有机化合物的研究方法和步骤典型题析(教师卷)

1、有机化合物的研究方法和步骤典型题析（教师卷）1.在下列操作中，一般情况下不能相互接触的是（ ）【答案】故选DA过滤时，玻璃棒与三层滤纸 B分液时，分液漏斗下端与烧杯内壁C过滤时，烧杯内壁与漏斗下端D用胶头滴管向试管内滴加液体时，胶头滴管尖端与试管内壁2.下列各组物质分离的方法不正确的是（ ）【答案】故选BA碘水中的碘用萃取分液方法 B水和酒精用分液的方法C用蒸馏的方法制蒸馏水 D水中的硫酸钡用过滤的方法除去3.某气态烷烃，1mol该烃充分燃烧生成的二氧化碳恰好被1.5L、4mol/L的NaOH溶液吸收生成正盐，这种烃的分子式是（ ）AC2H6 BC3H8 CC4H10 DC6H14【答案】故选

2、B4.某化合物有碳、氢、氧三种元素组成，其红外光谱图有C-H键、O-H键、C-O键的振动吸收，核磁共振氢谱显示该分子中有4个吸收锋，则该有机物的结构简式是（ ）ACH3CHOHCH3 BCH3（CH2）3OH CCH3CH2CH2OH DCH3CH2OCH2CH3【答案】4.分析：该有机物分子中有分子中含有C-H键、O-H键、C-O键；核磁共振氢谱中有几个不同的峰，分子中就有几种H原子，有机物中有4个吸收峰，说明分子中有4种H原子，据此判断解答：解：解：A、CH3CHOHCH3，分子中有C-H键、O-H键、C-O键，甲基上的H原子、-及羟基上的H原子，所处化学环境不同，所以含有3种H原子，核磁

3、共振氢谱有3个吸收峰，故A错误；B、CH3（CH2）3OH中含有C-H键、O-H键、C-O键，分子中5种化学环境不同的H原子，核磁共振氢谱有5个吸收峰，故B错误；C、CH3CH2CH2OH含有C-H键、O-H键、C-O键，分子中4种化学环境不同的H原子，核磁共振氢谱有4个吸收峰，故C正确；D、CH3CH2OCH2CH3，含有C-H键、C-O键、不含O-H键，故D错误；故选C5.某有机物在氧气中充分燃烧，生成的CO2和H2O的物质的量之比为1：2，则（ ）A分子中C、H、O个数之比为1：2：3 B分子中C、H个数之比为1：2C分子中可能含有氧原子 D此有机物的最简式为CH4【答案】故选C6.下列

4、说法正确的是（ ）A某有机物燃烧只生成CO2和H2O，且二者物质的量相等，则此有机物的组成一定为CnH2nBC2H6和C4H10不一定属于同系物C某气态烃CxHy与足量O2恰好完全反应（温度100），如果反应前后气体体积不变则y=4；若气体体积减少，则y4；若气体体积增大，则y4D相同质量的烃完全燃烧，消耗O2越多，生成H2O的质量也越多【答案】故选：D7.利用红外光谱对有机化合物分子进行测试并记录，可初步判断该有机物分子拥有的（ ）A同分异构体数 B原子个数 C基团种类 D共价键种类故选C8.A、B两种有机物组成的混合物，当混合物的质量相等时，无论A、B以何种比例混合，完全燃烧时产生的CO2

5、的质量都相等，一定符合这一条件的组合有：同分异构体  同系物  具有相同的最简式  含碳的质量分数相同其中正确的是（ ） A B C D【答案】故选：B；9.分子式为CxHyO2的有机化合物1mol在氧气中完全燃烧后，生成二氧化碳与水蒸气的体积相等（同温同压），并消耗氧气3.5mol则x、y的值分别是（ ）A1，2 B2，4 C3，6 D4，8【答案】9.分析：有机物完全燃烧后，生成二氧化碳与水蒸气的体积相等（同温同压），即生成二氧化碳和水的物质的量是相等的，碳原子和氢原子的个数之比是1：2，1molCxHyO2的耗氧量为x+-1，据

6、此计算x和y的值解答：解：分子式为CxHyO2的有机化合物1mol在氧气中完全燃烧后，生成二氧化碳与水蒸气的体积相等（同温同压），即生成二氧化碳和水的物质的量是相等的，碳原子和氢原子的个数之比是1：2，1molCxHyO2的耗氧量为x+-1=3.5，所以x+=4.5成立即可A、x=1，y=2，不符合等式x+=4.5，故A错误；B、x=2，y=4符合碳原子和氢原子的个数之比是1：2，不符合等式x+=4.5，故B错误；C、x=3，y=6符合碳原子和氢原子的个数之比是1：2，符合等式x+=4.5，故C正确；D、x=4，y=8符合碳原子和氢原子的个数之比是1：2，但是不符合等式x+=6，D错误故选C1

7、0.某有机物完全燃烧时只生成水和二氧化碳，且两者的物质的量之比为3：2，则（ ）A该有机物含碳、氢、氧三种元素B该化合物是乙烷C该化合物分子中碳、氢原子个数之比是2：3D该化合物分子中含2个碳原子，6个氢原子，但不能确定是否含氧元素 故选：D11.（1）把一个熟水果和几个“生”水果一起放在一个塑料袋中，扎紧袋口，“生”水果很快就“熟”了若在水果储藏室中放几块用KMnO4溶液浸透过的砖块，即使现场有“熟”水果，“生”水果仍可保存较长的时间其原因是：    （2）某烃的相对分子质量为84，其中含碳的质量分数为85.7%，则其分子式为   

8、 ，若该烃不能使溴水或高锰酸钾溶液褪色，但在一定条件下，可以和液溴发生取代反应，其一溴取代物只有一种，则此烃的结构简式为    ，名称是    若该烃能使溴水褪色，且能在催化剂作用下与H2发生加成反应，生成2，2-二甲基丁烷，则此烃的结构简式为    ，名称是    【答案】故答案为：C6H12；环己烷；（CH3）3C-CH=CH2；3，3-二甲基-1-丁烯12.有机物A仅含有C、H、O三种元素，常温下为无色粘稠液体，易溶于水为研究A的组成与结构，化学研究性学习小组进行了如下

9、实验：实验步骤实验结论（1）称取A 4.5g，加热使其汽化，测其密度是相同条件下H2的45倍（1）A的相对分子质量为    （2）将此4.5gA在足量O2中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过盛有足量浓硫酸、氢氧化钠溶液的洗气瓶，发现两者分别增重2.7g和6.6g（2）A的分子式为    （3）另取A 4.5g，跟足量的NaHCO3粉末反应，生成1.12L CO2，若与足量金属钠反应则生成1.12LH2（气体体积均在标准状况下测定）（3）用结构简式表示A中含有的官能团：    、 

10、;   （4）A的核磁共振氢谱如图：（4）A的结构简式为：    【答案】12.分析：（1）相同条件下，气体的相对分子质量之比等于密度之比；   （2）浓硫酸增重2.7g为燃烧生成的水，碱石灰增重6.6g为生成二氧化碳，计算二者物质的量，根据元素守恒来确定有机物的分子式；（3）羧基可以和碳酸氢钠发生化学反应生成二氧化碳，-OH、-COOH和金属钠发生化学反应生成氢气，根据生成气体物质的量判断含有的官能团；（4）核磁共振氢谱图中有几个峰值则含有几种类型的等效氢原子，峰面积之比等于氢原子的数目之比，结合A的分子式、含有

11、的官能团确定A的结构简式解答：解：（1）有机物质的密度是相同条件下H2的45倍，所以有机物质的相对分子质量=45×2=90，故答案为：90；（2）4.5gA的物质的量=0.05mol，浓硫酸增重2.7g为燃烧生成的水，其物质的量为=0.15mol，碱石灰增重6.6g为生成二氧化碳，二氧化碳物质的量为=0.15mol，所以，n（A）：n（C）：n（H）=0.05mol：0.15mol：0.3mol=1：3：6，则有机物中碳个数是3，氢个数是6，根据相对分子质量是90，所以氧原子个数=3，即分子式为：C3H6O3，故答案为：C3H6O3；（3）4.5gA的物质的量=0.05mol，A和碳

12、酸氢钠反应说明A中含有羧基，生成1.12LCO2（标准状况），n（CO2）=0.05mol，所以含有一个羧基；醇羟基和羧基都可以和金属钠发生反应生成氢气，与足量金属钠反应则生成1.12LH2（标准状况），n（H2）=0.05mol，羧基或羟基与钠反应生成氢气时，羧基或羟基的物质的量与氢气的物质的量之比为2：1，A与钠反应时，A的物质的量与氢气的物质的量之比是1：1，则说明A中除了含有一个羧基外还含有一个羟基，故答案为：-OH、-COOH；（4）根据核磁共振氢谱图看出有机物中有4个峰值，则含4种类型的等效氢原子，故答案为：4；（5）根据核磁共振氢谱图看出有机物中有4个峰值，则含4种类型的等效氢原

13、子，且氢原子的个数比是1：1：2：2，所以结构简式为：，故答案为：13.有机物A由C、H、O三种元素组成，相对分子质量为90充分燃烧0.1mol A生成5.4g 水和0.3mol CO2请回答：（1）A的分子式是_（2）A物质符合下列条件：A的水溶液可以使紫色石蕊试液变红；1mol A与足量碳酸氢钠溶液反应生成 1mol CO2；1mol A与足量的金属钠反应生成 1mol H2；A分子中有一个-CH3A分子中官能团的名称是_；A的结构简式是_（3）等物质的量的A和乙酸与浓H2SO4混合加热，发生反应，其

14、化学方程式为：_（4）有机物B与A互为同分异构体，且与A含有相同种类和数量的官能团，则B的结构简式是_【答案】13.分析：0.1mol A生成5.4g 水和0.3mol CO2，n（H2O）=0.3mol，由原子守恒可知，分子式为C3H6Ox，相对分子质量为90，12×3+1×6+16x=90，解得x=3，该有机物为C3H6O3，然后结合有机物的结构与性质来解答解答：解：0.1mol A生成5.4g 水和0.3mol CO2，n（H2O）=0.3mol，由原子守恒可知，分子式为C3H6Ox，相对分子质量为90，12

15、×3+1×6+16x=90，解得x=3，该有机物为C3H6O3，（1）由上述分析可知，A的分子式为C3H6O3，故答案为：C3H6O3；（2）A的水溶液可以使紫色石蕊试液变红，含-COOH；1mol A与足量碳酸氢钠溶液反应生成1mol CO2，含1个-COOH；1mol A与足量的金属钠反应生成 1molH2，除羧基外，还含1个-OH，A分子中有一个-CH3，则A为CH3CHOHCOOH，官能团为羧基、羟基，故答案为：羧基、羟基；CH3CHOHCOOH；（3）等物质的量的A和乙酸与浓H2SO4混合加热，发生酯化反应，该反应为，故答案

16、为：；（4）有机物B与A互为同分异构体，且与A含有相同种类和数量的官能团，则A、B中官能团的位置不同，B为，故答案为：14.（1）分子式为C6H12的某烯烃的所有碳原子都在同一个平面上，则该烃的结构简式为_（2）某烃A0.1mol在氧气中完全燃烧，生成0.5molB和0.4molC物质若A为不饱和烃，则A的分子式为_；B的分子式是_若A为饱和烃，则其一氯代物有_种； C的分子式为_（3）1mol某不饱和烃可以和1molH2发生加成反应，生成2，2，3-三甲基丁烷，则该不饱和烃的名称是_【答案】14.分析：（1）根据乙烯是平面型结构，根据乙烯的结构确定该物质的结构；（2）根据烃在氧气中

17、燃烧生成二氧化碳和水，若0.5molCO2、0.4molH2O，根据C元素、H元素守恒确定该烃的分子式；若0.5molH2O、0.4molCO2，根据C元素、H元素守恒确定该烃的分子式；根据一氯代物的种类取决于氢原子的种类；（3）根据加成反应的原理，采取倒推法还原C=C双键，从分子中减掉氯原子形成C=C双键，可得不饱和烃的结构，再根据系统命名法进行命名解答：解：（1）乙烯是平面型结构，C6H12符合单烯烃的通式，且该烃的所有碳原子都在同一平面上，所以可以看作是乙烯中的氢原子被甲基取代，所以该物质的结构简式为：（CH3）2C=C（CH3）2；（2）根据烃在氧气中燃烧生成二氧化碳和水，若0.5mo

18、lCO2、0.4molH2O，根据C元素、H元素守恒确定该烃的分子式为C5H8；若0.5molH2O、0.4molCO2，根据C元素、H元素守恒确定该烃的分子式C4H10；其中C4H10是饱和烃，C5H8是不饱和烃，C4H10的结构有两种：CH3CH2CH2CH3，CH3CH（CH3）2，CH3CH2CH2CH3有2种氢原子，一氯代物有2种，CH3CH（CH3）2有2种氢原子，一氯代物有2种，所以C4H10共有4种一氯代物；故答案为：C5H8；CO2；4；CO2；（3）1mol某不饱和烃可以和1molH2发生加成反应，生成2，2，3-三甲基丁烷，根据加成反应的原理，采取倒推法还原C=C双键，从

19、分子中减掉氯原子形成C=C双键，可得不饱和烃的结构为（CH3）3CCCH3=CH2，根据系统命名法命名为：2，3，3-三甲基-1-丁烯，故答案为：2，3，3-三甲基-1-丁烯；点评：本题主要考查有机物结构推断、有机物的命名以及分子式的计算等，难度不大，注意基础知识的掌握，注意本题中加成反应的规律15.分子组成符合CnH2n-2的某烃，分子结构中无支链和侧链完全燃烧时所消耗的氧气的体积是相同状况下该烃蒸气体积的8.5倍（1）求该烃的分子式_（2）若该烃为链状烯烃，且与等物质的量的Br2加成后只能得到单一的产物，试推断并写出其结构简式：_（3）若该烃只能与等物质的量的Br2发生加成反应，试写出其结

20、构简式_【答案】15.分析：（1）根据燃烧通式可知，n+=8.5，解得n=6，故该烃分子式为C6H10；（2）该烃为链状烯烃，不饱和度为=2，则为二烯烃，且与等物质的量的Br2加成后只能得到单一产物，为对称结构，分子结构中没有支链或侧链，碳碳双键在1、5位，故为1，5-己二烯；（3）该烃只能与等物质的量的Br2发生加成反应，则该烃只有1个双键，剩下的不饱和度是成环导致，故还含有一个环，结合分子结构中没有支链或侧链可知为环己烯解答：解：（1）根据燃烧通式可知，n+=8.5，解得n=6，故该烃分子式为C6H10，故答案为：C6H10；（2）该烃为链状烯烃，饱和度为=2，则为二烯烃，且与等物质的量的

21、Br2加成后只能得到单一产物，则该二烯烃为对称结构，分子结构中没有支链或侧链，且碳碳双键在1、5位，故为1，5-己二烯，该烃的结构简式为CH2=CH-CH2-CH2-CH=CH2，故答案为：CH2=CH-CH2-CH2-CH=CH2；（3）该烃只能与等物质的量的Br2发生加成反应，则该烃只有1个双键，剩下的不饱和度是成环导致，故还含有一个环，分子结构中没有支链或侧链，故该烃的结构为等，故答案为：点评：本题考查有机物的推断、限制条件同分异构体书写、烯烃的性质等，难度中等，利用燃烧通式确定有机物的组成是关键，侧重对学生综合能力的考查16.0.1mol某烃在足量的氧气中完全燃烧，生成CO2和水各0.

22、6mol，则该烃的分子式为_若该烃能使溴水褪色，且能在催化剂作用下与H2发生加成反应，生成2.2-二甲基丁烷，则此烃属于_烃，结构简式为_，名称是_写出该烃与溴水反应的化学方程式：_【答案】16.分析：0.1mol某烃在足量的氧气中完全燃烧，生成CO2和水各0.6mol，根据原子守恒可知，该烃的分子式为C6H12，该烃能使溴水褪色，说明分子中含有1个C=C键，该烃属于烯烃，在催化剂作用下与H2加成生成2.2-二甲基丁烷（），相邻两个碳原子都含有H原子为C=C双键位置，确定该烃的结构简式，据此解答解答：解：0.1mol某烃在足量的氧气中完全燃烧，生成CO2和水各0.6mol，根据原子守恒可知，该

23、烃的分子中N（C）=6，N（H）=12，故该烃的分子式为C6H12，该烃能使溴水褪色，说明分子中含有1个C=C键，该烃属于烯烃，在催化剂作用下与H2加成生成2，2-二甲基丁烷（），相邻两个碳原子都含有H原子为C=C双键位置，该烃的结构简式为：（CH3）3CCH=CH2，名称为3，3-二甲基-1-丁烯，与溴水反应的方程式为：（CH3）3CCH=CH2+Br2（CH3）3CCHBrCH2Br，故答案为：C6H12；烯；（CH3）3CCH=CH2；3，3-二甲基-1-丁烯；（CH3）3CCH=CH2+Br2（CH3）3CCHBrCH2Br17.某有机物由C、H、O三种元素组成，将该有机物3g充分燃烧

24、生成0.15mol二氧化碳和3.6g水，已知该有机物的蒸汽密度为2.68g/L（折算成标准状况），该有机物能与金属钠反应试回答：（1）通过计算求出该有机物的分子式（2）写出该有机物可能的结构简式【答案】17.分析：有机物的蒸汽密度为2.68g/L，则其相对分子质量为2.68×22.4L=60g，根据原子守恒计算有机物分子中N（C）、N（H），再结合相对分子质量计算有机物分子中N（O），据此确定有机物分子式，该有机物能与金属钠反应，至少含有-COOH、-OH中的一种，结合有机物分子式书写可能的结构解答：解：（1）有机物的蒸汽密度为2.68g/L，则其相对分子质量为2.68×2

25、2.4L=60g，该有机物3g充分燃烧生成0.15mol二氧化碳和3.6g水，3g有机物的物质的量=0.05mol，3.6g H2O的物质的量为=0.2mol，根据原子守恒，可知有机物分子中N（C）=3、N（H）=8，则有机物分子中N（O）=1，故有机物分子式为C3H8O，答：该有机物分子式为C3H8O（2）该有机物能与金属钠反应，有机物分子式为C3H8O，故有机物含有-OH，该有机物的结构简式为CH3CH2CH2OH、CH3CH（OH）CH3，答：该有机物的结构简式为CH3CH2CH2OH、CH3CH（OH）CH318.（1）按系统命名法命名有机物CH3CH（C2H5）CH（CH3

26、）2的名称是_（2）有机物CxHyOz：m g有机物CxHyOz完全燃烧，将产物全部通入Na2O2中，充分反应后Na2O2增重m g，则x、y、z满足的关系为_两种有机物A、B，其y值相同，等物质的量的A、B完全燃烧消耗的O2量相同，已知A中x=a，z=b，若B中x=a+n，则B中z=_【答案】18.分析：（1）烷烃命名要抓住五个“最”：最长-选最长碳链为主链；最多-遇等长碳链时，支链最多为主链；最近-离支链最近一端编号；最小-支链编号之和最小（两端等距又同基，支链编号之和最小）；最简-两不同取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号如取代基不同，就把简单的写在前面，

27、复杂的写在后面；（2）有机物在足量氧气中燃烧生成CO2和H2O，与Na2O2发生反应：2Na2O2+CO2=2Na2CO3+O2，2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2，对生成物变式：Na2CO3Na2O2CO，2NaOHNa2O2H2，固体增加的质量相当于CO和H2的质量，以此解答该题；A、By值相同，等物质的量的A、B完全燃烧消耗的O2量相同，说明CxOz的耗氧量相同解答：解：（1）最长的碳链有5个碳原子，甲基分别位于2号、3号碳原子上，名称为：2，3-二甲基戊烷，故答案为：2，3-二甲基戊烷；（2）有机物在足量氧气中燃烧生成CO2和H2O，与Na2O2发生反应：2Na2O2+CO2=2

28、Na2CO3+O2，2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2，对生成物变式：Na2CO3Na2O2CO，2NaOHNa2O2H2，固体增加的质量相当于CO和H2的质量，则有机物应可拆写成（CO）mHn的形式，由此可以看出CxHyOz中，x=z，y2x+2（y为偶数），故答案为：x=z；A、By值相同，等物质的量的A、B完全燃烧消耗的O2量相同，说明CxOz的耗氧量相同；A为CaOb；则B为Ca+nOz，根据耗氧量相同得：Z=b+2n，故答案为：b+2n19.充分燃烧2.8g某有机物A，生成8.8g CO2和3.6g H2O，这种有机物蒸气的相对密度是相同条件下N2的2倍求该

29、有机物的分子式写出该有机物可能的同分异构体的结构简式若A在核磁共振氢谱中只有一个信号峰，确定其结构，并用键线式表示【答案】19.分析：（1）这种有机物蒸气的质量是同温同压下同体积N2的2倍，则该有机物的相对分子质量为2×28=56，计算2.8g有机物的物质的量，结合生成水和二氧化碳的质量可计算有机物的分子式；（2）根据分子式和官能团写出结构简式；（3）若在核磁共振氢谱中只有一个信号峰，说明有机物中一种H解答：解：（1）这种有机物蒸气的质量是同温同压下同体积N2的2倍，则该有机物的相对分子质量为2×28=56；n（A）=0.05mol，n（C）=n（CO2）=0.2mol，n

30、（H）=2n（H2O）=2×=0.4mol，故有机物分子中含有C原子数目为=4，含有H原子数目为=8，因为12×4+1×8=56=M（A），所以没有O元素；分子式为C4H8，答：该有机物的分子式为C4H8；（2）已知分子式为C4H8，如果分子中有一个C=C，则结构简式为：CH2=CHCH2CH3，CH3CH=CH2CH3 ，；如果分子中有一个环状结构，则结构简式为：，； 答：该有机物可能的同分异构体的结构简式：CH2=CHCH2CH3，CH3CH=CH2CH3 ，；（3）在核磁共振氢谱中只有一个信号峰，说明有机物中一种H，则不可能为烯烃，应为环丁烷，结构

31、简式为：；其键线式为：；答：该有机物的键线式为点评：本题考查有机物的推断，题目难度不大，本题注意根据有机物生成的二氧化碳和水的质量结合相对分子质量可判断有机物的分子式，注意有机物的结构特点20.二乙醚的结构简式为：CH3-CH2-O-CH2-CH3其核磁共振谱是如图的_ （1）下列物质中，其核磁共振氢谱中给出的峰值（信号）只有一个的是_（多选扣分）ACH3CH3     BCH3COOH   CCH3COOCH3   DCH3OCH3（2）化合物A和B的分子式都是C2H4Br

32、2，A的核磁共振氢谱图如图N所示，则A的结构简式为：_，请预测B的核磁共振氢谱上有_个峰（信号）【答案】20.分析：核磁共振氢谱中给出的信号有几个，则有机物中有几种位置的H原子；（1）由图及核磁共振氢谱中给出的信号只有一个，则有机物中只有一种位置的H原子；（2）化合物A和B的分子式都是C2H4Br2，A的核磁共振氢谱图如右图N所示，则A中只有一种H原子，结构对称；B应为CH3CHBr2解答：解：二乙醚中含有两种位置的氢原子，所以核磁共振氢谱中给出的信号有2个，故选M；（1）由图及核磁共振氢谱中给出的信号只有一个，则有机物中只有一种位置的H原子，AD中只有一种位置的H原子，BC中有2种位置的H原

33、子，故答案为：AD；（2）化合物A和B的分子式都是C2H4Br2，A的核磁共振氢谱图如图N所示，则A中只有一种H原子，结构对称，则A为CH2BrCH2Br，B应为CH3CHBr2，含有2种H原子，B的核磁共振氢谱上有2种信号，故答案为：CH2BrCH2Br；2点评：本题考查有机物的推断，明确核磁共振氢谱与有机物结构的关系来推断有机物是解答本题的关键，题目难度中等21.有机物A只含有C、H、O三种元素，常用作有机合成的中间体16.8g该有机物经燃烧生成44.0g CO2和14.4g H2O；质谱图表明其相对分子质量为84，红外光谱分析表明A分子中含有O-H键和位于分子端的CC

34、键，核磁共振氢谱有三个峰，峰面积为6：1：1（1）A的分子式是_（2）下列物质中，一定条件能与A发生反应的是_AH2 BNa    CKMnO4 DBr2（3）A结构简式是_（4）有机物B是A的同分异构体，1mol B可与1mol Br2加成该有机物所有碳原子在同一个平面，没有顺反异构现象B的结构简式是_【答案】21.分析：（1）根据n=计算有机物A、二氧化碳、水的物质的量，根据原子守恒计算烃分子中C、H原子数目，根据相对原子质量计算分子中氧原子数目，据此书写该烃的分子式；（2）根据有机物A含有是官能团进行分析解答；（3）红外光谱分析表明A分子中含有O-H键和位于分子端的CC键，核磁共振氢谱有三个峰，峰面积为6：1：1，分子中有3种不同的H原子，原子数目之比为6：1：1，结合有机物的分子式判断有机物A的结构；（4）有机物B是A的同分异构体，1molB可与1molBr2加成，故分子中含有1个C=C双键，该有机物所有碳原子在同一个平面，其余的碳原子连接C=C双键，没有顺反异构现象，不饱和双键至少其中一个C原子连接两个相同的基团甲基