2019高考物理一轮选练练题(10)新人教版

1、（人教）物理2019高考一轮选练练题（10）及答案一、选择题1、如图，半径为R圆心为。的光滑圆环固定在竖直平面内 ，OC水平,D是圆环最低点.质量为2m的小球A与质量为m的小球B套在圆环上，两球之间用轻杆相连.两球初始位置如图所 示，由静止释放，当小球A运动至D点时，小球B的动能为（D ）口A. mgR B. ' mgR4 + M 4 + MC. = mgR D.mgR解析:A,B组成的系统机械能守恒.当A运动到最低点 D时,A下降的高度为hA=R+Rsin 450 ,B上升的高度为 hB=Rsin 45 ° ,则有2mgh-mghB=1 I2 2m“* +?m",

2、又 VaCOS 45 ° =VbCOS 45 ° ,14 +械B -2 小球B的动能为"“=2m" = mgR选项D正确.2、（多选）一质点做匀变速直线运动，先后通过P、Q N三点，如图所示，已知PQ= QNk 15 m,质点通过PQ的时间t1=3 s ,通过QN的时间t2=2 s ,则下列说法中正确的是（）F?。2A.此质点运动白加速度为1 m/sB.此质点通过 P的速度为3.0 m/sC.此质点通过Q的速度为6.5 m/sD.此质点通过Q的速度为6.0 m/s12解析：选AC.设质点加速度为 a,经过P点时速度为vp, XP PQ段有x=VPt1 +

3、 2at1,对PN段.12 2 一有 2x = vp（t 1 +12） + 2a（t 1+12）,联立并代入数据解得vp= 3.5 m/s , a= 1 m/s ,则 vq= vp+ at i,代入数据解得 vq= 6.5 m/s ,所以选项 A、C正确.3、如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A木板B受到随时间t变化的水平拉力 F作用时，用传感器测出木板 B的加速度a,得到如图乙所示的 aF 图象，g取10 m/s 2,则（）A.滑块A的质量为4 kgB.木板B的质量为1 kgC.当F= 10 N时木板B的加速度为4 m/sD.滑块A与木板B间的动摩擦因数为 0.1【

4、答案】BC【解析】由图知，当 F= 8 N时，加速度为：a = 2 m/s2,对整体分析：F=（ra+ na）a,解得:一 g 田/gmA+rnB= 4 kg,当F大于8 N时，A、B发生相对滑动，对B有：a=mB = mB F- %由图本图象可知，图线的斜率： k=湘8 = AF =1,解得：ms= 1 kg ,滑块A的质量为：mA =3 kg。当a=0时，F= 6 N,代入解得科=0.2 ,故A、D错误，B正确；根据F=10 N>8 N£二,叫g 1%时，滑块与木板相对滑动，B的加速度为：aB= a=mB =溶避F科用R g = （1 X10 0.2X30） m/s 2=4

5、 m/s2。故 C正确。A以初速度V。滑到上表面粗糙的水平小车A与小车B的v t图象，由此可知（）上，车与水平面间的动摩擦因数不计；乙图为物体4、（多选）如图所示，甲图表示的光滑平台上，物体，3 -J居甲乙A.小车上表面长度B.物体A与小车B的质量之比C. A与小车B上表面的动摩擦因数D.小车B获得的动能解析：选BC.由图象可知，AB最终以共同速度vi匀速运动，不能确定小车上表面长度，故 A,mAvi .,错误；由动量守恒定律得，mAVo= （mA+ nm）vi,解得一=,故可以确定物体 A与小车 BmB V0 Vi1的质量之比，故B正确；由图象可以知道 A相对小车B的位移Ax = Voti,

6、根据能量守恒得：1 O 1mg A x = 2mAV02（mA+ m）vi,根据B中求得质重关系，可以解出动摩擦因数，故 C正确；由于小车B的质量不可知，故不能确定小车B获得的动能，故 D错误.故选BC.5、如图所示，电源电动势为E,内阻为r.电路中的R,R3分别为总阻值一定的滑动变阻器，R。为定值电阻，Ri为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小 ）.当开关S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态.有关下列说法中正确的是（A ）A.只逐渐增大Ri的光照强度，电阻R消耗的电功率变大，电阻R中有向上的电流B.只调节电阻 R的滑动端P2向上端移动时，电源消耗的功率变大，电阻R中有向上的电流C.只

7、调节电阻 R的滑动端Pi向下端移动时，电压表示数变大，带电微粒向下运动D.若断开开关S,电容器所带电荷量变大，带电微粒向上运动解析：只逐渐增大Ri的光照强度，Ri的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，电阻R消耗的电功 率变大，滑动变阻器两端的电压变大，电容器两端的电压增大，电容器下极板带的电荷量变大所以电阻R中有向上的电流，故A正确；电路稳定时，电容器相当于开关断开，只调节电阻 R 的滑动端P2向上端移动时，对电路没有影响，故B错误；只调节电阻R的滑动端Pi向下端移动U时，电容器并联部分的电阻变大，所以电容器两端的电压变大，由E可知，电场力变大，带电微粒向上运动，故C错误;6、（20i7 北京市

8、丰台区二才若断开开关S,电容器处于放电状态，电荷量变小，故D错误.莫）关于玻尔建立的氢原子模型，卜列说法正确的是（）A.氢原子处于基态时，电子的轨道半径最大B.氢原子在不同能量态之间跃迁时可以吸收任意频率的光子C.氢原子从基态向较高能量态跃迁时，电子的动能减小D.氢原子从基态向较高能量态跃迁时，系统的电势能减小解析：选C.氢原子处于基态时，电子白轨道半径最小，故 A错误；由h v =Em En知氢原子 在不同能量态之间跃迁时只可以吸收特定频率的光子，故B错误；氢原子从基态向较高能量态跃迁，电子距离氢原子核的距离增大，匀速圆周运动的半径增大，线速度减小，动能减小，C正确；氢原子从基态向较高能量态

9、跃迁时，电子距离氢原子核的距离增大，电场力做负功，电势能增大，D错误.7、如图甲所示，一台线圈内阻为2 Q的小型发电机外接一只电阻为10 Q的灯泡，发电机内匀强磁场的磁感应强度为 “2T,线圈的面积为 0.01 m2,发电机正常工作时灯泡的电流i随时兀间t变化的正弦规律图象如图乙所示.下列说法正确的是（）01听甲A. t = 0.05 s时，穿过线圈的磁通量为零B. t = 0.05 s时，理想交流电压表的示数为30 VC.发电机内线圈的匝数为240D.发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为9 J解析：选AB.由图乙可知t=0.05 s时，发电机的输出电流为最大值，此时线圈平面与中性 面垂直，磁通

10、量为零，A正确.由图乙可知电流的有效值I=3 A,理想交流电压表的示数 U= 3X10 V= 30 V, B项正确.由图乙可知，电流最大值为3成A,则发电机产生的感应电动势最大值 Em= nBSco=（2 Q +10 0）X3* A =36/2 V ,又 B= T, S= 0.01 m2, co=g兀I=10 兀 rad/s ,得 n= 360, C项错误.Q= 32X2X1 J = 18 J , D项错误.8、如图，在绕地运行的天宫一号实验舱中，宇航员王亚平将支架固定在桌面上，摆轴末端 用细绳连接一小球.拉直细绳并给小球一个垂直细绳的初速度，它沿bdac做圆周运动.在a、b、c、d四点时（d

11、、c两点与圆心等高），设在天宫一号实验舱中测量小球动能分别为画、圆、座I、国，细绳拉力大小分别为 国、四、四、四，阻力不计，则（）a. F皿>l % ' I 产一 >| 画B.若在c点绳子突然断裂，王亚平看到小球做竖直上抛运动= '= :=:D.若在b点绳子突然断裂，王亚平看到小球做平抛运动【来源】【全国百强校】河北省衡水中学2018届高三二十模考试(B)物理试题【答案】 C【解析】A、在绕地运行的天宫一号实睑舱中j小球处于完全失重状态,由绳子的拉力提供向心力，小球做匀速圆周运动,则有曷=&b$=G.故A错误口 C、完全失重时，只有绳的拉力提供向心力公式T=

12、F=m 队八皿都不变，小球的向心力大小不变，则有：冷界=界=从 故C正确。& D、在£点或。点绳断，小球只有沿着圆周的切线方向的速度，而没有力提供向心力，故做离心运动且沿切线方向 做匀速直线运动，故仄D均错误。敌选J【点睛】解答本题要抓住小球处于完全失重状态，由绳子的拉力提供向心力， 再根据向心力公式分析即可.二、非选择题如图所示，某小型水电站发电机的输出功率为10 kW输出电压为400 V,向距离较远的用户供电，为了减少电能损失，使用2 kV高压输电，最后用户得到220 V,9.5 kW 的电力，求：升缶变压器降压顿器(1)升压变压器原、副线圈的匝数比ni ：年;(2)输电线路导线的总电阻 R; 降压变压器原、副线圈的匝数比n3 : n4.解析：(1)升压变压器的原、副线圈的匝数比为% Ui 400 I%”刀而5 .p 1