2019学年上学期期中复习模拟题高二物理人教版选修3-1前两章检测题A卷

1、2016-2017学年笫学期期中复习备誉之特准复习模拟題高二物理（人教版选修 3-1前卿章（A 卷）班级_姓名_ 学号_ 分数-【满分：110110 分时间：9090 分钟】一、选择题（本大题共 1212 小题，每小题 5 5 分，共 6060 分。在每小题给出的四个选项中. .1818 题 只有一项符合题目要求；912912 题有多项符合题目要求。 全部选对的得 5 5 分，选对但不全的得3 3 分，有选错的得 0 0 分。）1关于起电，下列说法正确的是：（）A、 摩擦起电是电荷的转移B、 接触起电可能是产生电荷的过程C、 感应起电时，由于带电体和被感应导体不接触，所以一定是产生了电荷D、

2、摩擦起电和感应起电都可能是创造了电荷【答案】A【解析】摩擦起电的实质是电荷从一个物体转移到另一个物体上，而感应起电是电荷从物体的一端移动到了另外一端，两者都不是产生了电荷，故A正确；【名师点睛】摩擦起电的实质因为物体对电子的束缚能力不同，在摩擦中有的物体得电子，带负电，另一物体失去电子，带正电，故两物体带异种电荷，而感应起电是根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引原理产生的，两者都不是产生了电荷2关于电场强度的概念，下列说法正确的是：（）A由E=F F可知，某电场的场强E与q成反比，与F成正比qB.正、负试探电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强方向与放入试探电荷的正负有关C.

3、电场中某一点的场强与放入该点的试探电荷的正负无关D电场中某一点不放试探电荷时，该点场强等于零【答案】C【解析】E=F F这是一个比值定义，电场强度的大小与试探电荷的带电量以及电荷所受电场力的大小无q关，是由电场本身的性质决的，A错误，C正确；电场强度的方向规定是正电荷受力的方向与负电荷受力的方向相反， 因此放入负电荷受力的反方向才是电场强度的方向,B错误；若电场中某点，电场强度已测出，将试探电荷拿走，电场强度仍不变，【名师点睛】电场强度的定义E=F F的定义是个比值定义，也就是电场强度的大小是通过这个q比值测出的，与试探电场所带电荷多少，及所受电场力大小无关，电场强度的大小是由电场本身的性质决

4、的，与是否放试探电场无关。3如图所示，取一对分别用绝缘支柱支撑的金属导体A和B，使它们彼此接触。起初它们不带电，贴在A、B下面的金属箔是闭合的。现在把带正电荷的球C移近导体A,可以看到A、B上的金属箔都张开了。下列说法正确的是：（）因対因対 A A、B B 均沏金用导体均沏金用导体在正电荷在正电荷 C C 的电场中茸内部的场强対的电场中茸内部的场强対金属导体起到静电屏蔽的作用，选项金属导体起到静电屏蔽的作用，选项 A A 错误，错误，B B 正覘正覘由于导体由于导体 ABAB 处在电处在电场中静电平衡，所以它的表面是个等势场中静电平衡，所以它的表面是个等势 ft,ft, A A 左端的电势与左

5、端的电势与 B B 右端的右端的 电势相窈电势相窈 选顶选顶 G G D D 均错误。均错误。【解析】【名师点晴】金属导体处于静电平衡时，其内部的场强为0,因为如果内部的场强不为0，则其内部就会有电荷的定向移动，导体就不再处于静电平衡状态了；处于静电平衡状态的导体，是个等势体，电荷分布在它的外表面上。4. 一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变，在两极板间插入一电介质，其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是：（）AC和U均增大BC增大,U减小CC减小,U增大DC和U均减小【答案】B【解析】Q忙SQ叮S因为电容的定义式为C=，决定式为C=r，联立得C= =r;因为面积S不

6、变，U4兀kdU 4兀kd间距d不变，电荷量Q不变，插入一电介质时，会变大，故电容变大，电压U减小，选项B正确。【名师点晴】电容的定义式与决定式在判断一些现象时，经常联合在一起使用，因为题中的 许多物理量要想放在一起进行综合判断时，为了防止顾此失彼，应该统一在一个较大的综合D错误。AA内部的场强比B内部的场强大CA左端的电势比B右端的电势低【答案】BBA、B内部的场强均为零DA左端的电势比B右端的电势高其阻值之比为Ri:R2:R3=1:3:6,则电路工作时,通过三个电阻器Ri、R2、R3上的电流之比li：I2: %为：A.6:3:1B.1:3:6C.6:2:1【答案】D【解析】电阻R2和R3是

7、并联关系，则电流之比等于电阻之比的倒数即:的电流等于R2和R3的电流之和，故I1:I2:13=3:2:1,故选D.【名师点睛】此题考查了串并联电路的特点；要知道在串联电路中电流处处相等；并联电路 中电压相等，且总电流等于各个电阻上的电流之和；此题是基础题，意在考查学生对基础知 识的掌握程度6两根用同种材料制成的电阻丝甲和乙，甲电阻丝的长度和直径分贝为I和d;乙电阻丝的长度和直径分贝为2I和2d;将甲乙两根电阻丝分别接入电路时，如果两电阻丝消耗的电功率相等，则加在两根电阻丝上的电压比值U甲：U乙应满足：（）A.1:1 B. 2：2C.2：1D.2:1【答案】C【解析】J 4PI II 2I根据电

8、阻定律R22可得两电阻之比为：R甲: R乙2:2:1;因两S兀d dd2（2d）2电阻丝消耗的电功率相等，则根据可得：匕甲=陥2，故选C.RU乙 R乙1【名师点睛】此题考查了电阻定律及电功率的应用问题；首先应该掌握电阻定律的表达式R二丄,找到两电阻的关系，然后要知道电功率的求解公式P =L = |2R= IU,选取适当SR的公式进行解答7喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中：（）信号输入带电室v表达式里才好。5.三个电阻器按照如图所示的电路连接,12：13= R3:R2=2:1;则R1上A.向负

9、极板偏转B.电势能逐渐增大C.运动轨迹是抛物线D.运动轨迹与带电量无关【答案】C【解析】因为舉汁带员电，故它穿过极板间时，要向正极板臓选项A错误在遠个过程中，电场力做正功，故 它的电势能减卜动能增丸 选项E错误墨汁在极板间做类平觇运动，抜它的运动轨迹是挖物线选项E正站墨汁在电场中的偏捋立移为尸L字几故它与事业电量是有关系的，带电量越尢偏转位2（7W V移越大，故选项D错误。【名师点晴】带负电的粒子要向正极板运动，此时电场力做正功，故粒子的电势能减小，它的动能增加；其实粒子在电场中做类平抛运动，它的轨迹是一条抛物线。&如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等差等势面，ab的间距大于be

10、的间距。实线为一带电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、M为轨迹上的两个点，由此可知：（）M两点间的运动过程，电场力一定做正功三个等势面中，a的电势- 定最冋【答案】C【解析】因等势面中ab的间距大于be的间距，可知M点的电场线较场力比在P点受到的电场力小， 选项A错误；由粒子的运动轨迹可知， 若粒子从M向N点运 动时，电场力做正功，电势能减小，即粒子在M点的电势能比在P点的电势能大；若粒子从N向M点运动时，电场力做负功，电势能增加，即粒子在M点的电势能比在P点的电势能大； 故选项B错误，C正确；因不知道粒子的电性，故不能判断等势面中电势的高低。选项D错误.故选C.【名师点睛】解

11、决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方 向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化，即根据合力指向轨迹 的内侧和电场线与等势线垂直，确定电场力的方向，判断电势的高低。粒子在点的电势能一定比在P点的电势能大P点稀疏，粒子在M点受到的电粒子在B.P、P点受到的电场力大9.在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r,Ri、R2为定值电阻,R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是：()0-J1J &0J cA.电压表示数变大B.电流表示数变大C.电容器

12、C所带电荷量增多D.a点的电势降低【答案】ABD【解析】在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，并联电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R俩端电压增大，则电压表示数变大，故A正确；根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势等于R2两端的电压，J变小，贝U a点的电势降低，通过R2的电流I减小，通过电流表的电流 A，I增大，I?减小，则IA增大.即电流表示数变大.故BD正确.电阻R2两端的电压U2=E-I(Ri+r),I增大，则U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小，故C错误故选ABD.【名师点睛】本题是电路动态变化分析问

13、题，解题时要根据局部一整体一局部的分析步骤，同时要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析根据电流方向 判断电势高低，由电压的变化判断电势的变化.10如图所示，直线A为电源的输出电压与电流的关系图线，直线B和C分别为电阻Ri、R2的电压与电流图线。用该电源分别与Ri、R2组成闭合电路时，电源的输出电功率分别为Pi、P2,电源的效率分别为n、n,则：()【答案】BC【解析】 由图线的交点读出，B接在电源上时，电源的输出输出功率Pi=UI=8W;C接在电源上时，电 源的输出输出功率P2=UI=8W故A错误，B正确；电源的效率=出 =里，效率与P总EI E路端电压成正比，B接在电

14、源上时路端电压大，效率高，nn故C正确，D错误；故选BC.【名师点睛】本题首先要知道效率与功率的区别，电源的效率等于电源输出功率与电源总功 率的百分比，电源的效率高，输出功率不一定大.其次，会读图.电源与电阻的伏安特性曲 线交点表示电阻接在该电源上时的工作状态.ii如图所示，图线正确的是：i表示的导体的电阻为Ri，图线2表示的导体的电阻为R2,则下列说法( )A.Ri:R2=1:3B.把Ri拉长到原来的3倍长后电阻等于R2C.将Ri与R2串联后接于电源上，则功率之比Pi:P2=1:3D.将Ri与R2并联后接于电源上，则电流比Ii:12=1:3【解析】rr根抿根抿了了, ,在在相同电浚时加在两个

15、电阻上的电压之比为相同电浚时加在两个电阻上的电压之比为 3 3 儿因此电阻之比儿因此电阻之比 A A 正确，电正确，电P P 目的决定式目的决定式：R=P-可知，若可知，若将电阻将电阻心心拉长到靡耒的拉长到靡耒的 3 3 倍，由于电阻倍，由于电阻的体积的体积不变，因此会不变，因此会使截面积变成使截面积变成S原来的原来的丄，丄，因此电甩将变成原来的因此电甩将变成原来的丄丄，B B 错為错為 将两个电粗串麻接到电将两个电粗串麻接到电路中，电流相同，根据路中，电流相同，根据 PP了了可可3 39 9知，知，功功率之比率之比丹：马丹：马=1=1：3,3, C C 正确正确$ $若将凤与出并联后接于电源

16、上，若将凤与出并联后接于电源上，电压相同，电压相同，则则电流比五：止电流比五：止二囹：凤二囹：凤= = 3 3：b b D D 错误。错误。【名师点睛】公式R=U是电阻的定义式，电阻大小与U和I无关，而电阻决定式R-决IS定了电阻的大小与长度截面积和材料有关。两个电阻串联时，流过两个电阻的电流强度相同，而两个电阻并联时，加在两个电阻上的电压相同。i2如图实幻一8所示的电路中，当半导体材料做成的热敏电阻浸泡到热水中时，电流表示数增大，则说明：()1I17-012 3u【答案】ACA.热敏电阻在温度越高时，电阻越大B.热敏电阻在温度越高时，电阻越小C半导体材料温度升高时，导电性能变差D半导体材料温

17、度升高时，导电性能变好【答案】BD.【解析】电流表的示数增大，说明电路中的电流增大，电阻减小，所以这个热敏电阻的电阻率是随温 度的升高而降低的；半导体材料的电阻值在其他条件不变时升高温度，导电性能变好，故选 项B、D正确.【名师点睛】此题是对热敏电阻及全电路欧姆定律的考查；关键是知道热敏电阻的特点：热 敏电阻的电阻率是随温度的升高而降低；根据电路中电流的变化分析总电阻的变化，然后分 析热敏电阻的变化；半导体材料的电阻值在其他条件不变时升高温度，导电性能变好。二、实验题（本大题共 2 2 小题，第 1313 题 4 4 分、1414 题 6 6 分；共 1010 分）13.（4分）如图为多用表欧

18、姆挡的原理示意图，其中电流表的满偏电流为lg=300uA内阻Rg=100Q,调零电阻最大阻值R=50kQ,串联的固定电阻Ro=50Q,电池电动势E=1.5V, 用它测量电阻Rx，能准确测量的阻值范围是（）A.30 k S 80 kQB.3 k S 8 kQ【答案】B【解析】欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小；欧姆表的中值电阻R中等于欧姆表的内电E1E阻R总，根据闭合电路欧姆定律，满偏时：Ig;半偏时，一lg：gR总2gR、+R中联立解得：E1 5C300 1。八f；故选B【名师点睛】本题考查闭合电路的欧姆定律以及欧姆表的结构等知识点；解题的关键是明确 欧姆表的中值电阻附近刻度C.30

19、0 kQ800 kQD.3000 kQ-8000 kQ图实幻一8最均匀，读数误差最小；知道中值电阻等于欧姆表内电阻，会根据欧姆表的结构联系全电路的欧姆定律进行解答.14.（6分）有一个小灯泡上标有“4V 2W的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线现有下列器材供选用：A.电压表（05V，内阻10kQ）B.电压表（015V，内阻20kQ）C.电流表（03A，内阻1Q）D.电流表（00.6A，内阻0.4QE.滑动变阻器（10Q,2A）F.滑动变阻器（500Q,1A）G学生电源（直流6V）、开关、导线若干下面已画出如图（A）、（B）、（C）、（D）所示的四种实验电路图可供选择.（1）根据本实验

20、要求，应选择图 的电路图来完成实验.（2）实验中所用电压表应选 _，电流表应选用，滑动变阻器应选用（3）把右图中所示的实验器材用实线代表导线连接成实物电路图.【答案】（1）C; （2）A;D;E; （3）如图所示。（用序号字母表示）【解析】(1)(1) (2)(2)因灯泡的颔定电压为因灯泡的颔定电压为 4V,4V,为为保证安全选用的电压保证安全选用的电压应应稍大于稍大于 4V,4V,但不能但不能大大太梦，量程太大太梦，量程太大 则则示数不准确示数不准确, ,故只育故只育用用0 05V5V 的电的电圧表，故选扣由圧表，故选扣由 F F 乜得灯泡的乜得灯泡的额走电流额走电流& &段

21、段?=0.5?=0.5 加加故电故电L L 4 4浚表应选择浚表应选择 0 0MAMA 的量程，故选的量程，故选 3 3 而宙題意要求而宙題意要求可知，电可知，电压从零开始变化，并娶务测几组数据，故只压从零开始变化，并娶务测几组数据，故只 能采用滑动变阻器能采用滑动变阻器分压接法，而分压接分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选，故选 EjEj 根据本实验要求，应选择根据本实验要求，应选择 图图 C C 的电路團来完成实验多的电路團来完成实验多(3)如图所示。【名师点睛】本题考查实验中的仪表选择及接法的选择；应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同

22、时还应明确内外接法的不同及判断.(1)仪表的选择应本着安全准确的原则；电压表要测量灯泡两端的电压，故应通过灯泡的额定电压值判断需要的电压表；由流过 灯泡的电流判断需要的电流表；由题意判断需要的滑动变阻器；(2)根据滑动变阻器分压及限流接法的不同作用，结合题意选择滑动变阻器的接法；由电流表、电压表与灯泡内阻间的 大小关系确定电流表的接法.三、计算题(本大题共 4 4 小题，第 1515、1616 题每题 9 9 分；第 1717、1818 题每题 1111 分；共 4040 分)15.(9分)如图所示,电路两端电压U恒为28V,电灯上标有“6V,12W字样，直流电动机线圈电 阻R=2Q。若电灯恰

23、能正常发光,且电机能运转,求：(1)流过电灯的电流是多大？(2)电动机两端的电压是多大？(3)电动机输出的机械功率？【答案】(1)2A(2)22V(3)36W【解析】（1 1）灯泡正常发光 电路中的电流为1 1玩=E=EA A=2A2A（2 2分）（2）由欧姆定律可求得，电动机的电压为U!=U_UL=28V_6V=22V（2分）（3） 电动机的总功率为 戸戸总=:15=2 22W =44W（1分）2 2电动机的热功率为 臥=I R=2 2W=8W（1分）所以电动机的输出功率为P出二P总-P热二44 -8 W二36W（2分）【名师点睛】本题是含有电动机的电路，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电

24、路，不能用闭合电路欧姆定律求解电路中的电流I，电灯正常发光时，其电压等于额定电压，功率等于额定功率由功率公式求解电流I.16.（9分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的1/4圆环，轨道的水平部分与半圆环相切。A为水平轨道上的一点， 而且AB=R=0.2m， 把一质量m=0.1kg， 带电量为q =10C的小球， 放在A点由静 止释放后， 求： （g=10m/s2）（1）小球到达C点的速度大小（2）小球在C点时，轨道受到的压力大小-AB.【答案】（1）2m/s（2）3N【解析】从AfC,由动能走理得：qEx2R-mgR =

25、c2解得：= 2m s（2在C处，设小球受轨道的支持力为瓦，由牛顿第二定律：瓦-肛=桝解得：Fv=3.V根据牛顿第三定律，知：轨道受到的压力大小也是3N17.（11分）如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21Q,电动机绕组的电阻R0=0.5Q电键S1始终闭合.当电键S2断开时，电阻R1的电功率是525W，当电键S2闭合时，电阻R1PL12I-的电功率是336W，求(1)电源的内电阻；(2)当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出的功率.Si【答案】(1)1Q(2)22A,1606W【解析】(1)设S2断开时Ri消耗的功率为Pi,则R=(_)2R，代入数据可以解得r=1Q.R(2)设S2闭合时R两端的电压为U,消耗的功率为P2，则F2=，解得U=84V由闭合电路欧姆定律得E=U+lr，代入数据，得l=26A流过R1的电流为I1,流过电动机的电流为I?,11=U=4A,&而丨什12=1，所以l2