高考化学 第十一章磁场A卷练习

1、第十一 章磁场（a卷）一、本题共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.1.以下说法正确的是（）a.一小段通电导线在某点不受磁场力作用，则该点的磁感应强度一定是零b.在磁场中一小段通电直导线所受磁场力方向、该点的磁感应强度的方向以及导线中的电流方向，三者一定互相垂直c.在磁场中一小段通电直导线的电流方向不跟磁场方向垂直时，通电导线受的磁场力方向一定垂直于电流方向，而且一定垂直于磁场方向解析：f安安的方向总是垂直于磁感线和通电导线所在的平面.答案：c2.在重复奥斯特的电流磁效

2、应实验时，为使实验方便且效果明显，通电直导线应（）a.平行于南北方向，位于小磁针上方b.平行于东西方向，位于小磁针上方c.平行于东南方向，位于小磁针下方d.平行于西南方向，位于小磁针下方解析：不通电流时，小磁针指向南北方向，将直导线放在它的上方，且也在南北方向；通电流后电磁场给小磁针的转动力矩最大，效果最明显.直导线产生的电磁场与距直导线的距离有关，距离越小，电磁场越强，直导线在小磁针上方时越容易与小磁针靠近.答案：a3.光滑水平面上有一个带负电的小球a和一个带正电的小球b，空间存在着竖直向下的匀强磁场，如图所示.给小球b一个合适的初速度，b将在水平面上按图示的轨迹做匀速圆周运动.在运动过程中

3、，由于b内部的因素，从b中分离出一小块不带电的物质c（可认为刚分离时二者的速度相同），则此后()a.b会向圆外飞去，c做匀速直线运动b.b会向圆外飞去，c做匀速圆周运动c.b会向圆内飞去，c做匀速直线运动d.b会向圆内飞去，c做匀速圆周运动解析：b和c一起做匀速圆周运动，c分离出去后既不受电场力又不受磁场力，故做匀速直线运动，b部分受力不变，但因质量减少，故向心加速度增加，应向圆里运动，选项c正确.答案：c4.三个速度大小不同而质量相同的一价离子，从长方形区域的匀强磁场上边缘平行于磁场边界射入磁场，它们从下边缘飞出时的速度方向见下图.以下判断正确的是()解析：该题考查的是带电离子在磁场中的圆周

4、运动.解决该类型题首先要确定离子的运动轨迹及轨道的圆心和半径.由带电离子的入射点和射出点的关系确定离子的运动轨迹，根据左手法则可以判断三个带电离子均带负电荷，故选项a正确. 第3个离子的轨道半径最大，选项c错误.由带电离子的周期公式可得三个离子的周期均相同，但第1个离子的轨道所对应的圆心角最大，故第1个离子运动时间最长，选项d错误.答案：a5.两个带电粒子，它的荷质比相同，它们的电量不相同，q1=2q2，动量也不同，p1=4p2，则它们在同一匀强磁场中做匀速圆周运动的轨道半径之比和周期之比分别为（）：2和2：1 ：1和1：1：1和1：2 ：4和1：1解析：r=，故r1：r2=（）：（）.代入q

5、1=2q2，p1=4p2得r1：r2=2：1.t= =由于两粒子的荷质比相同故得t1：t2=1：1.答案：b6.如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向射入，沿曲线dpa打到屏mn上的a点，通过pa段用时为t.若该微粒经过p点时，与一个静止的不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒，最终打到屏mn上.两个微粒所受重力均忽略.新微粒运动的（）a.轨迹为pb,至屏幕的时间将小于tb.轨迹为pc,至屏幕的时间将大于tc.轨迹为pb,至屏幕的时间将等于td.轨迹为pa,至屏幕的时间将大于t解析：带电微粒在匀强磁场中做匀速圆周运动，设带电微粒的质量为m1,电荷量为q1,r1=

6、,t1=,撞击后，新微粒的质量为（m1+m2),电荷量为q1,r2=,t2=,因为碰撞动量守恒，所以m1v1=(m1+v2）v,所以r1=r2,t1<t2,所以轨迹仍为pa,时间变长.所以d选项正确.答案：d7.如图所示，在绝缘的水平面上等间距固定着三根相互平行的通电直导线a、b和c，各导线中的电流大小相同，其中，a、c导线中的电流方向垂直纸面向外，b导线电流垂直纸面向内.每根导线都受到另外两根导线对它的安培力作用，则关于每根导线所受安培力的合力，以下说法中正确的是（） 解析：首先用安培定则判断导线所在处的磁场方向，要注意是合磁场的方向，然后用左手定则判定导线的受力方向.可以判定b是正确

7、的.答案：b8.某空间存在着如图所示的水平方向的匀强磁场，a，b两个物块叠放在一起，并置于光滑的绝缘水平地面上.物块a带正电，物块b为不带电的绝缘块.水平恒力f作用在物块b上，使a，b一起由静止开始向左运动.在a、b一起向左运动的过程中，以下关于a、b受力情况的说法中正确的是（）解析：由牛顿第二定律：f=（ma+mb）·a，a=，a、b摩擦f=ma·a=.保持不变，b正确.由左手定则，a受洛伦兹力向下，a对b、b对地面压力变大，a、d错.故应选b.答案：b内匀强磁场不变，只增大区域内匀强磁场的磁感应强度大小，则微粒经过p点后运动的()a.轨迹为pb,至屏幕的时间将大于tb.

8、轨迹为pc,至屏幕的时间将小于tc.轨迹为pb，至屏幕的时间将小于td.轨迹为pc，至屏幕的时间将大于t解析：本题考查带电粒子在磁场中的运动.粒子从o点竖直向上进入磁场后做匀速圆周运动，若增大区域的磁感应强度，粒子的轨道半径将减小，则轨道变为pc，在没有改变区域的磁感应强度之前，粒子沿曲线opa垂直的打在a点，而改变区域的磁感应强度之后，粒子沿曲线opc运动打在c点，由几何关系可知pc的弧长大于pa的弧长，而速度大小不变，故至屏的时间大于t，选项d正确.答案：d10.如图所示为电视机显像管及其偏转线圈（l）的示意图.如果发现电视画面的幅度比正常时偏小，可能是下列哪些原因引起的（）电子枪发射能力

9、减弱，电子数减少加速电场的电压过高，电子速率偏大偏转线圈匝间短路，线圈匝数减少偏转线圈的电流过小，偏转磁场减弱a. b.c. d.解析：画面变小，是由于电子束的偏转角减小，即偏转轨道半径增大所致.根据轨道半径公式：r=，因为加速电压增大，将引起v增大，而偏转线圈匝数或电流减小，都会引起b减小，从而使轨道半径增大，偏转角减小，画面变小.由此可知选项c正确.答案：c11.由中国提供的永磁体阿尔法磁仪如图所示，它曾由航天飞机携带升空，将其安装在阿尔法国际空间站中.主要使命之一是探索宇宙中的反物质，所谓的反物质即质量与正粒子相等，带电量与正粒子相等但电性相反.例如反质子即为1-1h.假若使一束质子、反

10、质子、粒子和反粒子组成射线，沿直线oo进入匀强磁场b2而形成4条径迹，则（）a.1、4是反粒子径迹 b.3、4是反粒子径迹粒子径迹 粒子径迹解析：射线沿直线oo运动则qvb1=qe，即v=说明射线以相同的速度进入匀强磁场b2.由r=知粒子和反粒子的半径大，再由左手定则判断2是反粒子的径迹.故c正确.答案：c12.如图所示，一个质子和一个粒子垂直于磁场方向从同一点射入一个匀强磁场，若它们在磁场中的运动轨迹是重合的，则它们在磁场运动的过程中（） 等粒子冲量的2倍粒子的冲量是对质子冲量的2倍解析：由r=，半径相同，而q=2qh，所以p=2ph.由动量定理得i=2p、ih=2ph，所以i=2ih，故d

11、正确.答案：d二、本题共5题，共72分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位角射出的荷质比为的光电子恰能击中小球p，则该光电子的速率v应为多大？解析：光电子在磁场中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律得evb=mr=由图中几何关系知l=2rsin由式得v=.答案：14.金属棒质量为m，导轨宽为l，通过的电流为i，处在磁感应强度为b的匀强磁场中，结果ab静止且紧压在水平导轨上，若磁场方向与导轨平面成角，如图所示，求：（1）棒受到的摩擦力；（2）棒对导轨的压力.解析：本题属于力的平衡问题，先分析受力并画出ab棒受力平面示

12、意图，为受力分析方便，可把磁感应强度分解为沿竖直方向的b1=bsin和水平方向的b2=bcos，如图（a）所示.金属棒ab的受力如图（b）所示，f1、f2分别是b1、b2对棒ab的安培力.由平衡条件得：fn+f2-mg=0 f-f1=0其中安培力f1=b1il=bilsin，f2=b2il=bilcos由以上式子联立解得：（1）棒受到的摩擦为f=f1=bilsin.（2）棒对导轨的压力等于导轨对棒的支持力fn=fn=mg-bilcos.答案：（1）bilsin（2）mg-bilcos15.如图所示为实验用磁流体发电机原理图，两极间距d=20 cm，磁场的磁感应强度b=5 t，若接入额定功率p=

13、100 w的灯，正好正常发光，且灯泡正常发光时电阻r=100 ，不计发电机内阻，求：（1）等离子体的流速是多大？（2）若等离子体均为一价离子，每秒钟有多少个什么性质的离子打在下极板上？解析：（1）灯泡的额定电压为u= v=100 v发电机的电动势e=u=100 v稳定时对离子由受力平衡知q=qvb，u=bdv所以v=m/s=100 m/s.（2）由左手定则知，将正离子打在下极板上.通过电路中的电流i=a=1 a单位时间打在下极板上的离子数目为n=×1018个.答案×1018个正离子16.如图所示，直线po与x轴成45°角，x轴上方有水平向右的匀强电场e1,下方有竖

14、直向下的匀强电场e2，已知电场强度e1=e2×10-5×10-5 c.粒子由p点无初速释放，po=d=m(重力加速度g=10 m/s2).求：（1）粒子刚进入磁场区域时的速度v；(2)粒子第一次在磁场中运动的时间t和位移l.解析：粒子在两个电场中所受的电场力大小相同，为f=qe1=qe2×10-4 n粒子所受的重力为×10-4 n可见在两个电场中粒子所受电场力大小均等于重力大小.（1）在x轴上方的电场中，粒子沿po做初速度为0的匀加速直线运动合外力大小为f合= n合外力方向：tan= =1,=45°，即合外力与场强方向的夹角为45°，

15、粒子将从原点o进入x轴下方的复合场中.加速度a=粒子刚进入x轴下方复合场时的速度为v=2m/s.（2）在x轴下方的复合场中，因为粒子所受的重力和电场力平衡，所以粒子在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，其周期t= =0.628 s由对称性可知，粒子在磁场中运动四分之三周期，所用时间为t=3t/4=0.47 s.粒子在磁场中做圆周运动的半径为r=0.2m粒子离开磁场时速度方向与x轴成45°角，则粒子在磁场中运动的位移为l=m=0.283 m.答案：（1）2 m/s（2）0.47 s；0.283 m17.如图所示，在xoy坐标平面的第一象限内有一沿y轴正方向的匀强电场，在第四象限内有一垂直于平

16、面向外的匀强磁场，现有一质量为m、电荷量为q的带负电粒子（重力不计）从坐标原点o射入磁场，其入射方向与y的方向成45°角.当粒子运动到电场中坐标为（3l，l）的p点处时速度大小为v0，方向与x轴正方向相同.求：（1）粒子从o点射入磁场时的速度v；（2）匀强电场的场强e；（3）粒子从o点运动到p点所用的时间.解析：若粒子第一次在电场中到达最高点即到达p，则其运动轨迹如下图所示.（1）设粒子在o点时的速度大小为v，oq段为圆弧，qp段为抛物线.根据对称性可知，粒子在q点时速度的大小也为v，方向与x轴正方向成45°角，可得：v0=vcos45°解得：v=v0.（2）在粒子从q运动到p