2019高考物理一轮基础系列题(10)(含解析)新人教版

1、2019 高考物理一轮基础系列题（10） 李仕才 、选择题 1、将一质量为 m的小球靠近墙面竖直向上抛出，图甲是向上运动小球的频闪照片，图 乙是下降时的频闪照片， O是运动的最高点，甲乙两次闪光频率相同，重力加速度为 g,假 设小球所受的阻力大小不变，则可估算小球受到的阻力大小约为 1 B. gmg 1 D.mg 解析：选 C 设每块砖的厚度是 d,向上运动时： 9d 3d= a 向下运动时：3d d= azT2 联立得：一=; a2 1 根据牛顿第二定律，向上运动时： mg f = ma 向下运动时： m f = ma 2、如图所示，穿在一根光滑的固定杆上的两个小球 A、B连接在一条跨过定滑

2、轮的细绳 两端，杆与水平面成 0角，不计所有摩擦，当两球静止时, 沿竖直方向，则下列说法正确的是 （ ） A. A可能受到 2 个力的作用 B. B可能受到 3 个力的作用 A. mg 1 C.qmg 联立得: 1 f = 2mg 选 Co 0A绳与杆的夹角为 0 , 0B绳 C. 绳子对A的拉力大于对 B的拉力嫦娥工程第二阶段的登月探测器， 经变轨成功落月.若该卫星在某次变轨前， 在距月球表面 D. A、B的质量之比为 1 : tan 0 解析：选D对狙球受力分析可知，卫受到重九绳子弼立力以及杆对球的弾力三个力的合力为 零，故A错误对丘球受力分折可知行受到重力，绳子的拉力，两个力合力为零，杆

3、对左球没有弹力， 否则$不能平衡，故B错误；定滑轮不改变力的大卜 则绳子对川的拉力等于对的拉力故C错误分 别对AB两球分析,运用合成法，如图： 90。-2日/ T 血莒叫 g 根据共点力平衡条件， 得：T= mg, L = mAg （根据正弦定理列式）故 si n 0 + 0 m : mB= 1 : tan 0 ,故 D 正确。 3、多选甲、乙两船在同一河流中同时开始渡河，河水流速为 vo,船在静水中的速率 均为v,甲、乙两船船头均与河岸成 0角，如图所示，已知甲船恰能垂直到达河正对岸的 A 点，乙船到达河对岸的 B点，A、B之间的距离为L,则下列判断正确的是（ ） A. 乙船先到达对岸 B.

4、 若仅是河水流速 vo增大，则两船的渡河时间都不变 C. 不论河水流速vo如何改变，只要适当改变 0角，甲船总能到达正对岸的 A点 D. 若仅是河水流速 vo增大，则两船到达对岸时，两船之间的距离仍然为 L 解析：选BD将小船的运动分解为羽亍于河岸和垂直于河岸两个方向，抓住分运动和合运动具有等时 性，知甲乙两船到达对岸的时间相等渡河的时间匚島，故閱错误夕若仅是河水流速阳增九 渡河的 isin t? 时间F二盒,则两船的渡河时间都不变，故B正确；只有甲船速度大于水流速度时，甲船才可能到达河 的正对岸仏鼠 故C错误；若仅是河水流速观増大，则两船到达对岸时间不效 根据速度的井解，船在沿 岸方向的分速

5、度仍不变，两船之间的相对速度不变，则两船之间的距离仍然为h故D正确 甲乙 4、嫦娥工程划为三期，简称“绕、落、回”三步走.我国发射的“嫦娥三号”卫星是 高度为h的轨道上绕月球做匀速圆周运动，其运行的周期为 略月球自转及地 球对卫星的影响，则（ ） A. R越大，Vo越大 B. R越大，小球经过b点后的瞬间对轨道的压力越大 C. m越大，V。越大 D. m与R同时增大，初动能 Eko增大 解折 小球刚好能通过最高点 G 表明小球在（点的速度対心区 根据机械能守恒定律有*戚二 吨十扌啟匸|一嗣，贝ij ,丘越犬，惋越犬，惋与廉无关*选项A正确* C错误多用与疋同时増 犬、初动能巫增犬J选项D正确,

6、从力到忙机械能守恒、atg-2R +苏nA苏rvi得、在办点，N 器得 gj昭 选项T.若以R表示月球的半径，忽 A. “嫦娥B 物体在月球表面自由下落的加速度大小为 2 n R 4 n 2 ( R+ h) 3 C 在月球上发射月球卫星的最小发射速度为 R+ h R D 月球的平均密度为备 【解析】“嫦娥三号”的线速度 v =辽 (R+ h) h）, GMmg月，可得物体在月球表面的重力加速度 上卫星的最小发射速度也就是最大环绕h） 可得: 2n ( F+ h) v= R+ h R , C 项错误；由 2 GMm 4 n (R+h =咛(R+ 4n 2 (R+ h) 3 工 亠 g月= 希 ,

7、B 项正确；因月球 2 2 GMm mtv GMm 4 n 有京=伍，又(R+百=咛(R+ 2 GMm 4 n M 4 + A 项错误；由 戌可得月 球的平均密度 3 P =3n GRh)，D 错误. 【答5、水平光滑直轨道 ab与半径为R的竖直半圆形光滑轨道 bc相切，一小球以初速度 vo 沿直轨道ab向右运动, 如图 5 所示，小球进入半圆形轨道后刚好能通过最高点 c。则（图 5 B错误。 答案 AD 6、（多选）如图所示，长为 L的粗糙长木板水平放置，在木板的 A端放置一个质量为 m的小 物块.现缓慢地抬高 A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为 a时小 物块开始滑动，此

8、时停止转动木板， 小物块滑到底端的速度为 v,重力加速度为g.下列判断 正确的是（ ） A. 整个过程物块所受的支持力垂直于木板，所以不做功 B. 物块所受支持力做功为 mglsi n a C. 发生滑动前静摩擦力逐渐增大 D. 整个过程木板对物块做的功等于物块机械能的增量 解折：选BCD由题意得，物块滑动前支持力属于沿运动轨迹切线方向的变力由徽元去可Wffi该个过 程中支持力做正功，而且根据动能定理,在缓if抬高川端的过程中，审-吨念尸可知a. 所臥亠项错，B项正确.由平衡条件得在滑动前静摩扌献|/尸血巧当科时八 所以匸项正确.在 整个过程中，根据除了重力以外其他力做功等于机械能的变化重可知

9、D项正确. 7、多选静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针张角的大小来定性显示其相互 绝缘的金属球与外壳之间的电势差大小，如图所示， A B是平行板电容器的两个金属板， G 为静电计，极板 B固定，A可移动，开始时开关 S 闭合。静电计指针张开一定角度，则下列 说法正确的是（ ） A. 断开 S 后，将A向左移动少许，静电计指针张开的角度增大 B. 断开 S 后，在A B间插入电介质，静电计指针张开的角度增大 C. 断开 S 后，将A向上移动少许，静电计指针张开的角度增大 D. 保持 S 闭合，将变阻器滑动触头向右移动，静电计指针张开的角度减小 S 解析：选 AC 断开开关，电容器带电量不变

10、， 将A向左移动少许，则d增大，根据c= 产； 4 n kd 知，电容减小，根据U QQ知，电势差增大，指针张角增大，故选项 A 正确；断开 S 后，在A B间插入电介质，根据 C=rS知，电容增大，根据 U= !知，电势差减小，则指针张角减 4 n kd C e rS 小，故选项 B 错误；断开 S 后，将A向上移动少许，根据 C-产 知，电容减小，根据 U 4 n kd =Q知，电势差增大，则指针张角变大，故选项 C正确；保持开关闭合，电容器两端的电势 差不变，变阻器仅仅充当导线功能，滑动触头滑动不会影响指针张角，故选项 D 错误。 8、如图所示，圆柱体为磁体，磁极在左右两侧，外侧 a为一

11、金属圆环，与磁体同轴放 置，间隙较小。在左侧的 N 极和金属圆环上各引出两根导线，分别接高压电源的正、负极。 加高压后，磁体和金属圆环 a间的空气会被电离，形成放电电流，若从右侧观察放电电流， 拉力所做的功； (2) 拉力撤去时小球的速度大小； (3) 若小球运动到最高点后由静止开始向右倾斜，求杆与水平面夹角为 小球还未脱落)，正方体的速度大小A. 放电电流将发生顺时针旋转 B. 放解析：选 A 由题意可以知道，从右侧观察，磁场向外，电流由高压电源的正极流向负极， 根据左手定则，可以判断放电电流将发生顺时针旋转，故选项 A 正确。 二、非选择题 如图 8 所示，长为L的轻杆一端连着质量为 m的小球，另一端用活动铰链固接于水平地 面上的0点，初始时小球静止于地面上，边长为 L、质量为M的正方体左侧静止于 0点处. 现在杆中点处施加一大小始终为 6mg g为重力加速度)、方向始终垂直杆的拉力，经过一段 n 时间后撤去F,小球恰好能到达最高点，忽略一切摩擦，试求： 0时(正方体和 图 8 答案(1)mgL (2) gL 2 r(3 ) 2 - 宀 /2mgL 1 sin 0 sin 0 m MSin 2 0 解析1）根抿动能定理可得：WrWr- -mgLO mgLO 力F所做的功为W WF F=mgL=m