高考理科综合第卷评分执行细则2

1、2009年高考理科综合第卷评分执行细则22题号答案答案得分得分说明说明（1）电压电压欧姆欧姆1分分1分分写成写成“直流电压、直流电压直流电压、直流电压3v（或其它数（或其它数值）、某伏特（如值）、某伏特（如5伏）、伏）、u、v”均算正确均算正确;写成写成“、电阻、电阻、r或或1（10等）均算正确。等）均算正确。”（2）开关或连接点开关或连接点5、62分分写成写成“电键或电键或5、6或或5、6连接点连接点”均算正均算正确确（3）调到欧姆档调到欧姆档将红黑表笔相将红黑表笔相接，检查欧姆挡接，检查欧姆挡能否正常工作能否正常工作测量小灯泡的测量小灯泡的电阻电阻如果电阻无穷大如果电阻无穷大表明灯泡有故障

2、表明灯泡有故障1分1分1分1分只写出只写出“电阻调零电阻调零”或或“调零调零” 均给均给1分分;只写只写“测量小灯泡的电阻测量小灯泡的电阻”而没写而没写“如果如果电阻无穷大表明灯泡有故障电阻无穷大表明灯泡有故障”只给只给1分分;只写只写“如果电阻无穷大表明灯泡有故障如果电阻无穷大表明灯泡有故障”而没写而没写“测量小灯泡的电阻测量小灯泡的电阻”也给也给2分分;利用原电路采用间接方式通过测量确定灯利用原电路采用间接方式通过测量确定灯泡故障的，只要表述无误，仍按正确对待泡故障的，只要表述无误，仍按正确对待，可得，可得4分分;用电压挡直接测量小灯泡则本题不得分用电压挡直接测量小灯泡则本题不得分;答案得

3、分说明1）2分分写成写成 也得分。也得分。 2分分中中 写成写成t的不给分。的不给分。字母（包含脚标）写成字母（包含脚标）写成h（包含脚标）的不得分。（包含脚标）的不得分。答案中含有题中的未知量答案中含有题中的未知量（如、）时不得分。（如、）时不得分。写成写成也算正确。也算正确。只用（只用（2）中测量数据代替）中测量数据代替d表示各个量的，不得分。表示各个量的，不得分。2分分2分分2） d=3.62cm2分写成“d=36.2mm或d=0.0362m”的都得2分 232212)(1hhss2221)(1shh 222tsdtdtshhmgt sdm2122222212 t sdmshhmg24方

4、法一：方法一：设所需碳棒的长度为设所需碳棒的长度为l1，电阻率为，电阻率为1，电阻温度系数为，电阻温度系数为1；铜棒的长度为；铜棒的长度为l2，电阻率为电阻率为2，电阻温度系数为，电阻温度系数为2；根据题意有：；根据题意有： 式中式中10、20分别为碳和铜在分别为碳和铜在00c时的电阻率。时的电阻率。设碳棒的电阻为设碳棒的电阻为r1，铜棒的电阻为，铜棒的电阻为r2，有：，有： 式中式中s为碳棒和铜棒的横截面积。为碳棒和铜棒的横截面积。设碳棒和铜棒连接成的总电阻和总长度分别为：设碳棒和铜棒连接成的总电阻和总长度分别为：r=r1+r2 l0=l1+l2 式中式中l0=1.0m联立以上各式，得：联立

5、以上各式，得： 要使要使r不随不随t变化，变化，式中式中t的系数必须为零，即：的系数必须为零，即： )1 (1101t)1 (2202tslr111 slr222 tsllslslr22201110220110022201110ll 联立联立和和式，得：式，得： 代入数据，解得：代入数据，解得： 评分标准：评分标准：式各式各1分，分，式各式各2分，分，式式各各1分，分，式各式各2分，分，式式1分，分，式式2分。分。1102202201lml31108 . 3说明：说明：1）参考答案中）参考答案中或或合并为一式时每式合并为一式时每式3分，即写出分，即写出和和 时各直接得时各直接得3分；若只写出通

6、式、公式（即式中字母分；若只写出通式、公式（即式中字母不用脚标加以区别时，只按公式给分），如写出不用脚标加以区别时，只按公式给分），如写出 而不是国标中而不是国标中、时只能得时只能得2分。分。2）凡有）凡有“设所需碳棒的长度为设所需碳棒的长度为l1，铜棒的长度为，铜棒的长度为1-l1”或或“设所需设所需碳棒的长度为碳棒的长度为l1，铜棒的长度为，铜棒的长度为l2，有，有 l1+l2=1.0”均可得均可得1分。分。3）直接写出总方程：）直接写出总方程：“ ”或或“ 、 且说明且说明r1+r2不变不变”的，均的，均直直接得接得10分。总方程后直接写出标准答案中的分。总方程后直接写出标准答案中的式而

7、略去式而略去式的，可再式的，可再得得3分（相当于分（相当于、式合并）即总共可得到式合并）即总共可得到13分；写出分；写出式而没有式而没有得到得到式且最后计算结果错误的，只能再得式且最后计算结果错误的，只能再得2分（总共分（总共12分）；分）；、式只有一个且求出了第式只有一个且求出了第式结果，可得满分。式结果，可得满分。4）负温度系数用绝对值代入的，只要不影响结果的，均不扣分。）负温度系数用绝对值代入的，只要不影响结果的，均不扣分。sltr11101)1 (sltr22202)1 (slrtsllslslr22201110220110tslslr22202202tslslr11101101方法二

8、：方法二：利用利用“温度发生改变时铜棒增加的电阻和碳棒减小的电阻相等，则总电阻不温度发生改变时铜棒增加的电阻和碳棒减小的电阻相等，则总电阻不随温度而变化随温度而变化”。 设所需碳棒的长度为设所需碳棒的长度为l1，00c时电阻率为时电阻率为10，电阻温度系数为，电阻温度系数为1；铜棒的；铜棒的长度为长度为l2，00c时电阻率为时电阻率为20，电阻温度系数是，电阻温度系数是2，根据温度系数的含义，根据温度系数的含义及题意得：及题意得： 且且 l0=l1+l2 联立联立，得：，得： 整理，得：整理，得： 代入数据，解得：代入数据，解得： 评分标准：评分标准：式各得式各得4分，分，式各得式各得1分，分

9、，式式2分，分，式式1分，分，式式2分。分。tslr11101tslr22202021rr0)1 (12201110ll1102202201lml31108 . 3说明：1）直接得出总方程： 直接得10分； 直接得12分。2）方法一中得到了正确表达式或，方法二中得到了正确表达式，但基本公式中出现了诸如：“ 、 、 ”等错误的，均要扣除相应分值。3）没有用各物理量对应符号列出方程，而只用代入数据列出代数式的，只要计算结果也正确，可得满分；但计算结果错误的，不能享受相应方程和公式分。4）利用特殊值代入法求出正确答案的得一半分，即8分。5）计算结果只能取两位有效数字得“l1=3.810-3m”或取三

10、位有效数字得“l1=3.7710-3m”，否则均不得分。0102201110slltasltaslrlrrsl0102201110llala25（1）、（3）和国标相同，（1）设工人的推力为f，则有： 3分说明：说明：若只写出： 、 而没有最后结果的可各得1分。（2）过程（一）过程（一）设第一次碰前瞬间木箱速度v1： 给出 或 2分)cos(sin3 mgffmgfsin3cos3 mgf lavmafmamgmgfmamgmg121111232cossincos2sin2111211121cossintavtalmamgmgf212)cos(sinmvlmgfl或 均可以得2分 说明：若方程

11、不全，不能导出说明：若方程不全，不能导出 只给只给1分；分；f换成换成3mg(sin+cos) 或者或者mg(sin+cos)换换成成 代入方程均给相应的分值。代入方程均给相应的分值。 1111111121)cos(sin232)cossin(tvlmvtmgmvtfmvtmgmgf或或212)cos(sinmvmglflf31过程（二）过程（二）设碰后两木箱速度为v2，由动量守恒得：2分过程（三）过程（三）设再次碰前瞬间速度为v3，则： 2分或 或或 均给2分说明：说明：若方程不全，不能导出 ， 则只能得1分；f换成3mg(sin+cos)或者mg(sin+cos)换成代入方程均给相应的分值

12、。212mvmv )(2)cos(sin2232321vvmmglfllavvmafmamgmgf222232222312cos2sin22223222222212cos2sin2tavvtatvlmamgmgf232232222)cos2sin2(tvvlmvmvtmgmgf)(2)cos(sin2232321vvmmglfl过程（四）过程（四）设碰撞后三个木箱一起运动的速度为v4，则：2分得：2分3）设在第一次碰撞中损失的机械能为，则：3分得：2分)cos(sin2324glv222122121mvmve)cos(sinmgle4332mvmv 说明：说明：1）凡在解答中使用连等号且其中只

13、要有一个是错误的，就全部不能得分，如写出“ ”时得2分，但写出“ ”时，就不得分，但代入数据的演算过程错误不影响公式得分。2）凡解答中标有小标号如（2），而本标号中无解答或全部错误的，本小题不得分（有“由前列方程得”作为提示的除外），在无（2）且（3）中解答符合原得分标准的，按原标准处理；而只列出基本“ 和 ”而没有正确写出 的可对上述两方程分别给1分作为本小题得分。3）（2）中只写出符合总能量守恒方程“ ”的，可得2分。4）用全过程的动量定理“ ”代替第二次碰撞中动量守恒方程“ ”的，可得2分。212mvmv 42132mvmvmv222122121mmve2121)cos(sinmvmgl

14、fl212mvmv总emvlmgmgfl24321)cos3sin3 (24213)cos(sin2)cos(sinmvtmgftmgf4332mvmv 26方法（一）方法（一）、（国家标准）设粒子的入射速度为v，第一次射出磁场的点为n0/，与板碰撞后再次进入磁场的位置为n1，粒子在磁场中运动的轨道半径为r，有： 或 2分粒子速率不变，每次进入磁场与射出磁场的位置间距离x1保持不变： x1=n0/n0=2rsin 2分 粒子射出磁场与下一次进入磁场位置间的距离x2始终不变，与n0/n1相等，由图可知： 1分设粒子最终离开磁场时与挡板相撞n次，其中n=0、1、2、3，若粒子能回到p点，由对称性，

15、出射点x的坐标应为-a，即： 2分由上述两式，得： 2分rvmqvb2qbmvr bxan0yn1n0/n/pax 2anxxn2) 1(21annx121若粒子与挡板发生碰撞，则： 2分联立，得：n3 2分 有 2分其中， 代入，得： n=0 2分 n=1 2分 n=2 2分421axxannmqbv12sin222sinhahmhhaqbav220mhhaqbav43221mhhaqbav32222说明：说明：关于结果：若学生写出： mhhaqbav32222并说明n=0、1、2同样给6分，没有说明的只给4分。方法（二）方法（二）：按碰撞次数分别罗列求解：1）与挡板不发生碰撞时： 或 2分

16、2分a=rsin 或右图，均可以给2分 2分2）与挡板发生一次碰撞时：2rsin-a+2rsin=2a 6分 2分3）同理与挡板第二次碰撞时：有2rsin-a+2rsin-a+2rsin=2a 再得到： 再给3分然后通过2rsin-a+2rsin-a+2rsin-a+2rsin=2a即8 rsin=5a rsin= 有2rsin-a= 而由图中几何关系2rsin-a必须大于 才能够和挡板发生第三次碰撞，故本题中只有前三种情况。再给2分。bxyan0pbxyan0pbxan0ypbxan0yprvmqvb2qbmvr 22sinhahmhhaqbav220mhhaqbav43221mhhaqba

17、v32222a85a41a41注意：若通过其他方法得到粒子与挡板不能发生第三次碰撞的同样给2分（如通过2rsin-a+2rsin-a+2rsin-a+2rsin=2a即8 rsin=5a rsin=有a-rsin= 而由图中几何关系a-rsin必须小于 才能够和挡板发生第三次碰撞）。说明：说明：1）若题中没有 ，a=rsin。但指出“由几何关系得到 ”的，给4分。2）题中没有 ，但有 或 的，均可以得3分。3）第二步中，根据对称性得到“ ”或第三步中根据对称性得到“ ”均分别得6分和3分。4）若没有a=rsin、2rsin-a+2rsin=2a及2rsin-a+2rsin-a+2rsin-a+

18、2rsin=2a，但画出了对应的粒子运动轨迹图（其中必须在图中较为准确地反映出圆心、半径和运动轨迹），则每画一组给2分。a85a83a8322sinhahhahah2222sinhah22coshaaahtanar23sin2ar4sin6方法（三）方法（三）：如图，由对称性可知，粒子第一次返回x轴上的位置坐标可能为： 3分其中n=0、1、2、3为粒子打在a板上可能的次数。由图可知， ，即 或 或3分得：3分又 2分2分得： n=0、1、2、3 2分bxan0yp1naxxarsin22sinxar222xahahrrhaxah22)2(hhaxar2)(22rvmqvb2qbmvr hhanaaqbmv2)1(22) 1(2)2(22nmhhanbqav分析可知，当n3时， ，粒子到达a板平行位置时其横坐标将大于 ，因而粒子不会与a相碰，故n的取值只有n=0、n=1、n=2。 n=0 2分 n=1 2分 n=2 2分 4ax4amhhaqbav220mhhaqbav43221mhhaqbav32222方法（四）：方法（四）：粒子到达a板同一高度时（即纵坐标为的位置时）与a板相碰，设可能的碰撞次数为n，第一次碰撞点的横坐标为：x= 3分其中n=0、1、2、3则由图知： 3分联立，得： 2分又 2分得 3分bxan0yp12naacot2sin2harx