W在图 12 中， R2 与 R3 并联部分的电压U 2 5VR1 两端的电压为：U 1220V5V215V前述并联部分与R1 之间为串联关系，根据串联电路中各部分电压与其电阻成正比的规律：有 U1U2 ，故有R1R并R并U2R15V24.20.563U 1 215V111根据并联电阻的公式，可得：R并R2 R3R2 R并360.563R3R并360572.R20.563则所用电阻丝的长度应为 L0572.100.057m/ m（4）同解法一。透视： 小灯泡作为电热管的指示灯，应该是电热管工作（电热管中有电流通过）时，小灯泡发光，电热管不工作（电热管中没有电流）时，小灯泡不

36、发亮，即小灯泡中的电流应随电热管中的电流有无而有无。为了满足这一要求应将小灯泡和电热管串联。另一方面，还应该注意一下电热管和小灯泡正常工作时通过各自的电流大小，电热管正常工作时，通过它的电流大小为：IP12000W1U 19 A220V小灯泡正常工作时通过它的电流大小为：I2P21W017. AU 26V比较上述的 I1 和 I 2 可知，不可以将小灯泡和电热管简单地串联起来就接在220V 的电路中（如果这样，通过小灯泡的电流必超过其额定电流而使小灯泡烧毁），为使上述的串联成立而又不致使通过小灯泡的电流过大，可以设法取另一电阻与小灯泡并联，只要这一电阻的大小取值恰当，更可将电热管流来的电流分流

37、出一部分而使通过小灯泡的电流不超过其额定电流。对于本题，有同学设计了如图13，这一电路管保证了电热管两端的电压为额定电压图12 的设计使电热管两端的电压略低于额定电压），但指示灯却不能显示电热管是否在正常工作。指示灯不亮时是指示灯所在支路中无电流，这时有两种可能：一种可能是整个电路的干路出故障，电热管两端无电压，电热管不工作；另一种可能是指示灯所在支路断路，但电路其他部分完好，则电热管仍能正常工作。指示灯亮时，表示指示灯所在支流中有电流通过，这最多也只能表示电热管两端有电压，却不能表示电热管中有无电流通过，即不管电热管处是通路还是断路，指示灯都能正常发光。所以，图13的设计是不符合要求的。图

38、13【常见失误分析】例 1.输电线电阻是0.5 ，输送的电功率为100kW，用1kV 的电压输电时，输电线路上的电流和消耗的电功率为（）A. 2000A， 100kWB. 100A； 5kWC. 100A，100kWD. 2000A， 2000kW错解： 输电线上的电流 IU100kWR2000 A0.5消耗的电功率P 100kW ，故选 A。答案： 设输电线上的电流为I ，输电线上消耗的电功率为P，根据题中给出的输送功率和输送电压可求出输送电流，因为 P=UI，所以IP105100 A10.103U线路消耗的电功率为：P耗I 2R线(100A)20.55000W5kW故选项B 正确。分析：

39、解这种类型的题最忌乱套公式。如求输送电流时，因有公式P=I 2R，变形后得IP，式中的P 代入100kW， R 代入0.5 ，这显然是错误的。因为这100kW的电功率R并非全部消耗在线路电阻上，而只有小部分消耗在传输线路上，大部分输送到用户。又如直接用输送电压 U=1kV 与线路电阻 R=0.5 之比求输送，电流，其方法也是错误的，错误的原因与上面的分析相同。输电线本身有电阻R线 ，当有电流通过它时，输电线本身就会发热，其对应的功率为I 2 R线 。这一功率与电路所输送的功率是两个不同的概念。例 2.关于电功和电功率，下述说法正确的是（）A. 电功率的大小决定于电流做功的多少B. 电功与电功率

40、都表示了电能转化为其他形式的能的多少C. 电功与电功率都表示了电能转化为其他形式的能的快慢D. 电功率等于用电器在单位时间里所消耗的电能错解：A或 B答案： D分析： 错解的原因在于对电功、电功率概念的理解模糊，我们在对力学中的功与功率的学习中，已经知道功与功率是意义不相同的两个概念。电功率表示电流做功的快慢，表示用电器消耗电能的本领。电流做功的多少与电流做功的快慢，其差异在于与时间的联系上，“ 快慢 ” 与时间有关，而 “ 多少 ” 与时间无关。所以它们不可能表示同一物理意义，选项 B 与 C 肯定不正确。电功表示电能与其他形式能的真正转化，而电功率表示这种转化的一种潜在的能力。对功和功率概

41、念的正确理解，并不是一次就能完成的，对知识整理、归纳，使其系统化、条理化，将有助于完成这种理解。例 3.电炉的电阻丝热得发红，而与它串联的铜导线却不发烫，这是因为铜导线（）A. 电阻较大B. 电阻较小C. 通过的电流较大D. 通过的电流较小错解： D答案： B分析： 有些同学错误认为，根据焦耳定律Q=I2Rt ，通过导线的电流较小，所以产生的热量也较小，导线不烫手。电炉与连接电炉的铜导线串联，所以通过电炉与铜导线的电流一定大小相等，没有差别。那么，原因在哪里呢？电炉与铜导线的电阻大小差别很大，铜导线的电阻远小于电炉电阻丝的电阻，铜导线产生的热量也远小于电炉电阻丝产生的热量，所以电炉电阻丝热得发烫，铜导线则不发烫。错解者疏忽了串联电路的特性，而运用焦耳定律又简单、片面，匆忙之间主观地下了结论。铜导线与电炉串联，串联电路各用电器的电功率按电阻的大小成正比例分配。因为铜导线的电阻远小于电炉的电阻，所以铜导线把电能转化为内能的本领比较小，因而不发烫。从电功率的角度理解，也是求解本题的一种方法。例 4. 标有 “6V 6W” 和 “6V 3W” 的灯泡 L1 和 L2 串联接在某电源上，设灯丝电阻不变，则（）A. 通过灯 L1、 L