九年级下数学模拟试题物理一模试卷(解析版)

1、中考物理一模试卷一、单项选择题共 20分1. 一节干电池的电压是A. 220 伏B. 36 伏2. 坦克装有宽大的履带是为了A 增大压强B 增大压力3将一根铜导线拉长，变大的是它的A 质量B 电阻4轮船从大海驶入黄浦江，所受的浮力将A .增大B .减小C .24伏D .1.5伏C .减小压强D .减小压力)C .密度D .横截面积)C .不变D .无法确定5通过实验研究得出“导体中的电流与导体两端电压关系的科学家是A 安培B 伏特C.瓦特D .欧姆6对于某一确定的导体，影响该导体电流大小的物理量是A .电压B .电荷量7教室里空气的质量最接近空气密度约为A 千克B . 10千克C.质量31.2

2、9 千克 /米 3)C. 100千克D .通电时间D. 1000千克8将电阻R与5欧的电阻并联后总电阻小于A . R 一定小于1欧C. R可能大于1欧9. 如下图，两个盛有等高液体的圆柱形容器1欧，以下判断正确的选项是B. R 一定大于1欧D. R不可能为1欧A和B，底面积不同Sa v Sb ，液体对容器底部的压强相等，现将甲球浸没在A容器的液体中，乙球浸没在 B容器的液体中，容A.甲球的质量小于乙球的质量 B .甲球的质量大于乙球的质量C. 甲球的体积小于乙球的体积D .甲球的体积大于乙球的体积10. 在图的电路中，电源电压保持不变，电键S由断开到闭合，关于电压表 V1与电压表V2示数的变化

3、情况判断正确的选项是A .V1表的示数变大，V2表的示数变大B .V1表的示数变小，V2表的示数变大C.V1表的示数变小，V2表的示数变小D .V1表的示数变大，V2表的示数变小二、填空题共25分11. 家庭电路中，日光灯、电视机等各用电器之间是 连接选填“串联或“并联；同时使用的用电器越多，电路的总电阻越 ，它们消耗的能量用 表测量。额定功率为1千瓦的用电器正常工作 5小时，耗电 度。12. 冰的密度为0.9X 103千克/米3,表示每立方米 为0.9X 103千克。当冰熔化成水时，其质量将，密度将，体积将 后三空均选填“变大、“不变或“变小。13物理知识在生活中有广泛的应用，如图a所示的装

4、置是利用 原理工作的；如图b是利用了 的知识；如图c中书包带做得宽大是利用了 知识。如图d所示的仪器是利用 原理来判断液体密度大小。a般埒<b喪氏蟲c辛包14某小灯泡上标有“2.0伏0.3安字样，接在电路中正常发光时，小灯两端的电压为 伏,该灯的实际电功率为 瓦，通电10秒，通过小灯灯丝横截面的电荷量为 库，电流做功为焦。15. 浸没在水中的物体，受到水对它向上、向下的压力分别为10牛、2牛，其受到浮力的大小为牛。增大物体在水中的深度，水对物体向上的压力将 ，物体受到的浮力将 后两空均选填“变大、“不变或“变小。16. 在图电路中，电源电压不变。电路中仅有一处故障，且只发生在电阻 R或灯

5、L上,电键S闭合后，至少有一个电表指针不发生偏转。请根据相关信息写出电表偏转情况及对应的故障17. 小徐同学用薄塑料袋、 广口杯、橡皮筋做了一个实验。他把一只薄塑料袋放入广口杯内，使塑料袋尽可能贴紧杯内壁，然后将袋口沿杯口向外翻过来，再用橡皮筋紧紧扎在杯口上，小徐同学想把塑料袋从杯内拉出不损坏塑料袋，请判断：小徐同学 选填“能或“不能将塑料袋从杯内拉出来，理由是 。三、作图题共8 分18重为2牛的小球漂浮在水面上，请在图中用力的图示法画出小球所受的浮力。M19如下图的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭 合电键S,向右移动滑动变阻器的滑片P,电流表示数变小。20.

6、 在图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号正确填进电路的空缺处。要求电键S闭合后，电流方向如图，电压表测电阻两端电压。四、计算题共27 分21. 浸在水中的物体排开水的体积为2X 103米3,求物体受到的浮力。22. 如图的电路中，R1的阻值为10欧，通过Ri的电流为1安。 求电阻R1两端的电压。 电键S闭合后，电流表 A的示数为1.5安，求通过R2的电流12。Ai23. 如图的电路中，电源电压保持不变，闭合电键后，电流表的示数为0.1安，电压表 V1的示数为1伏。 求电阻R1的阻值。 求R1的电功率。 在移动变阻器 R2滑片P的过程中，电压表V1的电压分别为Uo、5Uo时，电压表V2示数

7、与电流表示数的乘积相等，求电源电压。24. 水平地面上有一质量为 1千克的薄壁柱形容器， 另有一个质量为 4千克的圆柱体甲，甲的底面积是容器底面积的一半。容器中盛有水，将甲放入水中，分别测出甲放入容器前后，容器对水平桌面的压强p容、水对容器底部的压强 p水，如下表所示。求:容器对桌面、水对容器底压强甲放入前甲放入后19602450p 容帕24504410p水帕 圆柱体甲放入容器前水的深度。 容器的底面积。 I请判断甲在水中的状态并说明理由提示：漂浮、浸没、未浸没等n圆柱体甲的密度五、实验题共20分25. 在“探究物质质量与体积的关系实验中，为了得出普遍规律，要屡次测量不同体积同种物质的 1 ，

8、并选择 2 物质进行屡次实验。在“测定物质的密度实验中，需要测量的物理量是物体的3 与 4 。26如图的是“验证阿基米德原理实验，其中浮力大小用 测量；为实现实验目的，需将所测浮力大小与进行比拟。“探究液体内部压强与哪些因素有关的实验中，可以通过观察U形管压强计两边管中液面的 判断压强大小；将 U形管压强计放入不同液体中进行实验p盐水p水p煤油，看到的实验现象如图a、 b、 c, 可得出的结论是。27. 小佳同学做“用电流表、电压表测电阻实验，现有电源电压为2伏的整数倍且保持不变、电流表、电压表、滑动变阻器、待测电阻Rx、电键及导线假设干，所有元件均完好。他连接电路进行实验，闭合电键后，将变阻

9、器滑片从一端移动到另一端的过程中，发现电流表示数的变化范围为 0.2安0.58安，电压表示数相应的变化范围为4.0伏0伏。他思考分析后重新正确连接电路，且实验步骤正确。当变阻器滑片移动到中点附近位置时，电流表示数0.28安，电压表的示数如图。1 小佳同学在实验中使用的滑动变阻器的最大电阻为 欧，电源电压为 伏。2 请将下面表格填写完整。计算电阻时，精确到 0.1欧。物理量 电压 电流 电阻 实验序号伏安欧0.580.2 0.284P 、A03 15328. 小汇同学在欣赏节日小彩灯时发现，各小彩灯的连接方式虽然为串联，但是当其中一只灯丝熔断，其它彩灯却仍能发光，如图a，这是为什么呢？他仔细观察

10、灯泡的构造,如图b,灯丝和导电的支架相连，金属丝和玻璃珠并列连接在支架上，玻璃珠仅起固c 电路进行2A实验序号kt A乩实验，实验所用电源电压为7.5V，实验数据及现象记录如表:电压N0.3 17.电流/A0.0 0.10.10.2定支架的作用。为了弄清彩灯的内部构造，小汇取一只完好的彩灯，按图彩灯亮度不弱较亮 发光亮请依据上述信息完成以下问题:1连接好电路，电键闭合前,滑动变阻器滑片应滑到处选填“ a或b 。(3) 分析比拟表中实验序号 15的实验数据发现，每一次实验中彩灯两端的电压与通过彩灯的电流比值不同，由此可得出的结论是： 彩灯灯丝的电阻 ;其原因可能是 (4) 小明依据彩灯结构及实验

11、现象， 推测灯丝支架与金属丝之间有绝缘物质，依据是(5) 依据彩灯结构及实验现象，彩灯串接入实际电路中如图(a),当其中一只灯的灯丝熔断后其它彩灯却仍能发光，而彩灯内的玻璃珠仅起固定支架的作用，可以推测彩灯灯丝熔断后彩灯内的金属丝与支架之间是 的(选填“绝缘或“导通)。中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题共 20 分1一节干电池的电压是A 220 伏B36 伏C 24 伏D 1.5 伏【分析】 根据生活常识常见电压值解答此题。【解答】 解：一节干电池的电压为 1.5V 。应选： D 。【点评】 日常生活中所用的干电池电压为1.5V ，根据生活常识即可解答此题，此题是一道根底题。2坦

12、克装有宽大的履带是为了A 增大压强B 增大压力C.减小压强D 减小压力【分析】 减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时， 减小压力来减小压强。【解答】 解：坦克装有宽大的履带， 是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小坦克对 地面的压强，故 C 正确， ABD 错误。应选： C。【点评】掌握压强大小的影响因素， 利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。3 将一根铜导线拉长，变大的是它的A 质量B 电阻C.密度D 横截面积【分析】 1质量是物体本身具有的属性，决定于物体所含物质的多少；2影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积和温度。在材料和温度相同

13、时，长度 越长，横截面积越小电阻越大。3密度是物质本身的一种特性，决定于物质的种类、状态和温度，与物体形状无关；4密度和质量一定的圆柱，体积一定，高度变大，横截面积减小；【解答】 解：A、将一根铜导线拉长后，形状发生变化，但所含物质多少没有变化，所以质量不变，故A错误；B、将一根铜导线拉长后， 长度变长了，横截面积变小了，所以它的电阻变大了， 故B正确;C、 将一根铜导线拉长后， 形状发生变化，物质种类、状态和温度没有变化， 所以密度不变，故 C 错误；D、可以将铜导线看成圆柱体，将一根铜导线拉长后，长度变长了，体积不变，所以横截面 积变小了，故 D 错误；应选： B。【点评】 此题考查知识点

14、很多，是一道综合性题目，需要学生逐项仔细分析。 4轮船从大海驶入黄浦江，所受的浮力将A 增大B 减小C.不变D 无法确定【分析】 船在水中都为漂浮状态， 由物体的浮沉条件可知受到的浮力与轮船受到的重力的关 系；然后可知受到浮力的大小关系。【解答】 解：轮船从大海驶入黄浦江，因轮船始终处于漂浮状态，漂浮时浮力等于其重力， 轮船的重力不变，那么所受的浮力是不变的；应选： C。【点评】 此题考查物体的浮沉条件及阿基米德原理， 解题关键应注意轮船在水中的状态为漂 浮。5通过实验研究得出“导体中的电流与导体两端电压关系的科学家是A 安培B 伏特C.瓦特D 欧姆【分析】 通过导体的电流与导体两端电压成正比

15、， 与导体的电阻成反比， 这一规律最早由德 国科学家欧姆总结得出，这就是著名的欧姆定律。【解答】解：A、安培发现了安培定那么，故 A不符合题意；B、 伏特创造了伏特电池，故 B不符合题意；C、瓦特创造了蒸汽机，故 C不符合题意；D、 欧姆发现了欧姆定律，即通过导体的电流与导体两端电压成正比，与导体的电阻成反比，故D符合题意。应选： D 。【点评】 此题考查的是我们对物理学史的识记，属于根底知识，难度不大，容易解答6对于某一确定的导体，影响该导体电流大小的物理量是A .电压B .电荷量C.质量D .通电时间【分析】 对于某一确定的导体， 电阻一定，通过导体的电流与导体两端的电压成正比， 据此分析

16、选择。【解答】解:1 由欧姆定律可知，对于某一导体，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，所以对于某一确定的导体，通过导体电流大小决定于导体两端的电压，故A正确；2 导体电阻和电压决定了通过导体的电流大小，即在一定时间内通过导体横截面的电荷量的多少，电流的大小与质量无关，故BCD错误。【点评】 此题考查了电流定义式I =-应选：A。和欧姆定律公式1=八的理解与掌握，注意区分。K7教室里空气的质量最接近空气密度约为1.29千克/米 3A .千克B .10千克C. 100千克D 1000千克【分析】空气的密度，要知道教室中空气的质量，由公式m= p/知，需要估测教室的空间体积。【解答】 解：空气的

17、密度在 1.29kg/m3左右，教室的长、宽、高分别在8m、7m、3.5m左右，教室中空气的质量：m= pV = 1.29kg/m3x 8mx 7mx 3.5m= 252.84kg，故最接近 100kg。应选：Co【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。&将电阻R与5欧的电阻并联后总电阻小于1欧，以下判断正确的选项是A . R 一定小于1欧B. R 一定大于1欧C. R可能大于1欧D. R不可能为1欧【分析】电阻并联时相当于增大了横截面积，故越并越小，并联后的总电阻小于其中最小的一个。【解答】解：由

18、于并联后的总电阻小于其中最小的一个，所以，将5欧的电阻与另一个定值电阻R并联后，要使电路的总电阻小于1欧，那么另一只电阻可以大于或等于1欧，也可以小于1欧如5欧的电阻和0.8欧的电阻并联，其总电阻一定小于1欧。应选：Co【点评】了解并联电阻的规律， 知道电阻越并越小， 并联后的总电阻小于其中最小的一个是快速准确判断的关键。9 .如下图，两个盛有等高液体的圆柱形容器A和B，底面积不同Sa v Sb ，液体对容器底部的压强相等，现将甲球浸没在A容器的液体中，乙球浸没在 B容器的液体中，容器中均无液体溢出，假设此时液体对各自容器底部的压力相等，那么一定是A .甲球的质量小于乙球的质量B .甲球的质量

19、大于乙球的质量C.甲球的体积小于乙球的体积一，变形后可得F= pS；结合题D .甲球的体积大于乙球的体积【分析】液体的压强公式为 p = pgh；根据压强的定义式 p=目条件可做出增大的压力之间的关系；然后将增大的压力与液体的重力相联系，进而判断出两球体积之间的大小关系。【解答】解：开始时，液体对容器底部的压强相等；即Pa = Pb，深度h相同，根据液体的压强公式P= pgh可得容器内的液体密度 p相同;骨后来，浸没甲、乙球后，液体对各自容器底部的压力相等，即又Sa vSb, Pa = Pb,根据压强的定义式P=，变形后得F= PS;故有Fav Fb;Fa = Fb；可见B容器内增大的液体压力

20、小于 A容器内增大的液体压力，即Fb<A Fa ;根据 F = PS 得： PbSbvA paSa ;再根据 p= ph 得：hBSB v pgA hASA ;即厶 hBSB v hASA;即厶 Vb< Va；又因为增大的体积 V就等于球的体积，即厶V = V球；故有V乙v V甲；故D正确；C错误;由于两球的空心、实心情况不知，且两球的密度大小不知；故两球的质量大小关系不定；故AB错误；应选：D。明确题目中压强和压力的变化特点，抓住球的【点评】根据液体压强公式和压强的定义式,体积等于液面升高的体积；可做出判断。10. 在图的电路中，电源电压保持不变，电键V2示数的变化情况判断正确的

21、选项是S由断开到闭合，关于电压表 V1与电压表A .Vi表的示数变大，V2表的示数变大B .Vi表的示数变小，V2表的示数变大C.Vi表的示数变小，V2表的示数变小D .Vi表的示数变大，V2表的示数变小【分析】由电路图可知，电键 S断开时，Ri与R2串联，电压表 Vi测Ri两端的电压，电压 表V2测R2两端的电压；电键S闭合后，Ri和电压表Vi被短路，电路为R2的简单电路， 电压表V2测电源两端的电压，根据串联电路的电压特点可知V2示数的变化情况。【解答】 解：由电路图可知，电键 S断开时，Ri与R2串联，电压表 Vi测Ri两端的电压， 电压表V2测R2两端的电压；电键S闭合后，Ri和电压表

22、Vi被短路无示数，电路为 R2的简单电路，电压表 V2测电源两 端的电压，由电压表Vi有示数变为无示数可知，Vi表的示数变小，故 AD错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表 V2由测串联电路 R2两端电压变为测电源的电压可知，V2表的示数变大，故B正确、C错误。应选：B。【点评】此题考查了电路的动态分析，分清电键闭合和断开时电路的连接方式是关键。二、填空题共25分ii. 家庭电路中，日光灯、电视机等各用电器之间是并联 连接选填“串联或“并联;同时使用的用电器越多，电路的总电阻越小，它们消耗的能量用电能表 表测量。额定功率为i千瓦的用电器正常工作 5小时，耗电_5_度。【分析】i

23、 家庭电路中各用电器之间是并联的，用电器和控制本用电器的开关是串联的；2用电器并联相当于增大导体横截面积。3 电能表是测量电功的仪表，根据W = Pt求出用电器消耗的电能。【解答】 解：i 家中使用的各类用电器可以单独工作，互不影响，因此它们之间的连接是并联；2家庭电路中，家用电器是并联的，同时工作的用电器越多，横截面积越大，所以电阻就越小；3电能表可以测量用户消耗的电能；由可得，额定功率为1千瓦的用电器正常工作 5小时消耗的电能：W = Pt= 1kW x 5h= 5kW?h= 5 度。故答案为：并联；小；电能表； 5。【点评】此题考查了家庭电路中各用电器连接方式、并联电路的电阻的特点、 电

24、能表的作用以及电功的计算，要注意额定电压下用电器的功率和额定功率相等。12. 冰的密度为0.9x 103千克/米 3,表示每立方米 冰的质量 为0.9x 103千克。当冰熔化成 水时，其质量将 不变，密度将 变大，体积将 变小 后三空均选填“变大、“不 变或“变小。【分析】1 密度的物理意义是表示单位体积某种物质的质量；2 质量是指物体含有物质的多少，它是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变；3根据冰的密度小于水的密度，利用密度公式变形V=判断体积变化。P【解答】解：1冰的密度为0.9x 103千克/米 3,表示的意思是每立方米冰的质量为0.9x 103千克；2 当冰熔

25、化成水时，状态发生改变，但物质的多少没有变化，所以质量不变；3因为水的密度大于冰的密度，所以冰熔化成水后密度变大，质量不变，由公式V =千 可知，体积将变小。故答案为：冰的质量；不变；变大；变小。【点评】此题考查了对密度、质量概念的理解以及密度公式的应用。要对两个物理量有深刻的认识，质量是物体的属性，密度是物质的一种特性；并熟练应用密度的公式处理问题。13物理知识在生活中有广泛的应用，如图a所示的装置是利用连通器 原理工作的:如图b是利用了 大气压强 的知识：如图c中书包带做得宽大是利用了压强 知识。如图d所示的仪器是利用阿基米德 原理来判断液体密度大小。a舉闸b馥火蟲门 书包<d 计【

26、分析】1连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征。2大气压的应用主要是利用气压差产生的压力差，常见的有吸管吸饮料、吸盘吸玻璃、注射器吸药液、钢笔吸墨水、活塞式抽水机抽水等， 这类题目其实说“吸是不准确的， 应该说“压，是内外气压产生的压力差的“压的作用。3 减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时， 通过减小压力来减小压强。4密度计是用来测量液体密度的测量仪器，密度计在液体中漂浮，液体的密度越大，排开液体的体积越小。【解答】解：1 船闸的上游阀门翻开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门翻开时，下游和闸室构成连通器，因此如图a所示的装

27、置是利用连通器原理工作的；2先把酒精或其它药棉在罐内烧一下，罐内空气受热排出，此时迅速把罐扣在皮肤上，罐内的气体冷却后气压降低，小于外面的大气压，外面的大气压就将罐紧紧地压在皮肤上。因此如图b是利用了大气压强的知识；3如图c中书包带做得宽大是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，因此利用了压强知识；4 密度计的设计利用了物体的浮沉条件，让密度计在液体中漂浮，根据物体的浮沉条件可知，漂浮时F浮=G物，物体的重力不变，浮力就不变；根据阿基米德原理 F浮=p液gV排可知，液体的密度越大，密度计排开液体的体积就越小。因此如图d所示的仪器是利用阿基米德原理来判断液体密度大小。故答案为：连通器；大气压

28、强；压强；阿基米德。【点评】此题考查连通器原理、减小压强的方法、大气压的综合应用、物体的浮沉条件及其 应用，是一道综合性很强的题目，但总体难度不大，掌握根底知识即可正确解题。14某小灯泡上标有“ 2.0伏0.3安字样，接在电路中正常发光时，小灯两端的电压为丄0伏，该灯的实际电功率为0.6瓦，通电10秒，通过小灯灯丝横截面的电荷量为_3_库，电流做功为_6_焦。【分析】由灯泡的铭牌可知额定电压和额定电流，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等， 通过的电流和额定电流相等，根据P= UI求出实际功率，根据 Q= It求出通电10s内通过小灯灯丝横截面的电荷量，根据W = UIt = UQ求出电流做的功

29、。【解答】 解：因额定电压下灯泡正常发光，此时通过灯泡的电流和额定电流相等，所以，由灯泡的铭牌可知， 灯泡正常发光时，其两端的电压 U= 2.0V，通过的电流1 = 0.3A,该灯的实际电功率：P= UI = 2.0V X 0.3A = 0.6W；由1 = 2-可得，通电10s内通过小灯灯丝横截面的电荷量：Q= It = 0.3A X 10s= 3C,10s 内电流做的功： W = UIt = UQ = 2.0V X 3C = 6J。故答案为：2.0； 0.6； 3； 6。【点评】此题考查了电功率公式和电流定义式、电功公式的综合应用， 要注意用电器正常发光时的电压和额定电压相等。15. 浸没在

30、水中的物体，受到水对它向上、向下的压力分别为10牛、2牛，其受到浮力的大小为_8_牛。增大物体在水中的深度，水对物体向上的压力将变大，物体受到的浮力将不变(后两空均选填“变大、“不变或“变小)。【分析】(1)浸没在液体中的物体，液体对物体向上的压强大于向下的压强，向上的压力大于向下的压力，物体受到向上和向下的压力差的作用，这个压力差就是物体受到的浮 力；(2)根据F= pS可分析水对物体向上的压力；当物体所处的深度增加时，物体排开水的体 积不变，由阿基米德原理可知浮力变化情况。【解答】解：(1) 物体受到的浮力：F 浮=F 向上F 向下=10N - 2N = 8N ；(2) 根据p= pgh可

31、知，增大物体在水中的深度，液体压强增大，由卩=丄-可得F = pS,所 以水对物体向上的压力变大；(3) 当物体所处的深度增加时，V排不变，由F浮=p水V排g，可得物体受到的浮力不变。 故答案为：8;变大；不变。【点评】此题考查了学生对浮力产生的原因、阿基米德原理、同一直线上二力的合成的了解与掌握，注意同一直线上二力有同向和反向两种情况。16. 在图电路中，电源电压不变。电路中仅有一处故障，且只发生在电阻 R或灯L上,电键S闭合后，至少有一个电表指针不发生偏转。请根据相关信息写出电表偏转情况及对应的故障 假设只有电流表指针不偏转，那么电阻 R断路；假设只有电压表指针不偏转，那么电阻R短路;假设

32、电压表和电流表指针都不偏转，那么灯L断路。分别列举可能出现的 4种情况：灯泡断路、灯泡短路、电阻断路、电阻短路所发生的现象与题目比照，符合的即为可能出现的故障。【解答】解:由题知，电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R或灯L上，电键S闭合后，至少有一个电表指针不发生偏转； 如果灯泡断路，整个电路断路，那么电流表、电压表指针都不偏转，符合题意； 如果灯泡短路，电压表测量电源电压，电压表有示数，电流表测量通过电阻的电流，电流表也有示数；即两只电表的指针都会发生偏转，不符合题意； 如果电阻R断路，电流表无电流通过而无示数，电压表串联在电路中测量电源电压，电压表有示数，即只有电流表的指针不发生偏转，符合

33、题意； 如果电阻R短路，灯泡能够发光，电流表测量通过灯泡电流有示数，电压表被短路无示数，即只有电压表的指针不发生偏转，符合题意。综上所述，假设只有电流表指针不偏转，那么电阻R断路；假设只有电压表指针不偏转，那么电阻R短路；假设电压表和电流表指针都不偏转，那么灯L断路。故答案为：假设只有电流表指针不偏转，那么电阻R断路；假设只有电压表指针不偏转，那么电阻R短路；假设电压表和电流表指针都不偏转，那么灯L断路。【点评】此题根据题目列举可能的所有故障，根据可能出现的现象与题目比拟，相符合的即为可能的故障。同学们要学会这种推理方法。17. 小徐同学用薄塑料袋、 广口杯、橡皮筋做了一个实验。他把一只薄塑料

34、袋放入广口杯内,使塑料袋尽可能贴紧杯内壁，然后将袋口沿杯口向外翻过来，再用橡皮筋紧紧扎在杯口上，小徐同学想把塑料袋从杯内拉出不损坏塑料袋，请判断：小徐同学不能 选填“能或“不能将塑料袋从杯内拉出来， 理由是 塑料袋贴紧杯内壁一侧接近真空， 而塑料袋另一侧受到大气压的作用，这个作用力很大，所以在不损坏塑料袋的情况下很 难将其从杯内拉出来 。【分析】根据大气压强的存在解答此题。【解答】解：用橡皮筋把一个塑料袋紧紧扎在广口瓶的瓶口上，把塑料袋轻轻地推进广口瓶,瓶内的气压会变小，小徐同学不能将塑料袋从杯内拉出来，理由是塑料袋贴紧杯内壁一 侧接近真空，而塑料袋另一侧受到大气压的作用，这个作用力很大，所以

35、在不损坏塑料 袋的情况下很难将其从杯内拉出来。故答案为：不能；塑料袋贴紧杯内壁一侧接近真空，而塑料袋另一侧受到大气压的作用，这 个作用力很大，所以在不损坏塑料袋的情况下很难将其从杯内拉出来。【点评】此题考查大气压强的存在，为根底题三、作图题共8分18重为2牛的小球漂浮在水面上，请在图中用力的图示法画出小球所受的浮力。【分析】小球静止在水中，重力与浮力是一对平衡力，根据平衡力的条件，重力大小和方向即可知浮力大小和方向。再按照力的图示要求画出这个力。【解答】解：因为重力与浮力是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，由重力的大小和方向可知，浮力的大小为2N，方向竖直向上，作用点在小球重心

36、，设标度为1N，如以下图所示：l2L| F =2N八【点评】作力的图示时，力的大小一定要能被标度整除，正确表示出力的大小、方向和作用点。19如下图的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭 合电键S,向右移动滑动变阻器的滑片P,电流表示数变小。【分析】由原图可确定电路的连接方式，根据向右移动滑动变阻器的滑片P,电流表示数变小，确定变阻器的连接；向右移动滑动变阻器的滑片 P,电流表示数变小，因并联电路互不影响，即通过灯的电流不变，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和，确定电流表的连接。【解答】解：根据原题的连线，灯与变阻不可能串联，故只能并联；向右移动滑动变阻器的 滑

37、片P,电流表示数变小，即电阻变大，故滑片以左电阻丝连入电路中与灯并联，电流 接在干路上，如下所示：【点评】此题考查根据要求连接实物图和并联电路电流的规律，关键是变阻器的连接和电路的连接确实定。有难度。20 在图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号正确填进电路的空缺处。要求电键S闭合后，电流方向如图，电压表测电阻两端电压。【分析】根据电压表应与被测用电器并联，电流表应与用电器串联， 电流方向是从电源正极出发回到负极。【解答】解：电压表测电阻两端电压，那么电压表应与电阻并联，由图知，左右两个空缺处不可能是电压表, 贝y电压表应在中间的空缺处；由图知，电阻和灯泡串联，电压表并联在电阻两端，左边 空

38、缺处的元件串联在电路中，所以左边空缺处应该是电流表，右边空缺处应该是电源，且电源的正极朝上，才能满足电流方向如图。电源的连接要求，弄清楚电压表的位置， 是解答此题的关键。四、计算题共27分21 浸在水中的物体排开水的体积为2X 103米3,求物体受到的浮力。【分析】知道物体排开水的体积和水的密度，禾U用阿基米德原理求物体受到的浮力。【解答】 解：物体受到的浮力：33 33F 浮=p 水 gV 排=1 X 10 kg/m x 9.8N/kg x 2 x 10 m= 19.6N。答：物体受到的浮力为 19.6N。【点评】 此题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。22. 如

39、图的电路中，R1的阻值为10欧，通过R1的电流为1安。 求电阻R1两端的电压。 电键S闭合后，电流表 A的示数为1.5安，求通过R2的电流12。【分析】(1)两电阻并联，根据欧姆定律求出Ri两端的电压，即为电源电压；(2)根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流。【解答】 解：(1)根据欧姆定律可知，电阻 Ri两端的电压：U1= I1R1 = 1A X 10 Q= 10V ;(2)由图知，两电阻并联，电流表测总电流，那么通过 R2 的电流：12 = I - 11= 1.5A - 1A = 0.5A。答：(1)电阻R1两端的电压为10V ;(2)通过R2的电流为0.5A。【点评】此题主要考查的是

40、学生对欧姆定律和并联电路电流特点的理解和掌握，难度不大。23. 如图的电路中，电源电压保持不变，闭合电键后，电流表的示数为0.1安，电压表 V1的示数为1伏。 求电阻R1的阻值。 求R1的电功率。 在移动变阻器 R2滑片P的过程中，电压表V1的电压分别为Uo、5Uo时，电压表V2示数 与电流表示数的乘积相等，求电源电压。【分析】(1 )分析电路的连接，根据串联电路电流的规律由欧姆定律求电阻R仁(2) 根据P= UI求出R1的电功率；(3) 由欧姆定律分别求出两种情况下电路中的电流，根据串联电路的规律分别求出变阻器 分得的电压，结合 P= UI，由变阻器R2的电功率相等，列方程求电源电压。【解答

41、】解：(1)由图知，两电阻串联，电压表V1测R1的电压，电压表 V2测R2的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路电流的规律，通过Ri的电流1 = 0.1A ,由1 = *可得，电阻Ri的阻值：10Q;(2) Ri的电功率：P1= Ui| = 1V X 0.1A = 0.1W ；(3) 设电源电压为U，根据串联电路的规律，当电阻R1两端的电压分别为 Uo、5Uo,由欧姆定律可得，通过电路的电流分别为丨1=匹、12=由串联电路电压的规律，变阻器的电压分别为U- Uo, U - 5Uo,这两次电压表 V2示数与电流表示数的乘积相等，根据P= UI可知，这两次变阻器 R2的电功率相等，比 |5U0

42、故有：(U - Uo)x =( U - 5Uo)x 。R1旳解得：U = 6Uo。答：(1)电阻R1的阻值为10Q;(2) R1的电功率为0.1W;(3) 电源电压为6Uo。【点评】此题考查串联电路的规律及欧姆定律、电功率公式的运用，最后一问关键是根据变阻器消耗的功率相等列方程，表达了数学知识在物理中的运用。24. 水平地面上有一质量为 1千克的薄壁柱形容器， 另有一个质量为 4千克的圆柱体甲，甲 的底面积是容器底面积的一半。容器中盛有水，将甲放入水中，分别测出甲放入容器前 后，容器对水平桌面的压强 p容、水对容器底部的压强 p水，如下表所示。求：容器对桌面、水对容器底压强甲放入前甲放入后p容

43、(帕)2450441op水(帕)1960245o圆柱体甲放入容器前水的深度。容器的底面积。 I请判断甲在水中的状态并说明理由提示：漂浮、浸没、未浸没等n圆柱体甲的密度【分析】由表中数据，甲放入前水对容器底的压强，根据p= pgh求出圆柱体甲放入容器前水的深度； 容器对水平桌面的压力等于容器和水的重力之和，得出容器对水平桌面的压强，因为柱形容器，故水对容器底部的压力大小等于物体的重力，根据得出水对容器底部的压强，从而得出容器对水平桌面的压强和水对容器底部的压强差，从而得出容器的底面积； I由表中数据得出容器对桌面增加的压力与甲的重力大小相等得出没有水溢出；根据容器对桌面的压强增大量大于水对容器底

44、部的压强增大量，从而得出容器对桌面的压力增大量大于水对容器底部的压力增大量，容器对桌面增加的压力厶 F容即圆柱体甲的重力G甲，水对容器底部增加的压力 F水即圆柱体甲排开水的重力 G排水，由阿基米德原理和物体的浮沉条件，得出甲物体下沉在容器底部；由阿基米德原理求出甲排开水的体积，从而求出甲浸在水中的深度，由原来的水的就为 0.2m且甲一定沉在容器底部，可得出说明甲在水中一定是浸没的；?从而得出甲的体积。根据卩甲= 求出圆柱体甲的密度。【解答】解：由表中数据，甲放入前水对容器底的压强为：p 水=1960Pa,圆柱体甲放入容器前水的深度:1勺£讥i.6xio3kg/m3xs. aNAg容器

45、对水平桌面的压力等于容器和水的重力和:F容桌=G容器+G水，容器对水平桌面的压强：F咨宜 G容集4G*p 容=一-一=.； 因为柱形容器，故水对容器底部的压力大小等于物体的重力:F水容=G水，水对容器底部的压强:P水=故p容p水=由表中数据得出: 容器的底面积:=2X 102m2;Ikgxg.su/kg2450Pa-1960P3'(I)根据p=£，容器对桌面增加的压力： F = p 容 S=( 4410Pa- 2450Pa)X 2 X 102m2= 3.92N ,而甲的重力:G 甲=m 甲 g = 4kg X 9.8N/kg = 3.92N ,因 F= G 甲，故没有水溢出，

46、容器对桌面的压强增大量： p 容=1960Pa；水对容器底部的压强增大量： p 水=2450Pa - 1960Pa= 490Pa； p容厶p水，即厶p容SA p水S即厶F容4 F水，容器对桌面增加的压力厶 F容即圆柱体甲的重力 G甲，水对容器底部增加的压力F水即圆柱体甲排开水的重力G排水，由阿基米德原理，即圆柱体甲受到的浮力F浮甲，因G甲F浮甲，由物体的浮沉条件，甲物体下沉在容器底部；由阿基米德原理，甲排开水的体积：F 译 厶乘4 90PaX2X10"V3 3V 排=10 m ;Q 水吕 Q 水吕 1. ox 1 oJkg/mdx 9.8N故甲浸在水中的深度：h排=Vflf0. 5S

47、1孕1X1 o"V0.1m,而原来的水的就为 0.2m (不包括上升的高度)0.1m，且甲一定沉在容器底部，故说明甲在水中一定是浸没的;(?)甲在水中一定是浸没的，甲的体积等于排开水的体积:V 甲=10 3m3,圆柱体甲的密度：=4 x 103kg/m3。答：圆柱体甲放入容器前水的深度为0.2m ；容器的底面积为2x 102m2;(I)甲在水中的状态(H)圆柱体甲的密度【点评】此题考查液体压强公式，压力公式的运用及阿基米德原理、物体的浮沉条件和密度公式的运用，综合性强，难度较大。五、实验题(共20分)25. 在“探究物质质量与体积的关系实验中，为了得出普遍规律，要屡次测量不同体积同种

48、物质的 (1)质量，并选择 (2)多种 物质进行屡次实验。在“测定物质的密度 实验中，需要测量的物理量是物体的(3)质量 与 (4)体积。【分析】(1)应用控制变量法探究物质质量与体积的关系，要控制物质种类相同，比拟质量与体积的关系；为了探究规律应多测量几组实验数据，并且应测量不同种类的物质的质量与体积关系。(2 )根据公式p=+得，测定物质的密度，需要测量物体的质量和体积。【解答】 解：(1)在“探究物质质量与体积的关系实验中，要控制物质种类相同进行探究； 同时为了探究其规律性，应进行屡次实验，所以，同时应选用多种物质进行屡次实验;2 “测定物质的密度实验目的是：测量物体的密度；需要测量物体

49、的质量和体积, 根据密度公式p=求出物体的密度。故答案为：1质量；2多种；3质量；4体积。【点评】此题考查物质密度的探究过程，密度的特性是从实验得来的，因此还要求学生会设计实验、分析实验数据、得出实验结论。26如图的是“验证阿基米德原理实验，其中浮力大小用弹簧测力计 测量；为实现实验目的，需将所测浮力大小与排开液体的重力 进行比拟。“探究液体内部压强与哪些因素有关的实验中，可以通过观察U形管压强计两边管中液面的高度差判断压强大小;将U形管压强计放入不同液体中进行实验p盐水p水p煤油，看到的实验现象如图a、b、 c,可得出的结论是 深度相同时，液体密度越大，液体内部压强越大。【分析】1根据称重法

50、确定器材，根据阿基米德原理的目的答复。2将压强计塑料盒放入不同液体中进行实验，根据压强计的作用答复；由图找出控制不变的量和变化的量，根据转换法，根据U形管中液面的高度差判断液体压强的大小，高度差越小大，液体的压强越小大；分析图中现象得出结论。【解答】解：1 验证阿基米德原理的实验中，用称重法测浮力大小，根据F浮=G- F示求出浮力的大 小,用弹簧测力计测浮力的大小；为实现实验目的，即比拟物体所受的浮力大小与排开液体的重力的关系。2 “探究液体内部压强与哪些因素有关的实验中，可以通过观察U形管压强计两边管 中液面的高度差判断压强大小；由图知，压强计的塑料盒在液体中的深度是相同的，而液体的密度不同

51、；通过观察U形管中液面的高度差判断所受液体压强的大小关系，从左向右，液体密度变小，U形管液面的高度差变小，液体的压强变小，所以得出的结论是：深度相同时，液体压强与液体的密度有关；故答案为: 弹簧测力计；排开液体的重力；高度差；深度相同时，液体密度越大，液体内部压强越大。【点评】此题考查研究液体的压强与哪些因素有关及验证阿基米德原理的实验和控制变量法、 转换法的运用，表达了对过程和方法的考查。27.小佳同学做“用电流表、电压表测电阻实验，现有电源电压为2伏的整数倍且保持不变、电流表、电压表、滑动变阻器、待测电阻Rx、电键及导线假设干，所有元件均完好。他连接电路进行实验， 闭合电键后，将变阻器滑片

52、从一端移动到另一端的过程中，发现电流表示数的变化范围为 0.2安0.58安，电压表示数相应的变化范围为4.0伏0伏。他思考分析后重新正确连接电路，且实验步骤正确。当变阻器滑片移动到中点附近位置时，电流表示数0.28安，电压表的示数如图。1 小佳同学在实验中使用的滑动变阻器的最大电阻为_20_欧，电源电压为_6_伏。2 请将下面表格填写完整。计算电阻时，精确到 0.1欧。物理量 电压 电流 电阻实验序号伏安欧1 0.22 0.283 0.585.jo03 15*【分析】1根据“将变阻器滑片从一端移动到另一端的过程中，发现电流表示数的变化范围为0.2安0.58安，电压表示数相应的变化范围为4.0伏0伏确定电压表的连接及变阻器连入电路中的位置与对应的电流大小；由欧姆定律求出变阻器的最大电阻；根据重新正确连接电路，且实验步骤正确，可知电压表并联在待测电阻的两端，由电压表选用小量程确定分度可知当变阻器滑片移动到中点附近位置时，电流表示数0.28安对应的电压；由当变阻器的最大电阻连入电路中时，变阻器的电压为4.0V，根据分压原理，当变阻器滑片移动到中点附近位置时，变阻器的电压一定小于4V，根据串联电路电压规律，可知电源