恒定电流测试卷

1、第12页，共11页恒定电流测试卷满分110分测试时间90分钟一、单选题（本大题共 7小题，共35.0分）1 .电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此 （）A.电动势是一种非静电力B.电动势越大，表明电源储存的电能越多C.电动势的大小是非静电力做功能力的反映D.电动势就是闭合电路中电源两端的电压【答案】C【解析】【分析】电动势等于非静电力把 1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，描述电源 把其它形式的能量转化为电能本领的物理量。本题考查对电动势的理解， 要注意电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的 本领大小，抓住电动势的物理意义和闭合电路欧姆定律进行分析。【

2、解答】A.电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，不是一种非静电力，故 A错误；?但动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量，是非静电力做功能 力的反映，电动势越大，表明电源将其它形式的能转化为电能的本领越大，故B错误,C正确；D.电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，在闭合电路中电源两极间的电压是路端电压，小于电源电动势，故D错误。故选C。2 .如图所示为两电阻？?和？的伏安特性曲线.关于它们的电阻值及串联或并联后电路中的总电流比较正确的是（）A.电阻？的阻值比电阻？的阻值大B.电阻？阻值比电阻？的阻值大C.两电阻串联后比并联后接入同一

3、电源，电路中的总电流大D.两电阻并联后比串联后接入同一电源，电路中的总电流小【答案】B【解析】解：A、由图可知，该图象是？ ？图线，图象的斜率表示电阻的倒数，斜率越 大，电阻越小，所以？的阻值大于？的阻值.故A错误，B正确；C、两电阻串联后的总电阻要比并联时的总电阻大，故串联后的电路中的总电流要小；故C错误，D错误；故选：B.? ?溷象的斜率表示电阻的倒数，很容易比较出两电阻的大小.再根据串并联电路的性质确定电流大小.该题结合图象考查欧姆定律，解答本题的关键在于明确？ ？图象中斜率的意义；同时还要明确串并联电路的性质.3 .下列说法中正确的是（）? A.由？?=无可知，电阻与电压、电流都有关系

4、?. .一 B.由？?= ?孔知，电阻只与导体的长度和横截面积有关系C.各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而减小D.所谓超导现象，就是当温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时，导体的电 阻率突然变为零的现象【答案】D【解析】【分析】导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关；还受温度的影响；与导体中的电流、导体两端的电压大小 无关。本题考查电阻定律的应用， 深入理解电阻的概念及影响电阻大小的因素是解答此题的关 键，明确电阻的定义式和决定式的意义。【解答】A.导体电阻的大小和导体的材料、长度、横截面积有关，与电压、电流

5、没有关系，故A错误；C.各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而增大，故C错误；B.由？?= ?“知，电阻与导体的长度和横截面积有关系有关，还有导体的材料，故B错误；D.超导体是当其温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时，电阻值等于零，此时电阻率突然变为零，故 D正确。 故选D。4 . 一个导体的电流是 5A,经过2min通过该导体横截面的电荷量是（）A. 10CB. 25CC. 600CD. 1000c【答案】C【解析】【分析】已知电流5A和时间2min,根据？?= ?W出电荷量。.一 . .一 ?.本题考查了电量及其计算，比较基本，只要记住公式：？ ？F可求解，但要注意单位

6、配套。【解答】解：？ 2?=?120?通过导体横截面的电荷量：？?= ?5?X120?= 600?。故ABD错误，C正确；故选Co5 .如图所示，电源内阻不可忽略，电路中接有一小灯泡和一电动机.小灯泡L上标有“9V 9W”字样，电动机的线圈电阻 ？?？= 1?若灯泡正常发光时，电源的输出电压为15V,此时（）A.电动机的输入功率为 36 WC.电动机的热功率为 6 W【答案】BB.电动机的输出功率为5 WD.整个电路消耗的电功率为15 W【解析】 解：ABC、灯泡正常发光，则电路电流为:?99,，一,? ?= ?= 9 = 1?电动机的电压为：？?？= ?- ?= 15 - 9= 6?故电动机

7、的输入功率为：？%=?= 6X1= 6?；电动机的热功率为：？?= ?= 12X1 = 1?；电动机的输出功率为：？& = ?- ? = 6?- 1? = 5?;故 B 正确，AC 错误；D、电源的输出电压为 15V,电源内阻不可忽略， 已知电路电流，无法求解电源电动势，无法求出整个电路消耗的电功率，故D错误；故选：Bo电动机与灯泡串联，通过它们的电流相等；已知小灯泡额定电压与额定功率，由电功率公式的变形公式求出灯泡正常工作时的电流；由电功率公式分析答题.本题考查闭合电路欧姆定律的基本应用以及电功率的计算，要注意明确电动机是非纯电6.如图所示，一根横截面积为 S的长直导体棒，每米含有的自由电荷

8、数为n,每个自由电荷的电量为q,当自由电荷以速度v定向运动时，导体棒中的电流大小（）?A. nqvB.嬴C. nqvS阻电路，电动机的输出功率等于输入功率与热功率之差.?D.行【答案】A【解析】解：在导线上任取一截面，则在时间t内，该截面之前的所有电荷均经过该截面，则单位时间内流过某一截面的电荷量为：？?= ? ?电流为：？?= ?= ?徽A正确，BCD错误。故选：Ao由电流的定义结合电荷的定向移动可确定电流的微观表达式。本题考查电流的微观表达式，关键在于明确有多少电荷流过我们所确定的截面，难度不大，属于基础题。7.对普通干电池上标有“ 1.5?这一数据的正确理解是 （）A.接入电路后，电池正

9、负两极之间电压1.5?B.每经过1C的电量，有1.5?的电能转为其他能量C.若电池与理想电压表直接相连，电压表的示数为1.5?D.若电?对1?勺外电阻供电，流过电池的电流强度是1.5?【答案】C【解析】解：A、电动势不是路端电压，故接入电路时，正负极之间的电压小于1.5?故A错误；B、电源是把其他形式的能转化为电能的装置；故应是1.5?的其他形式的能转化为电能；故B错误；C、电池直接用电压表连接时，相当于开路，则电压表的示数为1.5?故C正确；D、由于不知电池的内阻，则无法求出电路中的电流强度；故 D错误；故选：C.电池铭牌所标的是电池的电动势，电动势等于电源没有接入电路是电源两极间的电压，电

10、动势等于非静电力做功与电荷量的比值.本题应知道电池上所标的是电池的电动势；并能熟练应用闭合电路欧姆定律、知道电动势的物理意义正确解题.、多选题（本大题共 4小题，共16.0分）8 .如图所示，电源电动势为 E,内电阻为？鲤想电压表？?、？?小娄 为？、？，其变化量的绝对值分别为?和?;流过电源的电流为I,其变化量的绝对值为 ?!滑动变阻器的触片从右端 滑到左端的过程中（灯泡电阻不变化）（）A.小灯泡？?变暗，？、？?变亮B. ? 变D.二变【答案】ACD【解析】【分析】当滑动变阻器的触片 P从右端滑到左端时，分析变阻器接入电路的电阻的变化情况，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化

11、，判断灯？?亮度的变化.根据总电流的变化，分析并联部分电压的变化，判断？?亮度的变化 根据总电流与通过？电流的变化，分析通过？电流的变化，判断其亮度变化 .根据路端电压的变化，分析 ?和 ?的大小根据欧姆定律列式分析电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值如何 变化.本题是电路动态变化分析问题，按“局部一整体一局部”思路进行分析.运用总量法分析两电压表读数变化量的大小 .运用欧姆定律定量分析电压表示数变化量与电流表示数变 化量的比值变化，这是常用的方法.A、当滑动变阻器的触片 P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总 电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则？?变亮。变阻器的电阻减

12、小，并联部分的电阻减小，则并联部分的电压减小，则？?变暗。总电流增大，而？的电流减小，则？?的电流增大，则？?变亮。故A正确。B、由上分析可知，电压表 ？的示数减小，电压表？的示数增大，由于路端电压减小， 即两电压表示数之和减小，所以 ? ?.故B错误。Ul OC、由？ = ?- ?（?2+ ?绸：西了 = *口+丁，不变，故 C 正确。D、根据欧姆定律得 27 = 氏启，不变，故D正确。故选：ACD。9 .电源、开关S、定值电阻？、？，光敏电阻？?3和电容器连 接成如图所示电路，电容器的两平行板水平放置。当开关S闭合，并且无光照射光敏电阻 ？时，一带电液滴恰好静 止在电容器两板间的 M点。当

13、用强光照射光敏电阻 ？时, 光敏电阻的阻值变小，则（）A.液滴向下运动B.液滴向上运动C.电容器所带电荷量减少D.电容器两极板间电压变大【答案】BD【解析】解：A、B、D当用强光照射光敏电阻 ？时，光敏电阻的阻值变小，电路中电 流增大，?两端间的电压增大，电容器的电压增大，板间场强增大，液滴所受的电场力 增大，液滴向上运动。故 A错误，BD正确。C、电容器的电压增大，电容不变，由 ?= ?,电容器所带电荷量增大。故 C错误。 故选：BD。该电路？?和？2串联，电容器两端间的电压等于 ？两端间的电压，当用强光照射光敏电 阻？时，光敏电阻的阻值变小， 根据闭合电路欧姆定律分析电容器两端的电压变化，

14、从而知道电场的变化。通过电容器两端电压的变化，就可知道电容器所带电量的变化。解决本题的关键抓住电源的电动势和内阻不变，利用闭合电路欧姆定律进行动态分析。10 .原子中的电子绕原子核的圆周运动可以等效为环形电流.设氢原子的电子以速率 v在半彳至为r的圆周轨道上绕核转动，周期为？?已知电子的电荷量为 e、质量为m,静电力常量为k,则其等效电流大小为（）A ?B HC ?一A. ?B. 2?C. 2?y ?【答案】ABD 【解析】【分析】原子中的电子绕原子核的运动，根据圆周运动的知识求出周期,D.?2? ?再根据电流的定义式？?=?求解等效电流的大小。本题根据电流的定义式求解等效电流.有时还与牛顿第

15、二定律结合起来求出周期，再求 解等效电流。【解答】由题，电子圆周运动的速率为v,半彳仝为r,则电子运动的周期 ？?=竺？? ?根据电流的定义式得到，等效电流为？= -?= ?=赤？再根据牛顿第二定律得出：？g= ?彳得出，电流？?=白居嗔故ABD正确，C错误。故选ABD。11 .（多选）如图所示，将一个改装的电流表接入电路进行校准，发现待测表的读数比标准表的读数偏大一些.若表头G的满偏电流？?是准确的，出现的误差可能是因为（）标准我A. ?期测量值比真实值偏大B. ?粗测量值比真实值偏小?C.并联的？锦比公式？锦=彳?计算出的？锦小?皴？,D.并联的？铢比公式？铢=而十算出的？牛大【答案】AD

16、【解析】【分析】示数变大，说明分流电阻分流小，改装时所并联的阻值太大引起的，据此进行判断。考查的电流表的改装原理，并联电阻起分流作用，其值越小分流越大，量程越大。【解答】-%一 %所并联的？锦比公式 ： 计算出的？靠偏大时，标准表与表头、电阻 R的了总电流相等，R大则分流小，表头分流大，就可能使待测表的读数比标准表的读数偏大一些，同样如果Rg测量值比真实值偏大时，也会使偏大，故AD正确，BC错误。故选AD。三、计算题(本大题共 5小题，共59.0分)12. 一台电风扇，内电阻是 20？,接上220V的电压后，消耗的功率是 66W,求:(1)电风扇正常工作时通过风扇电动机的电流大小；(2)电风扇

17、工作时，转化为机械能和内能的功率以及电动机的效率；(3)若接上电源后，扇叶被卡住，不能转动，此时通过电动机的电流多大？电动机消耗的电功率和发热功率各是多大？【答案】解：(1)正常工作时通过电动机的电流大小：？=？=券？?= 0.3 A.(2)转化为内能的功率：？窕=?= 0.32 X20 ? = 1.8 W.转化为机械能的功率：？机=?- ?窕=(66 - 1.8)? = 64.2 w.电动机的效率：？?=舞 X 100% =6462X100% =97.3%.(3)当电风扇不转动时，电能全部转化为内能，电动机相当于纯电阻用电器，根据欧姆？2207E律，有：？?=?= q?= 11 A,电动机消

18、耗的功率？冷于其发热功率？旷，所以?= ?窕，=骞？= 2420?此时电动机可能会被烧毁；答：(1)电风扇正常工作时通过风扇电动机的电流大小为0.3?(2)电风扇工作时，转化为机械能的功率为64.2?,转化为内能的功率为1.8?,电动机的效率为97.3% ；(3)若接上电源后，扇叶被卡住，不能转动，此时通过电动机的电流为11A,电动机消耗的电功率和发热功率均为2420W.【解析】 根据功率？?= ?以求得电动机的电流的大小；(2)由？?加=?2?可以求得转化为内能的功率的大小，再由 ？机=?机械能的功率，根据？?=与X 100%求解机械的效率；(3)扇叶被卡住，变为纯电阻，电功等于电热.对于电

19、功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和 发热功率的计算公式是不一样的.13.如图所示，电源电动势为 ？?= 10?,内阻？N 1? ?=?=?=?.= 1?电容 器电容？?=6?F关闭合时，间距为d的平行板电容器 C的正中间有一质量为 m, 电荷量为q的小球正好处于静止状态.求：(1)电路稳定后通过？?.的电流I;(2)开关S断开，流过？的电荷量?(3)断开开关，电路稳定后，小球的加速度a的大小.局处Dr-&-i【答案】 解：(1)开关s闭合时，？、？并联与？串联，？中没有电流通过.有： 一？2一 1 一电容器的电压？3?= ? = 1?+?4+?= 0.5+1

20、+1 X 10?= 4?？！由欧姆定律得通过？的电流？高=4? ? 4?2110(2)开关S断开，电容器的电压？? = ?+?%+?= 3 x 10?= y?开关 S断开，流过？的电荷量?= ? ?= ?(?- ? = 6 X10-6 X(4 - )?= 34 X10-6 ?开关S闭合时，小球静止时，由平衡条件有：？?= ?甯开关S断开，根据牛顿第二定律得? ?考=?联立解得？?= 1?= 1.67?/?. 6答：(1)电路稳定后通过？?.的电流I是4A；(2)开关S断开，流过？的电荷量?4 X10-6 ?(3)断开开关，电路稳定后，小球的加速度a的大小是1.67?/?【解析】(1)开关闭合时

21、，？、?r3并联与？1串联，？中没有电流通过，由串联电路分压 规律求？的电压，再由欧姆定律求通过 ？?.的电流I.(2)开关闭合时，小球静止在电场中，电场力与重力平衡，由平衡条件列出方程.开关S断开，根据串联电路的特点求出电容器的电压，从而可求得电容器电荷量的变化量，即 等于流过？的电荷量？(3)断开开关，电路稳定后，根据牛顿第二定律求加速度a.本题考查综合运用物理知识解决问题的能力.对于带电小球在电场中运动的问题，电压是联系电场与电路的桥梁.要注意电路稳定时，与电容器串联的电阻无电压和电流.14.如图所示电路中，？1= 5？, ？2= 7？, ？3= 8？, ？4= 10？, ？5= 10？

22、, ？= 20？A、B两端电压恒为？= 15？,(电表均为理想电表)求:(1)电流表和电压表的示数(2)断开开关后通过 M点的电量.【答案】 解：(1)由于电流表短路和电压表断路，知？、？、？串联后与？并联，？，上无电流电流表示数为？+=+- =3.6？1？2+？a+？4？电压表的示数等于？.上的电压，？= ？+？+？ X？. 二 6？ 234(2)电容器C所带的电量？= ？?= 1.8 X10-4 ？断开开关后，？与？串联，？与？串联，二者再并联？2(？1 + ？2) = ？3(？: + ？?)？= ？?？ ？3？= ？14？得？= 9 x 10-5 ？【解析】(1)根据电路结构和部分电路欧

23、姆定律得出电压表的示数；(2)根据电容器的定义式和断开开关后的电路结构及部分电路欧姆定律分析即可。本题是部分电路欧姆定律和含容电路的综合题目，弄清电路结构是关键所在。15.如图所示的电路中，电源的电动势？= 80？,内电阻？= 2？, ？ = 6？, ？为滑动变阻器.(1)该电路中？?取多大时，？上功率最大？ ？消耗的最大功率是多少？(2)?2阻值为多大时，它消耗的功率最大？它消耗的最大功率是多少？ 如果要求？?消耗功率为384W,外电路电阻？?应取多少？此时电源效率为多少?【答案】 解：(1)该电路中？取0?寸，电路中电流最大，？?上功率最大，最大为?=? 280 2(?+? ? =(6+T

24、)X6? = 600?；(2)将？?视为电源的内电阻处理，则根据电源的输出功率随外电阻变化的特点，知道当?=?+ ?时电源的输出功率最大(即外电阻？消耗的电功率最大)，则有：？ = ? +?夕802?=(6 + 2)?= 8?功率为?=彳中=4V76+2y?= 200?;?根据？?= ?得，电流为？?= 8?,由闭合电路的欧姆定律得：？?=外电路电 ?1 + ?2 + ?阻？为2?,.一 .、？+?06+2电源效率？?= ”+?2+?100% =孱4 x 100 % = 80%。?彳 + ?2 + ?6+2+2答：(1)电路中？取0时，？?消耗的最大功率是 600W；(2)?2阻值为8?寸，它

25、消耗的最大功率是 200W;外电路电阻？应取2?,此时电源效率为80%。【解析】本题关键要掌握电源的总功率、内部消耗的功率和输出功率的计算公式，以及三者之间的关系，并理解掌握电源输出功率最大的条件。(1)?1是定值电阻，当电路中电流最大时？上功率最大，此时？取得最小；(2)将？?视为电源的内电阻处理，根据推论：电源的内电阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，进行分析求解；(3)电源输出功率？?= ?+?而I由闭合电路欧姆定律得到，联立即可求出？，并可求得电源的效率。16. “加速度计”作为测定物体加速度的仪器，已被广泛应用，如图所示为应变式加速度计的原理图.支架AB固定在待测系统上，滑块穿在AB之间的水平光滑杆上，并用轻弹簧连接在 A端，其下端有一活动臂可在滑动变阻器上自由滑动，随着系统沿水平方向做变速运动，滑块相对于支架将发生位移，并通过电路转化为电信号从电压表输出，已知电压表量程为8 V,滑块质量为?= 0.1?弹簧劲度系数？?=20?/?,电源电动势？?= 10?内阻不计，滑动变阻器总电阻？?= 40?,有效总长度？= 8? ?当待测系统静止时，滑动