201712192017-2018学年度高中物理必修一第四章牛顿运动定律单元测试

1、第1页，共10页2017-2018 学年度第四章牛顿运动定律单元测试2017.12.19一、单选题（本大题共14小题）1.女口图所示， 弹簧左端固定，右端自由伸长到O点并与物体m相连，现将弹簧压缩到A点，然后释放，物体向右最远运动到B点，如果物体受到的阻力恒定，则（）A.物体从A到O先加速后减速B.物体从A到O加速运动，从O到B减速运动C.物体运动到O点时所受合力为0D.物体从A到O的过程加速度逐渐变小2.如图所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物 块间有摩擦现用水平恒力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面

2、的运动情况为（A.物块先向左运动，再向右运动B.木板向右运动，速度逐渐减小，直到为零C.物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动D.木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零3.力学中， 选定下列哪组物理量为国际单位制中的基本物理量（）4.一物体从t=0开始做直线运动，其速度图象如图所示，下列正确的是（A. 04s物体距离出发点最远B. 2s5s物体受到的合外力方向不变C.2s5s物体所受合外力方向与运动方向相反D.第1秒内与第6秒内物体所受合外力方向相反5.如图所示，ab、cd是竖直面内两根固定的光滑细杆，ab、cd两端位于相切的两个竖直圆周上每根杆上都套着一个小滑环（图中未画出），两个滑环分别

3、从a、c处释放（初速度为零），用 如t2依次 表示滑环从a到b和从c到d所用的时间，则（）A.t1t2B.t1烬（m1g+m2g）时，木板便会开始运动D.以上说法均不正确第3页，共10页7.在汽车内的悬线上挂着一个小球m,实验表明当汽车做匀变速直线运动时，悬线将与竖直方向成某一固定角度0,如图所示若在汽车底板上还有一个跟它相对静止的物体A.汽车一定向右做加速运动B.汽车一定向左做加速运动C.M除受到重力、底板的支持力作用外，还一定受到D.M除受到重力、底板的支持力作用外，还一定受到向右的摩擦力的作用8.-个质量为m的物体，在几个与水平面平行的力作用下静止在-光滑水平面上，现将其中一个向东的力从

4、F减小到，其他力未发生变化，那么物体在时间t内的位移是（）1送带上的A点，物块经时间t到达B点.A、B间的距离为L,如图甲所示，若物体与传送带问的动摩擦因数为u根据计算做出物块运动的v-t像如图乙所示以下说法正确的是（）A.物块由A到B的间距对应图象所围acto矩形的“面积”B.物块由A到B的间距对应图象所围obct梯形的“面积”C.物块由A运动到B的过程中，传送带上某点传输的长度对应图象所围obct梯形的“面积”D.物块由A运动到B的过程中，物块相对传送带移动的距离对应图象所围obd三角形的“面积”10.作为第十三届全运人的东道主，双人10米台为天津跳水队的重点项目.跳台跳水可简化为如下的运

5、动过程，运动员从跳台上斜向上跳起，一段时间后落入水中，如图所 示.不计空气阻力，下列说法正确的是（）过程中处于超重状态B.运动员在空中运动到最高点时速度为0C.运动员在空中运动过程中机械能守恒M，则关于汽车的运动情况和物体M的受力情况分析正确的是（A.，向东B.C.，向东D.3F/2，向西9.绷紧的水平传送带始终以恒定的速度匀速运行,把质量为m的物块轻轻放置在水平传向左的摩擦力的作用，向西图甲A.运动员在空中上升第4页，共10页D.入水过程中，水对运动员的作用力大于运动员对水的作用力11.如图所示，轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小球，电梯 中有质量为50kg的乘客，在电梯

6、运行时乘客发现轻质弹簧的伸长量始终是电梯静止时 的四分之三，已知重力加速度g=10m/s2，由此可判断（）A.电梯可能加速下降，加速度大小为5mis2B.电梯可能减速上升，加速度大小为2.5m/s2C.乘客处于超重状态D.乘客对电梯地板的压力为625N12.书本放在水平课桌面上保持静止，则下列说法中正确的是（）A.书本对桌面的压力就是书本受的重力，施力物体是书本B.书本对桌面的压力在数值上等于书本受到的重力C.桌面对书本的压力是弹力，是由于书本发生形变而产生的D.桌面对书本的支持力与书本对桌面压力是一对平衡力13.如图所示，物体P用水平作用力F压在竖直的墙上，沿墙匀速下滑，物体的重力为G,墙对

7、物体的弹力为FN、摩擦力为Ff,物体对墙的压力FN摩擦力为F.下列说法正确的有（）A.G和Ff 是一 -对平衡力B.FN和F是一对作用力和反作用力C.Ff和Ff是一对作用力和反作用力D.F就是FN14.校运动会上，小猛参加了百米赛跑并荣获冠军，关于小猛的惯性，下列说法正确的 是（ ）A.小猛加速跑的过程中，其惯性增大B.小猛减速跑的过程中，其惯性减小C.小猛跑完后停下休息时，没有惯性D.小猛赛跑过程中的惯性保持不变二、实验题探究题（本大题共1小题）15.某同学利用打点计时器做实验时，发现实验数据误差很大，怀疑电源的频率不是50Hz,采用如图甲所示的实验装置来测量电源的频率已知砝码及砝码盘的质量

8、为m=0.1kg，小车的质量为M=0.4kg，不计摩擦阻力，g取10m/s2图乙为某次记录小车运 动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，已知相邻的计数点之间还有三 个点未画出.第5页，共10页001-一600- -27.00 -4000Ifl甲圏乙(1)_小车的加速度大小为m/s2;(2)_根据纸带上所给出的数据，可求出电源的频率为 _Hz；(3)_ 打纸带上C点时小车的瞬时速度大小为_m/s.三、计算题(本大题共3小题)16.如图所示，在水平地面上放有长L=1.5m、质量M=2kg的木板，质量为m=1kg的木板放于木板右端，木板与地面间的摩擦因数山=0.1，木板与木块间的动摩擦

9、因数垃=0.2,现将F=15N的恒力作用在木板上，使木板从静止开始运动，(木块可视为质点)求： 将木板从木块下抽出需要的时间是多少？m17.如图所示，质量为M，长度为L的长木板放在水平桌面上，木板右端放有一质量为m的小木块(可视为质点)，木块与木板之间的动摩擦因数为卩；开始时木块、木板均静止，某时刻起给木板施加一大小为F方向水平向右的恒定拉力，最大静摩擦力等于滑动摩擦力.(1)若桌面光滑，且M和m相对静止，则木块受到的摩擦力f多大？(2)若木板与桌面之间的动摩擦因数也为仏拉力F=6y(M + m)g,求从开始运动到木板从小木块下抽出经历的时间t.18.在某市内的街道上， 规定车辆行驶速度不得超

10、过60km/h.在一次交通事故中，肇事车是辆轿车，量得这辆轿车紧急刹车(车轮被抱死)时留下的刹车痕迹长为14m，已知该轿车轮胎与路面的动摩擦因数为0.7,通过计算判断该轿车是否超速.(g取I0m/s2)单位:rmmn第6页，共10页20 仃-2018 学年度人教版必修一第四章牛顿运动定律单元测试答案【答案】1.A2.C3.D4.B5.C6.A7.D8.D9.B10.C11.B12.B C14.D15.2；40；116.解：由牛顿第二定律可得：对m有：a1=遊g对M有:F-遁(M+m)g=Ma2木块在木板上滑动的过程有：2如r=L代入数据解得：t=1s；答：抽出需要的时间为1s.17.解：（1）

11、对M与m整体运用牛顿第二定律得:Fa=+订斗川对m受力分析，根据牛顿第二定律得：f=ma= （2）在此过程中，木块与木板各做匀加速运动：木块的加速度为：a1=用IH旧木板的加速度为：F-jung-fiiAZ+HO/Z帥（.订+川）# “也-川十“讪4“聊+句门巾 a2= =I2木板从小木块下抽出时，木块的位移：S=. a1t2、I2木板的位移：S2= a2t又：S2-S1=LI _Tfl解得：t=-答：（1）若桌面光滑，且M和m相对静止，则木块受到的摩擦力（2）从开始运动到木板从小木块下抽出经历的时间18.解：汽车刹车过程做匀减速直线运动，设加速度大小为a,由牛顿第二定律得：pmg=ma由运动

12、学公式得：0-U2=2 ax联立解得汽车的初速度大小为：u=| , =14m/s=50.4km/hv60km/h.答：该车未超速.13.第7页，共10页【解析】1.解:A、B物体从A点到0点过程，弹力逐渐减为零，刚开始弹簧的弹力大于摩擦力， 合力向右，加速度也向右，速度也向右，物体加速，后来弹力小于摩擦力，合力向左，速度向右，物体减速即物体先加速后减速，故A正确，B错误；C、物体运动到0点时，弹簧的弹力为零，而滑动摩擦力不为零，则物体所受合力不为 零故C错误.D、 物体从A点至0点先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增大的减速运 动，故D错误；故选：A.对物体受力分析，竖直方向受重力和

13、支持力， 二力平衡，水平方向受弹簧弹力和摩擦力， 刚从A点释放时，弹力大于摩擦力，物体加速向右运动，随着物体向右运动，弹簧压缩 量减小，弹力减小，到达0点之前某一位置C,弹力减小到等于摩擦力，由C至0弹力小于摩擦力，物体开始减速，0至B过程受向左的拉力和摩擦力，加速度向右物体一直做减速运动.本题关键分阶段结合运动情况对物体受力分析，求出合力后确定加速度的变化情况，从而最终确定物体的运动情况.2.解：由题知道：物块的速度小于木板的速度，两者之间存在滑动摩擦力，物块受到 木板的滑动摩擦力方向向左，与其速度方向相反，向右做减速运动，而木板受到物块的 滑动摩擦力方向向右，与其速度方向相同，向右做加速运

14、动，当两者速度相等时一起向 右做匀速直线运动， 所以物块向右运动， 速度逐渐减小，木板向右运动，速度逐渐增大， 最后一起做匀速运动，故C正确，ABD错误.故选：C分析题意可知，开始时，物块的速度小于木板的速度，两者之间存在滑动摩擦力，根据 摩擦力的方向与运动方向之间的关系分别分析两个物体的运动情况.本题关键要分析得到刚开始时两个物体之间存在滑动摩擦力，考查分析物体受力情况和运动情况的能力，注意明确当速度相等时二者不再有摩擦力， 故将一起做匀速直线运动.3.解：长度、质量、时间是国际单位制中三个力学基本物理量，力是导出物理量，故ABC错误，D正确；故选：D.解答本题关键掌握：国际单位制中的力学基

15、本单位有三个：米、千克、秒，其他单位是 导出单位或常用单位，长度、质量、时间是国际单位制中三个基本物理量.本题的解题关键要掌握国际单位制中三个基本单位，要注意基本物理量与基本单位的区别，不能混淆.4.解：A、由速度时间图象可知在02s内，物体的速度增大，动能增大，在24s内，速度减小，动能减小，根据动能定理可知合外力先做正功后做负功故A错误.B、2s5s物体加速度不变，根据牛顿运动定律F=ma知合力不变，故B正确；C、2-4s速度减小，4-5s,速度反向增大，根据加速度和速度同向加速，反向减速知合外力方向先与速度相反，然后与速度方向相同，故C错误；D、设物体在1s内和6s内的加速度均为正的，故

16、合外力方向都为正的，方向相同，故D错误；故选：B根据动能定理分析合外力做功的正负；根据斜率表示加速度知加速度，根据牛顿运动定律F=ma知合力大小和方向.本题一要理解图象的意义，知道斜率等于加速度，面积表示位移，二要掌握牛顿第二定 律和动能定理，并能熟练应用.故选：D.第7页，共10页5.解：设轨道与竖直方向的倾角为B,根据几何关系得，轨道的长度L=(2Ri+2R?)cosQ加速度：故选：C.对物体受力分析可知， 小球在两条斜槽上的运动规律是一样的，只是加速度的大小和位移的大小不一样，由牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律可以求得它们各自的运动时 间.对于两种不同的情况， 位移有大有小，它们之间的

17、运动时间是什么关系？不能简单的从 位移的大小上来看，要注意用所学的物理规律来推导.6.解：A、B、先对物体mi受力分析，受到重力、支持力、拉力和向左的滑动摩擦力fi, 滑动摩擦力的大小为：fi=pimig；根据牛顿第三定律，滑块对长木板的摩擦力向右，大小为：fi=pimig;对长木板受力分析，受到压力、重力和支持力，滑块对长木板向右的滑动摩擦力fi和地面对其向左的静摩擦力f2,根据平衡条件，有f2=fi=pimig；故A正确，B错误.C、 改变F的大小，滑块的加速度变化，但滑块与长木板之间的滑动摩擦力不变，故地面对长木板的静摩擦力也不变，故木板不会滑动，故C错误；D、 因为A选项正确，故D错误

18、.故选：A.mi对m2的压力等于mig,mi所受m2的滑动摩擦力fi=pimig,方向水平向左，m2处于静 止状态，水平方向受到mi的滑动摩擦力和地面的静摩擦力，根据平衡条件分析木板受 到地面的摩擦力的大小和方向.题中木板受到地面的摩擦力是静摩擦力，不能根据滑动摩擦定律求解静摩擦力大小，即F=p(mig+m2g)是错误的，因而不能确定此摩擦力是否达到最大值.7.解：A、B、以小球为研究对象，分析受力情况：重力mg和细线的拉力由于小球的加速度水平向右，根据牛顿第二定律得知，小球的合力也水平向右,如图，则有mgtanQma，得a=gtan0 B定，则加速度a一定，汽车的加速度也一定，则 汽车可能向

19、右做匀加速运动，也可能向左做匀减速运动.故AB错误.C、D对M:M受到重力、底板的支持力.M相对于汽车静止，M的加速度必定水平向右，根据牛顿第二定律得知， 一定受到水平向右的摩擦力. 故C错误，D正确.故选：D.先以小球为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律可求得加速度，判断汽车的运 动情况；再以M为研究对象，根据牛顿第二定律，分析受力情况.本题运用合成法研究小球的加速度，关键抓住小球的加速度与汽车相同，沿水平向右方向，由牛顿第二定律分析受力情况8.解：刚开始合力为零，除力F外的其余力的合力大小为F,方向与F反向，故将力FIbl减小为F时，合力为F，方向向西；11根据牛顿第二定律：a=匚，

20、方向向西；根据位移时间关系公式123Ft-s= - at =-2斗H护罟沁根据L十t2得，J 寳理，与倾角无关，则tl=t2.*F,第9页，共10页先根据共点力平衡条件求出变化后的合力，再求出加速度，根据位移时间关系公式求位移.本题属于已知受力情况求解运动情况的类型，牛顿第二定律是将力与运动联系起来的桥梁.9.解：A、物块在传送带上先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度，一起做匀速直线运动，所以物块由A到B的间距对应图象所围obct梯形的“面积” 故A错误，B正确.C、 物块由A运动到B的过程中，传送带上某点传输的长度x=vt,为oact所围成的面积.故C错误.D、 物块由A运动到B的过程中

21、， 物块相对传送带移动的距离等于传送带的位移减去木 块的位移， 即oab所围成的面积.故D错误.故选B.物体在传送带上先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动， 速度时间图线围成的面积的表示物块的位移.解决本题的关键知道物块在传送带上的运动规律，图线所围成的面积表示位移.10.解：A、起跳以后在空中的上升过程以及下降过程中她的加速度方向向下，所以处 于失重状态，故A错误，B、 运动员初速度方向是倾斜的，所以有水平方向的初速度，因此在最高点时速度并不 为零，故B错误；C、 由于运动员在空中只有重力做功，因此机械能守恒，故C正确；D、 入水过程中，水对她的作用力和她对水的作用力，因是一对作用力与反作

22、用力，二 者大小相等.故D错误.故选：C超重或失重取决于加速度的方向，与速度方向无关；明确机械能守恒的条件，知道运动员在空中的受力情况，从而确定机械能是否守恒； 根据牛顿第三定律分析作用力和反作用力的大小关系.本题考查了机械能守恒、超重失重以及牛顿第三定律，注意超重和失重现象可以运用牛 顿运动定律进行分析理解，产生超重的条件是：物体的加速度方向向上；产生失重的条 件：物体的加速度方向向下.11.解：ABC、电梯静止不动时，小球受力平衡，有mg=kx，电梯运行时弹簧的伸长量比电梯静止时小，说明弹力变小了，根据牛顿第二定律， 有mg-： kx=ma,即一mg=ma,44a=2.5m/s2，加速度向

23、下，电梯可能加速下降或减速上升，乘客处于失重状态，选项A、C错误，选项B正确；D、以乘客为研究对象， 根据牛顿第二定律可得：mg-FN=m a,乘客对地板的压力大小为FN=mg-ma=500 N-125 N=375 N，选项D错误.故选：B.对小球的受力分析，受重力和拉力，结合牛顿第二定律，判断出加速度的方向和乘客对 电梯地板的压力；然后判断电梯和乘客的超、失重情况.本题关键是对小球受力分析，根据牛顿第二定律判断出小球的加速度方向，由于小球和电梯相对静止，从而得到电梯的加速度，最后判断电梯的超、失重情况.12.解：A、书对桌面的压力与书受的重力大小相等，压力是弹力性质、重力是万有引力性质，二者

24、不是一回事；压力施力物体是书，而重力的施力物体是地球；故A错误；B、 对桌面的压力，受力物是桌面；桌面对它的支持力，受力物是课本，二力作用在两 个物体上，属于作用力与反作用力，而重力与支持力是平衡力，因此二力在数值上等于 书受的重力，故B正确；C、 桌面对书本的压力是弹力，桌是由于桌面受到书的挤压产生形变而产生；故C错误；D、 桌面对书本的支持力与书本对桌面压力是一对作用力与反作用力，D错误；第10页，共10页故选：B.作用力与反作用力是作用在两个物体上；平衡力是作用在同一个物体上；二力平衡的条件是：作用在同一物体上；大小相等；方向相反；作用在同一直线上，并根据弹力产生 的条件，即可求解.此题

25、主要考查我们对于物体所受力的分析和二力平衡的条件.二力平衡最重要的条件是看是否作用在同一物体上，并掌握作用力与反作用力的内容.13.解：A、G是作用在物体上的，而Ff是作用在墙面上的，二者不是作用在同一个 物体上的，故一定不是一对平衡力，故A错误；B、FN和F的大小相同，方向相反，作用在一个物体上，是一对平衡力，故B错误；C、Ff和Ff是物体和墙面间的相互作用，故是一对作用力和反作用力，故C正确；D、F是外界对物体的作用力，而FN是物体对墙的压力，二者不是同一个力，故D错误.故选：C.力的作用是相互的，一对作用力和反作用力彼此作用的两个力大小相等，方向相反，作 用在同一条直线上，分别作用在两个不同物体上. 此时的物体在竖直方向处于平衡状态， 受到的墙壁对它竖直向上的摩擦力和重力是一对平衡力.本题考查作用力和反作用力以及平衡力的区别和联系，判断两个力是否是相互作用力， 关键是抓住相互作用力的条件，明确平衡力是作用在一个物体上的，而作用力和反作用力是作用在两相物体上的.14.解：A、惯性大小的唯一量度是质量，小猛加速跑、减速跑时质量不变，惯性保持 不变，故AB错误，D正确；C、小猛跑完后停下休息时，质量不变，惯性保持不变，故C错误；故选：D惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯