安徽省池州市庆丰中学高二物理月考试题含解析

1、安徽省池州市庆丰中学高二物理月考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 在2010上海世博会上，拉脱维亚馆的风洞飞行表演，令参观者大开眼界。若风洞内总的向上的风速风量保持不变，让质量为m的表演者通过调整身姿，可改变所受的向上的风力大小，以获得不同的运动效果，假设人体受风力大小与正对面积成正比，已知水平横躺时受风力面积最大，且人体站立时受风力面积为水平横躺时受风力面积的，风洞内人体可上下移动的空间总高度为h若人体与竖直方向成一定角度倾斜时，受风力有效面积是最大值的一半，恰好可以静止或匀速漂移；现在让人从最高点a开始，先以向下的最大加速度匀加速下

2、落，经过某处b后，再以向上的最大加速度匀减速下落，刚好能在最低点c处减速为零，下列说法中错误的是（      ）a表演者向上的最大加速度是gb表演者向下的最大加速度是cb点的高度是d由a至c全过程表演者克服风力做的功为mgh参考答案：b2. 一个电流表的满偏电流ig1ma，内阻rg500.要把它改装成一个量程为10v 的电压表，则应在电流表上()a. 串联一个10k的电阻b. 并联一个10k的电阻c. 串联一个9.5k的电阻d. 并联一个9.5k的电阻参考答案：c把电流表改装成一个量程为10v的电压表，应串联电阻为；由上式知应串联9.5k的电阻

3、故选c.3. （单选）如图所示，在示波管下方有一根水平放置的通电直电线，则示波管中的电子束将a向上偏转    b向下偏转 c向纸外偏转    d向纸里偏转参考答案：a4. 如图所示，一个小球从高处自由下落到达a点与一个轻质弹簧相撞，弹簧被压缩在球与弹簧接触，到弹簧被压缩到最短的过程中，关于球的动能、重力势能、弹簧的弹性势能的说法中正确的是（）a球的动能先增大后减小b球的动能一直在减小c球的重力势能逐渐减小，弹簧的弹性势能逐渐减小d球的重力势能和弹簧的弹性势能之和逐渐增加参考答案：a【考点】机械能守恒定律【分析】小球接触弹簧后受到弹力和

4、重力两个力作用，弹力不断增大，根据合力与速度方向关系，分析小球的运动情况，从而判断其动能的变化情况根据弹性势能与弹簧形变量的关系可以判断弹性势能的变化，根据高度变化可以确认重力势能的变化以小球、弹簧和地球组成的系统，由于只有弹力和重力做功，所以的系统机械能守恒【解答】解：ab、小球刚接触弹簧时，弹簧的形变量较小，弹力小于重力，对小球而言受重力和弹力作用，合力方向向下，故小球先向下做加速运动；当弹力大于重力时，合力向上，则小球做减速运动，所以小球的速度先增大后减小，则小球的动能先增加后减小，故a正确，b错误；c、由于小球将弹簧压缩至最低的过程中，小球一直在向下运动，高度降低，故球的重力势能一直减

5、小，而小球接触弹簧至弹簧压缩最低点的过程中，弹簧的压缩量越来越大，弹性势能逐渐增大，故c错误；d、因为整个过程中，只有重力和弹力做功，满足系统的机械能守恒，小球的动能先增大后减小，故小球的重力势能、及弹簧的弹性势能之和先减小后增大，故d错误故选：a5. 关于物体的动量和动能，下列说法中正确的是 a一物体的动量不变，其动能一定不变   b一物体的动能不变，其动量一定不变c两物体的动量相等,其动能一定相等    d两物体的动能相等,其动量一定相等参考答案：a二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 总质量为m的热气球，由于故障而在高空

6、以v匀速竖直下降，为防止继续下降，在t=0时刻，从热气球上释放一个质量为m的沙袋，不计空气阻力，当t=_时热气球停止下降，这时沙袋的速度为_(此时沙袋尚未着地,整个过程中空气浮力不变)参考答案：；。7. 某同学用图甲的实验装置探究小车的加速度a与小车所受合力f及质量m的关系打点计时器所用交变电流的频率为50hz（1）某次实验中得到的纸带如图乙所示，每两个点间还有四个计时点未画出则小车在五个点的中央点的瞬时速度为   m/s，加速度大小为   m/s2；（2）该同学在平衡摩擦力后进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力   砝码和盘的总

7、重力（选填“大于”“小于”或“等于”），为了便于探究、减小误差，应使小车质量m与砝码和盘的总质量m满足  的条件参考答案：（1）0.696 （或0.6955），0.51；（2）小于，m?m（或m远大于m）【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】（1）小车做匀加速直线运动，利用匀变速直线运动的两个推论：中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，来求中央点的瞬时速度由x=at2可计算出加速度（2）根据牛顿第二定律分析拉力与砝码和盘的总重力的关系当砝码和盘的总质量远小于小车及砝码总质量时，可以认为小车受到的拉力等于砝码和盘的总重力【解答】解：（1）小车在五个点的中央点的瞬时速

8、度等于相邻两段位移内的平均速度，为：v=0.6955m/s由图乙可知，相邻相等时间内位移之差均相等，大小为：x=0.51cm=0.0051m；根据x=at2得：a=0.51m/s2（3）砝码和盘向下做匀加速运动，处于失重状态，则砝码和盘所受的拉力小于砝码和盘的总重力结合定滑轮的特点可知：小车在运动过程中所受的拉力与砝码和盘所受的拉力大小相等，所以小车在运动过程中所受的拉力小于砝码和盘的总重力当砝码和盘的总质量m远小于小车的质量m时，砝码和盘的加速度很小，可以认为小车受到的拉力等于砝码和盘的总重力，即有m?m故答案为：（1）0.696 （或0.6955），0.51；（2）小于，m?m（或m远大于

9、m）8. 设某型号的太阳能电池板的电动势为600v，短路电流为30a，则由此可以推知，该电池的内电阻为  ；如果再将此电池与一个阻值为 20的电阻连成闭合电路，那么通过电池的电流为  a参考答案：20      15【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】由闭合电路的欧姆定律可求得电池的内电阻；同理可求得连接电阻后的电流【解答】解：内阻连接电阻后电路中电流为故答案为：20      159. 如图所示，条形磁铁从h高处自由下落，中途穿过一个固定的空心线圈，k断开时，落地时间为t1，

10、落地速度为v1；k闭合时，落地时间为t2，落地速度为v2，则：t1 t2，v1  v2（填或号）参考答案：，【考点】楞次定律【分析】开关k断开时，条形磁铁自由下落，加速度为g；k闭合时，由于产生感应电流，磁铁受到向上的安培力，加速度减小，时间延长，落地速度减小【解答】解：开关k断开时，线圈中没有感应电流产生，不受安培力，则条形磁铁也不受安培力，所以磁铁自由下落，加速度为g；k闭合时，穿过线圈的磁通量在变化，将产生感应电流，根据楞次定律“来拒去留”可知，磁铁受到向上的安培力，合力小于重力，加速度小于g，所以下落时间延长，落地速度减小，即有：t1t2，v1v2故答案为：，10. 如图所示

11、，两个相切的圆表示一个静止的原子序数大于 80 的原子核发生某种衰变后，产生的两种运动粒子在匀强磁场中的运动轨迹，则此原子核发生_衰变（填“”“”“”），其中辐射出来的射线轨迹是  （填“大圆”或“小圆”）参考答案：，大圆【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度；动量守恒定律【分析】静止的原子核发生衰变，根据动量守恒可知，发生衰变后的粒子的运动的方向相反，在根据粒子在磁场中运动的轨迹可以判断粒子的电荷的性质；衰变后的粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力可得半径公式，结合轨迹图分析【解答】解：原子核发生衰变，粒子的速度方向相反，由图可知粒子的运动的轨迹在两侧，根据左手定则可以

12、得知，衰变后的粒子带的电性相同，所以释放的粒子应该是氦核，所以原子核发生的应该是衰变；衰变后，粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，故：qvb=m解得：r=，静止的原子核发生衰变，根据动量守恒可知，衰变前后，动量守恒，故两个粒子的动量mv相等，磁感应强度也相等，故q越大，轨道半径越小；故大圆是释放粒子的运动轨迹，小圆是新核的运动轨迹；故答案为：，大圆11. 如图所示，a、b两通电直导线位于同一平面内，电流方向如图中箭头所示，则通电导线a在b处产生的磁场方向为，通电导线b的磁场对通电导线a的作用力方向是。参考答案：垂直纸面向里、向左12. 如图1466所示，a、b两点相距10cm，e1000v

13、/m，ab与电场线方向夹角120°，ab两点间的电势差          参考答案：-50v13. 如图所示，水平地面上的物体质量为m，跨过动滑轮的绳子一端沿水平方向固定在墙上，另一端与水平方向成角，且受恒力f作用在物体沿水平地面向右移动l的过程中，绳子的拉力所做的功w_。   参考答案：fl(1cos)三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （9分）在探究单摆周期与摆长的关系实验中,要注意以下几点(1)摆的振幅不要太大.这是因为单摆只有当摆的振幅不大时,

14、才能认为摆的振动是_运动. (2)摆线要尽量选择_、_,并尽可能_(填“长”、“短”)一些(3)摆球要尽量选择质量_(填“大”、“小”)、体积小些的。(4)测量摆的振动周期时,在_(填“摆球到达最高点”、“摆球经过平衡位置”)作为计时的开始与终止更好些。参考答案：(1)简谐（2分）(2)细一些、伸缩性小些，长（3分）（3）大（2分）（4）摆球经过平衡位置（2分）15. (10分)“玻意耳定律”告诉我们：一定质量的气体如果保持温度不变，体积减小，压强增大；“查理定律”指出：一定质量的气体，如果保持体积不变，温度升高压强增大；请你用分子运动论的观点分别解释上述两种现象，并说明两种增大压强的方式有何

15、不同。参考答案：一定质量的气体如果温度保持不变，分子平均动能不变，每次分子与容器碰撞时平均作用力不变，而体积减小，单位体积内分子数增大，相同时间内撞击到容器壁的分子数增加，因此压强增大，（4分）一定质量的气体，若体积保持不变，单位体积内分子数不变，温度升高，分子热运动加剧，对容器壁碰撞更频繁，每次碰撞平均作用力也增大，所以压强增大。（4分）第一次只改变了单位时间内单位面积器壁上碰撞的分子数；而第二种情况下改变了影响压强的两个因素：单位时间内单位面积上碰撞的次数和每次碰撞的平均作用力。（2分）四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，合上电键s1当电键s2闭合时，电流表的示数为0.7

16、5a；当电键s2断开时，电流表的示数为0.5a，r1=r2=2求电源电动势e和内电阻r参考答案：解：当电键s2断开时，根据闭合电路欧姆定律：e=i1（r1+r）当电键s2闭合时，根据闭合电路欧姆定律：e=i2（+r）代入数据：e=0.5（r+2）e=0.75（r+1）解得：e=1.5v，r=1答：电源电动势e为1.5v，内电阻r为1【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】对电键闭合和断开时分别根据闭合电路欧姆定律列方程求解即可17. 如图所示，均匀金属圆环电阻不计，磁感应强度为b的匀强磁场垂直穿过圆环金属杆om长为l，电阻为，m端与环紧密接触，金属杆om绕过圆心的转轴o以恒定的角速度顺时针转动，阻值

17、为r的电阻通过导线一端和环连接，另一端与金属杆的转轴相连接，                                      （1）求金属杆om两端的电势差uom（2）电阻r消耗的电功率  参考答案：解：根据法拉第电磁感应定律，金属杆切割磁感线，产生的感应电动势为e=bl2/2 根据闭合电路欧姆定律，回路中电流强度为i=e/(r+r/2) 金属杆om两端的电势差即为电阻r两端的电压uu=ir 由右手定则可知，o点电势比m点电势低 则   uom= -bl2/3  电阻r消耗的功率为    p=i2r 解得     p=b2l42/9r    18. 如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60