崆峒区高级中学2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理

1、峪恫区高级中学2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理班级座号姓名分数一、选择题1 .如图所示，磁场方向竖直向下，通电直导线ab由水平位置1绕a点在竖直平面内转到位置2的过程中,通电导线所受安培力是第3页，共18页r为电源内阻，以下说法正确的是现将A、B间轻绳剪断，则两小球开始摆动，最大速度分别为 法中正确的是A.数值变大，方向不变B.数值变小，方向不变C.数值不变，方向改变D.数值，方向均改变2 .如图1所示，电为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，A.当R2=B+r时，R2上获得最大功率B.当Ri=Rz+r时，电上获得最大功率C.当R2增大时，电源的效率变大D.当R2=0时

2、，电源的输出功率一定最小3 .如图所示，质量分别为mA和mB的两小球用轻绳连接在一起，并用板上，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为6VA和VB,最大动能分别为EkA和EkB,则下列说A.mB>mAB.轻绳剪断时加速度之比为tan9i:tan2C. VA<VbD. EkA>EkB以下说法4.如图，电梯的顶部挂有一个弹簧测力计，其下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧测力计的示数为10N,在某时刻电梯中相对电梯静止不动的人观察到弹簧测力计的示数变为8N,g取10m/s2,正确的是2A.电梯可能向下加速运动，加速度大小为2m/s2B.电梯可能向下减速运动，加速

3、度大小为12m/sC.此时电梯对人的支持力大小等于人的重力大小D.此时电梯对人的支持力大小小于人对电梯的压力图象如图5.甲、乙两汽车在某平直公路上做直线运动，某时刻经过同一地点，从该时刻开始计时，其所示。根据图象提供的信息可知（）A.从t=0时刻起，开始时甲在前，6s末乙追上甲B.从t=0时刻起，开始时甲在前，在乙追上甲前，甲、乙相距最远为12.5mC.8s末甲、乙相遇，且距离t=0时的位置45mD.在04s内与46s内甲的平均速度相等A、6.（多选）如图所示，一个圆形框架以竖直的直径为转轴匀速转动，在框架上套着两个质量相等的小球B,小球A、B到竖直转轴的距离相等，它们与圆形框架保持相对静止，

4、则下列说法正确的是：A.小球A的合力小于小球B的合力B.小球A与框架可能没有摩擦力C.小球B与框架可能没有摩擦力D.增大圆形框架的角速度，小球B受到的摩擦力可能增大7,对下列物理公式的理解，说法正确的是:A由公式由速度的变化量Av和时问f决定第5页共18页B由公式a=F/m可知，加速度a由物体所受合外力F和物体的质量m决定C由公式E=F/q可知，电场强度E由电荷受到的电场力F和电荷的电量q决定D由公式R=U/I可知，电阻R由电阻两端的电压U和通过电阻的电流I决定8. 如图所示，物块A、B叠放在粗糙的水平桌面上，从零开始缓慢增大的水平外力F作用在B上，使A在B上的运动情况分为三段：0ti有时间内

5、A、B都保持静止，tit2时间内A、B保持相对静止一起加速，t2t3时间段内A、B之间发生相对运动。下列说法正确的是（设A、B之间的摩擦力为fi,B与水平桌面间的摩擦力为f2）A.ti时刻后A一直做匀加速运动，t2时刻后B一直做匀加速运动B. fi一直变大，f2始终不变C. 0ti时间fi为零，tit2时间fi逐渐增大，t2t3时间fi不变D.0ti时间f2一直增大，tit3时间段内f2不变9. （20i6河南开封模拟）如图所示，倾角为0=30°的光滑绝缘斜面处于电场中，斜面AB长为L,一带电荷量为+q、质量为m的小球，以初速度vo由斜面底端的A点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端时速度仍

6、为V0,则（）A.小球在B点时的电势能一定大于小球在A点时的电势能B.C.D. 荷A、B两点之间的电势差一定为喏4q若该电场是匀强电场，则电场强度的值一定是定是正电10.甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶。在t=0到1工1的时间内，它们的v-t图像如图所示在这段时间内若该电场是由放在AC边中垂线上某点的点电荷A汽车甲的平均速度比乙大B汽车乙的平均速度等于乙C甲乙两汽车的位移相同D汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大11.如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN,P点在y轴的右侧，MPLON,则（）A.M点的电势比P点的电势

7、高B.将负电荷由。点移动到P点，电场力做正功C.M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D.在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动12 .在光滑的水平面上，有两个静止的小车，车上各站着一个运动员.两车（包含负载）的总质量均为M.设甲车上的人接到一个质量为m,沿水平方向飞来的速率为V的蓝球；乙车上的人把原来在车上的同样的蓝球沿水平方向以速率V掷出去，则这两种情况下，甲、乙两车所获得的速度大小的关系是（以上速率都是相对地面而言）（）A. V甲V乙B. V甲v V乙C. V甲=V乙D .视M、m和V的大小而定13 .如图所示，让平行板电容器带上一定的电量并保持不变，利用静电计可以探

8、究平行板电容器电容的决定因素及决定关系，下列说法正确的是A.静电计指针张角越大，说明电容器带电量越大B.静电计指针张角越大，说明电容器的电容越大C.将平行板间距离减小，会看到静电计指针张角减小D.将平行板间正对面积减小，会看到静电计张角减小14.如图所示，一块橡皮用细线悬挂于。点，现用一支铅笔贴着细线的左侧水平向右以速度v匀速移动，运动过程中保持铅笔的高度不变，悬挂橡皮的那段细线保持竖直，则在铅笔未碰到橡皮前，橡皮的运动情况是A.橡皮在水平方向上做匀速运动B.橡皮在竖直方向上做加速运动C.橡皮的运动轨迹是一条直线D.橡皮在图示虚线位置时的速度大小为8+115.关于磁感应强度B的概念，下面说法中

9、正确的是（）A.由磁感应强度的定义式B=,可知，磁感应强度与磁场力成正比，与电流和导线长度的乘积成反比B. 一小段通电导线在空间某处不受磁场力的作用，那么该处的磁感应强度一定为零C. 一小段通电导线放在磁场中，它受到的磁场力可能为零D.磁场中某处的磁感应强度的方向，跟电流在该处所受磁场力的方向可以不垂直二、填空题16.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡的规格为“2.0V,0.5A”。备有下列器材：A.电源E（电动势为3.0V,内阻不计）B.电压表Vi（量程0-3V,内阻约以门）C.电压表%（量程0-15V,内阻约他0）D.电流表A（量程0-3A,内阻约0.1C）E.电流表A2（量程

10、0-0.6A,内阻约0.60）F.滑动变阻器/（0-波，3.0A）G.滑动变阻器飞（0-2Og,1.25A）H.开关和若干导线为了尽可能准确地描绘出小灯泡的伏安特性曲线，请完成以下内容。（1）实验中电压表应选用,电流表应选用,滑动变阻器应选用（请填写选项前对应的字母）测量时采用图中的图电路（选填“甲”或“乙”）。（2）图丙是实物电路，请你不要改动已连接的导线，把还需要连接的导线补上。(3)某同学完成该实验后，又找了另外两个元件，其中一个是由金属材料制成的，它的电阻随温度的升高而增大，而另一个是由半导体材料制成的，它的电阻随温度的升高而减小。他又选用了合适的电源、电表等相关器材后，对其中的一个元

11、件进行了测试，测得通过其中的电流与加在它两端的电压数据如下表所示：U/V0.400.600.801.001.201.501.60I/A0.200.450.801.251.802.813.20请根据表中数据在图丁中作出该元件的I-U图线；该元件可能是由(选填“金属”或“半导体”)材料制成的。17 .如图1所示，宽度为d的竖直狭长区域内(边界为Li、L2),存在垂直纸面向里的匀强磁场和竖直方向上的周期性变化白电场(如图2所示)，电场强度的大小为E。，E>0表示电场方向竖直向上。t=0时，一带正电、质量为m的微粒从左边界上的N1点以水平速度v射入该区域，沿直线运动到Q点后，做一次完整的圆周运动

12、，再沿直线运动到右边界上的N2点。Q为线段N1N2的中点，重力加速度为go上述d、E。、m、v、g为已知量。(1)求微粒所带电荷量q和磁感应强度B的大小；(2)求电场变化的周期T;(3)改变宽度d,使微粒仍能按上述运动过程通过相应宽度的区域，求T的最小值。fc-i-ii i 1- I i- I i- B X xxxq XLIfx x K;芝 X XX X K 乂Jr I 一pl ix X X xfx X4 LIL.18 .质量为mi=2kg的干电绝缘球A,在光滑水平面上，从无限远处以初速度10m/s,向另一个固定在水平面上带同号电荷的绝缘球B靠近，B球的质量为m2=3kg,在它们相距到最近时，

13、总的动能为J,它们具有的电势能为J。三、解答题19 .如图所示，ABCD为边长为2a的正方形，。为正方形中心，正方形区域左、右两对称部分中分别存在方向垂直ABCD平面向里和向外的匀强磁场。磁场方向射入左侧磁场区域，速度方向与一个质量为加、电荷量为q的带正电粒子从B点处以速度v垂直BC边夹角为15°,粒子恰好经过O点，已知cos15。=也土2，4粒子重力不计。x*kw第19页，共18页（1）求左侧磁场的磁感应强度大小；（2）若粒子从CD边射出，求右侧磁场的磁感应强度大小的取值范围。20.发电机和电动机具有装置上的类似性，源于它们机理上的类似性。直流发电机和直流电动机的工作原理可以简化为

14、如图1、图2所示的情景。MN图I图2在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，两根光滑平行金属轨道MN、PQ固定在水平面内，相距为L,电阻不计。电阻为R的金属导体棒ab垂直于MN、PQ放在轨道上，与轨道接触良好，以速度v（v平行于MN）向右做匀速运动。图1轨道端点MP间接有阻值为r的电阻，导体棒ab受到水平向右的外力作用。图2轨道端点MP间接有直流电源，导体棒ab通过滑轮匀速提升重物，电路中的电流为I。（1）求在At时间内，图1“发电机”产生的电能和图2“电动机”输出的机械能。（2）从微观角度看，导体棒ab中的自由电荷所受洛伦兹力在上述能量转化中起着重要作用。为了方便，可认为导体棒中的自由电荷为

15、正电荷。a.请在图3（图1的导体棒ab）、图4（图2的导体棒ab）中，分别画出自由电荷所受洛伦兹力的示意图。b.我们知道，洛伦兹力对运动电荷不做功。那么，导体棒ab中的自由电荷所受洛伦兹力是如何在能量转化过程中起到作用的呢？请以图2“电动机”为例，通过计算分析说明。XXXXXXXNX乳*MXX5cB翼KKx0XKK*6XXXXXMXXXXMXXKXXXXXXXXXXXXXXX就XXXXXX箕XXXXXB其KMMMKMXK*XX图3004受力如图峪恫区高级中学2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理（参考答案）一、选择题1 .【答案】B【解析】安培力F=BIL,电流不变，垂直直导线的有

16、效长度减小，安培力减小，安培力的方向总是垂直BI所构成的平面，所以安培力的方向不变，B正确。2 .【答案】AC3 .【答案】AT.对A球分析【解析】试题分析：未剪断细绳时两球都处于平衡状态，设两球间的水平细绳的拉力大小为由平衡条件得：T=mAgtan4,同理，对B球有：T=mBgtan%,则得mAgtanai=mtgtan%,因日片%，故mA<mb,A正确.轻绳剪断时加速度之比为aA:aB=叫驼"":mBgsi2=sind:sin日2,B错误；两mAmB12一球摆到最低点时速度最大，动能最大.根据机械能守恒得：A球有mAgLA（1-coSi）=m义得Va=：2gLA（

17、1-cos4）同理对B可得Vb=2gLB（1CoH）,由图知：La>Lb,句>与，故Va>Vb,= m)BgLB(1 COS02 ),由图知:_12一._12C错误；最大动能EkA=EaVa=mAgLA1cos»,EkBmBVB22La>Lb,4>°2,但mk<mB,EkA不一"定大于EkB,D错误.选A.【点睛】未剪断细绳时两球都处于平衡状态，由平衡条件列式，得到水平绳的拉力与质量的大小，从而得到两球质量关系.将A、B间轻绳剪断瞬间，由牛顿第二定律求加速度之比，两小球摆动过程中，机械能守恒，到达最低点时的速度，根据机械能守恒定

18、律列式，分析最大速度的大小.4 .【答案】A【解析】AB、电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N,知重物的重力等于10No弹簧测力计的示数变为8N时，对重物有：mg-F=ma,解得a=2m/s2,方向竖直向下，则电梯的加速度大小为2m/s2,方向竖直向下。电梯可能向下做加速运动，也可能向上做减速运动。故A正确，B错误；C、由于加速度方向竖直向下，人处于失重状态，电梯对人的支持力大小小于人的重力大小，C错误；D、电梯对人的支持力与人对电梯的压力是作用力与反作用力，大小相等，D错误。故选A。5 .【答案】B【解析】【解析】AC二由图象与坐标轴围成面积表示对应位移可得。区甲前进的距离x4+x2xl

19、Om=4Om5r2206s乙前进的距离2=5x6m=30m；t=0时刻甲、乙经过同一地点，故“末乙未追上甲5故人错误。甲停止后乙才追上甲，追上点离出发点40m；所需时间±=±=当=卬故C错误。眩5B：r=o时刻甲、乙经过同一地点，此后甲的速度先比乙大，敌甲先领先乙，当两者速度相等（？5Q时，两者之间的距离出现极大值。由v-t图象与坐标轴围成面积表示对应位移可得：Of内乙比甲多运动的位移为品内两者图象围成的小三再形面积,即&1al相=12.5胞,故B正确申jLrD：O4e内甲的平均速度为M=%；"=°雨/j=7.5m/s,465内甲的平均速度畛=1

20、°+0册/sb=5m/J3故D错误0226 .【答案】CD【解析】【解析】，当受到的合力充当向心力？因为到竖直转轴的距离才,所以两小球的速度大小才弹p半径相产同，根据公式用=用上，两小球受到的合力大小相等,匈错误；d忖4受到的重力竖直向F,受到的支1rr持力垂直该点酬切线方向指向圆况政两个力的合力不可自浒旨向竖直转轴，所以一定等U摩擦力作用？小球B受到竖直向下的重力1受到的垂直谈点切线方词旨向降。的支持力，合力可宣睛旨向竖直转轴？所以B可箭不受I®拿力作用,B错误C正确j因为B可能不受摩擦力作用，所以无法茅斯摩擦力变化,故D错1口陕中7 .【答案】B8 .【答案】CD甯JC

21、D在“人时间内,由于两者濯二河好地召卦正，所以F=工，增大：烤月分析，由于在水平方向上没有其他外力,所以摩擦力为掌，即工=0;改时同内，两者刘好静止一起加班运动，即工为动弹榛力，商工二出（+吗）g,所以工一定，桁型缶由牛第二定漫可如F工=生（g+的）明白埒大，后H宵£二网口，研以工墟大，两者在这一段时间内交变前江运劫；1,右外间向5之间发生龙W运动，AM啊g在B磬讷动摩擦力的作圮下和造运动.力二的啊处一定，a=rkJ-=ZA£,为定使，即做勺於注支然吗运动：然3分析，=用网+啊1g,一宅，也牛顿菖二1£生可招厂一工一工=（妁+吗）生，如W度运看尸的原大石帽大，散变

22、加速运动，所以AB指误,CD正式：9 .【答案】B【解析】【名师解析】对小球进行受力分析可知，小球受重力、支持力和电场力作用，由功能关系及能量守恒定律可知,由火点到B点的过程中，重力做员功，重力势能增大，电场力做正功，电势能减小，合外力做的功为零，动能不变。小球在A点时的电势能大于在R点时的电势能：A错误$由动能定理可知，仪5-鹏血40,可求得力、3两点之间的电势差为鬻jB正确4由千不知道电场方向，因此不能确定电场强度的改小，C错误：由于电场力做正功，而场源电荷位置不同，做功结果也不同，故D错误。10 .【答案】A11 .【答案】AD12 .【答案】B13 .【答案】C【解析】因平行板电容器上

23、带的电量保持不变，故选项A错误；电容器的电容与两板带电量及电势差无关，eS故选项B错误；根据C=7T；可知，将平行板间距离减小，则C变大，因Q一定，根据Q=CU可知，U变小,4冰1则会看到静电计指针张角减小，选项C正确；将平行板间正对面积减小，则C变小，因Q一定，根据Q=CU可知，U变大，则会看到静电计指针张角变大，选项D错误；故选C.eSQ点睛：对于电容器动态变化分析问题，关键根据电容的决定式C=：2和定义式C=工结合进行分析，同时要抓411kdU住不变量.14 .【答案】AB【解析】悬挂橡皮的细线一直保持竖直，说明橡皮水平方向具有和铅笔一样的速度，A正确；在竖直方向上，橡皮的速度等于细线收

24、缩的速度，把铅笔与细线接触的地方的速度沿细线方向和垂直细线方向分解，沿细线方向的分速度vi=vsin0,。增大，沿细线方向白分速度增大，B正确；橡皮的加速度向上，与初速度不共线，所以做曲线运动，C错误；橡皮在题图虚线位置时的速度匕=/布耳=入伍加四，D错误。15 .【答案】C二、填空题(7).半导体(5).16 .【答案】(1).B(2).E(3).F(4).甲【解析】(1)灯泡的额定电压为2.0V,则电压表选择B.由于灯泡的额定电流为0.5A,则电流表选择E.灯U2泡的电阻R=C=4G,为了便于测量，滑动变阻器选择F.灯泡的电流和电压从零开始测起，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻与电流表

25、内阻相当，属于小电阻，电流表采用外接法，即采用甲电路.(2)实物连线如图；(3)根据描点法得出该元件的I-U图线如图所示，由图线可知，电阻随着电流增大而减小，属于半导体材料成.点睛：本题考查了连接实物电路图、描点作图，确定滑动变阻器与电流表的接法是正确连接实物电路图的前提与关键，电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器应采用分压接法.17 .【答案】(附加题)(1)根据题意，微粒做圆周运动，洛伦兹力完全提供向心力，重力与电场力平衡,贝Umg=qE0微粒水平向右做直线运动，竖直方向合力为0.则mg+qEo=qvB联立得：q=B=Eov(2)设微粒从Ni运动到Q的时间为t1,作圆周运动的周期为t2,d

26、mV2贝U=vt1qvB=2%R=V2岂2Rd二v联立得：ti=2t22vg一d二v电场变化的周期T=t1+t2=+-2vg(3)若微粒能完成题述的运动过程，要求d±2R-2联立得：R=v2g设NiQ段直线运动的最短时间11min,由得11min,v2g2g因t2不变丁的最小值=6所+t2=(2兀+118 .【答案】0100三、解答题19 .【答案】（1）Bx=-（2）V<&<_42qaAqa【解析】(1)粒子从b点射入左侧磁场，运动轨迹如图1所示，SO1。为等边三角形，由几何关系可得轨迹半径气=屈,粒子在左侧磁场中运动有，“1III I(2)当右侧磁场磁感应强度大小与=8时，粒子从D点射出，运动轨迹如图2所示，这是粒子从CD边射出的最小磁感应强度，当磁感应强度增大时，粒子在右侧磁